江苏省苏州新草桥中学2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题

江苏省苏州新草桥中学2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题

苏州新草桥中学2019—2010学年第一学期 高二物理10月月考试卷 一、单项选择题：本大题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不选的得0分。‎ ‎1.两个半径相同的金属小球(视为点电荷)，带电荷量之比为1∶7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的 A. B. C. D. 1‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：‎ 当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：‎ 两球接触后的库仑力为：‎ 当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：‎ 两球接触后的库仑力为：‎ A． ，与结论不相符，选项A错误；‎ B． ，与结论不相符，选项B错误；‎ C．，与结论相符，选项C正确；‎ D．1，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎2.如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是 （）‎ A. 电势，场强 B. 电势，场强 C. 将电荷从A点移到B点电场力做了正功 D. 将电荷分别放在A、B两点时具有的电势能 ‎【答案】BCD ‎【解析】‎ 电场线越密的地方电场强度越大，所以场强，沿着电场线电势一定降低，所以电势，故A错误，B正确；将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同，电场力做正功，故C错误。将-q电荷从A点移动到B点，所受电场力和电场线方向相反，电场力做负功，电势能增加，所以，故D错误。故选B。‎ ‎【点睛】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．‎ ‎3.电源电动势的大小反映的是( ).‎ A. 电源把电能转化成其他形式的能的本领的大小 B. 电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小 C. 电源单位时间内传送电荷量的多少 D. 电流做功的快慢.‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 电源电动势表示电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小，AD错B对。表示移送单位正电荷时非静电力做功多少，C错。‎ ‎4.如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与通电直导线共面，若使线框逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将（　　）‎ A. 逐渐减小 B. 逐渐增大 C. 保持不变 D. 不能确定 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由题，通电直导线产生稳定的磁场，离导线越远磁场越弱，磁感线越疏，则当线框远离通电导线时，穿过线框的磁感线的条数越来越少，磁通量将逐渐减小。 故选A。‎ ‎5.用多用电表欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是 A. 测量前必须欧姆调零，而且每测一次电阻都要重新调零 B. 为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起， 以使表笔与待测电阻接触良好 C. 使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡 D. 选不同倍率时，指针越靠近右边误差越小 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．测量前必须欧姆调零，而且每次换挡后都要重新调零，选项A错误；‎ B．欧姆表使用时严禁用手接触表笔的金属部分，选项B错误； ‎ C．使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡，选项C正确；‎ D．选不同倍率时，指针越接近中间部分刻度越准确，选项D错误。‎ ‎6.根据所学知识判断图中正确的是(　　)‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据左手定则判断，电流受力方向向下，故A正确，正电荷受力方向与场强发方向相同，沿切线方向，故C错误。由左手定则可知，正电荷受洛伦兹力竖直向上，则B错误；根据右手螺旋定则，D图中螺线管上方的磁感线从左向右，则N极指向右方，则D错误；‎ ‎7.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，当电路中滑动变阻器R的滑动触头P向上滑动时，以下说法正确的是 A. A灯变暗 B. 总电流变大 C. 电容的电量减小 D. 电源总功率变小 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．电路中滑动变阻器R的滑动触头P向上滑动时，R的阻值变大，电路总电阻变大，总电流减小，内阻上的电压减小，则路端电压变大，则A灯变亮，选项AB错误；‎ C．路端电压变大，则电容器两端电压变大，带电量增加，选项C错误；‎ D．根据P=IE可知，电源总功率减小，选项D正确。