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文档介绍
2010年四川省乐山市中考数学试卷(全解全析)
一、选择题(共10小题,每小题3分,满分30分) 1、(2010•乐山)计算(﹣2)×3的结果是( ) A、﹣6 B、6 C、﹣5 D、5 考点:有理数的乘法。 分析:根据异号两数相乘的乘法运算法则解答. 解答:解:(﹣2)×3=﹣6. 故选A. 点评:主要考查有理数的乘法运算法则,需要熟练掌握并灵活运用. 2、(2010•乐山)下列图形中,是轴对称图形的是( ) A、 B、 C、 D、 考点:轴对称图形。 分析:根据轴对称图形的概念求解.如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,那么这个图形叫做轴对称图形. 解答:解:A、不是轴对称图形,不符合题意; B、是轴对称图形,符合题意; C、不是轴对称图形,不符合题意; D、不是轴对称图形,不符合题意. 故选B. 点评:本题主要考查轴对称图形的知识点.确定轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合. 3、(2010•乐山)函数y=12﹣x中,自变量x的取值范围是( ) A、x>2 B、x≠2 C、x<2 D、x≠0 考点:函数自变量的取值范围;分式有意义的条件;二次根式有意义的条件。 专题:计算题。 分析:根据二次根式的性质和分式的意义,被开方数大于等于0,分母不等于0,就可以求解. 解答:解:根据题意,得2﹣x>0, 解得x<2, 故选C. 点评:本题考查的知识点为:分式有意义,分母不为0;二次根式的被开方数是非负数.注 意当单独的二次根式在分母时,被开方数应大于0. 4、(2010•乐山)下列不等式变形正确的是( ) A、由a>b,得a﹣2<b﹣2 B、由a>b,得﹣2a<﹣2b C、由a>b,得|a|>|b| D、由a>b,得a2>b2 考点:不等式的性质。 专题:应用题。 分析:根据不等式的性质判断即可.要注意选项C中a,b的正负性. 解答:解:A、由a>b,得a﹣2>b﹣2,故选项错误; B、由a>b,得﹣2a<﹣2b,故选项正确; C、a>b>0时,才有|a|>|b|,0>a>b时,有|a|<|b|,故选项错误; D、1>a>b>0时,a2<b2,故选项错误. 故选B. 点评:主要考查了不等式的基本性质.“0”是很特殊的一个数,因此,解答不等式的问题时,应密切关注“0”存在与否,以防掉进“0”的陷阱.不等式的基本性质: (1)不等式两边加(或减)同一个数(或式子),不等号的方向不变. (2)不等式两边乘(或除以)同一个正数,不等号的方向不变. (3)不等式两边乘(或除以)同一个负数,不等号的方向改变. 5、(2010•乐山)某厂生产上第世博会吉祥物:“海宝”纪念章10万个,质检部门为检测这批纪念章质量的合格情况,从中随机抽查500个,合格499个.下列说法正确的是( ) A、总体是10万个纪念章的合格情况,样本是500个纪念章的合格情况 B、总体是10万个纪念章的合格情况,样本是499个纪念章的合格情况 C、总体是500个纪念章的合格情况,样本是500个纪念章的合格情况 D、总体是10万个纪念章的合格情况,样本是1个纪念章的合格情况 考点:总体、个体、样本、样本容量。 分析:总体是指考查的对象的全体,个体是总体中的每一个考查的对象,样本是总体中所抽取的一部分个体,而样本容量则是指样本中个体的数目.我们在区分总体、个体、样本、样本容量,这四个概念时,首先找出考查的对象.从而找出总体、个体.再根据被收集数据的这一部分对象找出样本,最后再根据样本确定出样本容量. 解答:解:总体是10万个纪念章的合格情况,样本是500个纪念章的合格情况,故选A. 