高考有机化学推断题练习及解析

高考有机化学推断题练习及解析

‎17年高考有机化学推断题练习及解析 ‎　　2019年高考在即，怎样复习容易提高成绩恐怕是所有考生关心的问题。为了帮助考生在考试中从容应答，小编为大家搜集了高考有机化学推断题，一起来看看吧。‎ ‎1.(2019?上海单科化学卷，T3)结构为…—CH=CH—CH=CH—CH=CH—CH=CH-…的高分子化合物用碘蒸气处理后，其导电能力大幅度提高。上述高分子化合物的单体是 A.乙炔 B.乙烯 C.丙烯 D.1，3-丁二烯 ‎【答案】A ‎【解析】根据高分子化合物的结构简式“…—CH=CH—CH=CH—CH=CH—CH=CH-…”可知，该物质属于加聚产物，链节是-CH=CH-，因此单体是乙炔，答案选A。‎ ‎2.(2019?四川理综化学卷，T10)(16分)A是一种有机合成中间体，其结构简式为 。A的合成路线如下图，其中B～H分别代表一种有机物。‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)A中碳原子的杂化轨道类型有 ① ;A的名称(系统命名)是 ② ;第⑧步反应的类型是 ③ 。‎ ‎(2)第①步反应的化学方程式是 ‎(3)C物质与CH2=C(CH3)COOH按物质的量之式1：1反应，其产物经加聚得到 ‎ 可作隐形眼镜的镜片材料I。I的结构简式是 ‎(4)第⑥步反应的化学方程式是 ‎(5)写出含有六元环，且一氯代物只有两种(不考虑立体异构)的A的同分异构体的结构简式： 。‎ ‎【答案】(1)①sp2、sp3 ②3，4-二乙基-2，4-已二烯 ③消去反应 ‎(2)CH3CH2OH+HBr CH3CH2Br+H2O ‎(3)‎ ‎(4)4CH3CH2MgBr+ +2CH3OMgBr ‎(5)‎ ‎【解析】(1)A中含有碳碳单键和碳碳双键，碳原子的杂化轨道类型有sp2、sp3 ; 的系统命名法为：3，4-二乙基-2，4-已二烯 。由题意知：B为C2H5OH，C为乙二醇;D 为乙二酸，E为乙二酸二甲酯;G为 ，H为 故反应类型为消去反应。‎ ‎(2)第①步反应的化学方程式是CH3CH2OH+HBr CH3CH2Br+H2O;‎ ‎(3)乙二醇与CH2=C(CH3)COOH按物质的量之式1：1反应，生成 加聚得到 可作隐形眼镜的镜片材料I，结构为 ‎(4)第⑥步反应的化学方程式 ‎4CH3CH2MgBr+ +2CH3OMgBr ‎(5)含有六元环，且一氯代物只有两种(不考虑立体异构)的A的同分异构体的结构简式：‎ ‎4、(2019?上海单科化学卷，T九)(本题共14分)M是一种治疗直肠癌和小细胞肺癌药物的主要成分，其结构为 (不考虑立体结构，其中R为 )，M的一种合成路线如下(部分反应试剂和条件省略)。‎ 完成下列填空：‎ ‎46.写出反应类型： 反应①_____________ 反应③_________________‎ ‎47.写出反应试剂和反应条件：反应②_________________ 反应④____________________‎ ‎48.写出结构简式：B_____________________ C_________________________‎ ‎49.写出一种满足下列条件A的同分异构体的结构简式 ‎(1)能与FeCl3溶液发生显色反应;(2)能发生银镜反应;(3)分子中有5种不同化学环境的氢原子_____________________________________________________________‎ ‎50.丁烷氯代可得到2-氯丁烷，设计一条从2-氯丁烷合成1，3-丁二烯的合成路线。‎ ‎(合成路线常用的表示方式为： )‎ ‎__________________________________________________________________________‎ ‎51.已知： 与 ‎ 的化学性质相似，从反应④可得出的结论是：____________‎ ‎【答案】(本题共14分)‎ ‎46.取代反应 氧化反应 ‎47.C2H5OH，浓硫酸，加热 (1)NaOH/H2O，加热 (2)盐酸;或盐酸，加热 ‎48.‎ ‎49.‎ ‎50.CH3CHClCH2CH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH3CH=CHCH3——————→Br2/CCl4‎ CH3CHBrCHBrCH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH2=CHCH=CH2‎ ‎51.酰胺(肽键)水解比酯水解困难 ‎【解析】由流程可知，丁烷经氧化可生成丁酸酐，在氯化铝作用下生成 ，对比 和反应②的产物可知A应为 ，对比反应产物可知分子式为C13H16O3的物质的结构简式为 ，B与C发生取代反应生成肽键，由反应流程可知B应为 ，C为 。‎ ‎46.