2011年重庆市高考数学试卷(理科)答案与解析

2011年重庆市高考数学试卷(理科)答案与解析

‎2011年重庆市高考数学试卷（理科）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）‎ ‎1．（3分）（2011•重庆）复数=（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】复数代数形式的混合运算．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】利用i的幂的运算法则，化简分子，然后复数的分子、分母同乘分母的共轭复数，化简为a+bi（a，b∈R）的形式，即可．‎ ‎【解答】解：复数====‎ 故选C ‎【点评】题考查复数代数形式的混合运算，考查计算能力，是基础题．‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2011•重庆）“x＜﹣1”是“x2﹣1＞0”的（　　）‎ A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件 ‎【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】由x＜﹣1，知x2﹣1＞0，由x2﹣1＞0知x＜﹣1或x＞1．由此知“x＜﹣1”是“x2﹣1＞0”的充分而不必要条件．‎ ‎【解答】解：∵“x＜﹣1”⇒“x2﹣1＞0”，‎ ‎“x2﹣1＞0”⇒“x＜﹣1或x＞1”．‎ ‎∴“x＜﹣1”是“x2﹣1＞0”的充分而不必要条件．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题考查充分条件、必要条件和充要条件的应用．‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2011•重庆）已知，则a=（　　）‎ A．1 B．2 C．3 D．6‎ ‎【考点】极限及其运算．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】先将极限式通分化简，得到，分子分母同时除以x2，再取极限即可．‎ ‎【解答】解：原式=‎ ‎=（分子分母同时除以x2）‎ ‎=‎ ‎==2‎ ‎∴a=6‎ 故选：D．‎ ‎【点评】关于高中极限式的运算，一般要先化简再代值取极限，本题中运用到的分子分母同时除以某个数或某个式子，是极限运算中常用的计算技巧．‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2011•重庆）（1+3x）n（其中n∈N且n≥6）的展开式中x5与x6的系数相等，则n=（　　）‎ A．6 B．7 C．8 D．9‎ ‎【考点】二项式系数的性质．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】利用二项展开式的通项公式求出二项展开式的通项，求出展开式中x5与x6的系数，列出方程求出n．‎ ‎【解答】解：二项式展开式的通项为Tr+1=3rCnrxr ‎∴展开式中x5与x6的系数分别是35Cn5，36Cn6‎ ‎∴35Cn5=36Cn6‎ 解得n=7‎ 故选B ‎【点评】本题考查利用二项展开式的通项公式解决二项展开式的特定项问题．‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2011•重庆）下列区间中，函数f（x）=|lg（2﹣x）|在其上为增函数的是（　　）‎ A．（﹣∞，1] B． C． D．（1，2）‎ ‎【考点】对数函数的单调性与特殊点．菁优网版权所有 ‎【分析】根据零点分段法，我们易将函数f（x）=|lg（2﹣x）|的解析式化为分段函数的形式，再根据复合函数“同增异减”的原则我们易求出函数的单调区间进而得到结论．‎ ‎【解答】解：∵f（x）=|lg（2﹣x）|，‎ ‎∴f（x）=‎ 根据复合函数的单调性我们易得 在区间（﹣∞，1]上单调递减 在区间（1，2）上单调递增 故选D ‎【点评】本题考查的知识点是对数函数的单调性与特殊点，其中根据“同增异减”的原则确定每一段函数的单调性是解答本题的关键．‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2011•重庆）△ABC的内角A，B，C所对的边a，b，c满足（a+b）2﹣c2=4，且C=60°，则ab的值为（　　）‎ A． B． C．1 D．‎ ‎【考点】余弦定理．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；解三角形．‎ ‎【分析】将（a+b）2﹣c2=4化为c2=（a+b）2﹣4=a2+b2+2ab﹣4，又C=60°，再利用余弦定理得c2=a2+b2﹣2abcosC=a2+b2﹣ab即可求得答案．‎ ‎【解答】解：∵△ABC的边a、b、c满足（a+b）2﹣c2=4，‎ ‎∴c2=（a+b）2﹣4=a2+b2+2ab﹣4，‎ 又C=60°，由余弦定理得c2=a2+b2﹣2abcosC=a2+b2﹣ab，‎ ‎∴2ab﹣4=﹣ab，‎ ‎∴ab=．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查余弦定理，考查代换与运算的能力，属于基本知识的考查．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2011•重庆）已知a＞0，b＞0，a+b=2，则的最小值是（　　）‎ A． B．4 C． D．5‎ ‎【考点】基本不等式．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】利用题设中的等式，把y的表达式转化成（）（）展开后，利用基本不等式求得y的最小值．‎ ‎【解答】解：∵a+b=2，‎ ‎∴=1‎ ‎∴=（）（）=++≥+2=（当且仅当b=2a时等号成立）‎ 故选C ‎【点评】本题主要考查了基本不等式求最值．注意把握好一定，二正，三相等的原则．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2011•重庆）在圆x2+y2﹣2x﹣6y=0内，过点E（0，1）的最长弦和最短弦分别为AC和BD，则四边形ABCD的面积为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】圆的标准方程；两点间的距离公式．菁优网版权所有 ‎【专题】数形结合；直线与圆．‎ ‎【分析】把圆的方程化为标准方程后，找出圆心坐标与圆的半径，根据图形可知，过点E最长的弦为直径AC，最短的弦为过E与直径AC垂直的弦BD，根据两点间的距离公式求出ME的长度，根据垂径定理得到E为BD的中点，在直角三角形BME中，根据勾股定理求出BE，则BD=2BE，然后利用AC与BD的乘积的一半即可求出四边形ABCD的面积．‎ ‎【解答】解：把圆的方程化为标准方程得：（x﹣1）2+（y﹣3）2=10，‎ 则圆心坐标为（1，3），半径为，‎ 根据题意画出图象，如图所示：‎ 由图象可知：过点E最长的弦为直径AC，最短的弦为过E与直径AC垂直的弦，则AC=2，MB=，ME==，‎ 所以BD=2BE=2=2，又AC⊥BD，‎ 所以四边形ABCD的面积S=AC•BD=×2×2=10．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题考查学生掌握垂径定理及勾股定理的应用，灵活运用两点间的距离公式化简求值，是一道中档题．学生做题时注意对角线垂直的四边形的面积等于对角线乘积的一半．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2011•重庆）高为的四棱锥S﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，点S，A，B，C，D均在半径为1的同一球面上，则底面ABCD的中心与顶点S之间的距离为（　　）‎ A． B． C．1 D．‎ ‎【考点】点、线、面间的距离计算；球内接多面体．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题．‎ ‎【分析】由题意可知ABCD所在的圆是小圆，对角线长为 ，四棱锥的高为，而球心到小圆圆心的距离为，则推出顶点S在球心距的垂直分的平面上，而顶点S到球心的距离为1，即可求出底面ABCD的中心与顶点S之间的距离．