2020年江苏省苏州市中考物理模拟试卷二(含答案解析)

2020年江苏省苏州市中考物理模拟试卷二(含答案解析)

2020年江苏省苏州市中考物理模拟试卷二一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）1.下列单位换算过程正确的是A.1.䁥1t1.䁥11t1.䁥B.1.䁥1t1.䁥11t1.䁥C.1.䁥1t1.䁥11t1.䁥D.1.䁥1t1.䁥11t1.䁥䁥.图中有关光现象的四个情境中属于光的折射的是A.蜡烛在平面镜的像B.街角处凸面镜扩大视野C.插入水杯的铅笔好像断了D.墙上的手影.小明对在厨房中看到的一些现象进行了解释，其中不正确的是A.能闻到饭菜的香味，这是分子无规则运动的结果B.电饭煲使用三线插头，是为了让用电器的金属外壳和大地相连C.冬天烧开水时，会看到壶嘴周围冒“白气”，“白气”的形成需要吸热D.用高压锅煮牛肉容易煮烂，是因为液体的沸点随气压增大而升高4.2017年5月10日，我国在南海成功试采“可燃冰”，“可燃冰”是4与水在低温高压下形成的一种天然气水合物，是一种储量丰富、高热值、环保的新能源．它属于A.可再生能源B.不可再生能源C.生物质能源D.二次能源 5.公交车上安装有拉环，避免乘客由于车突然启动或刹车摔倒．如图是水平向右匀速运动的公交车内一名乘客没有抓住拉环的示意图．急刹车时，该乘客摔倒方向和拉环摆动方向的示意图应是A.B.C.D.6.甲、乙两杯装有质量相同，温度分别是6和5的水，若降低相同的温度，比较它们放出的热量，可知A.甲多B.乙多C.一样多D.无法比较7.如图所示电路中，电源电压保持不变．则下列说法不正确的是A.闭合1、䁥时，两只灯泡是并联的B.若先闭合1，再闭合䁥，电压表读数不变，电流表读数变大C.若电压表和电流表位置对调，闭合1、䁥后，两表都不会被烧坏D.若灯1被短路，闭合1、䁥后，则灯1不亮，灯䁥亮，电流表损坏8.如图所示，用一个可以绕O点转动的硬杆提升重物，若在提升重物的过程中动力F始终垂直硬棒，则在如图所示的过程中，动力硬杆重力忽略不计：A.变大B.变小C.保持不变D.先变大后变小9.无线充电技术开始逐渐进入到人们的生活中，如图所示，像鼠标垫一样的充电板中存在变化的磁场，将手机等电子设备靠近或放置在充电板上时，手机内就产生电流，可对电池进行充电。无线充电的原理与下列哪个实验相同 A.B.C.D.1.如图所示，某同学用弹簧测力计测量铁块没入水中所受浮力，当他缓慢地提着弹簧测力计将铁块上表面由位置A移至水面B的过程中，弹簧测力计示数的变化情况是A.逐渐变大B.逐渐变小C.不变D.先不变后变大11.图象可以表示物体运动的规律，如图所示，表示物体做匀速直线运动的是哪一段A.AB段和EF段B.AB段和DE段C.BC段和EF段D.BC段和DE段1䁥.如图甲所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑片P在左右两端间滑动的过程中，小灯泡的泡关系图象如图乙所示，则下列说法正确的是A.电源电压为15VB.变阻器的最大阻值为1C.电路总功率的变化范围为～䁥4eD.灯泡两端电压为4.5端时，灯泡的功率小于6.75e二、填空题（本大题共9小题，共28.0分） 1.蒸发、升华和溶解等现象，从物理学的角度分析，它们产生都有相同的微观本质。用分子动理论分析，上述三种现象具有相同的微观本质是______。14.如图所示，把硬币放在碗底B处后加适量水，从A处恰好看到硬币的像在E处，这是由于光由______射向______时发生了折射选填“水”或“空气”15.在拔河比赛中，指导教师让学生穿的运动鞋的鞋底的花纹要深，拔河时手要使劲握住绳子．前者是通过______________来增大摩擦；后者是通过______________来增大摩擦．16.如图所示滑轮组的机械效率是75率，物体重力为150N，用滑轮组匀速将物体提升2m，拉力做的有用功是______J；所用拉力F为______N。17.1一只.5ͷ的鸟正面撞在迎面飞来的速度为7䁥ͷ݇的飞机上，就会产生1.515撞击力，对飞机造成损伤，假如撞击面积为.1䁥，该鸟撞击飞机的压强为______。䁥如表是三种材料的相关参数，从飞机承受鸟类撞击能力和飞机自身重量考虑，最适宜用来制造飞机的材料是______。选填材料的字母代号性质材料A材料B材料C抗压性݇䁥1.䁥141.614䁥.14密度ͷ݇1.䁥14.11.䁥118.“可燃冰”是一种新型能源，主要成分是甲烷，可直接点燃，燃烧后几乎不产生任何残渣，所以“可燃冰”是一种________选填“清洁”或“污染”能源；1甲烷完全燃烧能产生______J热量，这些热量可以使__________kg的水从䁥加热至1。设甲烷的热值甲烷t4.䁥17݇；t4.䁥1݇ͷ水19.冬天，电热水壶将水烧开时，冒出大量“白气”，这是由于水蒸气发生______形成的，阳光透过“白气”，出现彩虹，这是光的______现象．