浙江省湖州市2018-2019学年高一下学期期末考试物理试卷

浙江省湖州市2018-2019学年高一下学期期末考试物理试卷

www.ks5u.com ‎2018学年第二学期期末调研测试卷高一物理试题卷 一、单项选择题 ‎1.下列物理量为矢量的是 A. 功 B. 动能 C. 电场强度 D. 电流 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 功只有大小无方向，是标量，选项A错误； ‎ B. 动能只有大小无方向，是标量，选项B错误； ‎ C. 电场强度有大小和方向，是矢量，选项C正确； ‎ D. 电流有大小虽然有方向，但是不满足平行四边形定则，是标量，选项D错误.‎ ‎2.发现万有引力定律的科学家是 A. 牛顿 B. 开普勒 C. 卡文迪许 D. 焦耳 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】发现万有引力定律的科学家是牛顿； ‎ A.正确；‎ BCD.错误.‎ ‎3.一物块在水平恒力F作用下沿水平面ABC直线运动。已知AB段光滑，BC段粗糙，且。设恒力F在AB、BC段所做的功分别为、，则 A. ， B. ，‎ C. ， D. ，‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据功的概念可知，W=Fxcosθ，则恒力F在AB、BC段的位移相同，则所做的功相同，均为W=FL；‎ ABC.三个选项都错误；‎ D.选项正确；‎ ‎4.下列有关静电学的说法正确的是 A. 摩擦起电和感应起电的本质是产生了新的电子 B. 电荷量是不能连续变化的物理量 C. 电场力做功与移动电荷的路径有关 D. 沿着电场线方向电势逐渐升高 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 摩擦起电和感应起电的本质是电荷的转移，而不是产生了新的电子，选项A错误；‎ B. 电荷量是不能连续变化的物理量，只能是元电荷的整数倍，选项B正确；‎ C. 电场力做功与移动电荷的路径无关，只与初末两态位置有关，选项C错误；‎ D. 沿着电场线方向电势逐渐降低，选项D错误.‎ ‎5.下列四幅图中的物体在指定的过程中机械能守恒的是 A. 甲图：客机在起飞爬升的过程 B. 乙图：抽成真空的管中鸡毛悬空下落的过程 C. 丙图：跳伞运动员打开降落伞下落的过程 D. 丁图：石头从手中加速到落地前的过程 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 甲图：客机在起飞爬升的过程重力势能增大，动能增大，则机械能增加，选项A错误；‎ B. 乙图：抽成真空的管中鸡毛悬空下落的过程只有重力做功，则机械能守恒，选项B正确；‎ C. 丙图：跳伞运动员打开降落伞下落的过程要克服阻力做功，则机械能减小，选项C错误；‎ D. 丁图：石头从手中加速到落地前的过程中要克服阻力做功，则机械能减小，选项D错误.‎ ‎6.在10s的时间内，有3C的电量通过了小灯泡，则在该时间内流过小灯泡的平均电流为 A. 03A B. 3A C. 10A D. 30A ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据电流的定义式，则在该时间内流过小灯泡的平均电流为；‎ A.此选项正确；‎ BCD.此三项错误；‎ ‎7.某星球在膨胀过程中，半径变为原来的2倍，若星球的质量不变，则它表面的重力加速度变为原来的 A. 4倍 B. 2倍 C. 倍 D. 倍 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据可知，，若星球的质量不变，半径变为原来的2倍，则它表面的重力加速度变为原来的；‎ ABC.此三项错误；‎ D.此选项正确；‎ ‎8.如图，O、A、B三点位于同一直线上，且。现在O点放置一点电荷，它在A点产生的电场强度大小为E，则它在B点产生的电场强度大小为 A. B. C. 2E D. 4E ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】设，根据点电荷场强公式：，则A点的场强：，B点的场强：；‎ A.此选项正确；‎ BCD.三个选项错误；‎ ‎9.在地球表面附近绕地运行的卫星，周期为85min，运行速率为7.9km/s。