物理卷·2018届广东省清远三中高二上学期第三次月考物理试卷 （解析版）

物理卷·2018届广东省清远三中高二上学期第三次月考物理试卷 （解析版）

‎2016-2017学年广东省清远三中高二（上）第三次月考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（共48分，每题4分；漏选得2分，多选、错选不得分，其中1-8为单选，9-12题为多选）‎ ‎1．一个不计重力的带正电荷的粒子，沿图中箭头所示方向进入磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则粒子的运动轨迹（　　）‎ A．可能为圆弧a B．可能为直线b C．可能为圆弧c D．a、b、c都有可能 ‎2．如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=2Ω，R3=3Ω，那么通过电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1：I2：I3为（　　）‎ A．1：2：3 B．3：2：1 C．2：1：3 D．3：1：2‎ ‎3．在通电螺线管内部有一点A，通过A点的磁感线方向一定是（　　）‎ A．从螺线管的N极指向S极 B．放在该点的小磁针北极受力的方向 C．放在该点的小磁针的南极受力的方向 D．无法确定 ‎4．如图所示，正电子垂直电场方向入射到匀强电场中，不计重力，正电子做（　　）‎ A．匀速直线运动 B．匀加速直线运动 C．向下偏转的曲线运动 D．向上偏转的曲线运动 ‎5．如图所示，矩形金属线框S与通有恒定电流的长直导线处在同一平面内．当S沿与导线平行的方向运动时，下列能正确反映穿过S的磁通量Φ随时间t变化的图象是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎6．一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（　　）‎ A．大于121Ω B．小于121Ω C．等于121Ω D．无法判断 ‎7．一块太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（　　）‎ A．0.10 V B．0.20 V C．0.30 V D．0.40 V ‎8．对电容C=，以下说法正确的是（　　）‎ A．电容器充电量越大，电容就越大 B．电容器的电容跟它两极所加电压成反比 C．电容器的电容越大，所带电量就越多 D．对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变 ‎9．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　）‎ A．粒子在M点速度小于在N点速度 B．粒子在M点电势能小于在N点电势能 C．M点的电势高于N点的电势 D．M点的电场强度大于N点的电场强度 ‎10．关于电场强度和电势的说法中，正确的是（　　）‎ A．两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，电场强度越来越小 B．两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点：电势均相等，中点电场强度最大，沿连线的中垂线向外，电场强度越来越小 C．在电场中a、b两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的电场强度一定为零 D．电场强度的方向就是电势降落晶快的方向 ‎11．如图所示，在～条直线上有两个相距0.4m的点电荷A、B，A带电荷量为+Q，B带电荷量为﹣9Q．现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷都处于平衡状态，则下列判断正确的是（　　）‎ A．在AB连线的延长线上A点左边，距A点0.2m处放一个正电荷 B．在AB连线之间﹣无论在什么地方、放什么电荷，都不可能使三个点电荷处于平衡状态 C．在AB连线的延长线上B点右边，距B点0.2m处放一个正电荷 D．在AB连线的延长线上A点左边，距A点0.2m处放一个负电荷 ‎12．如图所示，O是一固定的点电荷，另一点电荷P从很远处以初速度v射入点电荷0的电场，在电场力作用下的远动轨迹是曲线MN，a、b、c是以O为中心Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，它们之间间距相等，l、2、3、4为轨迹Ⅲ与三个圆的一些交点，以|W12|表示点电荷P由l到2的过程中电场力做的功的大小，|W34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（　　）‎ A．|W12|＞2|W34| B．|W12|=2|W34|‎ C．P、O两电荷可能同号 D．P、O两电荷一定异号 ‎　‎ 二、实验题（每空2分，共12分．请正确作图并将答案填在答卷卷题目中的横线上．）‎ ‎13．在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示，用米尺测出金属丝的长度L，金属丝的电阻大约为5Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．‎ ‎（1）从图甲中读出金属丝的直径为　　mm．‎ ‎（2）为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：‎ A．