高考二轮小专题圆锥曲线题型归纳

高考二轮小专题圆锥曲线题型归纳

高考二轮小专题 ：圆锥曲线题型归纳 基础知识：‎ ‎1．直线与圆的方程； 2．椭圆、双曲线、抛物线的定义与标准方程公式；‎ ‎ 3．椭圆、双曲线、抛物线的几何性质等相关知识：、、、、、渐近线。‎ 基本方法：‎ 1． 待定系数法：求所设直线方程中的系数，求标准方程中的待定系数、、、、等等；‎ 2． 齐次方程法：解决求离心率、渐近线、夹角等与比值有关的问题；‎ 3． 韦达定理法：直线与曲线方程联立，交点坐标设而不求，用韦达定理写出转化完成。要注意：如果方程的根很容易求出，就不必用韦达定理，而直接计算出两个根；‎ 4． 点差法：弦中点问题，端点坐标设而不求。也叫五条等式法：点满足方程两个、中点坐标公式两个、斜率公式一个共五个等式；‎ 5． 距离转化法：将斜线上的长度问题、比例问题、向量问题转化水平或竖直方向上的距离问题、比例问题、坐标问题；‎ 基本思想：‎ ‎1．“常规求值”问题需要找等式，“求范围”问题需要找不等式；‎ ‎2．“是否存在”问题当作存在去求，若不存在则计算时自然会无解；‎ ‎3．证明“过定点”或“定值”，总要设一个或几个参变量，将对象表示出来，再说明与此变量无关；‎ ‎4．证明不等式，或者求最值时，若不能用几何观察法，则必须用函数思想将对象表示为变量的函数，再解决；‎ ‎5．有些题思路易成，但难以实施。这就要优化方法，才能使计算具有可行性，关键是积累“转化”的经验；‎ ‎6．大多数问题只要忠实、准确地将题目每个条件和要求表达出来，即可自然而然产生思路。‎ 一、求直线、圆锥曲线方程、离心率、弦长、渐近线等常规问题 ‎7.【2015高考重庆，理10】设双曲线（a>0,b>0）的右焦点为1，过F作AF的垂线与双曲线交于B,C两点，过B,C分别作AC，AB的垂线交于点D.若D到直线BC的距离小于，则该双曲线的渐近线斜率的取值范围是　　　　（　　）‎ A、 B、‎ C、 D、‎ ‎【答案】A ‎【考点定位】双曲线的性质.‎ ‎【名师点晴】求双曲线的渐近线的斜率取舍范围的基本思想是建立关于的不等式，根据已知条件和双曲线中 的关系，要据题中提供的条件列出所求双曲线中关于的不等关系，解不等式可得所求范围．解题中要注意椭圆与双曲线中关系的不同．‎ ‎10.【2015高考浙江，理5】如图，设抛物线的焦点为，不经过焦点的直线上有三个不同的点，，，其中点，在抛物线上，点在轴上，则与的面积之比是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A.‎ ‎【考点定位】抛物线的标准方程及其性质 ‎【名师点睛】本题主要考查了抛物线的标准方程及其性质，属于中档题，解题时，需结合平面几何中同高的三角形面积比等于底边比这一性质，结合抛物线的性质：抛物线上的点到准线的距离等于其到焦点的距离求解，在平面几何背景下考查圆锥曲线的标准方程及其性质，是高考中小题的热点，在复习时不能遗漏相应平面几何知识的复习.‎ ‎12.【2015高考北京，理10】已知双曲线的一条渐近线为，则 ．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】双曲线的渐近线方程为，，,则 ‎【考点定位】本题考点为双曲线的几何性质，正确利用双曲线的标准方程，求出渐近线方程，利用已给渐近线方程求参数.‎ ‎【名师点睛】本题考查双曲线的几何性质，重点考查双曲线的渐近线方程，本题属于基础题，正确利用双曲线的标准方程，求出渐近线方程，求渐近线方程的简单方法就是把标准方程中的“1”改“0”，利用已知渐近线方程，求出参数的值.‎ ‎11.【2015高考新课标2，理11】已知A，B为双曲线E的左，右顶点，点M在E上，∆ABM为等腰三角形，且顶角为120°，则E的离心率为（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】D ‎【解析】设双曲线方程为，如图所示，，，过点作轴，垂足为，在中，，，故点的坐标为，代入双曲线方程得，即，所以，故选D．