点评:解题要分清具体问题中的总体、个体与样本,关键是明确考查的对象.总体、个体与样本的考查对象是相同的,所不同的是范围的大小.样本容量是样本中包含的个体的数目,不能带单位. 6、(2010•乐山)某校数学兴趣小组为测量学校旗杆AC的高度,在点F处竖立一根长为1.5米的标杆DF,如图所示,量出DF的影子EF的长度为1米,再量出旗杆AC的影子BC的长度为6米,那么旗杆AC的高度为( ) A、6米 B、7米 C、8.5米 D、9米 考点:相似三角形的应用。 分析:在同一时刻物高和影长成正比,即在同一时刻的两个物体,影子,经过物体顶部的太阳光线三者构成的两个直角三角形相似.根据相似三角形的对应边的比相等,即可求解. 解答:解:∵标杆的高标杆的影长=旗杆的高旗杆的影长 即1.51=AC6, ∴AC=6×1.5=9米. 故选D. 点评:本题考查了相似三角形在测量高度时的应用,解题时关键是找出相似的三角形,然后根据对应边成比例列出方程,建立适当的数学模型来解决问题. 7、(2010•乐山)如图所示,是一个几何体的三视图,已知正视图和左视图都是边长为2的等边三角形,则这个几何体的全面积为( ) A、2л B、3л C、23л D、(1+23)л 考点:圆锥的计算;由三视图判断几何体。 分析:易得此几何体为圆锥,那么全面积为:底面积+侧面积=π×底面半径2+π×底面半径×母线长. 解答:解:此几何体为圆锥,底面直径为2,母线长为2,那么底面半径为1, ∴圆锥的全面积=π×12+π×1×2=3π,故选B. 点评:主要考查了圆锥的全面积的公式;解决本题的关键是得到圆锥的底面直径与母线长. 8、(2010•乐山)如图所示,一圆弧过方格的格点A、B、C,试在方格中建立平面直角坐标系,使点A的坐标为(﹣2,4),则该圆弧所在圆的圆心坐标是( ) A、(﹣1,2) B、(1,﹣1) C、(﹣1,1) D、(2,1) 考点:确定圆的条件;坐标与图形性质。 专题:网格型。 分析:连接AB、AC,作出AB、AC的垂直平分线,其交点即为圆心. 解答:解:如图所示, ∵AW=1,WH=3, ∴AH=12+32=10; ∵BQ=3,QH=1, ∴BH=12+32=10; ∴AH=BH, 同理,AD=BD, 所以GH为线段AB的垂直平分线, 易得EF为线段AC的垂直平分线, H为圆的两条弦的垂直平分线的交点, 则BH=AH=HC, H为圆心. 于是则该圆弧所在圆的圆心坐标是(﹣1,1). 故选C. 点评:根据线段垂直平分线上的点到这条线段两端点的距离相等,找到圆的半径,半径的交点即为圆心. 9、(2010•乐山)已知一次函数y=kx+b,当0≤x≤2时,对应的函数值y的取值范围是﹣2≤y≤4,则kb的值为( ) A、12 B、﹣6 C、﹣6或﹣12 D、6或12 考点:待定系数法求一次函数解析式。 专题:分类讨论。 分析:根据一次函数的性质,分k>0和k<0时两种情况讨论求解. 解答:解:(1)当k>0时,y随x的增大而增大, ∴当x=0时,y=﹣2,当x=2时,y=4, ∴&b=﹣2&2k+b=4,解得&k=3&b=﹣2, ∴kb=3×(﹣2)=﹣6; (2)当k<0时,y随x的增大而减小, ∴当x=0时,y=4,当x=2时,y=﹣2, ∴&b=4&2k+b=﹣2,解得&k=﹣3&b=4, ∴kb=﹣3×4=﹣12. 所以kb的值为﹣6或﹣12. 故选C. 点评:本题要注意根据一次函数图象的性质要分情况讨论,有一定难度. 10、(2010•乐山)设a、b是常数,且b>0,抛物线y=ax2+bx+a2﹣5a﹣6为下图中四个图象之一,则a的值为( ) A、6或﹣1 B、﹣6或1 C、6 D、﹣1 考点:二次函数的图象。 分析:由b>0,排除前两个图象,第三个图象a>0,﹣b2a>0,推出b<0,与已知矛盾排除,从而抛物线y=ax2+bx+a2﹣5a﹣6的图象是第四个图,再求a的值. 