上海市虹口区中考物理一模试卷解析版

上海市虹口区中考物理一模试卷解析版

‎2017年上海市虹口区中考物理一模试卷 ‎　‎ 一、选择题（满分16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂 ‎1．菜刀的刀刃磨得锋利是为了（　　）‎ A．减小压强 B．增大压强 C．减小压力 D．增大压力 ‎2．家用空调器的额定功率约为（　　）‎ A．10瓦 B．100瓦 C．300瓦 D．1500瓦 ‎3．下列器材中，利用大气压原理工作的是（　　）‎ A．真空吸盘 B．密度计 C．液位计 D．茶壶 ‎4．当温度一定时，关于两根铜导线电阻的大小，下列判断中正确的是（　　）‎ A．细的电阻大 B．长的电阻大 C．粗细相同，长的电阻大 D．长度相同，粗的电阻大 ‎5．同一物体分别漂浮在甲、乙两种液体上（ρ甲＞ρ乙），若受到的浮力分别为F甲、F乙，则（　　）‎ A．F甲一定大于F乙 B．F甲一定等于F乙 C．F甲一定小于F乙 D．F甲可能大于F乙 ‎6．关于电功、电功率，下列说法中正确的是（　　）‎ A．电流做功越多，电功率越大 B．电流做功越快，电功越大 C．用电器消耗电能越多，电功率越大 D．用电器消耗电能越多，电功越大 ‎7．在图（a）、（b）所示的电路中，电源电压相等且保持不变．闭合电键S1、S2，电流表A1、A2的示数相同；断开电键S1、S2，两电流表示数仍相同．下列关于电阻R1、R2和R3的大小关系正确的是（　　）‎ A．R1＞R2＞R3 B．R3＞R1＞R2 C．R3＞R2＞R1 D．R2＞R1＞R3‎ ‎8．甲、乙两个实心正方体物块放在相同的海绵上，海绵的凹陷程度如图所示．若将它们沿水平方向切去相同厚度，剩余部分仍放在相同的海绵上，则下列图中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ 二、填空题（满分23分）‎ ‎9．上海的家庭电路中，电冰箱两端的电压为　　伏，它与电视机是　　连接的（选填“串联”或“并联”），若它的额定功率为250瓦，正常工作4小时，耗电　　千瓦时．‎ ‎10．水的密度为　　千克/米3，当水结成冰时，质量将　　‎ ‎（选填“变小”、“不变”或“变大”）．将冰放入如图所示的容器中，待冰熔化成水静止后，容器中液面处于同一　　．‎ ‎11．某导体两端的电压为3伏时，通过该导体的电流为0.3安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为　　库，导体的电阻为　　欧．若该导体两端的电压改变为6伏时，其电阻为　　欧．‎ ‎12．将一个铁球的一半浸入水中时，排开水的重力为0.8牛，此时铁球受到浮力的大小为　　牛；将它全部浸没时，受到浮力的大小为　　牛，当它浸没在水中的深度增大时，受到浮力的大小将　　（选填“变小”、“不变”或“变大”）．‎ ‎13．质量相同的甲、乙两个圆柱体，它们的高度相同，甲的底面积是乙的底面积的3倍，则它们的密度之比为　　，竖直放置时对水平桌面的压强之比为　　；若将它们浸没在水中，受到浮力较大的是　　（选填“甲”或“乙”）．‎ ‎14．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，小灯不发光．已知电阻R、灯L中仅有一个出现了故障，其它元件均完好．‎ ‎①三个电表中一定有示数的电表是　　表．‎ ‎②若两个电表有示数，则故障可能是　　．（请将所有的情况写完整）‎ ‎15．为了探究电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关，某小组同学分别将阻值不同的电阻丝放入完全相同的两个杯子中，然后在两个相同的U形管中装入水后，将U形管接入杯中后密封（密封的空气质量相同且此时U形管内水面相平）．若通电一段时间后，电阻丝产生的热量使密闭空气膨胀，U形管中水面高度将发生变化，此变化反映了密闭空气温度的变化．实验时他们将两电阻串联接到电源两端，然后又将两电阻分别接到相同电源两端，通电相同的时间后实验现象如图（a）、（b）所示 ‎①分析比较图（a）甲、乙两U形管中水面高度的变化情况，可归纳得出的结论是：当通过电阻的电流、通电时间相同时，电阻的阻值大，　　．‎ ‎②分析比较图（b）甲、乙两U形管中水面高度的变化情况，可归纳得出的结论是：　　．‎ ‎　‎ 三、作图题（共3小题，满分7分）‎ ‎16．在图中，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力．‎ ‎17．在图中的○里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图．‎ ‎18．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求：闭合电键S，向右端移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数变小．‎ ‎　‎ 四、计算题（满分26分）‎ ‎19．质量为4.4千克，体积为2×10﹣3米3的物块，求它的密度ρ．‎ ‎20．某导体两端的电压为12伏，10秒内通过它的电荷量为5库．求：‎ ‎①通过该导体的电流I．‎ ‎②电流所做的功W．‎ ‎21．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，容器高0.2米，内盛0.15米深的水，水对容器底部压力为29.4牛．‎ ‎①求水对容器底部的压强p水．‎ ‎②求容器的底面积S容．