【物理】云南省玉溪市元江一中2019-2020学年高二上学期10月月考试题

【物理】云南省玉溪市元江一中2019-2020学年高二上学期10月月考试题

云南省元江一中2019—2020学年上学期10月考试 高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ 分卷I 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.如图所示，A、B是某点电荷电场中的一条电场线．在电场线上P处自由释放一个负检验电荷时，它沿直线向B点运动．对此现象，下列判断正确的是(不计电荷重力)(　　)‎ A． 电荷向B做匀速运动 B． 电荷向B做加速度越来越小的运动 C． 电荷向B做加速度越来越大的运动 D． 电荷向B做加速运动，加速度的变化情况不能确定 ‎2.一同学在某电路中接上两个毫安表和两个相同的电压表，如图所示，毫安表1的读数I1=100 mA，毫安表2的读数I2=99 mA，电压表V1的读数U1=10 V，则电压表V2的读数应为（　　）‎ A． 0.01 V B． 1 V C． 0.1 V D． 10 V ‎3.下列物理公式属于定义式的是(　　)‎ A．I＝ B．a＝ C．E＝k D．R＝‎ ‎4.用相同的灵敏电流计作表头改装成电流表A和电压表V，分别将其串联和并联在一起，然后接入电路中。通电后关于指针的偏角情况的叙述正确的是（ ）‎ A． 图甲中电压表的指针偏角与电流表的相等 B． 图甲中电压表的指针偏角比电流表的小 C． 图乙中电压表的指针偏角与电流表的相等 D． 图乙中电压表的指针偏角比电流表的小 ‎5.一个电容器的规格是“50 V　10 F”，则(　　)‎ A． 这个电容器只有加上50 V 电压时，电容才是10 F B． 这个电容器能容纳的最大电荷量为10 C C． 这个电容器储存的电荷量一定为500 C D． 这个电容器两端的电压等于10 V时，它两极板电荷量(绝对值)之和为200 C ‎6.把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，甲电阻丝长L，直径为d，乙电阻丝长2L，直径为2d.要使它们消耗的电功率相等，加在两电阻丝上的电压比U甲∶U乙应是(　　)‎ A． 1∶1 B． 2∶1 C．∶2 D．∶1‎ ‎7.如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，A为灯泡，D为理想的电压表．在变阻器的滑片P由B端向C端滑动的过程中(　　)‎ A．A灯变亮，D示数变大 B．A灯变亮，D示数变小 C．A灯变暗，D示数变大 D．A灯变暗，D示数变小 ‎8.一个平行板电容器，若增大加在它两极板间的电压，则电容器的(　　)‎ A． 电量增加，电量与所加电压的比值增大 B． 电量不变，电量与所加电压的比值变小 C． 电量增加，电量与所加电压的比值不变 D． 电量不变，电量与所加电压的比值不变 ‎9.一根均匀电阻丝阻值为R，在以下哪些情况下，阻值仍为R(　　)‎ A． 长度变为一半，横截面积增大一倍时 B． 横截面积变为一半，长度变为二倍时 C． 长度和横截面积都变为原来的2倍时 D． 直径变为一半，长度变为原来的时 ‎10.先后按图中（1）、（2）所示电路测同一未知电阻阻值Rx，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图（1）所示电路测得电压表示数为6 V，电流表示数为2 mA，那么按图（2）所示电路测得的结果应有（ ）‎ A． 电压表示数为6 V，电流表示数为2 mA B． 电压表示数为6 V，电流表示数小于2 mA C． 电压表示数小于6 V，电流表示数小于2 mA D． 电压表示数小于6 V，电流表示数大于2 mA 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.(多选)如图所示，在重力加速度为g的空间，有一个带电荷量为＋Q的场源电荷置于O点，B、C为以O为圆心、半径为R的竖直圆周上的两点，A、B、O在同一竖直线上，AB＝R，O、C在同一水平线上．现在有一质量为m、电荷量为－q的有孔小球，沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始滑下，滑至C点时速度的大小为，下列说法正确的是(　　)‎ A． 从A到C小球做匀变速运动 B．B、A两点间的电势差为 C． 从A到C小球的机械能守恒 D． 若从A点自由释放，则下落在B点时的速度大小为 ‎12.