湖北省黄石市第三中学2017届高三5月适应性考试理综物理试题

湖北省黄石市第三中学2017届高三5月适应性考试理综物理试题

www.ks5u.com ‎2017年黄石三中高三年级五月适应性考试 理科综合能力测试 选择题：每题6分，14—18题为单选，19—21题为多选。‎ ‎1. 下列说法正确的是( )‎ A. 原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子释放的能量 B. 一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能 C. 核子结合成原子核时会出现质量亏损，亏损的质量转化为释放的能量 D. 只有入射光的波长大于金属的极限波长时，光电效应才能产生 ‎【答案】B ‎【解析】原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，故A错误；重核的比结合能比中等核小，因此重核衰变时释放能量，衰变产物的结合能之和大于原来重核的结合能，故B正确；质量亏损只是表明了亏损的质量与释放的能量关系，而不是将亏损质量转化为释放的能量，故C错误； 只有入射光的波长小于金属的极限波长时，光电效应才能产生，选项D错误；故选B.‎ 点睛：比结合能：原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子所要添加的能量．用于表示原子核结合松紧程度． ‎ 结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量．自由原子结合为分子时放出的能量叫做化学结合能，分散的核子组成原子核时放出的能量叫做原子核结合能.‎ ‎2. 一方形木板置在水平地面上，在方形木板的上方有一条状竖直挡板，挡板的两端固定于水平地面上，挡板跟木板之间并不接触。现在有一方形物块在木板上沿挡板以某一速度运动，同时方形木板以相等大小的速度向左运动，木板的运动方向与竖直挡板垂直，已知物块跟竖直挡板和水平木板间的动摩擦因数分别为，物块的质量为m，则竖直挡板对物块的摩擦力大小为( ) ‎ A. 0 B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】物块沿运动方向受挡板的摩擦力f，f1=μ1FN ；‎ 因物块沿挡板运动的速度等于木板的运动速度，故物体相对木板的速度方向与挡板成450角，物块受木板的摩擦力为f2=μ2mg，其方向与挡板成45°角．则在垂直挡板方向FN=μ2mgcos45°=μ2mg  ，则f1=μ1FN = μ1μ2mg ，故选B.‎ ‎3. 如图所示的装置可以将滑块水平方向的往复运动转化为OB杆绕O点的转动，图中A、B、O三处都是转轴。当滑块在光滑的水平横杆上滑动时，带动连杆AB运动，AB杆带动OB杆以O点为轴转动，若某时刻滑块的水平速度v，连杆与水平方向夹角为，AB杆与OB杆的夹角为，此时B点转动的线速度为( )‎ ‎ ‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】A点的速度的方向沿水平方向，如图将A点的速度分解：‎ 根据运动的合成与分解可知，沿杆方向的分速度：vA分=vcosα，B点做圆周运动，实际速度是圆周运动的线速度，可以分解为沿杆方向的分速度和垂直于杆方向的分速度，如图设B的线速度为v′则：vB分=v′•cosθ=v′cos（90°-β）=v′sinβ 又二者沿杆方向的分速度是相等的，即：vA分=vB分 联立可得： ．故A正确，BCD错误；故选A....‎ 点睛：解决本题的关键会根据平行四边形定则对速度进行分解，B点绕O转动的线速度为实际速度.‎ ‎4. 如图所示，在AOB平面内存在着一个匀强电场，OA=L，OB=，∠AOB=60°。一个带电量为q的正电粒子以初动能Ek从O点两次沿不同方向抛出，并分别运动到A、B两点。若粒子运动到A、B两点时的动能分别为EA=2Ek，EB=，粒子重力不计，则匀强电场的场强大小为( )‎ ‎ ‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】设场强方向与OA夹角为α，则由动能定理，从O到A： ；从O到B：，联立解得 ，,故选D.‎ ‎5. 假设有一载人宇宙飞船在距地面高度为4200 km的赤道上空绕地球做匀速圆周运动，地球半径约为6400 km，地球同步卫星距地面高为36000 km，宇宙飞船和一地球同步卫星绕地球同向运动，每当两者相距最近时．宇宙飞船就向同步卫星发射信号，然后再由同步卫星将信号发送到地面接收站，某时刻两者相距最远，从此刻开始，在一昼夜的时间内，接收站共接收到信号的次数为 ( )‎ A. 4次 B. 6次 C. 7次 D. 8次 ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：据开普勒第三定律得：，，可知载人宇宙飞船的运行周期与地球同步卫星的运行周期之比为，又已知地球同步卫星的运行周期为一天即，因而载人宇宙飞船的运行周期，由匀速圆周运动的角速度，所以宇宙飞船的角速度为，同步卫星的角速度为 ‎，，当两者与太阳的连线是一条直线且位于地球异侧时，相距最远，此时追击距离为，即一个半圆，追击需要的时间为：，追击距离变为，即一个圆周，追击时间为：，可以得到内完成追击次数为：次，接收站共接收到信号的次数为为7次，故选项C正确，选项ABD错误。