我国发射的第四十四颗北斗导航卫星轨道离地面距离为地球半径的5.6倍，关于该卫星的运行速率v和周期T，下列说法正确的是 A. v<7.9km/s，T<85min B. v<7.9km/s，T>85min C. v>7.9km/s，T<85min D. v>7.9km/s，T>85min ‎【答案】B ‎【解析】‎ 根据卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力：‎ 风云二号轨道半径大于近地卫星的轨道半径，所以线速度小于7.9km/s 根据周期关系，所以半径越大，周期越大，所以周期大于85min 故答案选B ‎10.物体仅在拉力、重力作用下竖直向上做匀变速直线运动，重力做功-2J，拉力做功3J，则下列说法正确是 A. 物体的重力势能减少2J B. 物体的动能增加3J C. 物体的动能增加1J D. 物体的机械能增加1J ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 物体的重力做功-2J，则重力势能增加2J，选项A错误；‎ B. 合力功为3J+(-2J)=1J，则物体的动能增加1J，选项B正确；‎ C. 由B的分析可知，选项C错误；‎ D. 拉力做功为3J，则物体的机械能增加3J，选项D错误.‎ ‎11.根据电阻定律，电阻率。某种金属导线，在温度不变的情况下，其电阻率 A. 跟导线的电阻成正比 B. 跟导线的横截面积成正比 C. 跟导线的长度成反比 D. 由金属材料本身特性决定 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：导体的电阻率是由导体本身的特性决定的，与导体的长度、横截面积以及导体的电阻均无关，故选D。‎ 考点：电阻率.‎ ‎12.在如图所示的电路中，E是直流电源，A、B是平行板电容器的两极板。电容器原来不带电，闭合开关S，电源给电容器充电，下列说法正确的是 A. 充电过程中，电容器的电容增大 B. 充电时，电容器储存的是电场能 C. 充电时，A极板带负电荷、B极板带正电荷 D. 充电过程中，没有电流流过电阻R ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.初始时电容器不带电，当闭合开关S，在电源向电容器充电的过程中，因电容C不变，根据电容器的定义式可知，Q=CU，那么电容器的电量Q增大，充电时，储存的是电场能，故A错误，B正确。‎ C.充电时，电流从正极流向正极板，故A极板带正电，B极板带负电，故C错误。‎ D.充电过程中，形成闭合回路，电流流过电阻R，故D错误。‎ ‎13.下列有关多用电表欧姆挡说法正确的是 A. 欧姆挡的刻度是均匀的 B. 欧姆挡的“零刻线”位于刻度盘右侧 C. 欧姆挡由“×10”挡换至“×1”挡后不需要再欧姆调零 D. 欧姆挡可直接测出连接在电路中的电阻的阻值 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.欧姆挡的刻度是不均匀的，右侧疏，左侧密，故A错误；‎ B.欧姆挡的“零刻线”位于刻度盘右侧，故B正确；‎ C.欧姆挡由“×10挡”换至“×1”挡后必须进行欧姆调零；故C错误；‎ D.为了防止其他电阻的影响，利用欧姆档测电阻时必须将电阻与电路断开，故D错误。‎ ‎14.某人造地球卫星沿圆轨道运行，轨道半径，周期，已知万有引力常量。根据这些数据可以求得的物理量为 A. 地球的质量 B. 地球平均密度 C. 地球表面的重力加速度大小 D. 地球对该卫星的万有引力大小 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据万有引力提供向心力，；代入数据可得：M=6×1024kg．故A正确；‎ B.由于没有给出地球的半径，所以不能求出地球的密度。故B错误；‎ C.由于没有给出地球的半径，所以不能根据万有引力定律求出地球表面的重力加速度大小。故C错误；‎ D.由于没有给出卫星的质量，所以不能根据万有引力定律求出地球对该卫星的万有引力大小。故D错误；‎ ‎15.a、b两灯连接成如图所示的电路。a灯的规格为“220V 40W”，b灯的规格为“220V 100W”。通电时，a、b灯两端电压分别为、，实际功率分别为、，且实际功率都没有超过额定功率，设a、b灯电阻不变。