解答:解:∵b>0, ∴排除前两个图象; ∵第三个图象a>0,又﹣b2a>0, ∴b<0,与已知矛盾排除, ∴抛物线y=ax2+bx+a2﹣5a﹣6的图象是第四个图, 由图象可知,抛物线经过原点(0,0), ∴a2﹣5a﹣6=0,解得a=﹣1或6, ∵a<0,∴a=﹣1. 故选D. 点评:主要考查了从图象上把握有用的条件,准确选择数量关系解得a 的值,简单的图象最少能反映出2个条件:开口方向,经过原点,利用这两个条件即可求出a的值. 二、填空题(共6小题,每小题3分,满分18分) 11、(2010•乐山)把温度计显示的零上5℃用+5℃表示,那么零下2℃应表示为 ℃. 考点:正数和负数。 分析:零上的温度用正数表示,那么零下的温度可用负数表示. 解答:解:零上5℃用+5℃表示,那么零下2℃应表示为﹣2℃. 点评:解题关键是理解“正”和“负”的相对性,确定一对具有相反意义的量. 12、(2010•乐山)如图所示,在Rt△ABC中,CD是斜边AB上的高,∠ACD=40°,则∠EBC= 度. 考点:直角三角形的性质;余角和补角。 分析:首先根据余角的性质求出∠ABC的度数,再根据邻补角定义求出∠EBC. 解答:解:∵在Rt△ABC中,CD是斜边AB上的高, ∴∠ABC=∠ACD=90°﹣∠BCD=40°, ∴∠EBC=180°﹣∠ABC=140°. 点评:本题主要考查了余角的性质及邻补角定义. 13、(2010•乐山)若a<0,化简|a﹣3|﹣a2= . 考点:二次根式的性质与化简。 分析:此题考查了绝对值的定义及二次根式的化简a2=&a(a≥0)&﹣a(a<0). 解答:解:∵a<0, ∴a﹣3<0, ∴|a﹣3|﹣a2=﹣a+3+a=3. 点评:考查了根据绝对值的定义及二次根式的意义化简. 二次根式a2规律总结:当a≥0时,a2=a;当a≤0时,a2=﹣a. 14、(2010•乐山)下列因式分解:①x3﹣4x=x(x2﹣4);②a2﹣3a+2=(a﹣2)(a﹣1);③a2﹣2a﹣2=a(a﹣2)﹣2; ④x2+x+14=(x+12)2.其中正确的是 (只填序号). 考点:因式分解-十字相乘法等;因式分解-提公因式法;因式分解-运用公式法。 分析:根据提公因式法和公式法进行判断求解. 解答:解:①分解不彻底,应为x3﹣4x=x(x+2)(x﹣2),故本选项错误; ②a2﹣3a+2=(a﹣2)(a﹣1),正确; ③a2﹣2a﹣2=a(a﹣2)﹣2,右边不是积的形式,故本选项错误; ④x2+x+14=(x+12)2,正确. 所以正确的是:②④. 故选②④. 点评:本题考查了提公因式法,公式法,十字相乘法分解因式,注意因式分解的结果一定要写成整式乘积的形式,且要分解彻底. 15、(2010•乐山)正六边形ABCDEF的边长为2cm,点P为这个正六边形内部的一个动点,则点P到这个正六边形各边的距离之和为 cm. 考点:正多边形和圆。 专题:动点型。 分析:此题可采用取特殊点的方法进行计算,即当O为圆心时进行计算. 解答:解:如图所示,过P作PH⊥BC于H,根据正六边形的性质可知,∠BPC=60°, 即∠BPH=12∠BPC=12×60°=30°,BH=12BC=12×2=1cm; ∴PH=BHtan30°=133=3, ∴正六边形各边的距离之和=6PH=6×3=63cm. 点评:此题比较简单,解答此题的关键是根据题意画出图形,再由正六边形及等腰三角形的性质解答即可. 16、(2010•乐山)勾股定理揭示了直角三角形三边之间的关系,其中蕴含着丰富的科学知识和人文价值.如图所示,是一棵由正方形和含30° 角的直角三角形按一定规律长成的勾股树,树主干自下而上第一个正方形和第一个直角三角形的面积之和为S1,第二个正方形和第二个直角三角形的面积之和为S2,…,第n个正方形和第n个直角三角形的面积之和为Sn.设第一个正方形的边长为1. 