丁烷经氧化可生成丁酸酐，在氯化铝作用下生成 ，为加成反应，反应③的变化为羟基生成醛基，为氧化反应;‎ ‎47.反应②为酯化反应，在浓硫酸作用下与乙醇加热反应可生成，反应④为酯的水解反应(NaOH/H2O，加热)，应在盐酸作用下加热反应生成;‎ ‎48.由以上分析可知，B应为 ，C为 。‎ ‎49.A为 ，①能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基;②能发生银镜反应，说明含有醛基;③分子中有5种不同化学环境的氢原子，则可能对应的同分异构体的结构简式为 ;‎ ‎50.从2-氯丁烷合成1，3-丁二烯，应先在氢氧化钠的乙醇溶液中加热发生消去反应生成2-丁烯，然后发生加成反应生成1，2-二溴丁烷，进而发生消去反应生成1，3-丁二烯，反应的流程为CH3CHClCH2CH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH3CH=CHCH3——————→Br2/CCl4CH3CHBrCHBrCH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH2=CHCH=CH2;‎ ‎51.D中含有肽键和酯基，反应④为酯的水解反应，说明酰胺(肽键)水解比酯水解困难。‎ ‎5.(2019?山东理综化学卷，T34)(12分)【化学—有机化学基础】3 对甲苯丙烯酸甲酯(E)是一种用于合成抗血栓药的中间体，其合成路线如下：‎ ‎+CO B E 已知：HCHO+CH3CHO CH2=CHCHO+H2O。‎ ‎(1)遇FeCl3溶液显紫色且苯环上有两个取代基的A的同分异构体有_______种。B中含氧官能团的名称为_____________。‎ ‎(2)试剂C可选用下列中的_____________。‎ a、溴水 b、银氨溶液 c、酸性KMnO4溶液 d、新制Cu(OH)2悬浊液 ‎(3) 是E的一种同分异构体，该物质与足量NaOH溶液共热的化学方程式为__________________________________。‎ ‎(4)E在一定条件下可以生成高聚物F，F的结构简式为______________________________。‎ ‎【答案】(12分)‎ ‎(1)3 醛基 ‎(2)b、d ‎(3)‎ ‎(配平不作要求)‎ ‎(4)‎ ‎【解析】由合成路线可知，甲苯发生取代反应生成对甲基苯甲醛，再与CH3CHO在碱性条件下反应生成B，B为 ，①中-CHO被弱氧化剂氧化为-COOH，而C=C不能被氧化，再酸化得到D ，D与甲醇发生酯化反应生成E为 。‎ ‎(1)能遇FeCl3溶液显紫色的有机物是酚类，含有酚羟基，将醛基(—CHO)中的氧原子拆分成-OH连接在苯环上，将碳原子与甲基连接形成-CH=CH2,连接在苯环上，二者可以是邻位、间位和对位关系，故符合条件的同分异构体有3种。B中含氧官能团的名称是醛基。‎ ‎(2)运用新信息可以推出B的结构简式是 ‎ ‎ ，B转化为D需要将醛基氧化为羧基，但是碳碳双键易与溴水和酸性高锰酸钾溶液反应，故只能选用银氨溶液和新制的氢氧化铜悬浊液，故选b、d。‎ ‎(3)有机物中的酯基是酚酯基，1mol完全反应消耗2mol NaOH。反应方程式为：‎ ‎(4)E中含有碳碳双键，可以发生加聚反应，得到的高聚物的结构简式为：‎ ‎6.(15 分) (2019?全国大纲版理综化学卷，T30)“心得安”是治疗心脏病的药物，下面是它的一种合成路线(具体反应条件和部分试剂略)：回答下列问题：‎ ‎(1)试剂a是 ，试剂b的结构简式为 ，b中官能团的名称是 。‎ ‎(2)③的反应类型是 。‎ ‎(3)心得安的分子式为 。‎ ‎(4)试剂b可由丙烷经三步反应合成：‎ 反应1的试剂与条件为 ，‎ 反应2的化学方程式为 ，‎ 反应3的反应类型是 。(其他合理答案也给分)‎ ‎(5)芳香化合物D是1-萘酚的同分异构体，其分子中有两个官能团，能发生银镜反应，D能被KMnO4酸性溶液氧化成E( C2H4O2) 和芳香化合物F ‎ ‎ (C8H6O4)，E和F与碳酸氢钠溶液反应均能放出CO2气体，F芳环上的一硝化产物只有一种。D的结构简式为 ;由F生成一硝化产物的化学方程式为 ，该产物的名称是 。