‎ 考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系、万有引力定律及其应用 ‎【名师点睛】地球同步卫星与宇宙飞船均绕地球做圆周运动，则它们的半径的三次方之比与公转周期的二次方之比相等．当它们从相距最近到相距最远，转动的角度相差。‎ ‎6. 如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象；直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象;直线C为一个电阻R的两端电压与电流关系的图象．将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么( )‎ ‎ ‎ A. R接到a电源上，电源的效率较高 B. R接到b电源上，电源的效率较高 C. R接到a电源上，电源的输出功率较大 D. R接到b电源上，电源的输出功率较大 ‎【答案】BC ‎【解析】试题分析：电源的效率，由闭合电路欧姆定律可知，b电源的内阻r较小，R接到b电源上，电源的效率较高．故A错误，B正确．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大．故C正确，D错误．‎ 故选BC 考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．‎ 点评：本题是电源的外特性曲线与电阻的伏安特性曲线的综合，关键理解交点的物理意义，也可以根据欧姆定律研究电流与电压关系，来比较电源的输出功率．‎ ‎7. 如图所示，一理想变压器原线圈输入正弦式交流电，交流电的频率为50Hz，电压表示数为11000V，灯泡L1与L2的电阻相等，原线圈与副线圈的匝数比为n1：n2=50：1，电压表和电流表均为理想电表，则（ ）‎ A. 原线圈输入的交流电的表达式为u=11000sin50πtV B. 开关K未闭合时，灯泡L1的两端的电压为220V C. 开关K闭合后电流表的示数为通过灯泡L1中电流的1/2‎ D. 开关K闭合后原线圈输入功率增大为原来的2倍 ‎【答案】BD...‎ ‎【解析】原线圈的电压最大值UM＝11000V，角速度ω=2πf=100πrad/s，所以原线圈输入的交流电的表达式为u=11000sin100πtV，故A错误；开关K未闭合时，灯泡L1的两端的电压即为副线圈电压，则 ，则开关K未闭合时，灯泡L1的两端的电压U2=220V，故B正确；开关K闭合后，L1与L2并联，且电阻相等，所以电流表的示数与通过灯泡L1中电流相等，故C错误；开关K闭合后，副线圈功率增大为原来的2倍，则原线圈输入功率增大为原来的2倍，故D正确．故选BD.‎ 点睛：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，能写出电压的瞬时表达式，并能结合欧姆定律、功率公式求解.‎ ‎8. 如图，光滑斜面的倾角为θ，斜面上放置一矩形导体线框，边的边长为，边的边长为，线框的质量为，电阻为，线框通过绝缘细线绕过光滑的滑轮与重物相连，重物质量为，斜面上线（平行底边）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为，如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的边始终平行底边，则下列说法不正确的是(　 　)‎ ‎ ‎ A. 线框进入磁场前运动的加速度为 B. 线框进入磁场时匀速运动的速度为 C. 线框做匀速运动的总时间为 D. 该匀速运动过程产生的焦耳热为 ‎【答案】ABC 非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答。‎ ‎（一）必考题（共129分）‎ 二、实验题：‎ ‎9. 在水平固定的长木板上，用物体A、B分别探究了加速度随着合外力的变化的关系，实验装置如图（1）所示（打点计时器、纸带图中未画出）．实验过程中用不同的重物P分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的不可伸长的细线（中间连结有一轻质细弹簧）分别拉动长木板上的物块由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间阻力及空气阻力可忽略），实验后进行数据处理，得到了物块A、B的加速度a与轻质弹簧的伸长量x的关系图象分别如图（2）中的A、B所示（g已知），‎ ‎（1）（多选题）由图判断下列说法正确的是__‎ A．一端带有定滑轮的长木板，未达到平衡物块所受摩擦力的目的 B．实验中重物P的质量应远小于物块的质量 C．若在实验中长木板是水平的，图（2）中又知道了图象的截距，就能求解出物体与木板间的动摩擦因数 D．