请解答下列问题: (1)S1= ; (2)通过探究,用含n的代数式表示Sn,则Sn= . 考点:勾股定理。 专题:规律型。 分析:根据正方形的面积公式求出面积,再根据直角三角形三条边的关系运用勾股定理求出三角形的直角边,求出S1,然后利用正方形与三角形面积扩大与缩小的规律推导出公式. 解答:解:(1)∵第一个正方形的边长为1, ∴正方形的面积为1, 又∵直角三角形一个角为30°, ∴三角形的一条直角边为12,另一条直角边就是12﹣122=32, ∴三角形的面积为12×32÷2=38, ∴S1=1+38; (2)∵第二个正方形的边长为32,它的面积就是34,也就是第一个正方形面积的34, 同理,第二个三角形的面积也是第一个三角形的面积的34, ∴S2=(1+38)•34,依此类推,S3==(1+38)•34•34,即S3==(1+38)•(34)2, Sn=(1+38)•(34)n﹣1(n为整). 点评:本题重点考查了勾股定理的运用. 三、解答题(共10小题,满分102分) 17、(2010•乐山)解方程:5(x﹣5)+2x=﹣4 考点:解一元一次方程。 专题:计算题。 分析:根据题意首先去括号,然后合并同类项,即可解答出x的值 解答:解:去括号得:5x﹣25+2x=﹣4 移项得:7x=21 系数化为1得:x=3 点评:本题考查了一元一次方程的解法,要熟练掌握解一元一次方程的方法. 18、(2010•乐山)如图所示,在平行四边形ABCD的对角线上AC上取两点E和F,若AE=CF. 求证:∠AFD=∠CEB. 考点:平行四边形的性质;全等三角形的判定与性质。 专题:证明题。 分析:可证△AFD≌△CEB,根据平行四边形性质有AD=BC,∠DAF=∠BCE;由AE=CF可得AF=CE,根据SAS得证. 解答:证明:四边形ABCD是平行四边形, ∵AD∥BC,AD=BC, ∴∠DAF=∠BCE, ∵AE=CF, ∴AE+EF=CF+EF, 即AF=CE, ∴△ADF≌△CBE, ∴∠AFD=∠CEB. 点评:此题考查了平行四边形的性质和三角形全等的判定,比较简单. 19、(2010•乐山)先化简,再求值:(x2﹣3x﹣1﹣2)÷1x﹣1,其中x满足x2﹣2x﹣3=0. 考点:分式的化简求值。 专题:计算题。 分析:首先运用乘法分配律将所求的代数式去括号,然后再合并化简,最后代值求解即可. 解答:解:原式=(x2﹣3x﹣1﹣2)•(x﹣1) =x2﹣3x﹣1•(x﹣1)﹣2(x﹣1) =x2﹣3﹣2x+2 =x2﹣2x﹣1 由x2﹣2x﹣3=0,得x2﹣2x=3 ∴原式=3﹣1=2. 点评:分式混合运算要注意先去括号;分子、分母能因式分解的先因式分解;除法要统一为乘法运算.注意整体代入思想在代数求值计算中的应用. 20、(2010•乐山)如图所示一次函数y=x+b与反比例函数y=kx在第一象限的图象交于点B,且点B的横坐标为1,过点B作y轴的垂线,C为垂足,若S△BCD=32,求一次函数和反比例函数的解析式. 考点:反比例函数与一次函数的交点问题。 专题:代数几何综合题。 分析:根据点B的横坐标是1,求出OC的长利用三角形的面积求出b值,点B的坐标即可求出,代入反比例函数即可求出k值,解析式可得. 解答:解:∵一次函数y=x+b过点B,且点B的横坐标为1, ∴y=1+b,即B(1,1+b). ∵BC⊥y轴,且S△BCD=32, ∴12×OC×BC=12×1×(b+1)=32, 解得:b=2, ∴B(1,3). ∴一次函数的解析式为y=x+2. 又∵y=kx过点B, ∴k1=3,解得:k=3, ∴反比例函数的解析式为:y=3x. 点评:此题考查了反比例函数与一次函数的交点问题,解本题的关键是先根据三角形的面积求出b值,进一步确定出点B的坐标. 