电压表0～3V，内阻10kΩ ‎ B．电压表0～15V，内阻50kΩ C．电流表0～0.6A，内阻0.05Ω ‎ D．电流表0～3A，内阻0.01Ω E．滑动变阻器，0～10Ω ‎ F．滑动变阻器，0～100Ω ‎①要求较准确地测出其阻值，电压表应选　　，电流表应选　　，滑动变阻器应选　　．（填序号）‎ ‎②实验中某同学的实物接线如图乙所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误．‎ 错误1　　‎ 错误2　　．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题含2题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）‎ ‎14．如图所示，水平放置的两平行金属板A、B接在U=4 000V的直流电源上，两极板间距离为2cm，A极板接地，电场中a点距B极板1cm，b点和c点均距A极板0.5cm，求：‎ ‎（1）a点的电场强度；‎ ‎（2）a、c之间的电势差；‎ ‎（3）电子在b点的电势能；‎ ‎（4）电子从a点运动到c点，电场力做的功．‎ ‎15．如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：‎ ‎（1）电子穿过A板时的速度大小；‎ ‎（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；‎ ‎（3）P点到O点的距离．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年广东省清远三中高二（上）第三次月考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共48分，每题4分；漏选得2分，多选、错选不得分，其中1-8为单选，9-12题为多选）‎ ‎1．一个不计重力的带正电荷的粒子，沿图中箭头所示方向进入磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则粒子的运动轨迹（　　）‎ A．可能为圆弧a B．可能为直线b C．可能为圆弧c D．a、b、c都有可能 ‎【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．‎ ‎【分析】带电粒子在磁场中药受到洛伦兹力的作用，根据左手定则可以判断正电荷的受力的方向．‎ ‎【解答】解：带正电的电荷在向里的磁场中向右运动，根据左手定则可知，粒子的受到的洛伦兹力的方向向上，所以粒子的可能的运动的轨迹为a，所以A正确．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎2．如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=2Ω，R3=3Ω，那么通过电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1：I2：I3为（　　）‎ A．1：2：3 B．3：2：1 C．2：1：3 D．3：1：2‎ ‎【考点】串联电路和并联电路．‎ ‎【分析】串联电路电流相等，并连电路电流与电阻成反比，先计算连个并联的电路中的电流表，再计算总电流．‎ ‎【解答】解：电阻R1、R2并联，电流之比为：I1：I2=R2：R1=2：1；‎ 两个并联电路电流之和等于第三个电阻的电流，故I1：I2：I3=I1：I2：（I1+I2）=2：1：3；‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎3．在通电螺线管内部有一点A，通过A点的磁感线方向一定是（　　）‎ A．从螺线管的N极指向S极 B．放在该点的小磁针北极受力的方向 C．放在该点的小磁针的南极受力的方向 D．无法确定 ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】小磁针N极受力方向为该点磁感线的方向，磁感线都是闭合的，外部磁感线由N极指向S极，而内部磁感线由S极指向N极．‎ ‎【解答】解：A、螺线管内部磁感线由S极指向N极，故磁感线方向应由S极指向N极；故A错误；‎ B、磁感线方向即磁场方向，磁场方向与小磁针N极受力方向是一致的，故B正确；‎ C、磁感线的方向为放在该点的小磁针N极受力方向，故C错误；‎ D、因B正确，故D错误；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎4．如图所示，正电子垂直电场方向入射到匀强电场中，不计重力，正电子做（　　）‎ A．匀速直线运动 B．匀加速直线运动 C．向下偏转的曲线运动 D．向上偏转的曲线运动 ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】分析正电子的受力情况来判断其运动情况，正电子带正电，所受的电场力与场强方向相同．‎ ‎【解答】解：AB、正电子带正电，所受的电场力与场强方向相同，即竖直向上，且电场力与初速度垂直，所以正电子做类平抛运动，是一种匀变速曲线运动，故AB错误．‎ CD、正电子所受的电场力向上，所以正电子做向上偏转的曲线运动，故C错误，D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示，矩形金属线框S与通有恒定电流的长直导线处在同一平面内．