‎ ‎【解答】解：由题意可知ABCD所在的圆是小圆，对角线长为 ，四棱锥的高为 ，‎ 点S，A，B，C，D均在半径为1的同一球面上，球心到小圆圆心的距离为，顶点S在球心距的垂直分的平面上，而顶点S到球心O的距离为1，所以底面ABCD的中心O'与顶点S之间的距离为1‎ 故选C ‎【点评】本题是基础题，考查球的内接多面体的知识，考查逻辑推理能力，计算能力，转化与划归的思想．‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2011•重庆）设m，k为整数，方程mx2﹣kx+2=0在区间（0，1）内有两个不同的根，则m+k的最小值为（　　）‎ A．﹣8 B．8 C．12 D．13‎ ‎【考点】二次函数的性质．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题．‎ ‎【分析】将一元二次方程的根的分布转化为确定相应的二次函数的图象来处理，根据图象可得到关于m和k的不等式组，此时不妨考虑利用不等式所表示的平面区域来解决，但须注意这不是线性规划问题，同时注意取整点．‎ ‎【解答】解：设f（x）=mx2﹣kx+2，由f（0）=2，易知f（x）的图象恒过定点（0，2），‎ 因此要使已知方程在区间（0，1）内两个不同的根，即f（x）的图象在区间（0，1）内与x轴有两个不同的交点 即由题意可以得到：必有，即，‎ 在直角坐标系mok中作出满足不等式平面区域，‎ 如图所示，设z=m+k，则直线m+k﹣z=0经过图中的阴影中的整点（6，7）时，‎ z=m+k取得最小值，即zmin=13．‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题考查了二次函数与二次方程之间的联系，解答要注意几个关键点：‎ ‎（1）将一元二次方程根的分布转化一元二次函数的图象与x轴的交点来处理；‎ ‎（2）将根据不等式组求两个变量的最值问题处理为规划问题；‎ ‎（3）作出不等式表示的平面区域时注意各个不等式表示的公共区域；‎ ‎（4）不可忽视求得最优解是整点．‎ ‎　‎ 二、填空题（共5小题，每小题3分，满分15分）‎ ‎11．（3分）（2011•重庆）在等差数列{an}中，a3+a7=37，则a2+a4+a6+a8=　74　．‎ ‎【考点】等差数列的性质．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】根据等差数列的性质所有下标之和相同的两项之和相等，看出第三项与第七项的和等于第四项与第六项的和等于第二项与第八项的和，得到结果．‎ ‎【解答】解：等差数列{an}中，a3+a7=37，‎ ‎∵a3+a7=a2+a8=a4+a6=37‎ ‎∴a2+a4+a6+a8=37+37=74，‎ 故答案为：74‎ ‎【点评】本题考查等差数列的性质，这是经常用到的一个性质的应用，注意解题要灵活，不要出现数字运算的错误是一个送分题目．‎ ‎　‎ ‎12．（3分）（2011•重庆）已知单位向量，的夹角为60°，则|2﹣|=　　．‎ ‎【考点】平面向量数量积的坐标表示、模、夹角．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】利用向量模的平方等于向量的平方，将已知等式平方，利用向量的数量积公式及将已知条件代入，求出模．‎ ‎【解答】解：=‎ ‎=‎ ‎=5﹣4cos60°‎ ‎=3‎ ‎∴‎ 故答案为 ‎【点评】本题考查求向量的模常利用向量模的平方等于向量的平方、考查向量的数量积公式．‎ ‎　‎ ‎13．（3分）（2011•重庆）将一枚均匀的硬币投掷6次，则正面出现的次数比反面出现的次数多的概率为　　．‎ ‎【考点】n次独立重复试验中恰好发生k次的概率．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】本题是一个n次独立重复试验中恰好发生k次的概率，正面出现的次数比反面出现的次数多包括三种情况，正面出现4次，反面出现2次；正面出现5次，反面出现1次；正面出现6次，共有三种情况，这三种情况是互斥的，写出概率，得到结果．