‎ ‎【考点定位】双曲线的标准方程和简单几何性质．‎ ‎【名师点睛】本题考查双曲线的标准方程和简单几何性质、解直角三角形知识，正确表示点的坐标，利用“点在双曲线上”列方程是解题关键，属于中档题．‎ ‎18.【2015高考新课标2，理20】（本题满分12分）‎ ‎ 已知椭圆,直线不过原点且不平行于坐标轴，与有两个交点，，线段的中点为．‎ ‎ (Ⅰ)证明：直线的斜率与的斜率的乘积为定值；‎ ‎（Ⅱ）若过点，延长线段与交于点，四边形能否为平行四边形？若能，求此时的斜率，若不能，说明理由．‎ ‎【答案】(Ⅰ)详见解析；（Ⅱ）能，或．‎ ‎【解析】(Ⅰ)设直线，，，．‎ 将代入得，故，‎ ‎．解得，．因为，，，所以当的斜率为 或时，四边形为平行四边形．‎ ‎【考点定位】1、弦的中点问题；2、直线和椭圆的位置关系．‎ ‎【名师点睛】(Ⅰ)题中涉及弦的中点坐标问题，故可以采取“点差法”或“韦达定理”两种方法求解：设端点的坐标，代入椭圆方程并作差，出现弦的中点和直线的斜率；设直线的方程同时和椭圆方程联立，利用韦达定理求弦的中点，并寻找两条直线斜率关系；（Ⅱ）根据(Ⅰ)中结论，设直线方程并与椭圆方程联立，求得坐标，利用以及直线过点列方程求的值．‎ ‎23,【2015高考安徽，理20】设椭圆E的方程为，点O为坐标原点，点A的坐标为，点B的坐标为，点M在线段AB上，满足，直线OM的斜率为.‎ ‎ （I）求E的离心率e；‎ ‎（II）设点C的坐标为，N为线段AC的中点，点N关于直线AB的对称点的纵坐标为，求 E的方程.‎ ‎【答案】（I）；（II）.‎ ‎【考点定位】1.椭圆的离心率；2.椭圆的标准方程；3.点点关于直线对称的应用.‎ ‎【名师点睛】椭圆一直是解答题中考查解析几何知识的重要载体，不管对其如何进行改编与设计，抓住基础知识、考基本技能是不变的话题.解析几何主要研究两类问题：一是根据已知条件确定曲线方程，二是利用曲线方程研究曲线的几何性质.曲线方程的确定可分为两类：若已知曲线类型，则采用待定系数法；若曲线类型未知时，则可利用直接法、定义法、相关点法等求解.本题是第一种类型，要利用给定 ‎28.【2015高考陕西，理20】（本小题满分12分）已知椭圆（）的半焦距为，原点到经过两点，的直线的距离为．‎ ‎（I）求椭圆的离心率；‎ ‎（II）如图，是圆的一条直径，若椭圆经过，两点，求椭圆的方程．‎ ‎【答案】（I）；（II）．‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（I）先写过点，的直线方程，再计算原点到该直线的距离，进而可得椭圆 的离心率；（II）先由（I）知椭圆的方程，设的方程，联立，消去，可得和的值，进而可得，再利用可得的值，进而可得椭圆的方程．‎ 试题解析：（I）过点，的直线方程为，学优高考网 则原点到直线的距离，‎ 由，得，解得离心率.‎ ‎(II)解法一：由（I）知，椭圆的方程为. (1)‎ 依题意，圆心是线段的中点，且.‎ 易知，不与轴垂直，设其直线方程为，代入(1)得 设则 由，得解得.‎ 从而.‎ 于是.‎ 由，得，解得.‎ 故椭圆的方程为.‎ 解法二：由（I）知，椭圆的方程为. (2)‎ 考点：1、直线方程；2、点到直线的距离公式；3、椭圆的简单几何性质；4、椭圆的方程；5、圆的方程；6、直线与圆的位置关系；7、直线与圆锥曲线的位置.‎ ‎【名师点晴】本题主要考查的是直线方程、点到直线的距离公式、椭圆的简单几何性质、椭圆的方程、圆的方程、直线与圆的位置关系和直线与圆锥曲线的位置，属于难题．解题时一定要注意考虑直线的斜率是否存在，否则很容易失分．解本题需要掌握的知识点是截距式方程，点到直线的距离公式和椭圆的离心率，即截距式方程（在轴上的截距，在轴上的截距），点到直线的距离，椭圆（）的离心率．‎ ‎25.