‎ ‎【答案】(15分)‎ ‎(1)NaOH(或Na2CO3)(1分) ClCH2CH=CH2(1分)氯原子、碳碳双键(2分)‎ ‎(2)氧化反应(1分)‎ ‎(3)C15H21O2N(1分)‎ ‎(4)Cl2 / 光照(1分) (1分) 取代反应(1分)‎ ‎(5) (2分)‎ ‎(2分)‎ ‎2—硝基—1,4—苯二甲酸(或硝基对苯二甲酸)(2分)‎ ‎【解析】(1)反应①的转化关系为 ，可以看出是酚羟基发生了变化，所以加入的试剂a可以是NaOH，也可以是或Na2CO3;从转化关系 可以看出，反应②属于取代反应，所以b的结构简式为ClCH2CH=CH2(含有的官能团是氯原子、碳碳双键);‎ ‎(2)反应③是 ，碳碳双键生成醚键，所以该反应属于氧化反应;‎ ‎(3)根据心得安的结构简式 ，可知其分子式是C15H21O2N;‎ ‎(4)由丙烷(CH3CH2CH3)三步合成ClCH2CH=CH2的流程图如下：‎ CH3CH2CH3 CH3CHClCH3 CH2=CHCH3 ClCH2CH=CH2‎ 所以反应1的试剂是Cl2、反应条件是光照;反应2发生的化学方程式为 ‎;反应3的反应类型属于取代反应;‎ ‎(5)1-萘酚的结构简式为 ，分子式为C10H8O，芳香化合物D分子中有两个官能团，能发生银镜反应，说明D函分子结构中含有醛基(—CHO)，并且能被酸性KMnO4溶液氧化(D E( C2H4O2) +芳香化合物F (C8H6O4))。E和F与碳酸氢钠溶液反应均能放出CO2气体，说明二者均具有酸性(含有官能团—COOH)，所以E的结构简式是CH3COOH，又因为F芳环上的一硝化产物只有一种，说明F上的羧基的位置是对称关系，所以F的结构简式为 (其中一个—COOH是醛基被氧化的到的，另一个是碳碳三键被氧化得到)，则D的结构简式为 ;F的结构简式为 ，F发生硝化反应的反应方程式为 ，得到的产物是 (2—硝基—1, 4—苯二甲酸(或硝基对苯二甲酸))。‎ ‎7.(2019?全国理综I化学卷，T38)[化学——选修5：有机化学基础](15分)席夫碱类化合物G在催化席夫碱类化合物G在催化、药物、新材料等方面有广泛应用。合成G的一种路线如下：‎ 已知以下信息：‎ ‎②一摩尔B经上述反应可生居二摩尔C，且C不能发生银镜反应。‎ ‎③D属于单取代芳烃，其相对分子质量为106。‎ ‎④核磁共振氢谱显示F苯环上有两种化学环境的 回答下列问题：‎ ‎(1)由A生成B的化学方程式为 ，反应类型为 ‎(2)D的化学名称是 ，由D生成E的化学方程式为：‎ ‎(3)G的结构简式为 ‎(4)F的同分异构体中含有苯环的还有____种(不考虑立体异构)。其中核磁共振氢谱中有4组峰，且面积比为6：2：2：1的是_______。(写出其中的一种的结构简式)。‎ ‎(5)由苯和化合物C经如下步骤可合成N-异丙基苯胺。‎ 反应条件1所选择的试剂为____________;反应条件2所选择的试剂为________;I的结构简式为_____________。‎ ‎【答案】(1)C(CH3)2Cl—CH(CH3)2+NaOH――――→乙醇△ C(CH3)2=C(CH3)2+NaCl+H2O ‎(2)乙苯，C2H5— +HNO3 C2H5— —NO2+H2O ‎(3)C2H5— —N=C-∣CH3CH3‎ ‎(4)19种，‎ ‎(5)浓硝酸、浓硫酸;Fe/稀盐酸; —NH2。‎ ‎【解析】A是氯代烷烃，发生消去反应得到烯烃B，结合信息①②可知B是一种对称烯烃，且双键碳原子上没有氢原子，则B结构简式为：C(CH3)2=C(CH3)2，生成的C是丙酮：CH3C‖OCH3;F分子式为C8H11N，结合信息③，D是乙苯;F的苯环上只有两种环境的氢原子，则乙基、氨基位于对位上：C2H5— —NH2;F与丙酮C发生信息⑤的反应得到产品G：C2H5— —N=C-∣CH3CH3。‎ ‎(1)A生成B是氯代烃的消去反应，C(CH3)2Cl—CH(CH3)2+NaOH――――→乙醇△ C(CH3)2=C(CH3)2+NaCl+H2O ‎(2)D的名 称是乙苯，C2H5— +HNO3 C2H5— —NO2+H2O ‎(3)G结构简式为：C2H5— —N=C-∣CH3CH3‎ ‎(4)对乙基苯胺的同分异构体还有：邻乙基苯胺、间乙基苯胺、2,3—二甲基苯胺、2,4—二甲基苯胺、2,5—二甲基苯胺、2,6—二甲基苯胺、3,4—二甲基苯胺、3,5—二甲基苯胺共8种，把C2H6N作为一个取代基共有5种，分别作为一个甲基、一个甲氨基有3种，分别作为一个甲基、一个氨基甲基又有3种。所以共有：8+5+3+3=19种;核磁共振有4组峰表示有4种氢原子，且原子个数比为6︰2︰2︰1的有： 或 或 ;‎ ‎(5)结合题中的信息⑤，采用逆推法：J用H2加成得到产品，J为 —N=C-∣CH3CH3，则I为 —NH2，H为： —NO2，反应条件1是苯环上引入硝基，试剂为：浓硝酸、浓硫酸;反应条件2把硝基还原为氨基，试剂为：Fe、稀盐酸。‎ ‎8.(2019?全国理综II化学卷，T38)[化学—选修5：有机化学基础](15分)立方烷 ‎ ‎ 具有高度对称性、高致密性、高张力能及高稳定性等特点，因此和成立方烷及其衍生物呈为化学界关注的热点。下面是立方烷衍生物I 的一种合成路线：‎ 回答下列问题：‎ ‎(1)C的结构简式为_________，E的结构简式为__________。‎ ‎(2)○3的反应类型为__________，○5的反应类型为__________。‎ ‎(3)化合物A可由环戍烷经三步反应合成：‎ 反应1的试剂与条件为_________:反应2的化学方程式为__________;反应3可用的试剂为____________。