‎ ‎③现有底面积为0.5S容、高为h、密度为5×103千克/米3圆柱体乙，如图（b）所示，将乙竖直放入容器甲中，若要使水对容器底部的压强p水′最大，求h的最小值．‎ ‎22．在图所示的电路中，电源电压保持不变 R2的阻值 电流表A的示数 R0‎ ‎0.6安 R0+10欧 ‎0.4安 R0+20欧 ‎①若电阻R1的阻值为15欧，电流表示数为0.2安，求电阻R1两端的电压U1和电阻R1消耗的电功率P1．‎ ‎②若电阻R1的阻值未知，向右移动滑动变阻器R2的滑片P，每次移动时均使变阻器R2接入电路的阻值增加10欧，电流表A的示数分别如表所示，求电源电压U和R2为（R0+20欧）时电流表A的示数．‎ ‎　‎ 五、实验题（满分18分）‎ ‎23．在“用电流表测电流”的实验中，必须使电流从电流表的　　接线柱流入（ 选填“+”或“﹣”），所测电流不得超过它的　　．‎ 如图所示的情景，是为了验证　　原理，由图可知物体受到浮力的大小为　　牛．‎ ‎24．在“测定物质的密度”的实验中，用托盘天平测量物体的　　时，物体应放入　　盘（选填“左”或“右”）．对比“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验，需要测量的物理量　　，多次实验的意义　　．（均选填“相同”或“不同”）‎ ‎25．小赵和小王讨论盛有液体的容器在放入物体前、后容器底部所受液体压强的增加量△p液与哪些因素有关，他们的猜想不同．‎ ‎①小赵猜想：△p液与放入圆柱体的质量m物、体积V物有关，于是他将不同的圆柱体分别浸没在某种液体中，测得相应的△p液，并将数据记录在表一中．‎ 表一 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ m物（千克）‎ ‎2.0‎ ‎2.4‎ ‎2.8‎ ‎2.8‎ ‎2.8‎ V物（米3）‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.2×10﹣3‎ ‎1.5×10﹣3‎ ‎△p液（帕）‎ ‎250‎ ‎250‎ ‎250‎ ‎300‎ ‎375‎ 分析比较实验数据，可得：△p液与m物　　，△p液与V物　　．（均选填“有关”或“无关”）‎ ‎②小王对小赵的猜想提出质疑：△p液一定与圆柱体的体积有关吗？为了进行验证，他选用不同物体，将物体部分浸入液体中，测得物体浸入液体的体积V浸以及V物、△p液，并记录在表二中．‎ 表二 实验序号 ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ V物（米3）‎ ‎0.8×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.2×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ V浸（米3）‎ ‎0.2×10﹣3‎ ‎0.4×10﹣3‎ ‎0.6×10﹣3‎ ‎0.5×10﹣3‎ ‎0.6×10﹣3‎ ‎△p液（帕）‎ ‎50‎ ‎100‎ ‎150‎ ‎125‎ ‎150‎ 分析比较实验序号　　，可知小王的质疑是　　的（选填“正确”或“错误”）；分析比较实验序号7与9与10，可得：将一物体浸入同种液体中，　　．‎ ‎26．小华和小明做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、一个待测电阻Rx、电流表、电压表、滑动变阻器两个（甲：“20Ω 2A”，乙：“50Ω 2A”）、电键以及导线若干．小华首先选择一个变阻器进行实验，他正确连接电路，使变阻器接入电路中的电阻最大，闭合电键时电表示数如表一中实验序号1所示．小明用另一个变阻器实验，正确连接电路且使变阻器接入电路中的电阻最大，闭合电键时电表示数如表二中实验序号1所示 表一：小华的实验记录 实验 序号 电压表示数 ‎（伏）‎ 电流表示数 ‎（安）‎ ‎1‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎2‎ ‎3‎ 表二：小明的实验记录 实验 序号 电压表示数 ‎（伏）‎ 电流表示数 ‎（安）‎ ‎1‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎①若小华选择的变阻器为　　，他实验所用电源的电压为　　．‎ ‎②‎ 实验中他们分别移动变阻器的滑片P到某一位置时，观察到电流表示数均如图所示．他们继续移动滑片P，发现当电压表示数最大时，电流表指针在图的位置上恰好都偏转了8格．请将他们的实验数据填写在表一、表二的实验序号2中． ‎ ‎③小华和小明都只测量了两组数据，不符合实验要求，两位同学讨论后找到了解决问题的办法．请简要说明他们的解决办法，并通过计算求出Rx的阻值　　（计算电阻时精确到0.1欧）．‎ ‎　‎ ‎2017年上海市虹口区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（满分16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂 ‎1．菜刀的刀刃磨得锋利是为了（　　）‎ A．减小压强 B．增大压强 C．减小压力 D．增大压力 ‎【考点】增大压强的方法及其应用．‎ ‎【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积．‎ ‎（2）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积．