21、(2010•乐山)某校对八年级(1)班全体学生的体育作测试,测试成绩分为优秀、良好、合格和不合格四个等级,根据测试成绩绘制的不完整统计图如下: 根据统计图表给出的信息,解答下列问题: (1)八年级(1)班共有多少名学生? (2)填空:体育成绩为优秀的频数是 ,为合格的频数是 ; (3)从该班全体学生的体育成绩中,随机抽取一个同学的成绩,求达到合格以上(包含合格)的概率. 考点:频数(率)分布表;扇形统计图;概率公式。 专题:图表型。 分析:(1)表格中已知良好人数13人,扇形统计图中已知良好的百分比为26%,由此即可求出八年级(1)班共有多少名学生; (2)根据总人数和合格的百分比可以求出合格的频数,然后用总人数减去所有已知人数即可求出优秀的频数; (3)由于抽取的50人中达到合格以上(包含合格)的人数为2+13+26,由此即可求出达到合格以上(包含合格)的概率. 解答:解:(1)由题意得:13÷26%=50; 即八年级(1)班共有50名学生. (2)合格的频数为50×52%=26, 体育成绩为优秀的频数是50﹣26﹣13﹣9=2; (3)随机抽取一个同学的体育成绩,达到合格以上的概率为: P=2+13+2650=4150,或P=1﹣950=4150. 点评:读图时要全面细致,同时,解题方法要灵活多样,切忌死记硬背,要充分运用数形结合思想来解决由统计图形式给出的数学实际问题.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.部分数目=总体数目乘以相应概率. 22、(2010•乐山)水务部门为加强防汛工作,决定对程家山水库进行加固.原大坝的横断面是梯形ABCD,如图所示,已知迎水面AB的长为10米,∠B=60°,背水面DC的长度为103米,加固后大坝的横断面为梯形ABED.若CE的长为5米. (1)已知需加固的大坝长为100米,求需要填方多少立方米; (2)求新大坝背水面DE的坡度.(计算结果保留根号) 考点:解直角三角形的应用-坡度坡角问题。 分析:(1)分别过A、D作下底的垂线,设垂足为F、G. 在Rt△ABF中,已知坡面长和坡角的度数,可求得铅直高度AF的值,也就得到了DG的长;以CE为底,DG为高即可求出△CED的面积,再乘以大坝的长度,即为所需的填方体积; (2)在Rt△CDG中,由勾股定理求CG的长,即可得到GE的长;Rt△DEG中,根据DG、GE的长即可求得坡角的正切值,即坡面DE的坡比. 解答:解:(1)分别过A、D作AF⊥BC,DG⊥BC,垂点分别为F、G,如图所示. 在Rt△ABF中,AB=10米,∠B=60°, sin∠B=AFAB,∴AF=10×3253,DG=53. ∴S△DCE=12×CE×DG=12×5×53=2523. 需要填方:100×2523=12503(立方米); (2)在直角三角形DGC中,DC=103, ∴GC=DC2﹣DG2=(103)2﹣(53)2=15, ∴GE=GC+CE=20, 坡度i=DGGE=5320=34. 答:(1)需要土石方12503立方米.(2)背水坡坡度为34. 点评:此题主要考查学生对坡度坡角的掌握及三角函数的运用能力. 23、(2010•乐山)如图所示,AB是⊙O的直径,D是圆上一点,AD=DC,连接AC,过点D作弦AC的平行线MN. (1)证明:MN是⊙O的切线; (2)已知AB=10,AD=6,求弦BC的长. 考点:切线的判定;勾股定理;三角形中位线定理;垂径定理。 专题:计算题;证明题。 分析:(1)证MN是⊙O的切线,只需连接OD,证OD⊥MN即可.由于D是弧AC的中点,由垂径定理知OD⊥AC,而MN∥AC,由此可证得OD⊥MN,即可得证. (2)设OD与AC的交点为E,那么OE就是△ABC的中位线,即BC=2OE;欲求BC,需先求出OE的长.可设OE为x,那么DE=5﹣x,可分别在Rt△OAE和Rt△ADE中,用勾股定理表示出AE2,即可得到关于x的方程,从而求出x即OE的值,也就能得到BC的长. 