‎ ‎【解答】解：由题意知本题是一个n次独立重复试验中恰好发生k次的概率，‎ 正面出现的次数比反面出现的次数多包括 正面出现4次，反面出现2次；‎ 正面出现5次，反面出现1次；‎ 正面出现6次，共有三种情况，这三种情况是互斥的，‎ ‎∴正面出现的次数比反面出现的次数多的概率是 ‎++==‎ 故答案为：‎ ‎【点评】本题考查n次独立重复试验中恰好发生k次的概率，考查互斥事件的概率，是一个基础题，解题的关键是看清题目所给的条件符合什么规律，在按照规律解题．‎ ‎　‎ ‎14．（3分）（2011•重庆）已知sinα=+cosα，且α∈（0，），则的值为　﹣　．‎ ‎【考点】二倍角的余弦；同角三角函数间的基本关系．菁优网版权所有 ‎【专题】三角函数的求值．‎ ‎【分析】由已知的等式变形后，记作①，利用同角三角函数间的基本关系列出关系式，记作②，再根据α为锐角，联立①②求出sinα和cosα的值，进而利用二倍角的余弦函数公式及两角和与差的正弦函数公式分别求出所求式子的分子与分母，代入即可求出所求式子的值．‎ ‎【解答】解：由sinα=+cosα，得到sinα﹣cosα=①，‎ 又sin2α+cos2α=1②，且α∈（0，），‎ 联立①②解得：sinα=，cosα=，‎ ‎∴cos2α=cos2α﹣sin2α=﹣，sin（α﹣）=（sinα﹣cosα）=，‎ 则==﹣．‎ 故答案为：﹣‎ ‎【点评】此题考查了二倍角的余弦函数公式，两角和与差的正弦函数公式，以及同角三角函数间的基本关系，熟练掌握公式是解本题的关键．‎ ‎　‎ ‎15．（3分）（2011•重庆）动圆的圆心在抛物线y2=8x上，且动圆恒与直线x+2=0相切，则动圆必过点　（2，0）　．‎ ‎【考点】圆与圆锥曲线的综合．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题．‎ ‎【分析】先由抛物线的标准方程写出其焦点坐标，准线方程，再结合抛物线的定义得出焦点必在动圆上，从而解决问题．‎ ‎【解答】解：抛物线y2=8x的焦点F（2，0），‎ 准线方程为x+2=0，‎ 故圆心到直线x+2=0的距离即半径等于圆心到焦点F的距离，‎ 所以F在圆上．‎ 故答案为：（2，0）．‎ ‎【点评】主要考查知识点：抛物线，本小题主要考查圆与抛物线的综合、抛物线的定义等基础知识，考查运算求解能力，考查数形结合思想．属于基础题．‎ ‎　‎ 三、解答题（共6小题，满分75分）‎ ‎16．（13分）（2011•重庆）设α∈R，f（x）=cosx（asinx﹣cosx）+cos2（﹣x）满足，求函数f（x）在上的最大值和最小值．‎ ‎【考点】由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式；三角函数的最值．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题．‎ ‎【分析】利用二倍角公式化简函数f（x），然后，求出a的值，进一步化简为f（x）=2sin（2x﹣），然后根据x的范围求出2x﹣，的范围，利用单调性求出函数的最大值和最小值．‎ ‎【解答】解：f（x）=cosx（asinx﹣cosx）+cos2（﹣x）‎ ‎=asinxcosx﹣cos2x+sin2x ‎=‎ 由得 解得a=2‎ 所以f（x）=2sin（2x﹣），‎ 所以x∈[]时2x﹣，f（x）是增函数，‎ 所以x∈[]时2x﹣，f（x）是减函数，‎ 函数f（x）在上的最大值是：f（）=2；‎ 又f（）=，f（）=；‎ 所以函数f（x）在上的最小值为：f（）=；‎ ‎【点评】本题是中档题，考查三角函数的化简，二倍角公式的应用，三角函数的求值，函数的单调性、最值，考查计算能力，常考题型．‎ ‎　‎ ‎17．（13分）（2011•重庆）某市公租房的房源位于A、B、C三个片区，设每位申请人只申请其中一个片区的房源，且申请其中任一个片区的房源是等可能的，求该市的任4位申请人中：‎ ‎（Ⅰ）恰有2人申请A片区房源的概率；‎ ‎（Ⅱ）申请的房源所在片区的个数的ξ分布列与期望．‎ ‎【考点】离散型随机变量的期望与方差；等可能事件的概率．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题．‎ ‎【分析】（I）本题是一个等可能事件的概率，试验发生包含的事件是4个人中，每一个人有3种选择，共有34种结果，满足条件的事件是恰有2人申请A片区房源，共有C4222，得到概率．