‎ ‎(4)在1的合成路线中，互为同分异构体的化合物是__________(填化合物的代号)。‎ ‎(5)1与碱石灰共热可转化为立方烷。立方烷的核磁共振氢谱中有________个峰。‎ ‎(6)立方烷经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有________种。‎ ‎【答案】[化学—选修5：有机化学基础](15分)‎ ‎(1)‎ ‎(2)取代反应 消去反应 ‎(3)Cl2/光照 O2/Cu ‎(4)G和H ‎(5)1‎ ‎(6)3‎ ‎【解析】(1)C是由B(‎ ‎ )在NaOH的醇溶液发生消去反应生成的，根据消去反应的规律，可知C的结构简式为 ;E是由D( )和Br2发生加成反应得到的，所以E的结构简式为 ;‎ ‎(2)根据流程路线可知：A( )生成B( )属于取代反应，B( )在NaOH的醇溶液发生消去反应生成C( )，C( )与NBS在过氧化氢存在的条件下加热发生取代反应生成D( )，D( )和Br2发生加成生成E( )，所以反应③是取代反应;反应⑤是E( )生成F( )，所以反应⑤属于消去反应;‎ ‎(3)根据合成路线 ，采取逆推法可知，生成环戊酮可以由环戊醇发生氧化反 应(Cu或Ag作催化剂，加热)而生成，环戊醇可以由一氯环戊烷在NaOH的水溶液中发生取代反应而生成，一氯环戊烷可以由环戊烷和Cl2发生取代反应(光照)而生成，即 故反应1的试剂与条件为Cl2/光照，反应2的化学方程式为 ，反应3可用的试剂是O2/Cu;‎ ‎(4)在1的合成路线中，G和H的分子式均为C9H6O2Br2，二者的结构式不相同，所以G和H互为同分异构体;‎ ‎(5)根据立方烷的结构简式 可知，立方烷空间对称，只有1种类型的H原子，所以立方烷的核磁共振氢谱中有1个峰;‎ ‎(6)由还原法可知，立方烷的二硝基代物和六硝基代物的种类相同，根据立方烷的结构简式 ‎ ‎ 可知，立方烷的分子式是C8H8，立方烷的二硝基代物的结构由三种(相邻碳原子、同面对角线碳原子、立体对角线)，六硝基立方烷的结构也有3种。‎ ‎9.(2019?江苏单科化学卷，T17)(15分)非诺洛芬是一种治疗类风湿性关节炎的药物，可通过以下方法合成：‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)非诺洛芬中的含氧官能团为 和 (填名称)。‎ ‎(2)反应①中加入的试剂X的分子式为C8H8O2，X的结构简式为 。‎ ‎(3)在上述五步反应中，属于取代反应的是 (填序号)。‎ ‎(4)B的一种同分异构体满足下列条件：‎ Ⅰ 、能发生银镜反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应。‎ Ⅱ、分子中有6种不同化学环境的氢，且分子中含有两个苯环。‎ 写出该同分异构体的结构简式： 。‎ ‎(5)根据已有知识并结合相关信息，写出以 为原料制备 的合成路线流程图(无机试剂任用)。合成路线流程图示例如下：‎ ‎【答案】(15分)‎ ‎(1)醚键 羰基 ‎(2)‎ ‎(3)①③④‎ ‎(4)‎ ‎(5)‎ ‎【解析】(1)根据非诺洛芬的结构简式 ，可知非诺洛芬的含氧官能团为醚键，羧基。‎ ‎(2)由 变成 ，发生取代反应，加入反应的物质的化学式为C8H8O2，则X的结构简式为 ‎(3)根据官能团之间的衍变关系，属于取代反应的是①③④‎ ‎(4)B的同分异构体能发生银镜反应，说明含有醛基，水解产物能与氯化铁发生显色反应，说明含有酚羟基，分子中含有2个苯环，有6种不同的H原子，则结构简式为 ‎(5)合成流程图如下：‎ ‎10、(14分)(2019?海南单科化学卷，T18-II)1，6— 己二酸(G)是合成尼龙的重要原料之一，可用六个碳原子的化合物氧化制备。下图为A通过氧化反应制备G的反应过程(可能的反应中间物质为B、C、D、E和F)。‎ 回答了了问题：‎ ‎(1)化合物A中含碳87.8%，其余为氢，A的化学名称为________________。‎ ‎(2)B到C的反应类型为________________。‎ ‎(3)F的结构简式为________________。‎ ‎(4)在上述中间物质中，核磁共振氢谱出峰最大的是___________，最少的是____________(填化合物代号)。‎ ‎(5)由G合成尼龙的化学方程式为________________________________。‎ ‎(6)由A通过两步制备1,3—环己二烯的合成线路为________________________________。