(多选)随着人们生活水平的提高，各种家用电器日益走入我们的居家生活，而家用电器所产生的静电会被人体吸收并积存起来，加之居室内墙壁和地板多属绝缘体，空气干燥，因此更容易受到静电干扰．由于老年人的皮肤相对年轻人干燥以及老年人心血管系统的老化、抗干扰能力减弱等因素，因此老年人更容易受静电的影响．心血管系统本来就有各种病变的老年人，静电更会使病情加重．过高的静电还常常使人焦躁不安、头痛、胸闷、呼吸困难、咳嗽．我们平时生活中就应当采取措施，有效防止静电，下列可行的是(　　)‎ A． 室内要勤拖地、勤洒些水 B． 要勤洗澡、勤换衣服 C． 选择柔软、光滑的化纤类衣物 D． 尽量避免使用化纤地毯和塑料为表面材料的家具 ‎13.(多选)关于电容器和电容的概念，下列说法正确的是(　　)‎ A． 任何两个彼此绝缘又互相靠近的导体都可以看成是一个电容器 B． 用电源对平行板电容器充电后，两极板一定带有等量异种电荷 C． 某一电容器带电荷量越多，它的电容就越大 D． 某一电容器两板间的电压越高，它的电容就越大 ‎14.(多选)如图所示，电源内阻不可忽略，已知R1为半导体热敏电阻，R2为锰铜合金制成的可变电阻，若发现灯泡L的亮度变暗，可能的原因是(　　)‎ A．R1的温度逐渐降低 B．R1受到可见光的照射 C．R2的阻值逐渐增大 D．R2的阻值逐渐减小 分卷II 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，所用器材有：电动势为6 V的电源，额定电压为2.5 V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线.要求能测出尽可能多组数据，如图是没有连接完的实物电路.(已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根)‎ ‎(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；‎ ‎(2)连好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表几乎不偏转，则故障的原因可能是_________________________________________；‎ ‎(3)排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向________端滑动(选填“左”或“右”)；‎ ‎(4)图线是曲线而不是过原点的直线，原因是___________________________________.‎ ‎16.现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，其阻值Rx约为0.5 Ω，允许通过的最大电流为0.5 A.现有如下器材可供选择：‎ 电流表A(量程0.6 A，内阻约为0.6 Ω)‎ 电压表V(量程3 V，内阻约为3 kΩ)‎ 待测电阻丝Rx(阻值约为0.5 Ω)‎ 标准电阻R0(阻值5 Ω)‎ 滑动变阻器R1(5 Ω，2 A)‎ 滑动变阻器R2(200 Ω，1.5 A)‎ 直流电源E(E＝6 V，内阻不计)‎ 开关S、导线若干 ‎(1)图为四位同学分别设计的测量电路的一部分，你认为合理的是________；‎ ‎ ‎ ‎(2)实验中滑动变阻器应该选择________(选填“R1”或“R2”)，并采用________接法；‎ ‎(3)根据你在(1)(2)中的选择，在图甲上完成实验电路的连接；‎ ‎(4)实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D，则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ＝________；‎ ‎(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图乙所示，则该电阻丝的直径D＝________.‎ 四、计算题 ‎ ‎17.如图所示，半径为R的光滑圆环竖直置于场强为E的水平方向的匀强电场中，质量为m、带电荷量为＋q的空心小球穿在环上，当小球从顶点A由静止开始下滑到与圆心O等高的位置B时，求小球对环的压力.‎ ‎18.　长为L 的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个带电荷量为＋q、质量为m的带电粒子，以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时速度恰与下极板成30°角，如图所示，不计粒子重力，求：‎ ‎(1)粒子末速度的大小；‎ ‎(2)匀强电场的场强；‎ ‎(3)两板间的距离.‎ ‎19.　