解答:(1)证明:连接OD,交AC于E,如图所示, ∵AD=DC,∴OD⊥AC; 又∵AC∥MN,∴OD⊥MN, 所以MN是⊙O的切线. (2)解:设OE=x,因AB=10,所以OA=5,ED=5﹣x; 又因AD=6,在Rt△OAE和Rt△DAE中, AE2=OA2﹣OE2=AE2﹣DE2,即: 52﹣x2=62﹣(5﹣x)2,解得x=75; 由于AB是⊙O的直径,所以∠ACB=90°,则OD∥BC; 又AO=OB,则OE是△ABC的中位线,所以BC=2OE=2×75=145. 点评:此题考查了垂径定理、切线的判定,勾股定理以及三角形中位线定理等知识,难度适中. 24、(2010•乐山)从甲、乙两题中选做一题.如果两题都做,只以甲题计分. 题甲:若关于x一元二次方程x2﹣2(2﹣k)x+k2+12=0有实数根a,β. (1)求实数k的取值范围; (2)设t=a+βk,求t的最小值. 题乙:如图所示,在矩形ABCD中,P是BC边上一点,连接DP并延长,交AB的延长线于点Q. (1)若BOPC=13,求ABAQ的值; (2)若点P为BC边上的任意一点,求证BCBP=ABBQ=1. 我选做的是 题. 考点:根与系数的关系;根的判别式;矩形的性质。 分析:对甲:(1)由于一元二次方程存在两实根,令△≥0求得k的取值范围; (2)将α+β换为k的表达式,根据k的取值范围得出t的取值范围,求得最小值. 对乙:(1) 解答:题甲 解:(1)∵一元二次方程x2﹣2(2﹣k)x+k2+12=0有实数根a,β, ∴△≥0, 即4(2﹣k)2﹣4(k2﹣12)≥0, 得k≤﹣2. (2)由根与系数的关系得:a+β=﹣[﹣2(2﹣k)]=4﹣2k, ∴t=a+βk=4﹣2kk=4k﹣2, ∵k≥﹣2,∴﹣2≤4k﹣2<0, ∴﹣4≤4k﹣2<﹣2, 即t的最小值为﹣4. 题乙: 四边形ABCD是矩形 ∵AB=CD,AB∥DC ∴△DPC∽△QPB ∴BQDC=PCBP ∴DCBQ=PCBP BCBP﹣ABBQ=BP+PCBP﹣ABBQ=1+PCBP﹣ABBQ=1 ∴BCBP=ABBQ=1. 点评:本题考查了一元二次方程根的判定,另要掌握两根之和、两根之积与系数的关系. 25、(2010•乐山)在△ABC中,D为BC的中点,O为AD的中点,直线l过点O.过A、B、C三点分别做直线l的垂线,垂足分别是G、E、F,设AG=h1,BE=h2,CF=h3. (1)如图所示,当直线l⊥AD时(此时点G与点O重合).求证:h2+h3=2h1; (2)将直线l绕点O旋转,使得l与AD不垂直. ①如图所示,当点B、C在直线l的同侧时,猜想(1)中的结论是否成立,请说明你的理由; ②如图所示,当点B、C在直线l的异侧时,猜想h1、h2、h3满足什么关系.(只需写出关系,不要求说明理由) 考点:梯形;全等三角形的判定与性质;梯形中位线定理。 专题:证明题;探究型。 分析:(1)因为BE⊥l,GF⊥l,所以四边形BCFE是梯形,又因为D是BC的中点,由梯形的中位线定理可得BE+CF=2DG,O为AD的中点,故可证h2+h3=2h1; (2)①过点D作DH⊥l,垂足为H,根据AAS易证△AGO≌△DHO,所以DH=AG,又因为D为BC的中点,由梯形的中位线性质可得2AG=BE+CF,故(1)结论成立;②h1、h2、h3满足关系:h2﹣h3=2h1. 解答: (1)证明:∵BE⊥l,GF⊥l ∴四边形BCFE是梯形 又∵GD⊥l,D是BC的中点 ∴DG是梯形的中位线 ∴BE+CF=2DG 又∵O为AD的中点 ∴AG=DG ∴BE+CF=2AG 即h2+h3=2h1; (2)①成立; 证明:过点D作DH⊥l,垂足为H ∴∠AGO=∠DHO,∠AOG=∠DOH,OA=OD ∴△AGO≌△DHO ∴DH=AG 又∵D为BC的中点,由梯形的中位线性质 ∴2DH=BE+CF,即2AG=BE+CF ∴h2+h3=2h1成立; ②h1、h2、h3满足关系:h2﹣h3=2h1. 