‎ ‎（II）由题意知变量ξ的可能取值是1，2，3，结合变量对应的事件和第一问的做法写出变量对应的概率，写出分布列，做出变量的期望值．‎ ‎【解答】解：（I）由题意知本题是一个等可能事件的概率 试验发生包含的事件是4个人中，每一个人有3种选择，共有34种结果，‎ 满足条件的事件是恰有2人申请A片区房源，共有C4222‎ ‎∴根据等可能事件的概率公式得到P==‎ ‎（II）由题意知ξ的可能取值是1，2，3‎ P（ξ=1）=，‎ P（ξ=2）=，‎ P（ξ=3）=‎ ‎∴ξ的分布列是：‎ ‎ ξ ‎ 1‎ ‎ 2‎ ‎ 3‎ ‎ P ‎∴Eξ=‎ ‎【点评】本题考查等可能事件的概率，考查离散型随机变量的分布列和期望，求离散型随机变量的分布列和期望是近年来理科高考必出的一个问题，题目做起来不难，运算量也不大，只要注意解题格式就问题不大．‎ ‎　‎ ‎18．（13分）（2011•重庆）设f（x）=x3+ax2+bx+1的导数f′（x）满足f′（1）=2a，f′（2）=﹣b，其中常数a，b∈R．‎ ‎（Ⅰ）求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程．‎ ‎（Ⅱ）设g（x）=f′（x）e﹣x．求函数g（x）的极值．‎ ‎【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；综合题；转化思想．‎ ‎【分析】（I）根据已知中f（x）=x3+ax2+bx+1，我们根据求函数导函数的公式，易求出导数f'（x），结合f'（1）=2a，f'（2）=﹣b，计算出参数a，b的值，然后求出f（1）及f'（1）的值，然后代入点斜式方程，即可得到曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程．‎ ‎（II）根据g（x）=f′（x）e﹣1求出函数g（x）的解析式，然后求出g（x）的导数g'（x）的解析式，求出导函数零点后，利用零点分段法，分类讨论后，即可得到函数g（x）的极值．‎ ‎【解答】解：（I）∵f（x）=x3+ax2+bx+1∴f'（x）=3x2+2ax+b．令x=1，得f'（1）=3+2a+b=2a，解得b=﹣3‎ 令x=2，得f'（2）=12+4a+b=﹣b，因此12+4a+b=﹣b，解得a=﹣，因此f（x）=x3﹣x2﹣3x+1‎ ‎∴f（1）=﹣，‎ 又∵f'（1）=2×（﹣）=﹣3，‎ 故曲线在点（1，f（1））处的切线方程为y﹣（﹣）=﹣3（x﹣1），即6x+2y﹣1=0．‎ ‎（II）由（I）知g（x）=（3x2﹣3x﹣3）e﹣x 从而有g'（x）=（﹣3x2+9x）e﹣x 令g'（x）=0，则x=0或x=3‎ ‎∵当x∈（﹣∞，0）时，g'（x）＜0，‎ 当x∈（0，3）时，g'（x）＞0，‎ 当x∈（3，+∞）时，g'（x）＜0，‎ ‎∴g（x）=（3x2﹣3x﹣3）e﹣x在x=0时取极小值g（0）=﹣3，在x=3时取极大值g（3）=15e﹣3‎ ‎【点评】本题主要考查了利用导数研究曲线上某点切线方程，以及方程组的求解等有关问题，属于中档题．‎ ‎　‎ ‎19．（12分）（2011•重庆）如图，在四面体ABCD中，平面ABC⊥ACD，AB⊥BC，AD=CD，∠CAD=30°‎ ‎（Ⅰ）若AD=2，AB=2BC，求四面体ABCD的体积．‎ ‎（Ⅱ）若二面角C﹣AB﹣D为60°，求异面直线AD与BC所成角的余弦值．‎ ‎【考点】异面直线及其所成的角；棱柱、棱锥、棱台的体积．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；综合题；数形结合．‎ ‎【分析】（I）要求四面体ABCD的体积，必须确定它的高和底面，由已知，△ABC作为底面，高易作，根据线段的长度，即可求得四面体ABCD的体积；‎ ‎（Ⅱ）利用三垂线定理找出二面角C﹣AB﹣D的平面角，根据该角为60°，找到各边之间的关系，利用平移的方法找出异面直线AD与BC所成角，解三角形，即可求得异面直线AD与BC所成角的余弦值．‎ ‎【解答】解：（I）设F为AC的中点，由于AD=CD，‎ 所以DF⊥AC．