物理卷·2018届山西省运城市河津二中高二上学期月考物理试卷（11月份）+（解析版）

物理卷·2018届山西省运城市河津二中高二上学期月考物理试卷（11月份）+（解析版）

‎2016-2017学年山西省运城市河津二中高二（上）月考物理试卷（11月份）‎ ‎　‎ 一、选择题（每题4分，共48分．其中9-12为多选题）‎ ‎1．关于电势的高低，下列说法正确的是（　　）‎ A．沿着电场线的方向电势不一定降低 B．电势降低的方向一定是电场线的方向 C．正电荷只在电场力的作用下，一定向电势低的地方移动 D．负电荷只在电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方移动 ‎2．一带负电荷的质点，在匀强电场中仅在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是逐渐增大的．关于此匀强电场的电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎3．如图1，AB是某电场中的一条电场线，若将正点电荷从A点由静止自由释放，沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图所2示，则A、B两点场强大小和电势高低关系是（　　）‎ A．EA＜EB；φA＜φB B．EA＜EB；φA＞φB C．EA＞EB；φA＜φB D．EA＞EB；φA＞φB ‎4．下列说法中正确的是（　　）‎ A．1号干电池与5号干电池的电动势相等、容量相等 B．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量 C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是非静电力做的功 D．电动势就是电源两极间的电压 ‎5．如图所示把四个完全相同的灯泡连成甲，乙两电路，U甲=2U乙，四个灯泡都正常发光，两个电路消耗的总功率用P甲、P乙表示，电阻R1、R2的功率用P1、P2表示，则下列关系正确的是（　　）‎ A．P甲=P乙 B．R1=R2 C．P2=4P1 D．R1=2R2‎ ‎6．如图所示，将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，规定大地或无穷远处的电势为零，则有（　　）‎ A．绝缘导体上A、B两点的电势相等，且都为负值 B．绝缘导体上A点的电势高于B点的电势，且都为正值 C．绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大小等于点电荷C在D点产生场强的大小 D．如果用手指瞬间接触导体AB后再把C移走，则导体AB带上正电荷 ‎7．如图所示，R1和R2是材料相同，厚度相同、表面积为正方形的导体，已知R1的表面积是R2的100倍，通过导体的电流方向如图所示．则这两个导体的电阻关系为（　　）‎ A．R1=100R2 B．R2=100R1 C．R2=10R1 D．R1=R2‎ ‎8．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是EBx、ECx，下列说法中正确的有（　　）‎ A．EBx的大小大于ECx的大小 B．EBx的方向沿x轴正方向 C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大 D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力做负功 ‎9．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ（　　）‎ A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大 B．保持S闭合；将A板向B板靠近，则θ不变 C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大 D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变 ‎10．在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等．如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E关于c电荷的对称点，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．D点的电场强度不为零、电势可能为零 B．E、F两点的电场强度相同 C．E、G、H三点的电场强度大小和电势均相同 D．若释放c电荷，c电荷将做加速度减小的加速运动（不计空气阻力）‎ ‎11．如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，断开电源，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（　　）‎ A．仍沿原轨迹由下板边缘飞出 B．将打在下板中央 C．不发生偏转，沿直线运动 D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央 ‎12．如图所示，水平放置的两个平行的金属板A、B带等量的异种电荷，A板带正电荷，B板接地．两板间有一正试探电荷固定在C点，以C表示电容器的电容，U表示两板间的电势差，φ表示C点的电势，W表示正电荷在C点的电势能．若将B板保持不动，将正极板A缓慢向下平移一小段距离L（仍然在C上方）的过程中，各物理量与正极板移动距离x的关系图象中，正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ 二、填空题（每空2分，共14分）‎ ‎13．如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I﹣U特性曲线的实验器材．‎ ‎（1）根据实验原理，选取合适的电表量程，用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路图连接完整．‎ ‎（2）开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于　　端（选填“A”、“B”或“AB中间”）‎ ‎（3）某同学根据得到的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I﹣U特性曲线．