当S沿与导线平行的方向运动时，下列能正确反映穿过S的磁通量Φ随时间t变化的图象是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】磁通量．‎ ‎【分析】磁通量是穿过磁场中某一平面的磁感线的条数．当线圈面积不变，根据磁感线的疏密判断穿过线框的磁通量的变化．‎ ‎【解答】解：由题，通电直导线产生稳定的磁场，离导线越远磁场越弱，磁感线越疏；当S沿与导线平行的方向运动时，到电流的距离没有变化，所以穿过S的磁通量Φ不随时间t变化．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎6．一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（　　）‎ A．大于121Ω B．小于121Ω C．等于121Ω D．无法判断 ‎【考点】电阻率与温度的关系．‎ ‎【分析】正常发光时白炽灯泡灯丝的温度较高，电阻较大，当灯泡停止发光一段时间后，灯丝的温度降低，电阻变小．‎ ‎【解答】解：白炽灯泡灯丝是由金属材料制成的，当温度降低时，其电阻率减小，电阻变小，所以当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻小于121Ω．‎ 故选B ‎　‎ ‎7．一块太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（　　）‎ A．0.10 V B．0.20 V C．0.30 V D．0.40 V ‎【考点】电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据欧姆定律求出电流和路端电压．‎ ‎【解答】解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势E=800mV 由闭合电路欧姆定律得短路电流 I短=‎ 则电源内阻r==Ω=20Ω 该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流 I==mA=20mA 故路端电压U=IR=400mV=0.4V，故D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎8．对电容C=，以下说法正确的是（　　）‎ A．电容器充电量越大，电容就越大 B．电容器的电容跟它两极所加电压成反比 C．电容器的电容越大，所带电量就越多 D．对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变 ‎【考点】电容．‎ ‎【分析】电容器的电容由本身的性质决定，跟电容器两端所加的电压和所带的带电量无关．‎ ‎【解答】解：A、电容器的电容与所带电量和两端间的电压无关，由本身的性质决定．故A、B错误．‎ ‎ C、根据Q=CU，电容越大，带电量不一定大．故C错误．‎ ‎ D、对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎9．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　）‎ A．粒子在M点速度小于在N点速度 B．粒子在M点电势能小于在N点电势能 C．M点的电势高于N点的电势 D．M点的电场强度大于N点的电场强度 ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．‎ ‎【分析】由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向，电场力方向应指向轨迹的内侧，由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小；‎ 根据曲线弯曲的方向判断出电荷的正负，结合电势能的关系判断电势；‎ 由电场线的疏密判断场强大小．‎ ‎【解答】解：A、B、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度，故A正确，B错误；‎ C、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，与电场线的方向基本一致，可知粒子带正电；由于粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，正电荷在电势高处的电势能大，所以M点的电势高于N点的电势．故C正确；‎ D、M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小．故D错误．‎ 故选：AC ‎　‎ ‎10．关于电场强度和电势的说法中，正确的是（　　）‎ A．两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，电场强度越来越小 B．两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点：电势均相等，中点电场强度最大，沿连线的中垂线向外，电场强度越来越小 C．在电场中a、b两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的电场强度一定为零 D．电场强度的方向就是电势降落晶快的方向 ‎【考点】电场强度；电势．‎ ‎【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低．根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小．