‎ ‎【解答】解：菜刀的刀刃磨得锋利，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B正确，ACD错误．‎ 故B．‎ ‎　‎ ‎2．家用空调器的额定功率约为（　　）‎ A．10瓦 B．100瓦 C．300瓦 D．1500瓦 ‎【考点】电功率．‎ ‎【分析】根据我们对生活中常用用电器额定功率的了解去选择．‎ ‎【解答】解：在我们日常生活中，空调器的额定功率一般为1500W以上，结合选项可知D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎3．下列器材中，利用大气压原理工作的是（　　）‎ A．真空吸盘 B．密度计 C．液位计 D．茶壶 ‎【考点】大气压的综合应用．‎ ‎【分析】‎ 分别从真空吸盘、液位计、茶壶和密度计的工作原理分析，判断是否利用大气压工作．‎ ‎【解答】解：A、首先用力将吸盘紧压在玻璃板上，将吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在玻璃板上．利用了大气压原理，故A符合题意；‎ B、密度计是利用浮力的知识制作而成的，故B不符合题意；‎ C、液位计，它是利用连通器的知识制作的，故C不符合题意．‎ D、茶壶是利用连通器原理，故D不符合题意．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎4．当温度一定时，关于两根铜导线电阻的大小，下列判断中正确的是（　　）‎ A．细的电阻大 B．长的电阻大 C．粗细相同，长的电阻大 D．长度相同，粗的电阻大 ‎【考点】影响电阻大小的因素．‎ ‎【分析】导体电阻的大小由温度、材料、长度和横截面积三方面因素共同决定．所以在比较两根导线电阻大小关系时，一定要在其他三个因素都相同的情况下，通过比较其中的某一个因素，才能比较出两根电阻的大小关系，否则是很难比较出来的．‎ ‎【解答】解：A、只有在长度相同时，细铜线的电阻才会比粗铜线的电阻大，故A错误；‎ B、只有在横截面积相同时，长的铜导线电阻才会比短的铜导线的电阻大，故B错误；‎ C、两根铜导线，粗细相同时，导线越长，其电阻越大，故C正确；‎ D、两根铜导线，长度相同时，导线越粗，其电阻越小，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎5．同一物体分别漂浮在甲、乙两种液体上（ρ甲＞ρ乙），若受到的浮力分别为F甲、F乙，则（　　）‎ A．F甲一定大于F乙 B．F甲一定等于F乙 C．F甲一定小于F乙 D．F甲可能大于F乙 ‎【考点】物体的浮沉条件及其应用．‎ ‎【分析】同一物体的重力不变，物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，据此进行解答．‎ ‎【解答】解：因同一物体的重力不变，且均漂浮在甲、乙两种液体上，‎ 所以，物体在甲、乙两种液体上受到的浮力相等，即F甲一定等于F乙．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎6．关于电功、电功率，下列说法中正确的是（　　）‎ A．电流做功越多，电功率越大 B．电流做功越快，电功越大 C．用电器消耗电能越多，电功率越大 D．用电器消耗电能越多，电功越大 ‎【考点】电功；电功率．‎ ‎【分析】电功是用电器中电流所做的功，消耗多少电能就做多少功；‎ 电功率是表示电流做功快慢的物理量，定义是1秒内电流做功的多少．‎ ‎【解答】解：A、电功率是表示电流做功快慢的物理量，其大小与做功多少和做功时间都有关系；故A错误；‎ B、电流做功越快，电功率越大，在不确定做功时间的情况下，做功快的用电器，电流做功不一定多；故B错误；‎ C、用电器消耗电能越多，则电流做功越多，在做功时间不确定的情况下，电功率不一定大；故C错误；‎ D、用电器消耗电能越多，则电流做功越多，也就是说电功越大；故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎7．在图（a）、（b）所示的电路中，电源电压相等且保持不变．闭合电键S1、S2，电流表A1、A2的示数相同；断开电键S1、S2，两电流表示数仍相同．下列关于电阻R1、R2和R3的大小关系正确的是（　　）‎ A．R1＞R2＞R3 B．R3＞R1＞R2 C．R3＞R2＞R1 D．R2＞R1＞R3‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）闭合电键S1、S2后，由（a）电路图可知，电路为R1的简单电路，电流表A1测电路中的电流；由（b）电路图可知，R2与R3并联，电流表A2测干路电流；电流表A1、A2的示数相同，且电源电压相等且保持不变，根据欧姆定律可知它们的电阻关系，根据并联电路的电阻特点可知R3与R1、R2之间的关系；‎ ‎（2）断开电键S1、S2后，由（a）电路图可知，R1与R2串联，电流表A1测电路中的电流；由（b）电路图可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测干路电流；再根据欧姆定律可知它们的电阻关系，根据电阻的串联可知三电阻的关系，然后得出答案．