试验中，应该先释放重物再接通打点计时器的电源 ‎（2）某同学仔细分析了图（2）中两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且mA__ mB（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数µA__ µB（填“大于”“等于”或“小于”）．‎ ‎【答案】 (1). （1）AC； (2). （2）小于； (3). 大于．‎ ‎【解析】试题分析：（1）一端带有定滑轮的长木板，若没有抬高木板的一端，则未达到平衡物块所受摩擦力的目的，选项A正确；因弹簧秤的读数可反应细线对物块的拉力，故实验中重物P的质量没必要远小于物块的质量，选项B错误；对物体，根据牛顿定律，解得，则若在实验中长木板是水平的，图（2）中又知道了图像的截距，，则根据就能求解出物体与木板间的动摩擦因数，选项C正确；试验中，应该先接通打点计时器的电源，然后释放重物，选项D错误；故选AC．（2）由图（2）可知A的斜率大于B，则，则mA< mB；因A的截距大于B,则µA> µB．‎ 考点：探究了加速度随着合外力的变化的关系 ‎【名师点睛】‎ ‎10. 某学生实验小组利用图（a）所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“×lk”挡内部电路的总电阻．使用的器材有：‎ 多用电表；‎ 电压表：量程5V，内阻十几千欧；‎ 滑动变阻器：最大阻值5kΩ 导线若干．...‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）将多用电表挡位调到电阻“×lk”挡后并进行了欧姆调零．‎ ‎（2）将图（a）中多用电表的红表笔和__（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端．‎ ‎（3）将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图（b）所示，这时电压表的示数如图（c）所示．多用电表和电压表的读数分别为__kΩ和__V．‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎（4）调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零．此时多用电表和电压表的读数分别为12.0kΩ和4.00V．多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路，如图（d）所示．根据前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为__V，电阻“×lk”挡内部电路的总电阻为__kΩ．‎ ‎【答案】 (1). （2）1； (2). （3）15.0； (3). 3.60； (4). （4）9.0； (5). 15.0．‎ ‎【解析】试题分析：（1）欧姆表使用前一定要欧姆调零，即红黑表笔短接后，调节调零旋钮，是电流表满偏；‎ ‎（2）红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触1，黑表笔接2；‎ ‎（3）欧姆表读数=倍率×表盘读数=1K×15．0Ω=15．0kΩ；电压表读数为3．60V；‎ ‎（4）由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值，为12．0KΩ；‎ ‎（5）欧姆表的中值电阻等于内电阻，故欧姆表1K档位的内电阻为15．0KΩ；‎ 根据闭合电路欧姆定律，电动势为；‎ 考点：测定电源电动势和内阻实验 ‎【名师点睛】本题关键是明确实验原理，会使用欧姆表和电压表测量电阻和电压，同时能结合闭合电路欧姆定律灵活地列式分析．‎ 三、计算题 ‎11. 如图所示，固定点O上系一长l=0.6m的细绳，细绳的下端系一质量m=1.0kg的小球（可视为质点），原来处于静止状态，球与平台的B点接触但对平台无压力，平台高h=0.80m，一质量M=2.0kg的物块开始静止在平台上的P点，现对M施予一水平向右的瞬时冲量，物块M沿粗糙平台自左向右运动到平台边缘B处与小球m发生正碰，碰后小球m在绳的约束下做圆周运动，经最高点A时，绳上的拉力恰好等于摆球的重力，而M落在水平地面上的C点，其水平位移s=1.2m，不计空气阻力．g=10m/s2．‎ 求：（1）质量为M物块落地时速度大小？‎ ‎（2）若平台表面与物块间动摩擦因数μ=0.5，物块M与小球初始距离s1=1.3m，物块M在P处所受水平向右的瞬时冲量大小为多少？‎ ‎【答案】（1）5m/s（2）14Ns ‎【解析】（1）碰后物块M做平抛运动，h＝gt2…① S=v3t…② …③‎ ‎ …④ 物块落地速度大小 …⑤ （2）物块与小球在B处碰撞：Mv1=mv2+Mv3…⑥ 碰后小球从B处运动到最高点A过程中，‎ ‎ ‎ 点睛：本题是碰撞、平抛运动与圆周运动和综合，采用程序法思维，把握各个运动过程的物理规律是关键，是一道考查综合能力的好题．‎ ‎12. 