2020版高三生物总复习第五单元遗传的基本规律与伴性遗传题组层级快练（十五）（含解析）

2020版高三生物总复习第五单元遗传的基本规律与伴性遗传题组层级快练（十五）（含解析）

题组层级快练(十五)一、选择题1．关于孟德尔的豌豆遗传学实验，下列说法错误的是(　　)A．选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且具有易于区分的相对性状B．杂交实验时，对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋C．孟德尔首先提出假说，并据此开展豌豆杂交实验并设计测交进行演绎D．在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法解析　选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且具有易于区分的相对性状，A项正确；杂交实验时，对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋，B项正确；孟德尔首先进行豌豆杂交和自交实验，并在此基础上提出假说，根据假说设计测交实验进行验证，C项错误；在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法，D项正确。答案　C2．某同学利用红球(表示D)和白球(表示d)进行“性状分离比的模拟实验”，其操作过程中错误的做法是(　　)A．甲、乙两小桶内的小球分别代表雌、雄生殖器官B．随机从每个小桶中抓取一个小球组成一组是模拟雌雄配子随机结合C．每次抓取前要摇晃小桶的目的是为了保证下次抓取小球的随机性D．每次抓取之后将抓取的小球放回桶中解析　甲、乙两小桶分别代表雌、雄生殖器官，A项错误；甲、乙两小桶内的小球分别代表雌、雄配子，随机从每个小桶中抓取一个小球组成一组是模拟雌雄配子的随机结合，B项正确；为了保证每种配子被抓取的概率相等(即被抓取的随机性)，在每次抓取小球前，都应摇晃小桶，以将桶内的小球充分混合，C项正确；为了保证每种配子被抓取的概率相等，每次抓取小球统计后，应将彩球放回原来的小桶内，D项正确。答案　A3．人的黑发对金黄色发为显性，一对黑发夫妇全为杂合子，他们的两个孩子中，其中一个为黑发，另外一个为金黄色发(不考虑两个孩子出生的先后)的概率为(　　)A．3/16　　　　　　　　B．9/16C．6/16D．1/16解析　由题意可知，这对黑发夫妇的后代中，黑发的概率为3/4，金黄色发的概率为1/4，则两个孩子中，在不考虑孩子出生的先后顺序的情况下，一个是黑发，另外一个是金黄色发的概率为1/4×3/4＋3/4×1/4＝6/16。答案　Cn4．一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，下列叙述错误的是(　　)A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是由隐性个体有50%死亡造成的C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是由含有隐性基因的配子有50%死亡造成的D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是由花粉有50%死亡造成的解析　一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，后代基因型及比例理论上应该是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。若自交后代基因型比例是2∶3∶1，说明Aa和aa分别有1/4和1/2死亡，则可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的，A项正确；若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是由显性杂合子和隐性个体都有50%死亡造成的，B项错误；若含有隐性基因的配子有50%死亡，则Aa产生的配子中A∶a＝2∶1，自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C项正确；若花粉有50%死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1，D项正确。答案　B5．家兔的毛色黑(A)对褐(a)为显性。下列关于判断一只黑毛雄兔基因型的方法及结论中，正确的是(　　)A．用一只纯合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AaB．用一只杂合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AAC．