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）闭合电键S1、S2后，由（a）电路图可知，电路为R1的简单电路，电流表A1测电路中的电流，‎ 由（b）电路图可知，R2与R3并联，电流表A2测干路电流，‎ 因电流表A1、A2的示数相同，且电源电压相等且保持不变，‎ 由I=的变形式R=可知，图（a）中的总电阻等于图（b）中的总电阻，‎ 因并联电路中电阻越并越小、小于任何一个分电阻，‎ 所以，R2＞R1，R3＞R1，故ABD错误；‎ ‎（2）断开电键S1、S2后，由（a）电路图可知，R1与R2串联，电流表A1测电路中的电流，‎ 由（b）电路图可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测干路电流，‎ 因两电流表示数仍相同，‎ 所以，I=的变形式R=可知，图（a）中的总电阻等于图（b）中的总电阻，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，R3=R1+R2，即R3＞R2，‎ 综上可知，R3＞R2＞R1，故C正确．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎8．甲、乙两个实心正方体物块放在相同的海绵上，海绵的凹陷程度如图所示．若将它们沿水平方向切去相同厚度，剩余部分仍放在相同的海绵上，则下列图中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】压强．‎ ‎【分析】正方体沿水平方向切去一部分后，正方体重力减小，对海绵压力减小，受力面积不变，由此可知剩余部分对海绵压力的变化、压强的变化．根据海绵的凹陷程度分析判断．‎ ‎【解答】解：‎ 海绵的凹陷程度反应了正方体对海绵压强的大小，若将它们沿水平方向切去相同厚度，剩余部分仍放在相同的海绵上，压力变小，受力面积不变，由p=可知，甲、乙对海绵的压强都减小，所以海绵的凹陷程度应减小．‎ A、由图知，甲使海绵凹陷的更深，故A错误；‎ B、由图知，甲和乙使海绵的凹陷都变小，故B正确；‎ C、由图知，甲使海绵凹陷程度变小，乙使海绵的凹陷程度不变，故C错误；‎ D、由图知，甲使海绵凹陷程度变小，乙使海绵的凹陷程度增大，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎　‎ 二、填空题（满分23分）‎ ‎9．上海的家庭电路中，电冰箱两端的电压为　220　伏，它与电视机是　并　连接的（选填“串联”或“并联”），若它的额定功率为250瓦，正常工作4小时，耗电　1　千瓦时．‎ ‎【考点】家庭电路的连接；家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电功的计算．‎ ‎【分析】知道家庭电路的电压是220V．家庭电路中各用电器是并联的．‎ 已知其额定功率和正常工作4小时，根据P=可求得消耗电能．‎ ‎【解答】解：我国家庭电路中的电压是220V，所以电视机正常工作的电压为220V．‎ 它与家中其它用电器是并联的．‎ 已知P=250W=0.25kW，t=4h，‎ P=可得，耗电W=Pt=0.25kW×4h=1kW•h，‎ 故答案为：220；并；1．‎ ‎　‎ ‎10．水的密度为　1×103　千克/米3，当水结成冰时，质量将　不变　（选填“变小”、“不变”或“变大”）．将冰放入如图所示的容器中，待冰熔化成水静止后，容器中液面处于同一　水平面　．‎ ‎【考点】密度公式的应用；连通器原理．‎ ‎【分析】（1）单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度，水的密度要牢记；要知道一杯水全部结成冰，质量的变化，必须对质量物理量有清醒的认识；‎ ‎（2）根据连通器的定义和特点可以解答此题．‎ ‎【解答】解：水的密度是水的密度是1×103kg/m3，它表示的意思是每立方米水的质量是1000千克；‎ 质量是物体的一种属性，由物体所含物质的多少决定，不随物体的位置、状态、形状的变化而变化，所以水结冰后质量不变；‎ 上端开口，底部连通的容器叫连通器．如果连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面高度总是相同的．将冰放入如图所示的容器中，待冰熔化成水静止后，容器中液面处于同一水平面．‎ 故答案为：1×103；不变；水平面．‎ ‎　‎ ‎11．某导体两端的电压为3伏时，通过该导体的电流为0.3安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为　3　库，导体的电阻为　10　欧．若该导体两端的电压改变为6伏时，其电阻为　10　欧．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电量及其计算．‎ ‎【分析】根据公式Q=It可计算通过导体的电荷量；利用欧姆定律的变形公式可求出导体的电阻；再根据电阻不变，可判断导体两端电压改变时电阻的大小．‎ ‎【解答】解：通过该导体的电流为0.3安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为：‎ Q=It=0.3A×10s=3C；‎ 由欧姆定律I=得导体的电阻：‎ R===10Ω；‎ 因为电阻是导体本身的一种属性，其大小与电压和电流无关，‎ 所以若该导体两端的电压改变为6伏时，其电阻仍为10Ω．‎ 故答案为：3；10；10．‎ ‎　‎ ‎12．将一个铁球的一半浸入水中时，排开水的重力为0.8牛，此时铁球受到浮力的大小为　0.8　牛；将它全部浸没时，受到浮力的大小为　1.6　牛，当它浸没在水中的深度增大时，受到浮力的大小将　不变　‎ ‎（选填“变小”、“不变”或“变大”）．