由图可知当小灯泡两端的电压为1.2V时的功率为　　W．‎ ‎（4）根据图丙可知，随电压的升高小灯泡的电阻　　，（填“变大”或“变小”），原因是　　．‎ ‎14．R1、R2、R3的伏安特性曲线如图所示，若将它们串联后接入电路，则它们的电压之比U1：U2：U3=　　．它们的电功率之比P1：P2：P3=　　．‎ ‎　‎ 三、计算题 ‎15．如图所示，电流表G的内阻Rg=400Ω，满偏电流为Ig=20mA．将此电流表G量程扩大，改装成双量程的电流表，若R1=10Ω，R2=90Ω，则接Oa时，电流表的量程为多少A？接Ob时，电流表的量程为多少A？‎ ‎16．一个电风扇，内阻为20Ω，接上220V电压后，消耗功率88W．‎ ‎（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？‎ ‎（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率是多少？‎ ‎（3）如果接上电源后，电动机被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流，以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？‎ ‎17．如图是示波管的示意图，竖直偏转电极的极板长l=4cm，板间距离d=1cm，板右端距离荧光屏L=18cm（水平偏转电极上不加电压，没有画出），电子沿中心线进入竖直偏转电场的速度是1.6×107m/s，电子电荷量e=1.60×10﹣19C，质量m=0.91×10﹣30kg．‎ ‎（1）要使电子束不打在偏转电极的极板上，加在竖直偏转电极上的最大偏转电压U不能超过多大？‎ ‎（2）若在偏转电极上加40V的电压，在荧光屏的竖直坐标轴上看到的光点距屏的中心点多远？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年山西省运城市河津二中高二（上）月考物理试卷（11月份）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（每题4分，共48分．其中9-12为多选题）‎ ‎1．关于电势的高低，下列说法正确的是（　　）‎ A．沿着电场线的方向电势不一定降低 B．电势降低的方向一定是电场线的方向 C．正电荷只在电场力的作用下，一定向电势低的地方移动 D．负电荷只在电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方移动 ‎【考点】电势．‎ ‎【分析】根据推论：沿电场线方向电势逐渐降低；电势降低最快的方向才是电场强度的方向；正电荷只在电场力作用下从A移到B，电荷不一定从高电势处向低电势处运动，还取决于电荷的初速度；负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方运动．‎ ‎【解答】解：A、不妨设沿着电场线方向移动正电荷，则电场力做正功，中的电势能减小，所以沿着电场线方向电势逐渐降低．故A错误．‎ B、沿着电场线方向移动电势降低，但是电势降低的方向不一定是电场线的方向，电势降低最快的方向是场强的方向，故B错误．‎ C、正电荷只在电场力作用下从一点移到另一点，电荷不一定从高电势处向低电势处运动，还取决于电荷的初速度．故C错误．‎ D、假设电场中有AB两点，根据电场力做功的表达式WAB=UABq=Eqd，负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，电场力做正功，WAB＞0，q＜0，则UAB＜0，所以φA＜φB，即向电势高的地方运动．故D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎2．一带负电荷的质点，在匀强电场中仅在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是逐渐增大的．关于此匀强电场的电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．‎ ‎【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点分析电荷受的电场力方向，再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择．‎ ‎【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．‎ B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题相符．故B正确．‎ C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．‎ D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，不符合题意．故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎3．如图1，AB是某电场中的一条电场线，若将正点电荷从A点由静止自由释放，沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图所2示，则A、B两点场强大小和电势高低关系是（　　）‎ A．EA＜EB；φA＜φB B．EA＜EB；φA＞φB C．EA＞EB；φA＜φB D．EA＞EB；φA＞φB ‎【考点】电势；电场强度．‎ ‎【分析】从速度时间图线得到正点电荷做加速运动，加速度逐渐变小，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况．‎ ‎【解答】解：从速度时间图线得到正点电荷做加速运动，加速度逐渐变小，故电场力向右，且不断变小，‎ 故A点的电场强度较大，故EA＞EB；‎ 正电荷受到的电场力与场强方向相同，故场强向右，沿场强方向，电势变小，故A点电势较大，即φA＞φB；‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎4．下列说法中正确的是（　　）‎ A．1号干电池与5号干电池的电动势相等、容量相等 B．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量 C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是非静电力做的功 D．