‎ ‎【解答】解：A、两个等量同种正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电场强度由零增大后减小，方向从中点指向外侧，电势越来越低，故A错误．‎ B、两个等量异种电荷的电场中，两电荷连线的中垂线有如下特征：中垂线为等势线，连线上各点的电势相等，中间电场线比较密，两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小，故B正确．‎ C、在电场中a、b两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，知a、b两点间的电势差为0，电场强度不为零，故C错误．‎ D、根据U=Ed知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确．‎ 故选：BD．‎ ‎　‎ ‎11．如图所示，在～条直线上有两个相距0.4m的点电荷A、B，A带电荷量为+Q，B带电荷量为﹣9Q．现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷都处于平衡状态，则下列判断正确的是（　　）‎ A．在AB连线的延长线上A点左边，距A点0.2m处放一个正电荷 B．在AB连线之间﹣无论在什么地方、放什么电荷，都不可能使三个点电荷处于平衡状态 C．在AB连线的延长线上B点右边，距B点0.2m处放一个正电荷 D．在AB连线的延长线上A点左边，距A点0.2m处放一个负电荷 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】A、B、C三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每个电荷都处于受力平衡状态，故根据库仑定律可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果．‎ ‎【解答】解：A、三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须为负电，在A的左侧．‎ 设C所在位置与A的距离为r，则C所在位置与B的距离为L+r，要能处于平衡状态，‎ 所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为q．则有：‎ ‎，‎ 代入数据解得：r=0.2m．‎ 对点电荷A，其受力也平衡，则有：，解得：，故AC错误，D正确．‎ B、在AB连线之间，无论在什么地方，该电荷所受的库仑力均指向同一方向，不可能平衡，故B正确．‎ 故选：BD．‎ ‎　‎ ‎12．如图所示，O是一固定的点电荷，另一点电荷P从很远处以初速度v射入点电荷0的电场，在电场力作用下的远动轨迹是曲线MN，a、b、c是以O为中心Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，它们之间间距相等，l、2、3、4为轨迹Ⅲ与三个圆的一些交点，以|W12|表示点电荷P由l到2的过程中电场力做的功的大小，|W34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（　　）‎ A．|W12|＞2|W34| B．|W12|=2|W34|‎ C．P、O两电荷可能同号 D．P、O两电荷一定异号 ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．‎ ‎【分析】根据2、3间和3、4间电场强度的大小关系，由公式U=Ed分析它们间电势差的关系，再分析电场力做功的大小．由轨迹可判定P、Q必定是异号．若P的初速度方向的延长线与O之间的距为零，点电荷将做直线运动．‎ ‎【解答】解：A、B、根据电场线的分布情况可知，2、3间的场强大于3、4间场强，由公式U=Ed分析得知，2、3间的电势差大于3、4间的电势差，所以1、2间的电势差大于3、4间电势差的2倍，即有|U12|＞2|U34|，由电场力做功公式W=qU得，|W12|＞2|W34|．故A正确，B错误．‎ C、D、由轨迹的弯曲方向可判定两电荷间存在引力，是异号电荷．故C错误，D正确．‎ 故选：AD ‎　‎ 二、实验题（每空2分，共12分．请正确作图并将答案填在答卷卷题目中的横线上．）‎ ‎13．在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示，用米尺测出金属丝的长度L，金属丝的电阻大约为5Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．‎ ‎（1）从图甲中读出金属丝的直径为　0.679　mm．‎ ‎（2）为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：‎ A．电压表0～3V，内阻10kΩ ‎ B．电压表0～15V，内阻50kΩ C．电流表0～0.6A，内阻0.05Ω ‎ D．电流表0～3A，内阻0.01Ω E．滑动变阻器，0～10Ω ‎ F．滑动变阻器，0～100Ω ‎①要求较准确地测出其阻值，电压表应选　A　，电流表应选　C　，滑动变阻器应选　E　．（填序号）‎ ‎②实验中某同学的实物接线如图乙所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误．‎ 错误1　导线连接在滑动变阻器的滑片上　‎ 错误2　采用了电流表内接法　．‎ ‎【考点】测定金属的电阻率．‎ ‎【分析】（1）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读．