‎ ‎【考点】阿基米德原理．‎ ‎【分析】（1）知道铁球的一半浸入水中时排开水的重力，根据阿基米德原理求出此时铁球受到水的浮力；‎ ‎（2）将铁球全部浸没在水中，排开水的体积变为原来的2倍，利用阿基米德原理求出完全浸没时受到的水的浮力；‎ ‎（3）当它在水中下沉时，排开水的体积不变，利用阿基米德原理判断受到水的浮力大小变化．‎ ‎【解答】解：当铁球的一半浸入水中时，由阿基米德原理可知受到的浮力：‎ F浮=G排=0.8N；‎ 当铁球全部浸没在水中时，V排′=2V排，则受到的浮力：‎ F浮′=ρ水gV排′=ρ水g2V排=2F浮=2×0.8N=1.6N；‎ 当它浸没在水中的深度增大时，排开水的体积不变，铁球受到水的浮力不变．‎ 故答案为：0.8；1.6；不变．‎ ‎　‎ ‎13．质量相同的甲、乙两个圆柱体，它们的高度相同，甲的底面积是乙的底面积的3倍，则它们的密度之比为　3：1　，竖直放置时对水平桌面的压强之比为　1：3　；若将它们浸没在水中，受到浮力较大的是　甲　（选填“甲”或“乙”）．‎ ‎【考点】密度公式的应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理．‎ ‎【分析】已知质量相同，高度相同，甲的底面积是乙的底面积的3倍，可得体积之比，由密度公式可得密度之比；质量相同说明重力相同，也就是对桌面压力相同，对桌面的压强之比就看接触面积之比；它们浸没在水中，受到浮力由阿基米德原理分析可得．‎ ‎【解答】解：已知m甲=m乙，h甲=h乙，S甲=3S乙，‎ 由圆柱体的体积公式，V=Sh可得，V甲=S甲h甲，V乙=S乙h乙，‎ 由ρ=可得， =====3：1；‎ 竖直放置时对水平桌面的压强之比，‎ ‎======1：3；‎ 若将它们浸没在水中受到浮力，由阿基米德原理，已知浸没在水中排开液体的密度相同，甲、乙两个圆柱体，它们的高度相同，甲的底面积是乙的底面积的3倍，即甲的体积大于乙的体积，由F浮=ρ液gV排可知，受到浮力较大的是甲．‎ 故答案为：3：1；1：3；甲．‎ ‎　‎ ‎14．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，小灯不发光．已知电阻R、灯L中仅有一个出现了故障，其它元件均完好．‎ ‎①三个电表中一定有示数的电表是　V　表．‎ ‎②若两个电表有示数，则故障可能是　L短路　．（请将所有的情况写完整）‎ ‎【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．‎ ‎【分析】首先分析电路的连接方式．灯L和电阻R串联，电压表V1测L两端的电压，V测总电压，电流表测电路中的电流．然后根据现象进行分析．‎ ‎【解答】解：①由图可知：灯L和电阻R串联，电压表V1测L两端的电压，电流表测电路中的电流，V测总电压，故开关闭合后，电压表V的示数等于电源电压；‎ ‎②电压表V始终有示数，若电流表有示数，电压表V1无示数，则故障是L短路；若电流表无示数，电路为断路，故电压表V1也无示数，不合题意．‎ 故答案为：①V；②L短路．‎ ‎　‎ ‎15．为了探究电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关，某小组同学分别将阻值不同的电阻丝放入完全相同的两个杯子中，然后在两个相同的U形管中装入水后，将U形管接入杯中后密封（密封的空气质量相同且此时U形管内水面相平）．若通电一段时间后，电阻丝产生的热量使密闭空气膨胀，U形管中水面高度将发生变化，此变化反映了密闭空气温度的变化．实验时他们将两电阻串联接到电源两端，然后又将两电阻分别接到相同电源两端，通电相同的时间后实验现象如图（a）、（b）所示 ‎①分析比较图（a）甲、乙两U形管中水面高度的变化情况，可归纳得出的结论是：当通过电阻的电流、通电时间相同时，电阻的阻值大，　产生的热量越多　．‎ ‎②分析比较图（b）甲、乙两U形管中水面高度的变化情况，可归纳得出的结论是：　当电压、通电时间相同时，电阻的阻值越小，产生的热量越多　．‎ ‎【考点】焦耳定律．‎ ‎【分析】（1）观察甲、乙两U形管中水面高度的变化情况，判定出热量的多少，然后得出结论；‎ ‎（2）判定电路的连接情况，根据因素的不同和水面高度的变化得出结论．‎ ‎【解答】解：（1）由图可知：甲乙是串联在电路；甲中水面的高度差小于乙中的水面的高度差，说明乙中的电阻产生的热量多，乙的电阻大于甲的电阻，故结论为：当通过电阻的电流、通电时间相同时，电阻的阻值大，产生的热量越多；‎ ‎（2）由图可知，两电阻并联，电压相等，甲中水面的高度差大于乙中的水面的高度差，说明甲中的电阻产生的热量多，甲的电阻小于乙的电阻，通过甲的电流大于通过乙的电流，故结论为：当电压、通电时间相同时，电阻的阻值越小，产生的热量越多．‎ 故答案为：（1）产生的热量越多；（2）当电压、通电时间相同时，电阻的阻值越小，产生的热量越多．‎ ‎　‎ 三、作图题（共3小题，满分7分）‎ ‎16．在图中，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力．‎ ‎【考点】压力及重力与压力的区别．‎ ‎【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力．‎ ‎【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F=G=8N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为4N，压力的图示如图：‎ ‎　‎ ‎17．