【2015高考重庆，理21】如题（21）图，椭圆的左、右焦点分别为过的直线交椭圆于两点，且 ‎（1）若，求椭圆的标准方程 ‎（2）若求椭圆的离心率 ‎【答案】（1）；（2）‎ ‎【解析】‎ 试题解析：（1）本题中已知椭圆上的一点到两焦点的距离，因此由椭圆定义可得长轴长，即参数的值，而由，应用勾股定理可得焦距，即的值，因此方程易得；（2）要求椭圆的离心率，就是要找到关于的一个等式，题中涉及到焦点距离，因此我们仍然应用椭圆定义，设，则，，于是有，这样在中求得，在中可建立关于的等式，从而求得离心率.‎ ‎(1)由椭圆的定义，学优高考网 设椭圆的半焦距为c，由已知，因此 即 从而 故所求椭圆的标准方程为.‎ ‎(2)解法一：如图(21)图，设点P在椭圆上，且，则 求得 由,得,从而 由椭圆的定义，,从而由，有 又由，知，因此 于是 解得.‎ ‎【考点定位】考查椭圆的标准方程，椭圆的几何性质.，直线和椭圆相交问题，考查运算求解能力．‎ ‎【名师点晴】确定圆锥曲线方程的最基本方法就是根据已知条件得到圆锥曲线系数的方程，解方程组得到系数值．注意在椭圆中c2＝a2－b2，在双曲线中c2＝a2＋b2.圆锥曲线基本问题的考查的另一个重点是定义的应用；求椭圆与双曲线的离心率的基本思想是建立关于a，b，c的方程，根据已知条件和椭圆、双曲线中a，b，c的关系，求出所求的椭圆、双曲线中a，c之间的比例关系，根据离心率定义求解．如果是求解离心率的范围，则需要建立关于a，c的不等式．‎ ‎【2015高考湖南，理13】设是双曲线：的一个焦点，若上存在点，使线段的中点恰为其虚轴的一个端点，则的离心率为 .‎ ‎【答案】.‎ ‎【考点定位】双曲线的标准方程及其性质.‎ ‎【名师点睛】本题主要考查了双曲线的标准方程及其性质，属于容易题，根据对称性将条件中的信息进行 等价的转化是解题的关键，在求解双曲线的方程时，主要利用，焦点坐标，渐近线方程等性质，‎ 也会与三角形的中位线，相似三角形，勾股定理等平面几何知识联系起来.‎ ‎【2015高考上海，理9】已知点和的横坐标相同，的纵坐标是的纵坐标的倍，和的轨迹分别为双曲线和．若的渐近线方程为，则的渐近线方程为 ．‎ ‎【答案】‎ ‎【考点定位】双曲线渐近线 ‎【名师点睛】(1)已知渐近线方程y＝mx，若焦点位置不明确要分或讨论． (2)与双曲线共渐近线的可设为；(3)若渐近线方程为，则可设为；(4)相关点法求动点轨迹方程．‎ ‎16.【2015高考山东，理15】平面直角坐标系中，双曲线的渐近线与抛物线交于点，若的垂心为的焦点，则的离心率为 .‎ ‎【答案】 ‎ ‎【解析】设 所在的直线方程为 ,则 所在的直线方程为,‎ 解方程组 得： ，所以点 的坐标为 ,‎ 抛物线的焦点 的坐标为: .因为是 的垂心，所以 ,‎ 所以， .‎ 所以， .‎ ‎【考点定位】1、双曲线的标准方程与几何性质；2、抛物线的标准方程与几何性质. ‎ ‎【名师点睛】本题考查了双曲线与抛物线的标准方程与几何性质，意在考查学生对圆锥曲线基本问题的把握以及分析问题解决问题的能力以及基本的运算求解能力，三角形的垂心的概念以及两直线垂直的条件是突破此题的关键.‎ 点评：常规求值问题的方法：待定系数法，先设后求，关键在于找等式。‎ 二、“是否存在”问题 ‎29.【2015高考新课标1，理20】在直角坐标系中，曲线C：y=与直线(＞0)交与M,N两点，‎ ‎（Ⅰ）当k=0时，分别求C在点M和N处的切线方程；‎ ‎（Ⅱ）y轴上是否存在点P，使得当k变动时，总有∠OPM=∠OPN？说明理由.‎ ‎【答案】（Ⅰ）或（Ⅱ）存在 ‎【解析】‎ 试题分析：（Ⅰ）先求出M,N的坐标，再利用导数求出M,N.（Ⅱ）先作出判定，再利用设而不求思想即将代入曲线C的方程整理成关于的一元二次方程，设出M,N的坐标和P点坐标，利用设而不求思想，将直线PM，PN的斜率之和用表示出来，利用直线PM，PN的斜率为0,即可求出关系，从而找出适合条件的P点坐标.‎ 试题解析：（Ⅰ）由题设可得，，或，.‎ ‎∵，故在=处的到数值为，C在处的切线方程为学优高考网 ‎，即.