‎ ‎【答案】(14分)‎ ‎(1)环己烯 (2分)‎ ‎(2)加成反应 (1分)‎ ‎(3) (2分)‎ ‎(4)DE F (2分，1分，共3分)‎ ‎(5) (2分)‎ ‎(6) (4分)‎ ‎【解析】(1)结合“化合物A中含碳87.8%，其余为氢”以及AB间的转化关系，可知A的结构简式为 (环己烯);‎ ‎(2)根据BC的结构简式，可知B生成C的反应属于加成反应(与H2加成);‎ ‎(4)上述物质中，BCG三种物质中只有3种不同类型的H原子，D、E有6种不同类型的H原子，F有2种不同类型的H原子，因此核磁共振氢谱中出现峰最多的是D、E，最好的是F;‎ ‎(5)由 可知该反应为缩聚反应，小分子物质是H2O，故方程式为 ;‎ ‎(6)由A( )通过两步制备1，3—环己二烯( )，我们可以采取逆推法， 可以由 发生消去反应(NaOH醇溶液/加热)制得， 可以由 发生加成反应(与Br2/CCl4)制得，所以制备的路线是 ‎11.(2019?安徽理综化学卷，T26)(16分)Hagrmann酯(H)是一种合成多环化合物的中间体，可由下列路线合成(部分反应条件略去)：‎ ‎(1)A→B为加成反应，则B的结构简式是 ;B→C的反应类型是 。‎ ‎(2)H中含有的官能团名称是 ;F的名称(系统命名)是 。‎ ‎(3)E→F的化学方程式是 。‎ ‎(4)TMOB是H的同分异构体，具有下列结构特征：①核磁共振氢谱除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰;②存在甲氧基(CH3O-)。TMOB的结构简式是 。‎ ‎(5)下列说法正确的是 。‎ a.A能和HCl反应得到聚氯乙烯的单体 b.D和F中均含有2个π键 c.1 mol G完全燃烧生成7 mol H2O d.H能发生加成、取代反应 ‎【答案】(16分)‎ ‎(1)CH2=CH—C CH 加成反应 ‎(2)碳碳双键，羰基，酯基 2 丁炔酸乙酯 ‎(3) +CH3CH2OH CH3C CCOOCH2CH3+H2O ‎(4)‎ ‎(5)a、d ‎【解析】(1)从流程图可以看出，A→B是两个乙炔的加成反应，生成B，然后再甲醇(CH3OH)发生加成反应生成C( )，可知B的结构简式是CH2=CH—CH CH2;结合F(CH3C CCOOCH2CH3)是由E和CH3CH2OH发生酯化反应的到的，所以E的结构简式为CH3C CCOOH。‎ ‎(1)A→B是两个乙炔的加成反应，所以B的结构简式为CH2=CH—CH CH2，B→C是CH2=CH—CH CH2和甲醇的加成反应;‎ ‎(2)H的结构简式为 ，含有的官能团是碳碳双键，羰基，酯基;F的结构简式为CH3C CCOOCH2CH3，命名为2 丁炔酸乙酯 ‎(3)E→F的反应是E(CH3C CCOOH)和CH3CH2OH发生的酯化反应，所以反应方程式为： +CH3CH2OH CH3C CCOOCH2CH3+H2O;‎ ‎(4)H的结构简式为 ，TMOB是H的同分异构体，具有下列结构特征：①核磁共振氢谱除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰;②存在甲氧基(CH3O-) ，说明TMOB结构中含有苯环，存在甲氧基(CH3O-) ，又因为除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰，所以应该含有3个甲氧基(CH3O-)，且三个甲氧基等价，所以TMOB的结构简式为 。‎ ‎12.(2019?北京理综化学卷，T25)(17分)顺丁橡胶、制备醇酸树脂的原料M以及杀菌剂N的合成路线如下：‎ 已知：‎ ‎(1)CH2=CH-CH=CH2的名称是_______;‎ ‎(2)反应I的反应类型是_______;‎ a.加聚反应 b.缩聚反应 ‎(3)顺式聚合物P的结构式是(选填字母)_______;‎ ‎(4)A的相对分子质量为108。‎ ‎①反应II的化学方程式是_____________________‎ ‎②1molB完全转化为M所消耗的H2的质量是______g。‎ ‎(5)反应III的化学方程式是______________________________。‎ ‎(6)A的某些同分异构体在相同反应条件下也能生成B和C，写出其中一种同分异构体的结构简式__________。‎ ‎【答案】(1)1,3—丁二烯 (2)a (3)b ‎(4)①2 CH2=CH-CH=CH2+ ②6g ‎(5) +HCHO +H2O ‎(6)‎ ‎【解析】由转化关系：‎ ‎1,3—丁二烯(CH2=CH—CH=CH2)发生聚合反应I生成顺式聚合物P，则P为聚顺1,3—丁二烯;反应II是两个烯烃的反应，结合题目所给的信息，可知A的结构简式为 ; 发生反应生成B和C，根据B和H2加成生成 ，则说明B的结构简式为 ，则C的结构简式为HCHO，C(HCHO)和 发生反应生成N(C13H8Cl4O2)，反应的方程式为 ‎+HCHO +H2O，则N是 。