‎ ‎8.如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率随电流I变化的图线，曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率随电流I变化的图线．若A、B点的横坐标均为1 A，那么AB线段表示的功率为(　　)‎ A. 1 W B. 6 W C. 2 W D. 2.5 W ‎【答案】C ‎【解析】‎ 电源的总功率，C点表示，，则电源的电动势，由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有，代入解得，，所以AB段表示的功率为，故选项C正确。‎ 点睛：本题考查对图象的理解能力，从图象读出电路的状态是应培养的基本能力。‎ 二、多项选择题：本大题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对给6分，选项正确但选不全的得3分，有选错或不答的得0分。‎ ‎9.关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是 A. 在电场中某点放一检验电荷后，该点的电场强度不会发生改变 B. 由电场强度的定义式E=F/q可知，电场中某点的E与q成反比，与q所受的电场力F成正比 C. 小磁针北极受力方向即磁感应强度方向 D. 若通电导线在某处没有受到安培力作用，则该处磁感应强度一定为零 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．在电场中某点放一检验电荷后，该点的电场强度不会发生改变，选项A正确；‎ B．电场中某点的电场强度由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力和所带的电量均无关，选项B错误；‎ C．小磁针北极受力方向即为磁感应强度方向，选项C正确；‎ D．若通电导线在某处没有受到安培力作用，则该处磁感应强度不一定为零，可能是导线的方向与磁场方向平行，选项D错误。‎ ‎10.下列说法正确的是 A. 由R＝可知，电阻与电压成正比、与电流成反比 B. 由R＝可知，电阻与导体长度成正比、与横截面积成反比 C. 各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大 D. 电动机正常工作时求总电功率时不能用来运算 ‎【答案】BCD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．导体的电阻是导体本身的属性，与两端的电压和通过的电流无关，选项A错误；‎ B．由R＝可知，电阻与导体的长度成正比、与横截面积成反比，选项B正确；‎ C．各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大，选项C正确；‎ D．电动机不是纯电阻电路，则正常工作时求总电功率时不能用来运算，选项D正确。‎ ‎11. 如图,在倾角为a的光滑绝缘斜面上,放一通电直导线,当加上如下所述的磁场,有可能使导线静止在斜面上的有( )‎ A. 加竖直向下的匀强磁 B. 加垂直斜面向下的匀强磁场 C. 加水平向左的匀强磁场 D. 加沿斜面向下的匀强磁场 ‎【答案】ABC ‎【解析】‎ ‎【详解】本题考查左手定则和力的平衡。当加竖直向下的匀强磁场时，安培力方向水平向左，当时，导线可以静止在斜面上，A正确。当加垂直斜面向下的匀强磁场，安培力方向沿斜面向上，当时，导线可以静止在斜面上，B正确。当加水平向左的匀强磁场，安培力方向竖直向上，当时，导线可以静止在斜面上，C正确。当加沿斜面向下的匀强磁场时，安培力方向垂直斜面向下，导线不可能静止在斜面上，故D错误。选ABC.‎ ‎12.如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是（）‎ A. 电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大 B. 电压表V1的读数增大，电流表A1的读数减小 C. 电压表V2的读数减小，电流表A2的读数增大 D. 电压表V2的读数增大，电流表A2的读数减小 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电流表A1读数增大；电压表V1读数 U1=E-I（R1+r），I增大，其他量不变，则U1减小；通过电流表A2的电流，U1减小，则I2减小；流过R2的电流 I2′=I-I2，I增大，I2减小，则I2′增大，则伏特表V2的读数增大．综上，电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大，伏特表V2的读数增大，电流表A2的读数减小．故AD正确，BC错误．故选AD。‎ ‎【点睛】本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析，对于并联电路，要抓住干路电流等于各支路电流之和分析两个支路电流的关系。‎ 三、填空题：本题共2小题，每空3分，共18分。‎ ‎13.在测定金属丝的电阻率的实验中，请读出下列图所示测量值。游标卡尺读数为_________mm；螺旋测微器读数为__________mm；‎ ‎【答案】 (1). 82.40 (2). 5.545‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]．游标卡尺读数为：82mm+0.05mm×8=82.40mm；‎ ‎[2]．螺旋测微器读数为：5.5mm+0.01mm×4.5=5.545mm；‎ ‎14.在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：‎ A．待测的干电池（电动势约为1. 5 V，内电阻小于1. 0Ω)‎ B．