‎ 故由平面ABC⊥平面ACD，‎ 知DF⊥平面ABC，即DF是四面体ABCD的面ABC上的高，且DF=ADsin30°=1，‎ AF=ADcos30°=，‎ 在Rt△ABC中，因AC=2AF=2，AB=2BC，‎ 由勾股定理易知BC=，AB=．‎ 故四面体ABCD的体积V==．‎ ‎（II）设E为边AB的中点，则EF∥BC，由AB⊥BC，知EF⊥AB，‎ 又由（I）有DF⊥平面ABC，故由三垂线定理知DE⊥AB，‎ 所以∠DEF为二面角C﹣AB﹣D的平面角，由题设知∠DEF=60°．‎ 设AD=a，则DF=AD•sin∠CAD=，‎ 在Rt△DEF中，EF=DF•cotDEF==，‎ 取BD的中点M，连EM，FM，由中位线定理得，∠MEF为异面直线AD，BC所成的角或其补角，‎ EM=FM=，由余弦定理得cos∠MEF===．‎ ‎【点评】此题是个中档题．考查棱锥的体积公式和异面直线所成角问题，求解方法一般是平移法，找二面角的平面角时注意三垂线定理及其逆定理的应用，体现了数形结合和转化的思想．‎ ‎　‎ ‎20．（12分）（2011•重庆）如图，椭圆的中心为原点O，离心率e=，一条准线的方程为x=2．‎ ‎（Ⅰ）求该椭圆的标准方程．‎ ‎（Ⅱ）设动点P满足，其中M，N是椭圆上的点．直线OM与ON的斜率之积为﹣．‎ 问：是否存在两个定点F1，F2，使得|PF1|+|PF2|为定值．若存在，求F1，F2的坐标；若不存在，说明理由．‎ ‎【考点】椭圆的简单性质；椭圆的定义．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题．‎ ‎【分析】（Ⅰ）根据离心率和准线方程求得a和c，则b可得，则椭圆的方程可得．‎ ‎（Ⅱ）设出P，M，N的坐标，根据题设等式建立等式，把M，N代入椭圆方程，整理求得x2+2y220+4（x1x2+2y1y2），设出直线OM，ON的斜率，利用题意可求得x1x2+2y1y2=0，进而求得x2+2y2的值，利用椭圆的定义可推断出|PF1|+|PF2|为定值求得c，则两焦点坐标可得．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）由e==，=2，求得a=2，c=‎ ‎∴b==‎ ‎∴椭圆的方程为：‎ ‎（Ⅱ）设P（x，y），M（x1，y1），N（x2，y2），‎ 则由，得（x，y）=（x1，y1）+2（x2，y2），‎ 即x=x1+2x2，y=y1+2y2，‎ ‎∵点M，N在椭圆上，所以 ‎，‎ 故x2+2y2=（x12+4x22+4x1x2）+2（y12+4y22+4y1y2）=20+4（x1x2+2y1y2）‎ 设k0M，kON分别为直线OM，ON的斜率，根据题意可知k0MkON=﹣‎ ‎∴x1x2+2y1y2=0‎ ‎∴x2+2y2=20‎ 所以P在椭圆上；‎ 设该椭圆的左，右焦点为F1，F2，由椭圆的定义可推断出|PF1|+|PF2|为定值，因为c=，则这两个焦点坐标是（﹣，0）（，0）‎ ‎【点评】本题主要考查了椭圆的简单性质．考查了学生分析问题和解决问题的能力．‎ ‎　‎ ‎21．（12分）（2011•重庆）设实数数列{an}的前n项和Sn满足Sn+1=an+1Sn（n∈N*）．‎ ‎（Ⅰ）若a1，S2，﹣2a2成等比数列，求S2和a3．‎ ‎（Ⅱ）求证：对k≥3有0≤ak≤．‎ ‎【考点】数列与不等式的综合；数列递推式．菁优网版权所有 ‎【专题】综合题；压轴题．‎ ‎【分析】（Ⅰ）由题意，得S22=﹣2S2，由S2是等比中项知S2=﹣2，由此能求出S2和a3．‎ ‎（Ⅱ）由题设条件知Sn+an+1=an+1Sn，Sn≠1，an+1≠1，且，，由此能够证明对k≥3有0≤an﹣1≤．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）由题意，‎ 得S22=﹣2S2，‎ 由S2是等比中项知S2≠0，‎ ‎∴S2=﹣2．‎ 由S2+a3=a3S2，解得．‎ ‎（Ⅱ）证明：因为Sn+1=a1+a2+a3+…+an+an+1=an+1+Sn，‎ 由题设条件知Sn+an+1=an+1Sn，‎ ‎∴Sn≠1，an+1≠1，且，‎ 从而对k≥3 有ak===①‎ 因，且，‎ 要证，由①，只要证 即证，即，‎ 此式明显成立，因此．‎ ‎【点评】本题考查数列的性质和应用，解题时要认真审题，仔细解答，注意公式的合理运用．‎