‎ ‎(1)CH2=CH—CH=CH2的名称是1,3—丁二烯(CH2=CH—CH=CH2);‎ ‎(2)反应I是1,3—丁二烯(CH2=CH—CH=CH2)的加聚反应(没有小分子物质生成);‎ ‎(3)顺式P的结构简式应该是两个H原子位于碳碳双键的同侧，答案选b;‎ ‎(4)A的结构简式为 ，所以反应II的方程式为; + ;1molB( )分子中含有3mol醛基(—CHO)，所以能和3molH2发生加成反应，则消耗H2的质量是6g。‎ ‎(5)反应III的方程式为 +HCHO +H2O;‎ ‎(6)根据 可知：烯烃中的碳碳双键被氧化成醛基(—CHO)，则B是 ，C是甲醛(HCHO)，所以 和HCHO也可以是 被氧化得到。‎ ‎13.(2019?福建理综化学卷，T32)【化学-有机化学基础】(13分)叶酸是维生素B族之一，可以由下列甲、乙、丙三种物质合成。‎ 甲 乙 丙 ‎(1)甲中显酸性的官能团是 (填名称)。‎ ‎(2)下列关于乙的说法正确的是 (填序号)。‎ a.分子中碳原子与氮原子的个数比是7：5 b.属于芳香族化合物 c.既能与盐酸又能与氢氧化钠溶液反应 d.属于苯酚的同系物 ‎(3)丁是丙的同分异构体，且满足下列两个条件，丁的结构简式为 。‎ a.含有 b.在稀硫酸中水解有乙酸生成 ‎(4)甲可以通过下列路线合成(分离方法和其他产物已经略去)：‎ ‎①步骤I的反应类型是 。‎ ‎②步骤I和IV在合成甲过程中的目的是 。‎ ‎③步骤IV反应的化学方程式为 。‎ ‎【答案】(13分)‎ ‎(1)羧基 ‎(2)a、c ‎(3)‎ ‎(4)①取代反应 ②保护氨基 ‎【解析】(1)甲的结构简式为 ，显酸性的官能团为羧基;‎ ‎(2)根据乙的结构简式 ，分子中碳原子为7，N原子个数为5，a选项正确;不含苯环，b错误;含有氨基能与盐酸反应，含有氯素原子可以与氢氧化钠反应，c正确;不属于酚类，d错误。‎ ‎(3)丁 ，且在稀硫酸中水解有乙酸生成，则丁含有酯基，结构简式为 ‎(4)由题给信息可知，反应I为取代反应，步骤I和IV在合成甲过程中的目的是保护氨基;步骤IV反应的化学方程式为 ‎14.(2019?广东理综化学卷，T30)(15分)不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛。‎ ‎(1)下列化合物I的说法，正确的是______。‎ A.遇FeCl3溶液可能显紫色 B.可发生酯化反应和银镜反应 C.能与溴发生取代和加成反应 D.1mol化合物I最多能与2molNaOH反应 ‎(2)反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法：‎ 化合物II的分子式为____________，1mol化合物II能与_____molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物。‎ ‎(3)化合物II可由芳香族化合物III或IV分别通过消去反应获得，但只有II能与Na反应产生H2，II的结构简式为________ (写1种);由IV生成II的反应条件为_______。‎ ‎(4)聚合物 可用于制备涂料，其单体结构简式为_______________。利用类似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的反应方程式为____________________________________________________。‎ ‎【答案】(15分)‎ ‎(1)AC (2分)‎ ‎(2)C9H10 (1分) 4(1分)‎ ‎(3) 或 (2分) NaOH醇溶液，加热(2分)‎ ‎(4)CH2=CHCOOCH2CH3(2分)‎ CH2=CH2+ H2O CH3CH2OH(2分)‎ ‎2CH2=CH2+2CH3CH2OH+2CO+O2 2CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O(3分)‎ ‎【解析】(1)化合物I的结构中含有酚羟基，从而能与FeCl3溶液反应。使溶液显显紫色，A正确;化合物I的结构中不含有醛基(—CHO)，不能发生银镜反应，B错误;化合物I的结构中含有酚羟基(能和溴发生取代反应)和碳碳双键(能与溴发生加成反应)，C正确;化合物I分子中含有2个酚羟基和1个酯基，所以1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，D错误;‎ ‎(2)根据化合物II的结构简式 可知其分子式为C9H10;由于化合物II的结构中含有1个苯环和1个碳碳双键，所以1mol化合物II能与4molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物;‎ ‎(3)化合物II分子结构中含有碳 碳双键，且可由化合物III和I V制得，化合物III能与金属Na发生反应，从而说明化合物III中含有羟基，化合物III通过发生分子内的消去反应制得化合物II，由于羟基的位置有2种，所以化合物的结构简式有2种，即 或者 ‎ ‎ ;化合物IV同样可以制取化合物II，且不与金属Na反应，说明化合物IV制取化合物II的方法应为卤代烃的消去反应，卤代烃的消去反应的条件是：在NaOH的醇溶液，加热的条件下制取;‎ ‎(4)由聚合物 的结构简式可知，该聚合物是由丙烯酸乙酯( )发生加聚反应得到的。