【物理】陕西省延安市第一中学2019-2020学年高二下学期线上摸底考试试题

【物理】陕西省延安市第一中学2019-2020学年高二下学期线上摸底考试试题

2019－2020 学年度第二学期摸底考试 高二年级物理试题 （考试时间：100 分钟，总分：100 分） 一、选择题（每题 4 分，共 12 题，共计 48 分。1-8 为单项选择，9-12 为多项选择） 1、卢瑟福利用镭源所放出的 α 粒子，作为炮弹去轰击金箔原子，测量散射 α 粒子的偏 转情况。下列叙述中符合卢瑟福的 α 粒子散射事实的是(　　) A. 大多数 α 粒子在穿过金箔后发生明显的偏转 B. 少数 α 粒子在穿过金箔后几乎没有偏转 C. 大多数 α 粒子在撞到金箔时被弹回 D. 极个别 α 粒子在撞到金箔时被弹回 2、下列关于核反应的说法正确的是( ) A. 是铀核的裂变 B. 是核聚变反应 C. 核反应 中的 X 是质子 D. 卢瑟福发现中子的核反应方程是： 3、中国“北斗三号”全球组网卫星计划将在 2017 年 7 月左右进行首次发射．“北斗三号” 采用星载氢原子钟，其精度将比“北斗二号”的星载铷原子钟提高一个数量级．如图所示为氢 原子的部分能级图，以下判断正确的是（　　） A．处于 n=3 能级的氢原子可以吸收任意频率的光子 B．欲使处于基态的氢原子被激发，可用 12.09eV 的光子照射 C．当氢原子从 n=5 的状态跃迁到 n=3 的状态时，要吸收光子 D．用 n=2 能级跃迁到 n=1 能级辐射出的光照射金属铂（逸出功为 6.34eV）时不能发生 光电效应 4、质量为 m 的钢球自高处落下,以速率 v1 碰地,竖直向上弹回,碰撞时间极短,离地的速率 为 v2.在碰撞过程中,地面对钢球的冲量的方向和大小为（　　） A.向下,m(v1-v2) B.向下,m(v1+v2) C.向上,m(v1-v2) D.向上,m(v1+v2) 5、如图所示的装置中，木块 B、C 与水平桌面间的接触是光滑的，子弹 A 沿水平方向 射入木块后留在木块内，并将弹簧压缩到最短．现将子弹、木块 B、C 和弹簧合在一起作为 研究对象（系统），则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（　　） A．动量守恒、机械能守恒 B．动量不守恒、机械能不守恒 C．动量守恒、机械能不守恒 D．动量不守恒、机械能守恒 6、高空作业须系安全带.如果质量为 的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带 对人刚产生作用力前人下落的距离为 （可视为自由落体运动）.此后经历时间 安全带达 到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大 小为( ) A. B. C. D. 7、 如图所示,质量为 M 的小船在静止水面上以速率 v0 向右匀速行驶,一质量为 m 的救 生员站在船尾,相对小船静止.若救生员以相对水面速率 v 水平向左跃入水中,则救生员跃出 后小船的速率为(　　) A.v0+ v B.v0- v C.v0+ (v0+v) D.v0+ (v0-v) 8、如图甲所示，线圈总电阻 r =0.5Ω，匝数 n =10，其端点 a、b 与 R =1.5Ω 的电阻相连， 线圈内磁通量变化规律如图乙所示。关于 a、b 两点电势 、 及两点电势差 ，正确的 是（ ） m h t 2m gh mgt + 2m gh mgt − m gh mgt + m gh mgt − M m M m M m M m a ϕ b ϕ abU A． B． C． D． 9、 年 月 日，中共中央、国务院、中央军委在人民在会堂隆重表彰研制“两弹 一星”作出突出贡献的科学家，下列核反应方程中属于“两弹一星”的核反应方程式的和反应 种类是（ ） A． 裂变 B． 裂变 C． 衰变 D． 聚变 10、在做光电效应实验中，某金属被光照射发生了光电效应，实验测出了光电子的最大 初动能 EK 与入射光的频率 v 的关系如图所示，由实验图象可求出（　　） A．该金属的逸出功 B．该金属的极限频率 C．单位时间内逸出的光电子数 D．普朗克常量 11、如图所示，ab 和 cd 是位于水平面内的平行金属轨道，轨道间距为 ，其电阻可忽 略不计．ac 之间连接一阻值为 R 的电阻．ef 为一垂直于 ab 和 cd 的金属杆，它与 ab 和 cd 接触良好并可沿轨道方向无摩擦地滑动，其电阻可忽略．整个装置处在匀强磁场中，磁场方 向与导轨平面垂直，磁感应强度为 B．当施垂直 ef 杆的水平向右的外力，使杆 ef 以速度 v 向右匀速运动时，下面说法正确的是（　　） A．杆 ef 所受安培力的大小为 B．杆 ef 所受水平外力的大小为 C．感应电流方向由 f 流向 e D．