‎ 故在=-处的到数值为-，C在处的切线方程为 ‎，即.‎ ‎ 故所求切线方程为或. ……5分 ‎（Ⅱ）存在符合题意的点，证明如下：‎ ‎ 设P（0，b）为复合题意得点，，，直线PM，PN的斜率分别为.‎ ‎ 将代入C得方程整理得.‎ ‎ ∴.‎ ‎ ∴==.‎ ‎ 当时，有=0，则直线PM的倾斜角与直线PN的倾斜角互补，‎ ‎ 故∠OPM=∠OPN，所以符合题意. ……12分 ‎【考点定位】抛物线的切线；直线与抛物线位置关系；探索新问题；运算求解能力 ‎【名师点睛】对直线与圆锥曲线的位置关系问题，常用设而不求思想，即设出直线方程代入圆锥曲线方程化为关于的一元二次方程，设出交点坐标，利用根与系数关系，将交点的横坐标之和与积一元二次方程的系数表示出来，然后根据题中的条件和所求结论，选择合适的方法进行计算，注意题中条件的合理转化，如本题中，将角∠OPM=∠OPN相同转化为直线PM的倾斜角与直线PN的倾斜角互补，进而转化为直线PM的斜率与直线PN的斜率之和为0，再将其坐标化，即可列出方程，解析几何题思路固定，字母运算复杂，需要细心和耐心.‎ ‎30.【2015高考北京，理19】已知椭圆：的离心率为，点和点都在椭圆上，直线交轴于点．‎ ‎（Ⅰ）求椭圆的方程，并求点的坐标（用，表示）；‎ ‎（Ⅱ）设为原点，点与点关于轴对称，直线交轴于点．问：轴上是否存在点，使得？若存在，求点的坐标；若不存在，说明理由．‎ ‎【答案】(1),,(2)存在点 考点：1.求椭圆方程；2.求直线方程及与坐标轴的交点；3.存在性问题.‎ ‎【名师点睛】本题考查直线和椭圆的有关知识及解存在性命题的方法，本题属于中偏难问题，思维量和运算量均有，利用待定系数法求出椭圆方程，利用直线方程的斜截式写出直线方程，求出点M、N的坐标，利用直角三角形内锐角三角函数正切定义求出，根据二者相等，解出Q点坐标，说明存在点符合条件的点Q.‎ 三、过定点、定值问题 ‎26.【2015高考四川，理20】如图，椭圆E：的离心率是，过点P（0,1）的动直线与椭圆相交于A，B两点，当直线平行与轴时，直线被椭圆E截得的线段长为.‎ ‎(1)求椭圆E的方程；‎ ‎（2）在平面直角坐标系中，是否存在与点P不同的定点Q，使得恒成立？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由.‎ ‎【答案】（1）；（2）存在，Q点的坐标为.‎ ‎【解析】（1）由已知，点在椭圆E上.‎ 因此，‎ 解得.‎ 所以椭圆的方程为.学优高考网 ‎（2）当直线与轴平行时，设直线与椭圆相交于C、D两点.‎ 如果存在定点Q满足条件，则，即.‎ 所以Q点在y轴上，可设Q点的坐标为.‎ 当直线与轴垂直时，设直线与椭圆相交于M、N两点.‎ 则，‎ 由，有，解得或.‎ 所以，若存在不同于点P的定点Q满足条件，则Q点的坐标只可能为.‎ 下面证明：对任意的直线，均有.‎ 当直线的斜率不存在时，由上可知，结论成立.‎ 当直线的斜率存在时，可设直线的方程为，A、B的坐标分别为.‎ 联立得.‎ 其判别式，‎ 所以，.‎ 因此.‎ 易知，点B关于y轴对称的点的坐标为.‎ ‎【考点定位】本题考查椭圆的标准方程与几何性质、直线方程、直线与椭圆的位置关系等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力，考查数形结合、化归与转化、特殊与一般、分类与整合等数学思想.‎ ‎【名师点睛】高考中解几题一般都属于难题的范畴，考生应立足于拿稳第（1）题的分和第（2）小题的步骤分.解决直线与圆锥曲线相交的问题，一般是将直线方程与圆锥曲线的方程联立，再根据根与系数的关系解答.本题是一个探索性问题，对这类问题一般是根据特殊情况找出结果，然后再证明其普遍性.解决本题的关键是通过作B的对称点将问题转化. ‎ ‎【2015高考湖南，理20】已知抛物线的焦点也是椭圆的一个焦点，与的公共弦的长为.