电流表G（满偏电流3 mA，内阻Rg=10Ω)‎ C．电流表A(0～0. 6 A，内阻0.1Ω)‎ D．滑动变阻器R1(0～20Ω,10 A)‎ E.．滑动变阻器R2(0～200Ω,l A)‎ F．定值电阻R0(990Ω)‎ G．开关和导线若干 ‎（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图所示中甲的（a)、 (b)两个参考实验电路，其中合理的是___图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选___（填写器材前的字母代号）‎ ‎（2）图乙为该同学根据（1)中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1—I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=___V，内阻r=_______Ω。‎ ‎【答案】 (1). b (2). D (3). 1.50 (4). 0.80‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程电压表．（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是b，‎ 因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D，‎ ‎（2）根据欧姆定律和串联的知识得 电源两端电压U=I1（990+10）=1000I1，‎ 根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.5mA×1000Ω=1.50V 与横轴的交点可得出路端电压为1V时电流是0.62A，‎ 由闭合电路欧姆定律E=U+Ir可得：r=0.80Ω；‎ 四、计算题：共34分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。‎ ‎15.如图所示，线段A为某电源的U-I图线，线段B为某电阻的U-I图线，当上述电源和电阻组成如图闭合电路时，求：‎ ‎（1）电源电动势和内阻各是多大？‎ ‎（2）电源的输出功率P出多大？‎ ‎（3）若要获得电源的最大输出功率，要并联一个多大的电阻？电源最大输出功率多大？‎ ‎【答案】（1）3V ；（2）；（3）；‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）从A的图线可读出电动势为：‎ 内阻：‎ ‎；‎ ‎（2）从图象的交点可读出 路端电压为：‎ 电路电流为：‎ 电源的输出功率为：‎ ‎；‎ ‎（3）从图象的交点可得：‎ ‎，‎ 当内外电阻相等时，即外电路总电阻为:‎ 时，电源有最大输出功率，‎ 由电阻并联关系可得并联的电阻为：‎ ‎，‎ 电源有最大输出功率为：‎ ‎；‎ 所以：（1）电源电动势和内阻各是3V和0.5Ω；（2）电源的输出功率为4W；（3）若要获得电源的最大输出功率，要并联一个1Ω的电阻，电源最大输出功率4.5W ‎【点睛】解决该题需明确知道U−I图象中纵截距和斜率物理意义，知道在什么时候电源的输出功率是最大的；熟记功率的计算公式。‎ ‎16.如图所示，直线MN上方有垂直纸面向外的足够大的有界匀强磁场区域，磁感应强度为B，一质量为m、电荷量为q的负离子（重力可忽略）从O点以与MN成θ=30°角的速度v射入该磁场区域，经一段时间后从边界MN上P点射出。求：‎ ‎(1)入射点O与出射点P间的距离L；‎ ‎(2)负离子在磁场中运动的时间。‎ ‎【答案】（1） （2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）负离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力：‎ 所以 由图象知出射点间的距离为 L=2Rsin30°=‎ ‎（2）离子在磁场中的圆心角为300°，所以在磁场中运动的时间 ‎17.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37º，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源。现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨的其它电阻不计，g取10m/s2。已知sin37º=0.60，cos37º=0.80，‎ 试求：‎ ‎（1）通过导体棒的电流；‎ ‎（2）导体棒受到的安培力大小；‎ ‎（3）导体棒受到的摩擦力的大小。‎ ‎【答案】（1）1.5A （2）0.30N （3）0.06N ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小。 （2）根据安培力的公式F=BIL求出安培力的大小，运用左手定则判断安培力的方向。 （3）导体棒受重力、支持力、安培力、摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出摩擦力的大小。‎ ‎【详解】（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有： 代人数据解得：I=1.5A （2）导体棒受到的安培力：F安=BIL 代人数据解得：F=0.30N，方向沿斜面向上  （3）导体棒所受重力沿斜面向下的分力为：F1=mgsin37°=0.24N 由于F1小于安培力，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f，根据共点力平衡条件有： mgsin37°+f=F安 解得：f=0.06N ‎【点睛】解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，安培力的大小公式，以及会利用共点力平衡去求未知力。‎ ‎ ‎