如图，竖直平面内放着两根间距L = 1m、电阻不计的足够长平行金属板M、N，两板间接一阻值R= 2Ω的电阻，N板上有一小孔Q，在金属板M、N及CD上方有垂直纸面向里的磁感应强度B0= 1T的有界匀强磁场，N板右侧区域KL上、下部分分别充满方向垂直纸面向外和向里的匀强磁场，磁感应强度大小分别为B1=3T和B2=2T。有一质量M = 0.2kg、电阻r =1Ω的金属棒搭在MN之间并与MN良好接触，用输出功率恒定的电动机拉着金属棒竖直向上运动，当金属棒达最大速度时，在与Q等高并靠近M板的P点静止释放一个比荷 的正离子，经电场加速后，以v =200m/s的速度从Q点垂直于N板边界射入右侧区域。不计离子重力，忽略电流产生的磁场，取g=10m/s2。求：‎ ‎（1）金属棒达最大速度时，电阻R两端电压U；...‎ ‎（2）电动机的输出功率P；‎ ‎（3）离子从Q点进入右侧磁场后恰好不会回到N板，Q点距分界线高h等于多少。‎ ‎【答案】（1）2V（2）9W（3）1.2×10﹣2m ‎ ‎【解析】试题分析：（1）离子从P运动到Q，由动能定理：①‎ 解得R两端电压②‎ ‎（2）电路的电流③‎ 安培力④‎ 受力平衡⑤‎ 由闭合电路欧姆定律⑥‎ 感应电动势⑦‎ 功率⑧‎ 联立②-⑧式解得：电动机功率⑨‎ ‎(3)如图所示，设离子恰好不会回到N板时，对应的离子在上、下区域的运动半径分别为和,圆心的连线与N板的夹角为φ。‎ 在磁场中，由⑩‎ 解得运动半径为11‎ 在磁场中，由12‎ 解得运动半径为13‎ 由几何关系得14‎ ‎15‎ 解 ⑩--15得:16‎ 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.‎ ‎【物理选修3-3】‎ ‎13. 关于分子、内能和温度，下列说法正确的是 A. 为了估算分子的大小或间距，可建立分子的球体模型或立方体模型 B. 分子间距离越大，分子势能越大；分子间距离越小，分子势能越小 C. 不同分子的直径一般不同，除少数大分子以外数量级基本一致 D. 用打气筒向篮球充气时需用力，说明气体分子间有斥力 E. 温度升高，物体的内能不一定增大 ‎【答案】ACE...‎ ‎【解析】为了估算分子的大小或间距，可建立分子的球体模型或立方体模型，选项A正确；随分子距离增大分子势能先减小后增大，选项B错误；不同分子的直径一般不同，除少数大分子以外数量级基本一致，均为10-10m左右，选项C正确；用打气筒向篮球充气时需用力，这是气体压强的缘故，不是分子间斥力的作用，选项D错误；物体的内能与温度、体积及物质的量都有关系，故温度升高，物体的内能不一定增大，选项E正确；故选ACE.‎ ‎14. 如图所示，内径均匀的玻璃管长L=100m，其中有一段长h=15cm的水银柱把一部分空气封闭在管中，当管开口向上竖直放置时，封闭气柱A的长度=30cm，现将玻璃管在竖直平面内缓慢转过180°至开口向下，之后保持竖直，把开口端向下缓慢插入水银槽中，直至B端气柱长=30cm时为止，已知大气压强=75cmHg，整个过程中温度保持不变，求：‎ ‎①玻璃管旋转后插入水银槽前，管内气柱B的长度；‎ ‎②玻璃管插入水银温度后，管内气柱A的长度。‎ ‎【答案】（1）40cm；（2）‎ ‎【解析】①设水银密度为，玻璃管横截面积为S，玻璃管旋转后，对气柱内的气体有：，解得 此时气柱B的长度为 ‎②插入水银槽后，气柱B内气体做等温变化，则有 代入数据解得=100cmHg 设此时气柱A的长度为，则有 代入数据解得 ‎15. 某实验小组在研究单摆时改进了实验方案，将一力传感器连接到计算机上，图甲中O点为单摆的固定悬点，现将小摆球（可视为质点）拉至A点，此时细线处于紧张状态，释放摆球，则摆球将在竖直平面内的A、B、C之间来回摆动，其中B点为运动中的最低位置。∠AOB=∠COB=，小于10°且是未知量。同时由计算机得到了摆线对摆球的拉力大小F随时间t变化的曲线图乙（均为已知量），且图中t=0时刻为摆球从A点开始运动的时刻（重力加速度为g）。根据题中（包括图中）所给的信息，下列说法正确的是 A. 该单摆的周期为 B. 根据题中（包括图中）所给的信息可求出摆球的质量 C. 根据题中（包括图中）所给的信息不能求出摆球在最低点B时的速度 D. 若实验时，摆球做了圆锥摆，则测得的周期变长 E. 若增加摆球的质量，摆球的周期不变 ‎【答案】ABE ‎【解析】小球运动到最低点时，绳子的拉力最大，在一个周期内两次经过最低点，由乙图可知单摆的周期T=t2，故A正确；在B点拉力有最大值，根据牛顿第二定律有：Fmin-mg=m ；在A、C两点拉力有最小值：Fmin=mgcosα，由A到B机械能守恒可得：mgl（1-cosα）=mv2，由此可求得摆球的质量 ‎，故B正确，C错误；若实验时，摆球做了圆锥摆，则周期是表达式为 ，显然周期变小，故D错误；根据单摆周期公式 可知，单摆周期与摆球质量无关，故E正确．故选ABE．‎ 点睛：解决本题的关键掌握单摆的运动规律，知道单摆的周期公式，以及会灵活运用动能定理、牛顿第二定律解题．‎ ‎16. 如图所示，在真空中有一个折射率为n、半径为r的质地均匀的小球。细激光束在真空中沿直线BC传播，直线BC与小球球心O的距离为l（l

查看更多