电动势就是电源两极间的电压 ‎【考点】电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，不是同一物理量的不同叫法．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．‎ ‎【解答】解：A、1号干电池与5号干电池的电动势相等，均为1.5V，但容量不同；故A错误；‎ B、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故B正确．‎ C、电动势公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．故C错误．‎ D、电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，但两者意义不同，不能说电动势就是电源两极间的电压．故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示把四个完全相同的灯泡连成甲，乙两电路，U甲=2U乙，四个灯泡都正常发光，两个电路消耗的总功率用P甲、P乙表示，电阻R1、R2的功率用P1、P2表示，则下列关系正确的是（　　）‎ A．P甲=P乙 B．R1=R2 C．P2=4P1 D．R1=2R2‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】设灯泡的额定电流为I0，额定电压为U0，求解出电阻R甲、R乙消耗的功率和电路中消耗的总功率表达式结合串并联电路电压和电流特点进行讨论．‎ ‎【解答】解：A、设灯泡的额定电流为I0，额定电压为U0，则：U甲=2U0+I0R甲；U乙=U0+2I0R乙；而U甲=2U乙，故整理得，R甲=4R乙．‎ 设电灯的额定功率为P，电路消耗的总功率为：，，由于R甲=4R乙，故P甲=P乙，故A正确，BCD错误；‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎6．如图所示，将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，规定大地或无穷远处的电势为零，则有（　　）‎ A．绝缘导体上A、B两点的电势相等，且都为负值 B．绝缘导体上A点的电势高于B点的电势，且都为正值 C．绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大小等于点电荷C在D点产生场强的大小 D．如果用手指瞬间接触导体AB后再把C移走，则导体AB带上正电荷 ‎【考点】静电场中的导体；电势．‎ ‎【分析】将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，导体产生静电感应，达到静电平衡后，整个导体是等势，根据顺着电场线电势降低，导体的电势比无穷远电势低．导体内部的场强为零，感应电荷产生的电场强度与点电荷C产生的电场强度大小相等，方向相反．导体表面是一个等势面，电场线与表面垂直．用手指瞬间接触导体AB后再把C移走，导体AB带上负电荷．‎ ‎【解答】解：A、静电平衡时，绝缘导体上A、B两点的电势相等．电场线从C到导体，再到无穷远，所以导体的电势高于大地的电势，为正值．故A错误，B错误．‎ ‎ C、导体内部的场强为零，感应电荷产生的电场强度与点电荷C产生的电场强度大小相等，方向相反．故C正确．‎ ‎ D、用手指瞬间接触导体AB后，大地上的电子转移到导体上，将导体右端正电荷中和，再把C移走，则导体AB带上负电荷．故D错误．‎ 故选：C ‎　‎ ‎7．如图所示，R1和R2是材料相同，厚度相同、表面积为正方形的导体，已知R1的表面积是R2的100倍，通过导体的电流方向如图所示．则这两个导体的电阻关系为（　　）‎ A．R1=100R2 B．R2=100R1 C．R2=10R1 D．R1=R2‎ ‎【考点】欧姆定律．‎ ‎【分析】由电阻定律可以求出两导体的电阻关系．‎ ‎【解答】解：设厚度为D．‎ 由电阻定律可得：‎ 故D正确、ABC错误．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎8．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是EBx、ECx，下列说法中正确的有（　　）‎ A．EBx的大小大于ECx的大小 B．EBx的方向沿x轴正方向 C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大 D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力做负功 ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】对图象利用微元法进行分析，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，再根据电场线的性质进行分析，明确负电荷受力逆着电场线方向，再根据功的定义确定电场力做功情况．‎ ‎【解答】解：A、在B点和C点附近分别取很小的一段△d，由图象可知B点段对应的电势差大于C点段对应的电势差，若看做匀强电场有E=，可见EBx＞ECx，故A正确；‎ B、沿电场方向电势降低，所以在O点左侧，电场线向左，故EBx 的方向沿x轴负方向，故B错误；‎ C、由图可知，O点处图象的斜率为零，故说明该点水平方向的场强最小，故电场力在水平方向上的分量最小；故C错误；‎ D、在O点左侧，EBx的方向沿x轴负方向，在O点右侧，ECx的方向沿x轴正方向，负电荷从B移到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，故D错误．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ（　　）‎ A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大 B．保持S闭合；将A板向B板靠近，则θ不变 C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大 D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变 ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】带电小球受到重力、电场力和细线的拉力而平衡，电场力越大，细线与竖直方向的夹角越大；根据电容器电容定义式C=、平行板电容器的公式C=以及电压与电场强度关系公式U=Ed对各种变化中电场强度进行分析，得到电场强度的变化情况，最后判断电场力变化情况和偏转角θ变化情况．