‎ ‎（1）求的方程；‎ ‎（2）过点的直线与相交于，两点，与相交于，两点，且与同向 ‎（ⅰ）若，求直线的斜率 ‎（ⅱ）设在点处的切线与轴的交点为，证明：直线绕点旋转时，总是钝角三角形 ‎【答案】（1）；（2）（i），（ii）详见解析.‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）根据已知条件可求得的焦点坐标为，再利用公共弦长为即可求解；（2）（i）设直线 的斜率为，则的方程为，由得，根据条件可知，从而可以建立关于的方程，即可求解；（ii）根据条件可说明，因此是锐角，从而是钝角，即可得证 试题解析：（1）由：知其焦点的坐标为，∵也是椭圆的一焦点，‎ ‎∴ ①，又与的公共弦的长为，与都关于轴对称，且的方程为，由此易知与的公共点的坐标为，∴②，联立①，②，得，，故的方程为；（2）如图，，，，，‎ ‎（i）∵与同向，且，∴，从而，即，于是③，设直线的斜率为，则的方程为，由得，而，是这个方程的两根，∴，④，由得 ‎【考点定位】1.椭圆的标准方程及其性质；2.直线与椭圆位置关系.‎ ‎【名师点睛】本题主要考查了椭圆的标准方程及其性质以及直线与椭圆的位置关系，属于较难题，解决此 类问题的关键：（1）结合椭圆的几何性质，如焦点坐标，对称轴，等；（2）当看到题目中出现 直线与圆锥曲线时，不需要特殊技巧，只要联立直线与圆锥曲线的方程，借助根与系数关系，找准题设条 件中突显的或隐含的等量关系，把这种关系“翻译”出来，有时不一定要把结果及时求出来，可能需要整 体代换到后面的计算中去，从而减少计算量.‎ ‎ ‎ ‎【2015高考上海，理21】已知椭圆，过原点的两条直线和分别于椭圆交于、和、，记得到的平行四边形的面积为.‎ ‎（1）设，，用、的坐标表示点到直线的距离，并证明；‎ ‎（2）设与的斜率之积为，求面积的值.‎ ‎【答案】（1）详见解析（2）‎ ‎【解析】证明：（1）直线，点到的距离.‎ ‎，‎ 所以.‎ 解：（2）设，则.设 ‎，.‎ 由，得.‎ 同理.‎ 由，，‎ 整理得.‎ ‎【考点定位】直线与椭圆位置关系 ‎【名师点睛】解决直线与椭圆的位置关系的相关问题，其常规思路是先把直线方程与椭圆方程联立，消元、化简，然后应用根与系数的关系建立方程，解决相关问题．涉及弦长问题利用弦长公式解决，往往会更简单．三角形面积公式的选用也是解题关键.‎ 点评：证明定值问题的方法：⑴常把变动的元素用参数表示出来，然后证明计算结果与参数无关；⑵也可先在特殊条件下求出定值，再给出一般的证明。‎ 处理定点问题的方法：⑴常把方程中参数的同次项集在一起，并令各项的系数为零，求出定点；⑵也可先取参数的特殊值探求定点，然后给出证明。‎ 四． 最值问题 ‎17.【2015江苏高考，12】在平面直角坐标系中，为双曲线右支上的一个动点。若点到直线的距离大于c恒成立，则是实数c的最大值为 .‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】设，因为直线平行于渐近线，所以点到直线 的距离恒大于直线与渐近线之间距离，因此c的最大值为直线与渐近线之间距离，为 ‎【考点定位】双曲线渐近线，恒成立转化 ‎【名师点晴】渐近线是双曲线独特的性质，在解决有关双曲线问题时，需结合渐近线从数形结合上找突破口.与渐近线有关的结论或方法还有：(1)与双曲线共渐近线的可设为；(2)若渐近线方程为，则可设为；(3) 双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚半轴长；(4) 的一条渐近线的斜率为.可以看出，双曲线的渐近线和离心率的实质都表示双曲线张口的大小．另外解决不等式恒成立问题关键是等价转化，其实质是确定极端或极限位置.‎ ‎22.【2015高考山东，理20】平面直角坐标系中，已知椭圆的离心率为，左、右焦点分别是，以为圆心以3为半径的圆与以为圆心以1为半径的圆相交，且交点在椭圆上.‎ ‎(Ⅰ)求椭圆的方程；‎ ‎（Ⅱ）设椭圆，为椭圆上任意一点，过点的直线交椭圆 于两点，射线 交椭圆于点.