用多只褐毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AAD．用光学显微镜观察，若细胞中只有A基因，则其基因型为AA解析　褐毛兔基因型为aa，若与之交配的个体后代全为黑毛兔，可判定其基因型为AA，C项正确；光学显微镜下看不到基因，D项错误。答案　C6．一对表现型正常的夫妻，其各自的父母都正常，但他们都有一个患白化病的妹妹。他们生了一个正常的小孩，这个孩子是白化病基因携带者的概率为(　　)A．4/9B．5/9C．14/27D．1/2解析　一对表现型正常的夫妇，各自的父母都表现正常，但都有一个患白化病的妹妹，所以女方与男方的基因型为AA或Aa，为Aa的概率是2/3。因此，这对夫妇生育一个小孩基因型是AA的概率是1/3×1/3＋1/3×2/3×1/2＋1/3×2/3×1/2＋2/3×2/3×1/4＝4/9；基因型是Aa的概率是1/3×2/3×1/2＋1/3×2/3×1/2＋2/3×2/3×2/4＝4/9；基因型是aa的概率是2/3×2/3×1/4＝1/9。生了一个正常的小孩，则基因型可能为AA或Aa，其中Aa占1/2。答案　D7．小鼠的体色灰色与白色是由常染色体上的一对等位基因控制的相对性状，某校生物科研小组的同学饲养了8只小鼠(编号①～⑧)，同时进行了一次杂交实验。下表是杂交组合及所得第一胎子鼠的体色情况。n杂交组合亲本子代雌雄灰白Ⅰ①灰②白56Ⅱ③白④灰46Ⅲ⑤灰⑥灰110Ⅳ⑦白⑧白09该小组同学认为，根据上述实验结果不能确定哪个性状是显性性状，需重新设计杂交组合，以确定这对性状的显隐性。请选出最合理的实验方案(　　)A．让①与⑥杂交，③与⑧杂交，观察后代体色情况B．让⑤与⑧杂交，⑥与⑦杂交，观察后代体色情况C．让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况D．让③与⑥杂交，④与⑤杂交，观察后代体色情况解析　根据后代表现型及比例推测，若灰对白是显性，则①④为杂合子，②③为隐性纯合子，⑤⑥中至少有一方为显性纯合子，⑦⑧均为隐性纯合子；而若白对灰是显性，则②③为杂合子，①④为隐性纯合子，⑤⑥均为隐性纯合子，⑦⑧中至少有一方为显性纯合子。通过①④杂交、②③杂交后代的表现型是否发生性状分离即可对上述显隐性进行确定。如果①与④杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，②与③杂交的后代全为白鼠，则灰色为显性性状；如果①与④杂交的后代全为灰鼠，②与③杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状。答案　C8．一对等位基因(用D、d表示)，在某种限制酶的作用下可以切割形成两种不同长度的DNA片段。对酶切后获得的DNA片段用凝胶电泳法进行分离，然后与特定的DNA探针杂交后可显示出不同的带谱。根据显示出的带谱组型可以判断基因型组成。现有一对夫妇及其所生四个儿女相关基因定位鉴定获得的带谱如图，且1号性状与家庭的其他成员不同。关于这四个儿女的基因型推断正确的是(　　)A．3号为Dd，4号为DDB．1号为XdXd，2号为XDYC．1号为DD，2号为ddD．3号为XDXd，4号为XdXd解析　双亲的带谱相同，不可能为伴X遗传，B、D项错误；双亲带谱为两条，均为杂合子Dd，后代的基因型可能为DD、Dd、dd。子代1号性状与家庭的其他成员不同，说明1号个体为隐性纯合子dd，2、4号为DD，3号为Dd，A项正确，C项错误。n答案　A9．一群杂合子(Dd)植株自交时，含有隐性配子的花粉有50%的死亡率，则自由交配，子代中杂合子比例是(　　)A.B.C.D.解析　基因型为Dd的个体，产生的雌配子为D∶d＝1∶1，雄配子为D∶d＝2∶1，所以随机结合的结果为DD＝×＝，Dd＝×＋×＝，dd＝×＝。答案　A10．山羊胡子的出现由B基因决定，等位基因Bb、B＋分别决定有胡子和无胡子，但是基因型为BbB＋的雌性山羊表现为无胡子。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1，F1中的2个个体交配产生F2(如图所示)。下列判断正确的是(　　)A．F1中雌性表现为有胡子B．F1中雄性50%表现为有胡子C．F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有D．控制山羊有无胡子的基因的遗传为伴性遗传解析　有胡子雌山羊BbBb与无胡子雄山羊B＋B＋杂交，F1的基因型都是B＋Bb，雄性都表现为有胡子，雌性都表现为无胡子；F2基因型有B＋B＋(雌雄都表现为无胡子)，BbBb(雌雄都表现为有胡子)，B＋Bb(雄性表现为有胡子，雌性表现为无胡子)；在杂合子中，决定有胡子基因Bb的表现受性别影响，但该基因的遗传不是伴性遗传。答案　C11．(2017·邵阳三模)苦瓜植株中含一对等位基因D和d，其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，杂合子植株完全正常。