‎ ‎【解答】解：A、B、保持S闭合，电容器两极板间的电势差等于电源的电动势，不变；故电场强度为，当A板向B板靠近时，电场强度变大，电场力变大，故θ变大，故A正确，B错误；‎ C、D、断开S，电容器带电量Q不变，根据电容器电容定义式C=、平行板电容器的公式C=以及电压与电场强度关系公式U=Ed，得到：E=‎ ‎，故电场强度与两极板距离d无关，故将A板向B板靠近，电场强度不变，电场力不变，故倾角θ不变，故C错误，D正确；‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ ‎10．在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等．如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E关于c电荷的对称点，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．D点的电场强度不为零、电势可能为零 B．E、F两点的电场强度相同 C．E、G、H三点的电场强度大小和电势均相同 D．若释放c电荷，c电荷将做加速度减小的加速运动（不计空气阻力）‎ ‎【考点】电场的叠加．‎ ‎【分析】D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120°，故D点的场强为0；‎ 电场强度是矢量，场强的合成满足平行四边形定则，故E、G、H三点的场强大小相同，但方向不同；在直线cF上场强方向向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动．‎ ‎【解答】解：A、D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120°，故D点的场强为0．因为电势是一个相对性的概念即零电势的选取是任意的，故D点电势可能为0，故A错误．‎ B、由于a、b在E点的场强大小相等方向相反，故E点的场强仅由电荷c决定，故场强方向向左，而电荷c在D、F位置的场强大小相同方向相反，但电荷a、b在F点的场强矢量和不为0，故E、F两点的电场强度大小不同，方向相反．故B错误．‎ C、E、G、H三点分别为ab、ac、bc的中点，故E的场强仅由电荷c决定，同理G点的场强仅由电荷b决定，H点的场强仅由电荷a决定，故三点的场强大小相同，但方向不同，而它们的电势是相同，故C正确．‎ D、若释放电荷c，则a、b在C点的合场强水平向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速度减小加速运动．故D正确．‎ 故选：CD．‎ ‎　‎ ‎11．如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，断开电源，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（　　）‎ A．仍沿原轨迹由下板边缘飞出 B．将打在下板中央 C．不发生偏转，沿直线运动 D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央 ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的定义式导出电场强度的变化，根据牛顿第二定律和运动学规律分析粒子的运动情况．‎ ‎【解答】解：A、将电容器上板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，因为E=、C=、C=，解得：E=，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，由下板边缘飞出，故A正确，BC错误．‎ D、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的中央，故D正确．‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ ‎12．如图所示，水平放置的两个平行的金属板A、B带等量的异种电荷，A板带正电荷，B板接地．两板间有一正试探电荷固定在C点，以C表示电容器的电容，U表示两板间的电势差，φ表示C点的电势，W表示正电荷在C点的电势能．若将B板保持不动，将正极板A缓慢向下平移一小段距离L（仍然在C上方）的过程中，各物理量与正极板移动距离x的关系图象中，正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电容器的动态分析；匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】由题意可知电量不变，由平行板电容器的决定式可知电容的变化；由定义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而判断势能的变化．‎ ‎【解答】解：A、当正极板向下平移时，由C=可知，C与d成反比，C﹣x图线应是曲线，故A错误；‎ B、由C=、U=，得板间场强 E==，故E与d无关，所以正极板向下平移时，板间场强保持不变．‎ 因负极板接地，设C点原来距负极板为l，则P点的电势φ=El，φ保持不变；故B错误；‎ C、由U=Ed=E（d﹣x），U随x增大而线性减小，故C正确．‎ D、电势能 W=φq，φ保持不变，则W保持不变，φ为水平直线，故D正确；‎ 故选：CD．‎ ‎　‎ 二、填空题（每空2分，共14分）‎ ‎13．如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I﹣U特性曲线的实验器材．‎ ‎（1）根据实验原理，选取合适的电表量程，用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路图连接完整．‎ ‎（2）开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于　A　端（选填“A”、“B”或“AB中间”）‎ ‎（3）某同学根据得到的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I﹣U特性曲线．由图可知当小灯泡两端的电压为1.2V时的功率为　0.144　W．