‎ ‎( i )求的值；‎ ‎（ii）求面积的最大值.‎ ‎【答案】（I）；（II）( i )2；（ii） .‎ 试题解析：（I）由题意知 ，则 ,又 可得 ,‎ 所以椭圆C的标准方程为.‎ ‎（II）由（I）知椭圆E的方程为,‎ ‎（i）设， ，由题意知 因为,‎ 又 ，即 ,所以 ，即 .‎ ‎（ii）设 ‎ 将代入椭圆E的方程，‎ 可得 由 ，可得 …………………………①‎ 则有 ‎ 所以 ‎ 因为直线与轴交点的坐标为 ‎ 所以的面积 ‎ 令 ,将 代入椭圆C的方程可得 ‎ 由 ，可得 …………………………………………②‎ 由①②可知 ‎ 因此 ,故 ‎ 当且仅当 ，即 时取得最大值 ‎ 由（i）知， 面积为 ,所以面积的最大值为 .‎ ‎【考点定位】1、椭圆的标准方程与几何性质；2、直线与椭圆位置关系综合问题；3、函数的最值问题.‎ ‎【名师点睛】本题考查了椭圆的概念标准方程与几何性质以及直线与椭圆的位置关系，意在考查学生理解力、分析判断能力以及综合利用所学知识解决问题能力和较强的运算求解能力，在得到三角形的面积的表达式后，能否利用换元的方法，观察出其中的函数背景成了完全解决问题的关键.‎ ‎27.【2015高考湖北，理21】一种作图工具如图1所示．是滑槽的中点，短杆可绕转动，长杆通过处铰链与连接，上的栓子可沿滑槽AB滑动，且，．当栓子在滑槽AB内作往复运动时，带动绕转动一周（不动时，也不动），处的笔尖画出的曲线记为．以为原点，所在的直线为轴建立如图2所示的平面直角坐标系．‎ ‎（Ⅰ）求曲线C的方程；‎ ‎（Ⅱ）设动直线与两定直线和分别交于两点．若直线总与曲线有且只有一个公共点，试探究：的面积是否存在最小值？若存在，求出该最小值；若不存在，说明理由．‎ ‎ ‎x D O M N y 第21题图2‎ 第21题图1‎ ‎ ‎ ‎【答案】（Ⅰ）；（Ⅱ）存在最小值8.‎ ‎【解析】（Ⅰ）设点，，依题意，‎ 第21题解答图 学优高考网 ‎，且，‎ 所以，且 即且 ‎ 由于当点不动时，点也不动，所以不恒等于0，‎ 于是，故，代入，可得，‎ 即所求的曲线的方程为 ‎ ‎（Ⅱ）（1）当直线的斜率不存在时，直线为或，都有. ‎ ‎（2）当直线的斜率存在时，设直线， ‎ 由 消去，可得.‎ 因为直线总与椭圆有且只有一个公共点，‎ 所以，即. ①‎ 又由 可得；同理可得.‎ 由原点到直线的距离为和，可得 ‎ ‎ 考点：椭圆的标准方程、几何性质,直线与圆、椭圆的位置关系，最值.‎ ‎【名师点睛】本题以滑槽，长短杆为背景，乍一看与我们往年考的很不一样，但是只要学生仔细读题均能找到椭圆的,,.那么第一问就迎刃而解了，第二问仍然为圆锥曲线的综合问题。‎ 直线与圆锥曲线位置关系的判断、有关圆锥曲线弦的问题等能很好地渗透对函数方程思想和数形结合思想的考查，一直是高考考查的重点，特别是焦点弦和中点弦等问题，涉及中点公式、根与系数的关系以及设而不求、整体代入的技巧和方法，也是考查数学思想方法的热点题型．解题过程中要注意讨论直线斜率的存在情况，计算要准确．‎ ‎21.【2015高考浙江，理19】已知椭圆上两个不同的点，关于直线对称．‎ ‎（1）求实数的取值范围；‎ ‎（2）求面积的最大值（为坐标原点）．‎ ‎ ‎ ‎【答案】（1）或；（2）.‎ 试题分析：（1）可设直线AB的方程为，从而可知有两个不同 的解，再由中点也在直线上，即可得到关于的不等式，从而求解；（2）令，可 将表示为的函数，从而将问题等价转化为在给定范围上求函数的最值，从而求解.‎ 试题解析：（1）由题意知，可设直线AB的方程为，由，学优高考网 消去，得，∵直线与椭圆有两 个不同的交点，∴，①，将AB中点代入直线 方程解得，②。由①②得或；（2）令 ‎，则，且O到直线AB 的距离为，设的面积为，‎ ‎∴，当且仅当时，等号成立，故 面积的最大值为.‎ ‎【考点定位】1.直线与椭圆的位置关系；2.点到直线距离公式；3.求函数的最值.