‎ ‎15、(2019?上海单科化学卷，T七)(本题共12分) 氯气和氯乙烯都是非常重要的化工产品，年产量均在107 t左右。氯气的实验室制备和氯乙烯的工业生产都有多种不同方法。‎ 完成下列填空：‎ ‎38.实验室制取纯净的氯气，除了二氧化锰、浓盐酸和浓硫酸。还需要_________________、‎ ‎______________________(填写试剂或溶液名称)。‎ ‎39.实验室用2.00 mol/L盐酸和漂粉精[成分为Ca(ClO)2、CaCl2]反应生成氯气、氯化钙和水，若产生2.24 L(标准状况)氯气，发生反应的盐酸____________mL ‎40.实验室通常用向上排空气法收集氯气。设计一个简单实验，验证所收集的氯气中是否含有空气。_______________________________________________________________‎ ‎41.工业上用电石-乙炔法生产氯乙烯的反应如下：‎ CaO+3C CaC2+CO CaC2+2H2O→HC≡CH↑+Ca(OH)2‎ HC≡CH +HCl CH2=CHCl 电石-乙炔法的优点是流程简单，产品纯度高，而且不依赖于石油资源。‎ 电石-乙炔法的缺点是：__________________________、________________________。‎ ‎42.乙烷和氯气反应可制得ClCH2CH2Cl，ClCH2CH2Cl加热分解得到氯乙烯和氯化氢。‎ 设计一种以乙烯和氯气为原料制取氯乙烯的方案(其他原料自选)，用化学方程式表示(不 必注明反应条件)‎ 要求：①反应产生的氯化氢必须用于氯乙烯的制备;②不产生其他度废液。‎ ‎【答案】(本题共12分)‎ ‎38.饱和氯化钠溶液、氢氧化钠溶液 ‎39.100‎ ‎40.用试管收集氯气，收集满后将试管倒立在氢氧化钠溶液中，观察试管内有无残留气体。‎ ‎41.高耗能 会污染环境 ‎42.CH2=CH2+Cl2→ClCH2CH2Cl ClCH2CH2Cl→CH2=CHCl+HCl CH≡CH+ HCl→CH2=CHCl ‎【解析】38.实验室用盐酸制备氯气，氯气中混有氯化氢，得到纯净的氯气，应用饱和氯化钠溶液除去HCl，再用浓硫酸干燥，最后用氢氧化钠溶液进行尾气吸收;‎ ‎39.反应的方程式为ClO—+Cl—+2H+=Cl2↑+H2O，n(Cl2)= ‎ ‎ =0.1mol，则需要n(HCl)=0.2mol，发生反应的盐酸的体积为V= =0.1L=100mL;‎ ‎40. 氯气可与氢氧化钠溶液反应，如含有空气，则与氢氧化钠反应后试管内有残留气体;‎ ‎41.工业在高温下生产电石，用电石生产乙炔，耗能大，由于乙炔与HCl的反应在氯化汞的作用下进行，污染环境;‎ ‎42.以乙烯和氯气为原料制取氯乙烯，可由乙烯和氯气发生加成反应生成1，2-二氯乙烷，1，2-二氯乙烷发生消去反应生成氯乙烯，生成的氯化氢电解生成氢气和氯气，氢气和乙烯发生加成反应生成乙烷，乙烷和氯气发生取代反应生成1，2-二氯乙烷，涉及反应有CH2=CH2+Cl2→ClCH2CH2Cl 、ClCH2CH2Cl→CH2=CHCl+HCl 以及CH≡CH+ HCl→‎ CH2=CHCl ‎16.(2019?天津理综化学卷，T8)(18分)从薄荷油中得到一种烃A(C10H16)，叫α-非兰烃，与A相关反应如下：‎ 已知： ――→KMnO4/H+△‎ ‎(1)H的分子式为____________。‎ ‎(2)B所含官能团的名称为____________。‎ ‎(3)含两个—COOCH3基团的C的同分异构体共有________种(不考虑手性异构)，其中核磁共振氢谱呈现2个吸收峰的异构体的结构简式为______________。‎ ‎(4)B→D，D→E的反应类型分别为______________、____________。‎ ‎(5)G为含六元环的化合物，写出其结构简式：______________。‎ ‎(6)F在一定条件下发生聚合反应可得到一种高吸水性树脂，该树脂名称为___________。‎ ‎(7)写出E→F的化学反应方程式：_________________________。‎ ‎(8)A的结构简式为____________，A与等物质的量的Br2进行加成反应的产物共有________种(不考虑立体异构)。