‎ ‎（2）①两节干电池电动势共为3V，为减小读数误差，选小量程电压表；根据欧姆定律，电流不超过0.6A，故电流表同样选择小量程的；为使操作方便，滑动变阻器选择与电阻接进的，选10Ω的．‎ ‎②连线电路要注意：电表极性不能接反，量程选择恰当的，安培表内外接法的选择．‎ ‎【解答】解：（1）固定刻度读数：0；半刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm×17.9=0.179mm；‎ 故螺旋测微器读数为：0.679mm；‎ ‎（2）①两节干电池电动势共为3V，为减小读数误差，选小量程电压表，故选A；‎ 根据欧姆定律，I≈，电流不超过0.6A，故电流表同样选择小量程的，即选C；‎ 滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低，电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，即选E；‎ ‎②伏安法测电阻时，测量较大电阻用安培表内接法，测量较小电阻用安培表外接法，本题待测电阻与安培表电阻相接进，故采用安培表外接法；‎ 故答案为：（1）0.679，（2）①A、C、E，②导线连接在滑动变阻器的滑片上，采用了电流表内接法．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题含2题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）‎ ‎14．如图所示，水平放置的两平行金属板A、B接在U=4 000V的直流电源上，两极板间距离为2cm，A极板接地，电场中a点距B极板1cm，b点和c点均距A极板0.5cm，求：‎ ‎（1）a点的电场强度；‎ ‎（2）a、c之间的电势差；‎ ‎（3）电子在b点的电势能；‎ ‎（4）电子从a点运动到c点，电场力做的功．‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）AB间为匀强电场，根据E=求出a点的电场强度．‎ ‎（2）根据U=Ed求出两点间的电势差．‎ ‎（3）求出b点的电势，根据EP=qφ求出电子在b点的电势能．‎ ‎（4）根据W=qU求电场力做功．‎ ‎【解答】解：（1）由于是匀强电场，所以a两点的电场强度大小为：‎ ‎ Ea===2×105V/m．‎ ‎（2）a、c两点的电势差为：‎ ‎ Uca=Ed=2×105×（0.1﹣0.05）=1000V；‎ 故Uac=﹣1000V；‎ ‎（3）电子在b点的电势能为：‎ Ep=e•φb=（﹣1.6×10﹣19）×（﹣1000）=1.6×10﹣16J．‎ ‎（4）电子从a运动到c，电场力所做的功为：‎ Wac=eUac=（﹣1.6×10﹣19）×（﹣1000）=1.6×10﹣16J． ‎ 答：（1）a、b两点的电场强度大小为2×105V/m．‎ ‎（2）a、c两点之间的电势差为﹣1000V ‎（3）电子在b点的电势能为1.6×10﹣16J．‎ ‎（4）电子从a运动到c点时，电场力所做的功为1.6×10﹣16J ‎　‎ ‎15．如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：‎ ‎（1）电子穿过A板时的速度大小；‎ ‎（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；‎ ‎（3）P点到O点的距离．‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．‎ ‎【分析】（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小．‎ ‎（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．根据板长和初速度求出时间．根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量．‎ ‎（3）电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度等于v0，求出匀速运动的时间．竖直方向：分速度等于vy，由y=vyt求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解．‎ ‎【解答】解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得：‎ ‎ eU1=，解得：‎ ‎ （2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1．‎ ‎ 根据牛顿第二定律和运动学公式得：‎ ‎ a=，又E=，得a=‎ ‎ 水平方向：t1=，‎ ‎ 竖直方向：y1=，‎ 解得：y1=‎ ‎ （3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为vy．‎ ‎ 根据运动学公式得：vy=at1=‎ 电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示 ‎ t2=，y2=vyt2‎ 解得：y2=‎ P到O点的距离为 y=y1+y2=‎ 答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；‎ ‎ （2）电子从偏转电场射出时的侧移量y1=；‎ ‎ （3）P点到O点的距离y2=．‎ ‎　‎ ‎2016年12月9日