‎ ‎【名师点睛】本题主要考查了直线与椭圆的位置关系等知识点，在直线与椭圆相交背景下求三角形面积的 最值，浙江理科数学试卷在2012年与2013年均有考查，可以看出是热点问题，将直线方程与椭圆方程联 立消去一个字母后利用韦达定理以及点到直线距离公式建立目标函数，将面积问题转化为求函数最值问 题，是常规问题的常规考法，应熟练掌握，同时，需提高字母运算的技巧.‎ 点评：最值问题的方法：几何法、配方法（转化为二次函数的最值）、三角代换法（转化为三角函数的最值）、利用切线的方法、利用均值不等式的方法等。‎ 五、求参数范围问题。 ‎ 常用思路：寻找不等式。将各限制条件都列出，再求交集。不要遗漏限制条件。‎ 常用建立不等式的途径：‎ (1) 直线与曲线有交点时判别式大于等于零；‎ ⑵ 圆锥曲线中变量X、Y的取值范围；‎ ⑶ 点与曲线的位置关系，如弦的中点在曲线内部；‎ ⑷ 已知题设中有的范围；‎ ⑸ 正弦函数、余弦函数的有界性；‎ ⑹ 均值不等式；‎ ⑺ 焦半径的取值范围；‎ ⑻ 函数的值域;‎ ⑼ 三角形图形中两边之和大于第三边。‎ ‎4.【2015高考新课标1，理5】已知M（）是双曲线C：上的一点，是C上的两个焦点，若，则的取值范围是( )‎ ‎（A）（-，） （B）（-，）‎ ‎（C）（，） （D）（，）‎ ‎【答案】A ‎5.【2015高考湖北，理8】将离心率为的双曲线的实半轴长和虚半轴长同时增加个单位长度，得到离心率为的双曲线，则（ ）‎ ‎ A．对任意的， B．当时，；当时，‎ C．对任意的， D．当时，；当时，‎ ‎【答案】D ‎【解析】依题意，，，‎ 因为，由于，，，‎ 所以当时，，，，，所以；‎ 当时，，，而，所以，所以.‎ 所以当时，；当时，.‎ ‎【考点定位】双曲线的性质，离心率.‎ ‎【名师点睛】分类讨论思想是一种重要的数学思想方法．分类讨论的时应做到：分类不重不漏；标准要统一，层次要分明；能不分类的要尽量避免或尽量推迟，决不无原则地讨论．‎ ‎6.【2015高考四川，理10】设直线l与抛物线相交于A，B两点，与圆相切于点M，且M为线段AB的中点.若这样的直线l恰有4条，则r的取值范围是（ ）‎ ‎（A） （B） （C） （D）‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 显然当直线的斜率不存在时，必有两条直线满足题设.当直线的斜率存在时，设斜率为.设，则，相减得.由于，所以，即.圆心为，由得，所以，即点M必在直线上.将代入得.因为点M在圆上，所以.又（由于斜率不存在，故，所以不取等号），所以.选D.‎ ‎【考点定位】直线与圆锥曲线，不等式.‎ ‎【名师点睛】首先应结合图形进行分析.结合图形易知，只要圆的半径小于5，那么必有两条直线（即与x轴垂直的两条切线）满足题设，因此只需直线的斜率存在时，再有两条直线满足题设即可.接下来要解决的问题是当直线的斜率存在时，圆的半径的范围是什么.涉及直线与圆锥曲线的交点及弦的中点的问题，常常采用“点差法”‎ ‎.在本题中利用点差法可得，中点必在直线上，由此可确定中点的纵坐标的范围，利用这个范围即可得到r的取值范围.‎ ‎【考点定位】双曲线的标准方程；向量数量积坐标表示；一元二次不等式解法.‎ ‎【名师点睛】本题考查利用向量数量积的坐标形式将表示为关于点M坐标的函数，利用点M在双曲线上，消去x0，根据题意化为关于的不等式，即可解出的范围，是基础题，将表示为的函数是解本题的关键.‎ ‎24.【2015高考天津，理19】（本小题满分14分）已知椭圆的左焦点为,离心率为，点M在椭圆上且位于第一象限，直线被圆截得的线段的长为c，.‎ ‎(I)求直线的斜率；‎ ‎(II)求椭圆的方程；‎ ‎(III)设动点在椭圆上，若直线的斜率大于，求直线（为原点）的斜率的取值范围.‎ ‎【答案】(I) ； (II) ；(III) .‎ ‎【解析】(I) 由已知有，又由，可得，，‎ 设直线的斜率为，则直线的方程为，由已知有 ‎，解得.