在图中的○里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图．‎ ‎【考点】电路图及元件符号．‎ ‎【分析】电流表在电路中相当于导线，而电压表相当于开路，据此选择合适的仪表．‎ ‎【解答】解：读图可知，右侧圈与电源并联，所以一定是电压表；下面的圈串联在电路中，所以一定是电流表．如图所示：‎ ‎　‎ ‎18．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求：闭合电键S，向右端移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数变小．‎ ‎【考点】实物的电路连接．‎ ‎【分析】电压表与被测电路并联，由图电压表一端已经与灯泡一端相连，所以电压表可测灯泡两端电压，可将此电路连成灯泡与滑动变阻器串联，根据串联电路的分压原理确定滑片的接线柱情况．‎ ‎【解答】解：‎ 由图将滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，根据串联电路的分压原理可知，滑片右移电压表示数变小，应使滑动变阻器连入阻值变大，故应将其左下接线柱接入电路，如图所示：‎ ‎．‎ ‎　‎ 四、计算题（满分26分）‎ ‎19．质量为4.4千克，体积为2×10﹣3米3的物块，求它的密度ρ．‎ ‎【考点】密度的计算．‎ ‎【分析】知道物体的质量和体积，根据ρ=求出物体的密度．‎ ‎【解答】解：物体的密度：‎ ρ===2.2×103kg/m3．‎ 答：物体的密度为2.2×103kg/m3．‎ ‎　‎ ‎20．某导体两端的电压为12伏，10秒内通过它的电荷量为5库．求：‎ ‎①通过该导体的电流I．‎ ‎②电流所做的功W．‎ ‎【考点】电量及其计算；电功的计算．‎ ‎【分析】①知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I=求出通过该导体的电流；‎ ‎②根据W=UIt=UQ求出电流通过该导体所做的功．‎ ‎【解答】解：‎ ‎①通过该导体的电流：‎ I===0.5A；‎ ‎②电流通过该导体所做的功：‎ W=UIt=UQ=12V×5C=60J．‎ 答：①通过该导体的电流为0.5A；‎ ‎②电流所做的功为60J．‎ ‎　‎ ‎21．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，容器高0.2米，内盛0.15米深的水，水对容器底部压力为29.4牛．‎ ‎①求水对容器底部的压强p水．‎ ‎②求容器的底面积S容．‎ ‎③现有底面积为0.5S容、高为h、密度为5×103千克/米3圆柱体乙，如图（b）所示，将乙竖直放入容器甲中，若要使水对容器底部的压强p水′最大，求h的最小值．‎ ‎【考点】压强的大小及其计算；液体的压强的计算．‎ ‎【分析】①知道甲容器中水的深度，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强；‎ ‎②知道水对容器底部压力，根据p=求出求容器的底面积；‎ ‎③圆柱体乙的密度大于水的密度，将乙竖直放入容器甲中后，乙的底部和容器的底部接触，当水的深度和容器的高度恰好相等时，水对容器底部的压强最大，圆柱体的高度最小，容器的容积减去水的体积即为乙的体积，再根据V=Sh求出h的最小值．‎ ‎【解答】解：①水对容器底部的压强：‎ p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.15m=1470Pa；‎ ‎②由p=可得，容器的底面积：‎ S容===0.02m2；‎ ‎③因圆柱体乙的密度大于水的密度，‎ 所以，将乙竖直放入容器甲中后，乙的底部和容器的底部接触，‎ 当水的深度和容器的高度恰好相等时，水对容器底部的压强最大，圆柱体的高度最小，‎ 则此时乙的体积：‎ V乙=S容△h=0.02m2×（0.2m﹣0.15m）=1×10﹣3m3，‎ h的最小值：‎ h====0.1m．‎ 答：①水对容器底部的压强为1470Pa；‎ ‎②容器的底面积为0.02m2；‎ ‎③若要使水对容器底部的压强p水′最大，则h的最小值为0.1m．‎ ‎　‎ ‎22．在图所示的电路中，电源电压保持不变 R2的阻值 电流表A的示数 R0‎ ‎0.6安 R0+10欧 ‎0.4安 R0+20欧 ‎①若电阻R1的阻值为15欧，电流表示数为0.2安，求电阻R1两端的电压U1和电阻R1消耗的电功率P1．‎ ‎②若电阻R1的阻值未知，向右移动滑动变阻器R2的滑片P，每次移动时均使变阻器R2接入电路的阻值增加10欧，电流表A的示数分别如表所示，求电源电压U和R2为（R0+20欧）时电流表A的示数．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【分析】①根据公式U=IR和P=UI计算电压和电功率；‎ ‎②根据电压相等，写出关系式，求出电压，根据电压和电阻求出电流．‎ ‎【解答】解：①电阻R1两端的电压U1=I1R1=0.2A×15Ω=3V；电阻R1消耗的电功率P1=UI1=3V×0.2A=0.6W；‎ ‎②当R0接入电路中时，则：U=0.6A×R0；‎ 当R0+10欧接入电路时，则：U=0.4A×（R0+10Ω）；‎ 联立两式解得R0=20Ω，U=12V；‎ 当R0+20欧接入电路时，I'===0.3A．