点评:此题把梯形、梯形的中位线定理和全等三角形的判定结合求解.考查学生综合运用数学知识的能力. 26、(2010•乐山)如图所示,抛物线y=x2+bx+c与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C(0,2),连接AC,若tan∠OAC=2. (1)求抛物线对应的二次函数的解析式; (2)在抛物线的对称轴l上是否存在点P,使∠APC=90°,若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由; (3)如图所示,连接BC,M是线段BC上(不与B、C重合)的一个动点,过点M作直线l′∥l,交抛物线于点N,连接CN、BN,设点M的横坐标为t.当t为何值时,△BCN的面积最大?最大面积为多少? 考点:二次函数综合题。 专题:压轴题。 分析:(1)已知了C点的坐标,即可得到OC的长,根据∠OAC的正切值即可求出OA 的长,由此可得到A点的坐标,将A、C的坐标代入抛物线中,即可确定该二次函数的解析式; (2)根据抛物线的解析式即可确定其对称轴方程,由此可得到点P的横坐标;若∠APC=90°,则∠PAE和∠CPD是同角的余角,因此两角相等,则它们的正切值也相等,由此可求出线段PE的长,即可得到点P点的坐标;(用相似三角形求解亦可) (3)根据B、C的坐标易求得直线BC的解析式,已知了点M的横坐标为t,根据直线BC和抛物线的解析式,即可用t表示出M、N的纵坐标,由此可求得MN的长,以MN为底,B点横坐标的绝对值为高,即可求出△BNC的面积(或者理解为△BNC的面积是△CMN和△MNB的面积和),由此可得到关于S(△BNC的面积)、t的函数关系式,根据所得函数的性质即可求得S的最大值及对应的t的值. 解答:解:(1)∵抛物线y=x2+bx+c过点C(0,2), ∴x=2; 又∵tan∠OAC=OCOA=2, ∴OA=1,即A(1,0); 又∵点A在抛物线y=x2+bx+2上, ∴0=12+b×1+2,b=﹣3; ∴抛物线对应的二次函数的解析式为y=x2﹣3x+2; (2)存在. 过点C作对称轴l的垂线,垂足为D,如图所示, ∴x=﹣b2a=﹣﹣32×1=32; ∴AE=OE﹣OA=32﹣1=12, ∵∠APC=90°, ∴tan∠PAE=tan∠CPD, ∴PEEA=CDDP,即PE12=322﹣PE, 解得PE=12或PE=32, ∴点P的坐标为(32,12)或(32,32).(备注:可以用勾股定理或相似解答) (3)如图所示,易得直线BC的解析式为:y=﹣x+2, ∵点M是直线l′和线段BC的交点, ∴M点的坐标为(t,﹣t+2)(0<t<2), ∴MN=﹣t+2﹣(t2﹣3t+2)=﹣t2+2t, ∴S△BCM=S△MNC+S△MNB=12MN▪t+12MN▪(2﹣t), =12MN▪(t+2﹣t)=MN=﹣t2+2t(0<t<2), ∴S△BCN=﹣t2+2t=﹣(t﹣1)2+1, ∴当t=1时,S△BCN的最大值为1. 备注:如果没有考虑取值范围,可以不扣分. 点评:此题是二次函数的综合题,主要考查了二次函数解析式的确定、相似三角形的性质、解直角三角形、函数图象交点以及图形面积的求法等重要知识点;能够将图形面积最大(小)问题转换为二次函数的最值问题是解答(3)题的关键. 参与本试卷答题和审题的老师有: zhjh;CJX;Linaliu;nyx;bjy;shenzigang;lbz;MMCH;张伟东;zhangchao;lanchong;py168;huangling;zxw;lanyuemeng;zhxl;mama258。(排名不分先后) 2011年2月17日查看更多