现有基因型为Dd的苦瓜植株若干做亲本，下列有关叙述错误的是(　　)A．如果每代均自交直至F2，则F2植株中d基因的频率为1/2B．如果每代均自交直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为1/2C．如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中D基因的频率为1/2D．如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为1/2解析　D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，n因此每代中只有Dd可以自交得到F2，因此F2植株中d基因的频率为，A项正确；由A项可知，每代中只有Dd可以自交到F2，因此F2植株为DD∶Dd∶dd＝1∶2∶1，即F2植株中正常植株所占比例为，B项正确；基因型为Dd的个体进行自由交配时，由于D基因纯合的植株不能产生卵细胞，则F1中雌性个体产生的配子的基因型及比例是D∶d＝1∶2，由于d基因纯合的植株不能产生正常的精子，因此雄配子的基因型及比例是D∶d＝2∶1，所以，自由交配直至F2，dd的基因型频率＝×＝，DD的基因型频率＝×＝，Dd的基因型频率为，则F2植株中D基因的频率为，C项正确，D项错误。答案　D12．(2019·南昌四校联考)为了加深对基因分离定律的理解，某同学在2个小桶内各装入20个等大的方形积木(红色、蓝色各10个，分别代表配子D、d)，分别从两桶内随机抓取1个积木，记录组合后，将积木放在旁边，没有放入原来的容器中，这样直至抓完桶内积木，统计结果是DD∶Dd∶dd＝6∶8∶6。对上述做法，你认为应该改变的做法和理由是(　　)A．把方形积木改换为质地、大小相同的小球；以便充分混合，避免人为误差B．抓取时应闭上眼睛，并充分摇匀；保证基因的随机分配和配子的随机结合C．将一桶内的2种配子各减少一半，另一桶数量不变；因为卵细胞数比精子数少D．每次抓取后，应将抓取的积木放回原桶；保证每种配子被抓取的概率相等解析　根据基因分离定律，最后得到的结果应该是DD∶Dd∶dd＝1∶2∶1，而该同学的实验结果与之不符，导致实验结果失败的原因是每次抓取后将积木放在旁边，没有将抓取的积木放回原来的容器中，使每种配子被抓取的概率不相等，所以应该改变的做法和理由是：在每次抓取后，应将抓取的积木放回原桶，以保证每种配子被抓取的概率相等。答案　D13．现有某显性性状(基因型为AA、Aa)的豌豆种子，两种基因型的种子数量未知，让这些种子在自然状态下繁殖，其子代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝7∶6∶3；若将豌豆种子改为相同基因型及比例的玉米种子(自然状态下繁殖，不考虑基因突变、染色体变异和自然选择)。则下列叙述正确的是(　　)A．在亲代豌豆种子中，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4B．上述玉米种子繁殖产生的F2中，隐性个体所占比例为9/64C．豌豆和玉米产生的Fn中，其基因频率和基因型频率均不同D．上述豌豆的繁殖过程中，基因重组导致子代的基因型频率改变解析　亲代豌豆种子包括AA和Aa两种基因型，且豌豆在自然状态下只能自交。一般求解步骤是先求出亲代基因型所占比例，即先设亲代中Aa占xn；再根据概率计算方法得出子代中aa＝x×(1/4)＝3/16，则x＝3/4，由此可知，亲代豌豆种子的基因型及比例是1/4AA、3/4Aa，则显性基因A的基因频率＝5/8，a的基因频率＝1－5/8＝3/8，A项错误；由于玉米个体间自由交配，根据“遗传平衡定律”可知，题述玉米种子中，A的基因频率＝5/8，a的基因频率＝3/8，则Fn(包括F2)中隐性个体(aa)的概率＝(3/8)2＝9/64，B项正确；在豌豆通过自交、玉米通过自由交配进行繁殖的过程中，无自然选择发生，故它们的基因频率不会发生改变，C项错误；题中豌豆的繁殖过程中只涉及一对等位基因的遗传问题，没有发生基因重组，D项错误。答案　B14．Rh血型中的Rh是恒河猴(RhesusMacacus)英文名称的前两个字母。兰德斯坦纳等科学家在1940年做动物实验时，发现恒河猴和多数人体内的红细胞上存在Rh凝集原，故而命名；设Rh血型受一对等位基因(D和d)控制，其中Rh＋的个体(基因型为DD或Dd)具有Rh凝集原，而Rh－的个体(基因型为dd)无Rh凝集原；若Rh＋的胎儿血液中含有一定量的抗Rh凝集原的抗体，就会出现新生儿溶血症。下列相关叙述错误的是(　　)A．若母亲为Rh－，第一胎为Rh＋，则母体一定会产生抗Rh凝集原的抗体B．在Rh－的个体中，其血细胞上无Rh凝集原，血清中无抗Rh凝集原的抗体C．若父亲的血型为Rh＋，母亲的血型为Rh－，则第二胎一定出现新生儿溶血症D．