‎ 答：①若电阻R1的阻值为15欧，电流表示数为0.2安，求电阻R1两端的电压U1为3V；电阻R1消耗的电功率P1为0.6W；‎ ‎②电源电压U为12V和R2为（R0+20欧）时电流表A的示数为0.3A．‎ ‎　‎ 五、实验题（满分18分）‎ ‎23．在“用电流表测电流”的实验中，必须使电流从电流表的　+　接线柱流入（ 选填“+”或“﹣”），所测电流不得超过它的　量程　．‎ 如图所示的情景，是为了验证　阿基米德　原理，由图可知物体受到浮力的大小为　0.4　牛．‎ ‎【考点】浮力大小的计算；电流表的连接．‎ ‎【分析】（1）电流表要与用电器串联，并且使电流正进负出，所测电流不能超过它的量程；‎ ‎（2）根据图中的实验情景可判断其可以验证的原理，根据两次弹簧测力计的读数，可计算浮力的大小．‎ ‎【解答】解：（1）在“用电流表测电流”的实验中，必须使电流从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，所测电流不得超过它的量程．‎ ‎（2）如图所示的情景，可利用称重法求出浮力，再利用排水法求出排开水的重力，据此可验证阿基米德原理；‎ 由图可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，两次的示数分别为1.9N和1.5N，则物体受到浮力的大小为：1.9N﹣1.5N=0.4N．‎ 故答案为：+；量程；阿基米德；0.4．‎ ‎　‎ ‎24．在“测定物质的密度”的实验中，用托盘天平测量物体的　质量　时，物体应放入　左　盘（选填“左”或“右”）．对比“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验，需要测量的物理量　相同　，多次实验的意义　不相同　．（均选填“相同”或“不同”）‎ ‎【考点】质量的测量与天平．‎ ‎【分析】‎ ‎（1）在探究物质的质量与体积的关系的实验中，需要测量质量和体积，需要的测量工具是天平和量筒；天平在使用前要先调节平衡（放在水平台上、通过调节平衡螺母使横梁平衡）；称量时要遵循左物右码的规则；‎ ‎（2）“探究物质的质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验，都需要在实验中测量物体的质量和体积，即测量的物理量相同，但前一实验是为了通过分析得出质量与体积之间的变化关系，而后一实验则是要获得具体的密度大小，因此，实验目的不同．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）在探究物质的质量与体积的关系的实验中，用天平测物体的质量；使用天平前，调节平衡螺母使横梁平衡；天平测量时，左盘放物体、右盘放砝码；‎ ‎（2）“探究物质的质量与体积的关系”实验中，需要测量的量是物体的质量与体积，实验的目的是通过对质量与体积的测量找出二者之间的定性的关系；‎ ‎“测定物质的密度”实验中，需要测量的量也是物体的质量与体积，实验的目的是通过对质量与体积的测量，最终计算密度的大小．因此，两实验相比，其实验目的不同，但测量的物理量相同．‎ 故答案为：质量；左；相同；不相同．‎ ‎　‎ ‎25．小赵和小王讨论盛有液体的容器在放入物体前、后容器底部所受液体压强的增加量△p液与哪些因素有关，他们的猜想不同．‎ ‎①小赵猜想：△p液与放入圆柱体的质量m物、体积V物有关，于是他将不同的圆柱体分别浸没在某种液体中，测得相应的△p液，并将数据记录在表一中．‎ 表一 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ m物（千克）‎ ‎2.0‎ ‎2.4‎ ‎2.8‎ ‎2.8‎ ‎2.8‎ V物（米3）‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.2×10﹣3‎ ‎1.5×10﹣3‎ ‎△p液（帕）‎ ‎250‎ ‎250‎ ‎250‎ ‎300‎ ‎375‎ 分析比较实验数据，可得：△p液与m物　无关　，△p液与V物　有关　．（均选填“有关”或“无关”）‎ ‎②小王对小赵的猜想提出质疑：△p液一定与圆柱体的体积有关吗？为了进行验证，他选用不同物体，将物体部分浸入液体中，测得物体浸入液体的体积V浸 以及V物、△p液，并记录在表二中．‎ 表二 实验序号 ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ V物（米3）‎ ‎0.8×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.2×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ ‎1.0×10﹣3‎ V浸（米3）‎ ‎0.2×10﹣3‎ ‎0.4×10﹣3‎ ‎0.6×10﹣3‎ ‎0.5×10﹣3‎ ‎0.6×10﹣3‎ ‎△p液（帕）‎ ‎50‎ ‎100‎ ‎150‎ ‎125‎ ‎150‎ 分析比较实验序号　7、9、10　，可知小王的质疑是　正确　的（选填“正确”或“错误”）；分析比较实验序号7与9与10，可得：将一物体浸入同种液体中，　浸入液体的体积越大，△p液的增加量越大　．‎ ‎【考点】探究液体压强的特点实验．‎ ‎【分析】本实验的探究目的是盛有液体的容器在放入物体前、后容器底部所受液体压强的增加量△p液与哪些因素有关．