abcd 回路中磁通量的变化率为 12、如图所示，两根足够长的水平光滑平行金属导轨 PQ 和 MN，它们相距为 L，导轨 左端连有阻值为 R 的定值电阻，导轨处于垂直导轨平面向下、磁感应强度大小为 B 的匀强 , 1.5a b abU Vϕ ϕ> = , 1.5a b abU Vϕ ϕ< = − , 0.5a b abU Vϕ ϕ< = − , 0.5a b abU Vϕ ϕ> = 1999 9 18 14 4 17 1 7 2 8 1N He O H+ → + 235 1 90 136 1 92 0 38 54 0U n Sr Xe 10 n+ → + + 238 234 4 92 90 2U Th He→ + 2 3 4 1 1 1 2 0H H He n+ → + l 2Bl v R 2 2B l v R Blv 磁场中。垂直导轨放置的金属棒用跨过光滑定滑轮的细线与物块 c 连接，物块 c 的质量是 m，连接金属棒的细线平行于导轨。物块 c 由静止释放，金属棒沿着导轨向右运动，当地重 力加速度为 g，金属棒的电阻不计。则（ ） A．金属棒做匀加速直线运动 B．金属棒先做加速运动再做匀速直线运动 C．金属棒的最大速度为 D．金属棒的最大速度为 二、填空题（每空 2 分，共计 12 分） 13、用频率为 ν 的单色光照射某种金属时，逸出光电子的最大动能为 EK，已知普朗克 常量为 h，则该金属的逸出功为　 　；若改用频率为 2ν 的单色光照射此种金属时， 则逸出光电子的最大动能为　 　． 14、完成下列核反应方程。 (1) Th→ Pa＋(　　)； (2) U→ Th＋(　　)； (3) Th→(　　)＋ ； (4)(　　)→ Th＋ ； 三、计算题（第 15 题为 10 分，第 16、17 各 15 分） 15、如图所示，设质量为 M=2kg 的炮弹运动到空中最高点时速度为 v0，突然炸成两块， 质量为 m=0.5kg 的弹头以速度 v1=100m/s 沿 v0 的方向飞去，另一块以速度 v2=20m/s 沿 v0 的 反方向飞去。求： (1) v0 的大小 (2)爆炸过程炮弹所增加的动能 2 2 mgR B L 2 2B L mgR 342 90 342 91 382 92 342 90 342 90 e0 1− 342 90 He4 2 16、如图，一质量为 M=1.5kg 的物块静止在光滑桌面边缘，桌面离水平面的高度为 h=1.25m．一质量为 m=0.5kg 的子弹以水平速度 v0=4m/s 与物块相碰并粘在一起，重力加速 度为 g=10m/s2．求 （1）求子弹和物块碰撞后的共同速度 （2）碰撞过程中系统损失的机械能； （3）此后物块落地点离桌面边缘的水平距离． 17、如图所示，MN、PQ 是两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨间距为 d，导轨所在 平面与水平面成 θ 角，M、P 间接阻值为 R 的电阻。匀强磁场的方向与导轨所在平面垂直， 磁感应强度大小为 B。质量为 m、阻值为 r 的金属棒放在两导轨上，在平行于导轨的拉力作 用下，以速度 v 匀速向上运动。已知金属棒与导轨始终垂直并且保持良好接触，重力加速度 为 g。求： （1）金属棒产生的感应电动势 E； （2）通过电阻 R 的电流大小及方向； （3）拉力 F 的大小。 【参考答案】 一、选择题 D B B D C A C A BD ABD BCD BC 三、填空题 13、【答案】hν﹣EK，hν+Ek 14、【答案】(1) 　　(2) 　　(3) Pa　　(4) U　 四、计算题 15、【答案】（1）10m/s；（2）2700J 【解析】 【详解】 （1）规定向右为正，爆炸瞬间，弹头和另一块组成的系统在水平方向上动量守恒： ， 代入数据 ，解得 ； （2）爆炸前的动能为 ； 爆炸后的动能 ； 故增加的动能为 ． 16、【解答】解：（1）对 m 与 M 组成的系统，碰撞过程中动量守恒， 设碰后共同的速度为 v，有 mν0=（m+M）ν 解得 v=1m/s 碰撞后系统损失的机械能 解得△E=3J （2）物块离开桌面后做平抛运动，设落地点离桌面边缘的水平距离为 x，有 竖直方向作自由落体： e0 1− He4 2 342 91 382 92 解得 t=0.5s 水平方向匀速直线： x=vt=0.5m 答：（1）碰撞过程中系统损失的机械能△E=3J； （2）此后物块落地点离桌面边缘的水平距离 x=0.5m． 【点评】本题是对动量守恒定律、机械能变化及平抛问题的综合考查，环环相扣，考查内容 比较基础，难度不大． 17、【答案】（1）E=Bdv （2） 方向：P→M （3） 【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律 E=Bdv （2）根据闭合电路欧姆定律 （3）导体棒的受力情况如图所示，根据牛顿第二定律有 又因为 所以 E BdvI R r R r = =+ + 2 2 sin B d vF mg R r θ= + + E BdvI R r R r = =+ + sin 0F F mg θ− − =安 2 2B d vF BId R r = = +安 2 2 sin B d vF mg R r θ= + +