题中新生儿溶血症的出现属于自然选择过程解析　根据题干信息可知，母亲为Rh－(无抗Rh凝集原的抗体)，但母亲与胎儿(Rh＋，具有Rh凝集原)可进行血液交换，胎儿的Rh凝集原进入母体，则母体的免疫系统一定会产生抗Rh凝集原的抗体，A项正确；根据题干信息可知，Rh－的个体中无Rh凝集原，血清中无抗Rh凝集原的抗体，B项正确；若父亲的基因型为Dd，母亲的基因型为dd，第一胎的基因型为dd，则第二胎不会出现新生儿溶血症，C项错误；在人类的繁衍过程中，当Rh－的母亲第一胎的血型为Rh＋时，母体会产生相应的抗体，若第二胎仍为Rh＋的胎儿，就会出现新生儿溶血症，该过程属于自然选择过程，D项正确。答案　C二、非选择题15．葫芦科一种被称为喷瓜的性别不是由异形的性染色体决定，而是由3个复等位基因aD、a＋、ad决定的，每株植物中只存在其中的两个基因。它们的性别表现与基因型如下表所示：性别类型基因型雄性植株aDa＋、aDad两性植株(雌雄同株)a＋a＋、a＋ad雌性植株adad请根据上述信息，回答下列问题：(1)决定雄性、两性、雌性植株的基因依次是________。n(2)aD、a＋、ad这三个基因的显隐性关系是________。(3)在雄性植株中为什么不可能存在纯合子？________。(4)雄株Ⅰ与雌株杂交，后代中有雄株也有雌株，且比例为1∶1，则雄株Ⅰ的基因型为________。(5)为了确定两性植株的基因型，用上述表格的植株为实验材料，设计最简单的杂交实验，应该怎样进行？(简要写出杂交组合、预期结果并得出结论)___________________________________________________________解析　(1)(2)由表格分析可知，aD对a＋、ad为显性，a＋对ad为显性，则当aD存在时植株表现为雄性，当基因型为adad时植株表现为雌性，当基因型为a＋a＋、a＋ad时植株表现为雌雄同株。(3)如果雄性植株为纯合子，则它的基因型为aDaD，这需要此植株的父本和母本各提供一个aD配子，但含aD的植株必为雄性，即两个亲本都是雄性，这是不可能的。(4)根据基因分离定律可知，此实验为测交类型，且后代没有雌雄同株，故可推知雄株亲本的基因型为aDad。(5)运用孟德尔一对相对性状的实验原理，以自交方式看后代有无性状分离便可判断两性植株的基因型。答案　(1)aD、a＋、ad(2)aD对a＋、ad为显性，a＋对ad为显性(3)因为它的两个亲本不可能同时提供aD基因，否则两个亲本都是雄性，无法杂交(4)aDad(5)让两性植株自交，观察后代的性状分离情况。如果后代都是雌雄同株，则亲本基因型为a＋a＋；如果后代有性状分离，且雌雄同株∶雌性植株＝3∶1，则亲本基因型为a＋ad。16．某动物体色的鲜艳与不鲜艳是一对相对性状，受一对等位基因(A、a)控制。已知在含有基因A、a的同源染色体(常染色体)上，有一条染色体带有致死基因(已知体色基因与致死基因不发生交换)，且致死基因的表达受性激素的影响。请根据表中的杂交实验回答下列问题：杂交组合亲本类型子代雌雄甲鲜艳(♀)×鲜艳(♂)鲜艳437鲜艳215乙鲜艳(♂)×不鲜艳(♀)鲜艳222，不鲜艳220鲜艳224，不鲜艳226丙乙组子代中的鲜艳(♀、♂)相互交配鲜艳716，不鲜艳242鲜艳486，不鲜艳238(1)体色基因的遗传遵循________定律。体色基因与致死基因是________(填“等位”或“非等位”)基因，且致死基因与基因________(填“A”或“a”)在同一条染色体上。(2)根据上表可以判断出致死基因是________(填“显性”或“隐性”)基因。(3)丙组子代的雌、雄个体中鲜艳与不鲜艳的比例不同，据推测造成这种差异的原因可能是________________________________。(4)基于以上推测，n某同学进行了以下实验：从丙组子代中随机选取多只鲜艳雌、雄个体分别和不鲜艳雄、雌个体进行测交，并统计后代中鲜艳与不鲜艳个体的比例。若一组后代中鲜艳与不鲜艳个体的比例为________，另一组后代中鲜艳与不鲜艳个体的比例为________，则说明上述推测是正确的。解析　(1)由题意可知体色是受一对等位基因控制的，所以遵循基因的分离定律。致死基因与A与a是位于同一对同源染色体上，所以它们之间是非等位基因的关系。(2)由甲组实验结果可知雄性中鲜艳数量比雌性少，说明致死基因应是和雄性激素有关，由乙组实验结果可知鲜艳∶不鲜艳在雌雄中都是1∶1，说明该致死基因是隐性基因。(3)丙组子代的雌、雄个体中鲜艳与不鲜艳的比例不同，因题干上说明致死基因的表达受性激素的影响，所以推测造成这种差异的原因可能是AA的雄性个体含两个隐性致死基因而死亡。(4)在鲜艳的雌性中有1/3AA和2/3Aa，在鲜艳的雄性中只有Aa，所以前者的后代中鲜艳∶不鲜艳个体比为2∶1，后者鲜艳∶不鲜艳为1∶1，就可以支持AA的雄性个体含两个隐性致死基因而死亡的推论。答案　(1)基因的分离　非等位　A(2)隐性(3)AA的雄性个体含两个隐性致死基因而死亡(4)2∶1　1∶1