‎ ‎【解答】解：①分析比较表一中△p液和相关条件，可以看出123三次放入容器中的物体的质量不同，但△p液的增加量均为250Pa不变，因此可得：△p液与质量m无关；‎ 由456知三次放入容器中的物体的体积不同，△p液的增加量不同，因此可得：△p液与体积V有关；‎ ‎②分析实验7、9、10知三次放入容器中的物体的体积相同，但△p液的增加量不同，因此可得：△p液与体积V有关；故小王的质疑正确；‎ 分析比较实验序号7与9与10，可得：将一物体浸入同种液体中，浸入液体的体积越大，△p液的增加量越大．‎ 故答案为：①无关；有关；②7、9、10；正确；浸入液体的体积越大，△p液的增加量越大．‎ ‎　‎ ‎26．小华和小明做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、一个待测电阻Rx、电流表、电压表、滑动变阻器两个（甲：“20Ω 2A”，乙：“50Ω ‎ 2A”）、电键以及导线若干．小华首先选择一个变阻器进行实验，他正确连接电路，使变阻器接入电路中的电阻最大，闭合电键时电表示数如表一中实验序号1所示．小明用另一个变阻器实验，正确连接电路且使变阻器接入电路中的电阻最大，闭合电键时电表示数如表二中实验序号1所示 表一：小华的实验记录 实验 序号 电压表示数 ‎（伏）‎ 电流表示数 ‎（安）‎ ‎1‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎2‎ ‎3‎ 表二：小明的实验记录 实验 序号 电压表示数 ‎（伏）‎ 电流表示数 ‎（安）‎ ‎1‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎①若小华选择的变阻器为　甲（乙）　，他实验所用电源的电压为　6V（12V）　．‎ ‎②实验中他们分别移动变阻器的滑片P到某一位置时，观察到电流表示数均如图所示．他们继续移动滑片P，发现当电压表示数最大时，电流表指针在图的位置上恰好都偏转了8格．请将他们的实验数据填写在表一、表二的实验序号2中． ‎ ‎③小华和小明都只测量了两组数据，不符合实验要求，两位同学讨论后找到了解决问题的办法．请简要说明他们的解决办法，并通过计算求出Rx的阻值　10.2Ω　（计算电阻时精确到0.1欧）．‎ ‎【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】①因电路连接正确，所以电压表并联在待测电阻的两端，分小华选用甲或乙变阻器分2种情况讨论：根据欧姆定律求出变阻器连入电路中阻值最大的电压，根据串联电路电压的特点求电源电压；‎ ‎②根据电流表可能选用的量程，正确电流表的示数；‎ 根据电压表达到最大值，由欧姆定律判断此时的电流最大，结合变阻器允许通过的最大电流，从而确定图中电流表的示数；‎ 由欧姆定律，根据两电流表示数之比确定两电流表的量程，根据电流表指针在图的位置上恰好都偏转了8格 确定两电流表的最终示数大小；‎ ‎③根据欧姆定律求出3次测量的电阻的大小，为提高测量的准确程度，减小误差，取3次测量的平均值作为最终的测量结果．‎ ‎【解答】解：①他正确连接电路，使变阻器接入电路中的电阻最大，电压表并联在待测电阻的两端；由表中数据知，‎ U1=2V，I1=0.2A；‎ 若小华选择的变阻器规格为20Ω 2A，则根据欧姆定律，变阻器的电压U滑=I1R滑=0.2A×20Ω=4V，‎ 根据串联电路电压的规律，电源电压U=U滑+U1=4V+2V=6V；‎ 若小华所用的变阻器的规格为50Ω 2A，变阻器电压为U滑=I1R滑=0.2A×50Ω=10V，根据串联电路电压的规律，小华用的电源电压U=10V+2V=12V；‎ ‎②实验中他们分别移动变阻器的滑片P到某一位置时，观察到电流表示数均如图所示，‎ 图中电流表若选用小量程，分度值0.02A，电流表示数I=0.4A；‎ 若电流表选用大量程，分度值为0.1A，示数为2A；‎ 他们继续移动滑片P，发现当电压表示数最大时，即电压表示达到电源电压，分别为U2=6V、U3=12V；‎ 根据欧姆定律，通过待测电阻的电流都比原来的电流要增大，因变阻器允许通过的最大电流为2A，‎ 所以根据图中电流表指针读数时，两电流表的示数只能都为0.4A，‎ 因又电压表示数分别为U2=6V、U3=12V；根据欧姆定律，通过待测电阻的电流之比约为1：2，‎ 所以电压表示数为6V的电路中，电流表只能选用小量程（分度值为0.02A），‎ 而电压表示数为12V的电路中，电流表只能选用大量程（分度值为0.1A），‎ 因电流表指针在图示的位置上恰好都偏转了8格，示数都增大了8格，‎ 即电流表的示数分别分I2=0.4A+8×0.02A=0.56A；‎ I3=0.4A+8×0.1A=1.2A；‎ 将数据填入表中：‎ 表一：小华的实验记录 实验 序号 电压表示数 ‎（伏）‎ 电流表示数 ‎（安）‎ ‎1‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎2‎ ‎ 6.0‎ ‎0.56‎ ‎3‎ 表二：小明的实验记录 实验 序号 电压表示数 ‎（伏）‎ 电流表示数 ‎（安）‎ ‎1‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎2‎ ‎ 12.0‎ ‎1.20‎ ‎3‎ ‎③根据他们测量的三组数据，由欧姆定律，待测电阻分别为：‎ R1==10.0Ω；‎ R2==10.7Ω；‎ R3==10.0Ω，‎ 取三次测量的平均值作为测量结果，R==‎ ‎=10.2Ω．‎ 故答案为：①甲（乙）；6V（12V）；‎ ‎②如上表所示；‎ ‎③根据他们测量的三组数据，2V、0.2A；6V、0.56A；12V、1.2A，由欧姆定律，分别求出待测电阻的大小，取三次测量的平均值作为测量结果；‎ ‎10.2Ω．‎ ‎　‎