如图所示，电源电动势E＝10 V，内阻可忽略，R1＝4 Ω，R2＝6 Ω，C＝30 μF，求：‎ ‎(1)S闭合后，稳定时通过R1的电流；‎ ‎(2)S原来闭合，然后断开，这个过程中流过R1的总电荷量.‎ ‎20.如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：‎ ‎(1)原来的电场强度．‎ ‎(2)物块运动的加速度．‎ ‎(3)沿斜面下滑距离为l时物块的速度．(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)‎ ‎ ‎ ‎【参考答案】‎ ‎1.D 2.C 3.D 4.D 5.D 6.D 7.D 8.C 9.C 10.D ‎11.BD 12.ABD 13.AB 14.AD ‎15.　(1)连线如图 ‎(2)c段导线断路或灯泡灯丝断了 ‎(3)右 ‎(4)灯丝的电阻会随温度的升高而增大 ‎【解析】　(1)测绘小灯泡的伏安特性曲线要求滑动变阻器使用分压式接法，这样能使小灯泡两端的电压从零开始逐渐增大，小灯泡电阻与电流表内阻往往相差不大，而且由于实物图中已经将电压表负极与电流表和灯泡的左端连接好，只能将电压表与灯泡直接并联，采用电流表的外接法，这样误差较小.‎ ‎(2)由于整个电路分成两条支路，电压表这条支路无故障，而灯泡这个支路出故障，只能是灯泡的灯丝断了或c段导线断路所致，导致电压表直接接入干路，电阻过大，滑动变阻器无法控制电流，电流表几乎不偏转.‎ ‎(3)小灯泡的额定电压为2.5 V，要增大电压必须调节滑动变阻器，让滑动变阻器与小灯泡并联部分的电压增大，所以P要向右滑动.‎ ‎(4)从伏安特性曲线可以看出，电压升高时，电压表示数与电流表示数的比值增大，故曲线说明了灯丝的电阻随着温度升高而增大.‎ ‎16.　(1)C　(2)R1　分压　(3)　(4)(－R0)　(5)1.205(±0.002) mm ‎【解析】　(1)电阻Rx两端的最大电压U＝IRx＝0.25 V，约为电压表量程的，需要在待测电阻Rx两端串联分压电阻，即串联标准电阻R0，此时R0＋Rx＜‎ ‎，电流表采用外接法，选项C正确.‎ ‎(2)滑动变阻器若选用R2并采用限流接法，调控范围小，操作不便，而电源内阻不计，不用考虑大电流时电源电动势的变化，因而选择R1，并采用分压接法.‎ ‎(3)根据测量电路图和滑动变阻器的分压式接法，实物连线如图所示.‎ ‎(4)待测电阻Rx＝－R0.‎ 由电阻定律有Rx＝＝，联立解得ρ＝(－R0).‎ ‎(5)螺旋测微器的读数为1 mm＋0.01×20.5 mm＝1.205 mm.‎ ‎17.　2mg＋3Eq，方向水平向右 ‎【解析】　小球从A运动到B的过程中，重力做正功，电场力做正功，动能增加，由动能定理有mgR＋EqR＝mv2‎ 在B点小球受到重力mg、电场力F和环对小球的弹力F1三个力的作用，沿半径方向指向圆心的合力提供向心力，则F1－Eq＝m 联立以上两式可得F1＝2mg＋3Eq 小球对环的作用力与环对小球的作用力为一对作用力与反作用力，两者等大反向，即小球对环的压力F1′＝2mg＋3Eq，方向水平向右.‎ ‎18.　(1)　(2)　(3)L ‎【解析】　(1)粒子离开电场时，合速度与水平方向夹角为30°，由几何关系得合速度：v＝＝.‎ ‎(2)粒子在匀强电场中做类平抛运动，‎ 在水平方向上：L＝v0t，‎ 在竖直方向上：vy＝at，‎ vy＝v0tan 30°＝，‎ 由牛顿第二定律得：qE＝ma 解得：E＝.‎ ‎(3)粒子做类平抛运动，‎ 在竖直方向上：d＝at2，解得：d＝L.‎ ‎19.　(1)1 A　(2)1.2×10－4C ‎【解析】　(1)S闭合后，电路稳定时，R1、R2串联，易求I＝＝1 A.‎ ‎(2)S闭合时，电容器两端电压UC＝U2＝I·R2＝6 V，储存的电荷量Q＝C·UC.S断开至达到稳定后电路中电流为零，此时UC′＝E，储存的电荷量Q′＝C·UC′.很显然电容器上的电荷量增加了ΔQ＝Q′－Q＝CUC′－CUC＝1.2×10－4C.电容器上电荷量的增加是在S断开以后才产生的，这只有通过R1这条电路实现，所以流过R1的电荷量就是电容器带电荷量的增加量.‎ ‎20.(1)　(2)3 m/s2，方向沿斜面向下 ‎(3)‎ ‎【解析】(1)对小物块受力分析如图所示，物块静止于斜面上，则mgsin 37°＝qEcos 37°，E＝＝.‎ ‎(2)当场强变为原来的时，小物块所受的合外力 F合＝mgsin 37°－qEcos 37°＝mgsin 37°.‎ 又F合＝ma，所以a＝3 m/s2，方向沿斜面向下．‎ ‎(3)由动能定理得F合・l＝mv2－0‎ 所以mgsin 37°・l＝mv2，所以v＝.‎