‎ ‎（4）根据图丙可知，随电压的升高小灯泡的电阻　变大　，（填“变大”或“变小”），原因是　灯泡内阻随温度的升高而增大　．‎ ‎【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．‎ ‎【分析】（1）根据原理图可得出对应的实物图；‎ ‎（2）根据实验要求和电路图的连接方式可明确滑片开始的位置；‎ ‎（3）由图可明确1.2V时对应的电流，再由P=UI即可求得电功率；‎ ‎（4）根据图象分析电阻的变化，并明确金属导体电阻随温度升高而增大．‎ ‎【解答】解：（1）根据原理图可得出对应的实物图如图所示；‎ ‎（2）由图可知，测量部分与滑动变阻器左侧并联，因此开始时为了让灯泡电流由零开始，故滑片P应置于A端；‎ ‎（3）由图可知，当电压为1.2V时，电流为0.12A，则功率P=UI=1.2×0.12=0.144W；‎ ‎（4）由图可知，I﹣U图象的斜率越来越小，则说明电阻越来越大；原因是灯泡内阻随温度的升高而增大．‎ 故答案为：（1）如图所示；（2）A；（3）0.144；（4）增大；灯泡内阻随温度的升高而增大．‎ ‎　‎ ‎14．R1、R2、R3的伏安特性曲线如图所示，若将它们串联后接入电路，则它们的电压之比U1：U2：U3=　1：2：4　．它们的电功率之比P1：P2：P3=　1：2：4　．‎ ‎【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．‎ ‎【分析】根据斜率的倒数求出三个电阻之比．根据三个电阻串联时电流相等时，电压与电阻成正比求出电压之比．由功率公式P=UI求出功率之比．‎ ‎【解答】解：由图得到，R1：R2：R3===1：2：4，三个电阻串联时电流相等时，根据欧姆定律得到，电压之比U1：U2：U3=1：2：4．而功率P=UI，I相同，则功率之比P1：P2：P3=1：2：4．‎ 故答案为：1：2：4，1：2：4．‎ ‎　‎ 三、计算题 ‎15．如图所示，电流表G的内阻Rg=400Ω，满偏电流为Ig=20mA．将此电流表G量程扩大，改装成双量程的电流表，若R1=10Ω，R2=90Ω，则接Oa时，电流表的量程为多少A？接Ob时，电流表的量程为多少A？‎ ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】改装后电流表的量程为表头的满偏电流与分流电阻上的电流之和 ‎【解答】解：Ig=20mA=0.020A 接Oa时，电流表的量程为：‎ I=Ig+=0.020+=1A，‎ 接Ob时，电流表的量程为：‎ I=Ig+=0.020+=0.1A ‎ 答：接Oa时，电流表的量程为1A；接Ob时，电流表的量程为0.1A ‎　‎ ‎16．一个电风扇，内阻为20Ω，接上220V电压后，消耗功率88W．‎ ‎（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？‎ ‎（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率是多少？‎ ‎（3）如果接上电源后，电动机被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流，以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）根据功率P=UI可以求得电动机的电流的大小；‎ ‎（2）根据PQ=I2r可以求得转化为内能的功率的大小，再由P机=P﹣PQ可以求得转化为机械能的功率；‎ ‎（3）当扇叶被卡住不能转动时，此时可以看做是纯电阻，总的功率即为发热的功率．‎ ‎【解答】解：（1）由P=UI可得电流为：‎ I===0.4A；‎ ‎（2）线圈电阻发热功率：‎ PQ=I2r=0.42×20=3.2W；‎ 机械功率：P机=P﹣PQ=88﹣3.2=84.8W；‎ 电动机的效率：η=100%=96.4%‎ ‎（3）当叶片不转动时，作纯电阻，根据欧姆定律，有：‎ I===11A；‎ P=UI=I2r=112×20=2420W．‎ 此时电动机的发热的功率等于电动机消耗的电功率，也是2420W．‎ 答：（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是0.4A；‎ ‎（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是84.8W，转化为内能的功率是3.2W，电动机的效率是96.4%；‎ ‎（3）如果接上电源后，电动机被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流是11A，电动机消耗的电功率和发热功率都是2420W．‎ ‎　‎ ‎17．如图是示波管的示意图，竖直偏转电极的极板长l=4cm，板间距离d=1cm，板右端距离荧光屏L=18cm（水平偏转电极上不加电压，没有画出），电子沿中心线进入竖直偏转电场的速度是1.6×107m/s，电子电荷量e=1.60×10﹣19C，质量m=0.91×10﹣30kg．‎ ‎（1）要使电子束不打在偏转电极的极板上，加在竖直偏转电极上的最大偏转电压U不能超过多大？‎ ‎（2）若在偏转电极上加40V的电压，在荧光屏的竖直坐标轴上看到的光点距屏的中心点多远？‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】（1）电子在偏转电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律求出电子恰好不打在偏转电极极板上的临界电压，然后答题．‎ ‎（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，离开偏转电场做匀速直线运动，应用类平抛运动规律与几何关系求出光点距中心的距离．‎ ‎【解答】解：（1）电子在偏转电场中做类平抛运动，电子的偏移量为d时恰好不打在极板上，此时偏转电压最大；‎ 在水平方向：l=v0t，竖直方向： d=at2=t2，‎ 代入数据解得：U=91V；‎ ‎（2）偏转电压U′=40V，电子在偏转电场中做类平抛运动，有：‎ l=v0t，‎ 竖直方向上有： d=at2=t2，‎ 设打在荧光屏上时，亮点距屏中心点的距离为Y，则： =，‎ 代入数据解得：Y=0.03m；‎ 答：（1）要使电子束不打在偏转电极的极板上，加在竖直偏转电极上的最大偏转电压U不能超过91V；‎ ‎（2）若在偏转电极上加40V的电压，在荧光屏的竖直坐标轴上看到的光点距屏的中心点0.03m．‎