‎ ‎(II)由(I)得椭圆方程为，直线的方程为，两个方程联立，消去，整理得 ‎，解得或，因为点在第一象限，可得的坐标为，由，解得，所以椭圆方程为 ‎(III)设点的坐标为，直线的斜率为，得，即,与椭圆方程联立 ‎，消去，整理得，又由已知，得，解得 或，‎ 设直线的斜率为，得，即，与椭圆方程联立，整理可得.‎ ①当时，有，因此，于是，得 ②当时，有，因此，于是，得 综上，直线的斜率的取值范围是 ‎【考点定位】1.椭圆的标准方程和几何性质；2.直线和圆的位置关系；3.一元二次不等式.‎ ‎【名师点睛】本题主要考查椭圆的定义、标准方程及几何性质，直线与圆锥曲线的位置关系.由勾股定理求圆的弦长，体现数学数形结合的重要数学思想；用数字来刻画几何图形的特征，是解析几何的精髓，联立方程组，求出椭圆中参数的关系，进一步得到椭圆方程；构造函数求斜率取值范围，体现函数在解决实际问题中的重要作用，是拨高题.‎ 六、规范解题 解析几何在高考中经常是两小题一大题：两小题经常是常规求值类型，一大题中的第一小题也经常是常规求值问题，故常用方程思想先设后求即可。解决第二小题时常用韦达定理法结合以上各种题型进行处理，常按照以下七步骤：‎ 一设直线与方程；（提醒：①设直线时分斜率存在与不存在；②设为y=kx+b与x=mmy+n的区别）二设交点坐标；（提醒:之所以要设是因为不去求出它,即“设而不求”）‎ 三则联立方程组；四则消元韦达定理；（提醒：抛物线时经常是把抛物线方程代入直线方程反而简单）五根据条件重转化；常有以下类型：‎ ‎ ①“以弦AB为直径的圆过点0” （提醒：需讨论K是否存在） ‎ ‎ ②“点在圆内、圆上、圆外问题”“直角、锐角、钝角问题”‎ ‎“向量的数量积大于、等于、小于0问题”>0；‎ ‎ ③“等角、角平分、角互补问题”斜率关系（或）；‎ ‎ ④“共线问题”（如： 数的角度：坐标表示法；形的角度：距离转化法）；‎ ‎（如：A、O、B三点共线直线OA与OB斜率相等）；‎ ⑤“点、线对称问题” 坐标与斜率关系；⑥“弦长、面积问题”‎ 转化为坐标与弦长公式问题（提醒：注意两个面积公式的合理选择）；六则化简与计算；‎ 七则细节问题不忽略；①判别式是否已经考虑；②抛物线问题中二次项系数是否会出现0.‎ 七、站在系统的高度探究问题的本原 ‎“直线与圆锥曲线的位置关系”中文科主要考察“直线与抛物线”，这里就仅举直线与抛物线的位置关系为例。‎ 请证明以下命题：‎ 案例一：抛物线（>0），过焦点F（，0）作一条弦AB交抛物线于A、B两点，其中A（，）、B（，）。如图 （一） 有关定值问题：‎ ‎（1）；‎ ‎（2）‎ ‎（3）‎ ‎（4）；‎ ‎（5）过抛物线的焦点作两条垂直的弦AB，CD，则；‎ （二） 与数列有关的问题 （1） AB为焦点弦，T为准线上任意一点，则TA、TF、TB的斜率成等差数列；‎ （2） AB为焦点弦，过点A、B的切线相交于点M，则、、成等比数列；‎ （三） 有关圆的问题 （1） 以AB为直径的圆与抛物线的准线相切；以为直径的圆与抛物线的弦AB相切；‎ （2） 以AF为直径的圆与y轴相切；以BF为直径的圆与y轴相切；‎ （3） 其中性质（1）抛物线的准线与x轴的交点E在以AB为直径的圆外。‎ （四） 有关共线问题 ‎（1）A、O、三点共线； （2）B、O、三点共线；‎ （五） 有关平分问题：‎ EF平分 （一） 有关面积问题 ‎（1）； （2）；（3）；‎ ‎（七）有关定点问题 符合以上任一条性质的弦AB过一定点F（即抛物线的焦点）。‎ 案例二：抛物线（>0），过点（，0）作一条弦AB交抛物线于A、B两点，其中A（，）、B（，）。则 ‎（一）；‎ ‎（二）以AB为直径的圆经过原点；‎ ‎（三）的最小值为，此时；‎ ‎（四）当时，以AB为直径的圆的面积最小；‎ ‎（五）过O作，垂足为M，则M点必在一个圆的圆周上；（答：，除原点外）；‎ 案例三：抛物线（>0），过点M（，0）作一条弦AB交抛物线于A、B两点，其中A（，）、B（，）。‎ ‎（一）；‎ ‎（二）；‎ ‎（三）。‎