‎ ‎【答案】(18分)‎ ‎(1)C10H20‎ ‎(2)羰基、羧基 ‎(3)4　CH3OOCCCH3COOCH3CH3‎ ‎(4)加成反应(或还原反应)　取代反应 ‎(5)‎ ‎(6)聚丙烯酸钠 ‎(7) +2NaOH――→C2H5OH△CH2===CHCOONa+NaBr+2H2O ‎(8) 　 3‎ ‎【解析】由A―→H的转化加氢，有机物分子的碳链骨架没有变化，可知A分子中含有一个六元环，结 合A的分子式C10H16可知还应含有两个不饱和度，再根据题中信息以及C的结构简式、B的分子式可推出A的结构简式为 ，则B的结构简式为 ，B―→D加氢，属于加成反应，则D为乳酸 ‎ ‎ ，由E―→F的条件“氢氧化钠的醇溶液加热”，应为卤代烃的消去，逆推可知D―→E发生取代反应，溴原子取代了乳酸分子中的羟基，则E、F的结构简式分别为 和 。‎ ‎(3)两个—COOCH3基团在端点，故可写出其满足条件的同分异构体有： 、 、‎ 和 共四种，其中 具有较强的对称性，只有两种化学环境的氢原子。(8)A为共轭烯烃，与等物质的量的Br2发生加成反应，有两种1、2加成产物，一种1、4加成产物，共3种。‎ ‎17.(2019?浙江理综化学卷，T29)(15分)某兴趣小组以苯和乙烯为主要原料，采用以下路线合成药物普鲁卡因：‎ 已知：‎ ‎⑴对于普 鲁卡因，下列说法正确的是________。‎ A.可与浓盐酸形成盐 B.不与氢气发生加成反应 C.可发生水解反应 D.能形成内盐 ‎⑵写出化合物B的结构简式________。‎ ‎⑶写出B→C反应所需的试剂________。‎ ‎⑷写出C+D→E的化学反应方程式________。‎ ‎⑸写出同时符合下列条件的B的所有同分异构体的结构简式________。‎ ‎①分子中含有羧基 ②1H-NMR谱显示分子中含有苯环，且苯环上有两种不同化学环境的氢原子 ‎⑹通常采用乙烯为原料制得环氧乙烷后与 ‎ X反应合成D，请用化学反应方程式表示以乙烯为原料制备X的合成路线(无机试剂任选)。‎ ‎【答案】(15分)‎ ‎(1)A、C ‎(2)‎ ‎(3)酸性高锰酸钾溶液 ‎(4)‎ ‎(5)‎ ‎(6)CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl，2CH3CH2Cl+NH3→HN(CH2CH3)2+2HCl ‎【解析】(1)苯和乙烯化合生成物质A，A为乙苯，根据普鲁卡因存在对位结构可以确定物质B是 ，再根据酸性高锰酸钾溶液氧化侧链，可以得到物质C为 。‎ ‎(1)对于普鲁卡因含有氨基，则能与盐酸反应，A正确;含有酯基，可以发生水解反应，C正确;苯环能与氢气发生加成反应，则，B错误;只有一个官能团，无法形成内盐，D错误。‎ ‎(2)A与浓硝酸、浓硫酸反应生成硝基，故B 的结构简式为 ，根据侧链的变化，可以判断B→C反应所需的试剂是酸性高锰酸钾溶液。‎ ‎(4)反应C+D→E是酯化反应，根据酯化反应的特点即可写出反应方程式。‎ ‎(5)B的同分异构体分子中含有羧基，且1H-NMR谱显示分子中含有苯环，且苯环上有两种不同化学环境的氢原子，故两个侧链结构应为对位，根据分子式可以推断其结构。‎ ‎(6)以乙烯为原料制备HN(CH2CH3)2的合成路线为，先用乙烯和氯化氢加成生成氯乙烷，后和氨气发生取代反应。方程式为：CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl，2CH3CH2Cl+NH3→HN(CH2CH3)2+2HCl ‎18.(2019?重庆理综化学卷，T10)(14分)结晶玫瑰是具有强烈玫瑰香气的香料，可由下列反应路线合成(部分反应条件)‎ ‎(1)(A)的类别是 ，能与Cl2反应生成A的烷烃是 。B中的官能团是 。‎ ‎(2)反应③的化学方程式为 ‎(3)已知：B 苯甲醇+苯甲酸钾，则经反应路线①得到的副产物加水萃取、分液，能除去的副产物是 ‎(4)已知： + +H2O，则经反应路线②得到一种副产物，其核磁共振氢谱有4种峰，各组吸收峰的面积之比为 ‎(5)G的同分异构体L遇FeCl3溶液显色，与足量饱和溴水反应未见白色沉淀产生，则L与NaOH的乙醇溶液共热，所得有机物的结构简式为 。(只写一种)‎ ‎【答案】(14分)‎ ‎(1)卤代烃，CH4或甲烷。—CHO或醛基。‎ ‎(2) +CH3COOH +H2O ‎(3)苯甲酸钾 ‎(4)1∶2∶4∶4‎ ‎(5) 或 ‎【解析】(1)A的结构简式是CHCl3(三氯甲烷)，属于卤代烃;三氯甲烷可以由甲烷和氯气发生取代反应制取;B的结构简式为 ，含有的官能团是醛基(-CHO);‎ ‎(2)根据反应前后可知，该反应过程中发生了官能团的变化：从羟基到酯基，故发生了酯化反应，再根据二者结构简式的差别，可知另外一个反应物是乙酸(CH3COOH)，故反应的方程式为;‎ ‎(3)苯甲酸钾易溶于水，水洗可以把苯甲酸钾除去;‎ ‎(4)根据题目中提供的信息可知，副产物的结构简式为 ，该分子为对称分子，含有4中不同类型的氢原子，且原子个数为1:2:4:4;‎ 高考有机化学推断题就到这儿了，体会每篇文章的不同，摘取自己想要的，友情提醒，理解最重要哦!!!‎