下列判断正确的是 A. ， B. ，‎ C. ， D. ，‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据知：a灯的电阻为，b灯的电阻为，所以a灯的电阻大于b灯的电阻，因为两灯电流相等，根据U=IR知Ua＞Ub，又因为P=UI，所以Pa＞Pb；‎ ABC.此三项错误；‎ D.此选项正确；‎ ‎16.如图，A、B为地球的两颗卫星，它们绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径满足。v、a、T、分别表示它们的环绕速度大小，向心加速度大小、周期和动能，下列判断正确的是 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M．卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，有：；解得：，，，，则根据题意有：rA＜rB可得：‎ A.由，可得，vA＞vB，故A错误。‎ B.由，可得，aA＞aB，故B错误。‎ C.由，可得，TA＜TB，故C正确。‎ D.由于二者的质量关系是未知的，则不能比较它们的动能大小，故D错误。‎ ‎17.一台电动机工作时输出的机械功率为40kW，保持该机械功率，竖直提升质量为的货物，阻力不计，则货物能达到的最大速度为 A. 0.2m/s B. 0.5m/s C. 2m/s D. 5m/s ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】货物达到最大速度时，拉力等于重力，即：F=mg；设货物能达到的最大速度为v。由P额=Fv=mgv得：；‎ A.此选项正确；‎ BCD.此三项错误；‎ ‎18.如图，绝缘理想细线AC、BC系着带电小球a，在D处的带电小球b的库仑引力作用下，两细线AC、BC处于伸直状态，B、C、D在同一条水平线上，a、b两小球均可看作点电荷。下列选项正确的是 A. 若只增大b球的带电量，AC线的拉力增大 B. 若只增大a球的带电量，AC线的拉力增大 C. 若只将b球沿直线CD向左靠近a球，AC细线的拉力保持不变 D. 若只将b球沿直线CD向左靠近a球，AC细线的拉力增大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】设细线AC和AB的夹角为θ，分析小球a的受力情况，如图所示：‎ 在竖直方向上：‎ ‎…………①‎ 在水平方向上：‎ ‎…………②‎ 仅增大b球的带电量、仅增大a球的带电量或者仅将b球沿直线CD向左靠近a球，均让两球间的库仑引力增大，则两细线AC、BC仍然处于伸直状态，B、C、D在同一条水平线上，则夹角θ不变，又小球a重力不变，AC的拉力不变。则ABD错误，C正确。‎ 二、实验探究题 ‎19.王同学做“验证机械能守恒定律”的实验。‎ ‎（1）实验中需要一个合适的“重物”，如图重物中最合适的为________（选填“A”、“B”或“C”）‎ ‎（2）图中纸带为王同学做本实验所得纸带的一部分，重物的质量m=0.20kg，查得当地的重力加速度值，则打下点“5”时重物的速度大小为________m/s；从打下“2”点到打下“5”点过程中，重物重力势能的减少量为_________J。（结果均保留两位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). (1)C (2). (2)2.4~2.6m/s (3). 0.25~0.27J ‎【解析】‎ ‎【详解】第一空.实验中应选择质量尽量大，体积尽量小的重物挂在纸袋下方，故选C；‎ 第二空.根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，得出5点的瞬时速度大小为：，解得：v5=2.5m/s；‎ 第三空.从打下“2”点到打下“5”点过程中，重物重力势能的减少量△Ep=mgh2-5，解得△EP=0.25J。‎ ‎20.刘同学做“测电源的电动势和内阻”实验。‎ ‎（1）刘同学采用两节干电池串联作为电源，电流表选择0.6A量程，电压表选择3V量程。在闭合开关开始实验前其连接的电路如图所示。请帮其检查电路，指出图中的不妥之处：____________（指出一处即可）。‎ ‎（2）刘同学改进电路连接，经过正确的实验操作，得到某次测量的电流表示数如图（2）所示，则该示数为________A。‎ ‎（3）刘同学经过正确操作，得到多组U、I数据，作出U-I图像如图（3）所示，则该电源的电动势为______V，内阻为___________Ω。（结果均保留两位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). (1)①连接电压表负接线柱的导线应接在电流表的负接线柱或电源负极；②滑变器的滑片应置于左端或接入电阻最大的那一端。 (2). (2)0.25A(按十分之一估读也算对，比如0.248A等) (3). (3)3.0V， (4). 4.3~4.4Ω ‎【解析】‎ ‎【详解】第一空.由实物图可知，图中不妥之处有：连接电压表负接线柱应接在电流表的负接线柱或电源负极；‎ 第二空.当电流表选择0.6A量程时，每小格分度值为0.02A，故按本位估读，即0.248A；‎ 第三空.根据电源的U-I图象的物理意义可知，图象在纵轴的截距表示电源电动势，即为：‎ E=3.0V，斜率表示内阻大小，即为：‎ 三、计算题 ‎21.如图，民航客机机舱紧急出口的气囊可看作一条连接出口与地面的斜面，若斜面高3m，长6m。质量为60kg的人从出口无初速滑下，滑下时人所受的阻力大小是220N，将人看作质点，求：‎ ‎（1）人从出口滑到地面过程中重力所做的功；‎ ‎（2）人刚滑到地面前的速度大小；‎ ‎（3）人刚滑到地面前瞬间克服阻力做功的瞬时功率。‎ ‎【答案】（1）1800J；（2）4m/s（3）880W ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)人从出口滑到地面过程中重力做功为W=mgh=1800J；‎ ‎(2)从滑出到刚到地面，由动能定理有：‎ ‎(用牛顿运动定律解且正确的同样给分)‎ ‎(3)到底端时克服阻力做功的瞬时功率为：P=fv=880W ‎22.如图是长为l、高为h的光滑绝缘水平桌面，桌面上方存在水平向右的匀强磁场，电场强度大小为E，桌面右侧空间没有电场。一质量为m、带电量为q的小物块从桌面左端由静止释放，然后从桌面右端M点以速度v水平抛出，最后落于地面Q点，平抛的水平位移为x，不考虑空气阻力。若m=2.0kg，，l=2.0m，h=0.8m，x=1.6m。求：‎ ‎（1）v的大小；‎ ‎（2）E的大小。‎ ‎【答案】（1）4m/s（2）104V/m ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)小物块从M开始做平抛运动，由平抛运动的规律有：‎ ‎(2)从释放到物块抛出前，由动能定理有：‎ 或者：物块在桌面做匀加速直线运动，故有：‎ 由牛顿第二定律有：‎ 可得：E=104V/m ‎23.如图所示，在竖直平面内有一“”管道装置，它是由两个完全相同的圆弧管道和两直管道组成。直管道和圆弧管道分别相切于、、、，、分别是两圆弧管道的最高点，、分别是两圆弧管道的最低点，、固定在同一水平地面上。两直管道略微错开，其中圆弧管道光滑，直管道粗糙，管道的粗细可忽略。圆弧管道的半径均为R，。一质量为m的小物块以水平向左的速度从点出发沿管道运动，小物块与直管道间的动摩擦因数为。设 ‎，m=1kg，R=1.5m，，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：‎ ‎（1）小物块从点出发时对管道的作用力；‎ ‎（2）小物块第一次经过点时速度大小；‎ ‎（3）小物块在直管道上经过的总路程。‎ ‎【答案】（1）106N，方向向下（2）4m/s（3）m ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)物块在C1点做圆周运动，由牛顿第二定律有：‎ 可得：‎ 由牛顿第三定律可知，小物块对管道的作用力大小为106N，方向向下 ‎(2)由几何知识易有：‎ 从C1到C2由动能定理可得：‎ 可得：‎ ‎(3)以C1C2水平线作为重力势能的参考平面，则小物块越过D1、D2点时的机械能需满足：‎ 由于直管道的摩擦，物块每完整经历直管道一次，机械能的减少量满足：‎ 设n为从第一次经过D1后，翻越D1和D2的总次数，则有：‎ ‎，‎ ‎ ‎ 可得：n=2，表明小物块在第二次经过D1后就到不了D2，之后在D1B1A2C2D2之间往复运动直至稳定，最后在A2及C2右侧与A2等高处之间往复稳定运动。‎ 由开始到稳定运动到达A2点，由动能定理有：‎ 可得：s=m 故在B1A2直管道上经过的路程为s'=s－l=m ‎ ‎