䁥.由于黄河上游的植被受到破坏，造成水土流失，使得黄河水中的泥沙含量增加，这相当于黄河水的密度______了，在深度相同时，河水对堤坝的压强______，从而使堤坝更容易损坏．均填“变大”、“变小”或“不变”． 䁥1.如图所示，龙舟比赛中选手一手撑住桨的末端视为支点，另一手用力划桨，此时船桨属于______杠杆填“省力”“费力”或“等臂”.若龙舟和运动员的总重力为䁥.514，则龙舟所受浮力为______.当运动员离开龙舟后，龙舟所受的浮力______选填“减小”、“不变”或“增大”。三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）䁥䁥.如图，重为20N的小球，在细绳25N的拉力作用下来回摆动，请用力的示意图表示小球所受到的重力和细绳对小球的拉力。䁥.如图所示，平面镜前有一点光源S，S发出的一束光被平面镜反射后经过P点，请作出该光线的光路图保留作图痕迹． 䁥4.如图所示，请根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N、S极，磁感线方向以及电源的正、负极．四、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）䁥5.小明同学猜想不同种类物质的吸热能力是否会不同呢？于是他取了沙子和水这两种不同物质，从而研究它们吸热能力的差异。他设计了如图甲所示的实验装置。使用的实验器材有：两个完全相同的酒精灯，两个完全相同的金属盒，温度计等。下面是小明同学的实验步骤，请根据要求补充完成：1先测量______选填“体积”或“质量”相同的水和沙子；䁥在实验时只要控制______选填“加热时间”或“温度变化”相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；加热完成后只要比较他们______的多少就可以比较出沙子和水吸热能力差异；若在实验时发现，沙子温度升高的比水多，则吸热能力较强的是______；根据小明同学得出的结论，结合图乙的信息，此时是______选填“中午”或“夜晚”。 䁥6.在“测量小灯泡的电功率”的实验中，电源电压恒定，灯泡额定电压为䁥.5端。1请将图甲的实物电路用笔画线连接完整。䁥在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于______端选填“A”或“B”；移动滑片P，当电压表的示数为1.5端时，要测量小灯泡的额定功率，需将滑片P向______端移动选填“A”或“B”直到电压表的示数为䁥.5端。4小明进行实验后，去掉了电压表，又增加了一块电流表，设计了如图乙的实验电路。闭合开关后，为了使小灯泡正常发光，应调节滑片变阻器，使电流表䁥的示数为______A，此时电流表1的示数如图丙所示。小灯泡的额定功率为______W。䁥7.在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关猜想2：浮力的大小可能与物体的重力有关猜想3：浮力的人小可能与物体的形状有关猜想4：浮力的大小可能与排开液体的体积有关1如图1所示，用手把饮料罐按入水中，饮料料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持以上猜想______选填序号䁥为了研究猜想1和猜想2，运用了体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N，4.5和5.然后进行如图2所示的实验。 在序号a的实验中物所受的浮力为______N。比较序号______，______，e的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。进一步分析可知：液体的密度越大，物体所变的浮力越______；比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力______关。为了研究猜想3，小明用两块相同的橡皮泥分别捏成圆锥体和圆柱体进行如图3所示的实验、由此小明得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关，小珍认为这结论不可靠，主要原因是______。五、计算题（本大题共4小题，共17.0分）䁥8.如图是家庭、宾馆常用的电热水壶，下表中列出了这只电热水壶部分技术参数。假设电热水壶电阻丝电阻不变。求：1电热水壶正常工作的电流；䁥电热水壶正常工作6min烧开一壶水所消耗的电能；用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，电热水壶的实际功率。型号ܻെܶ1额定电压220V频率50Hz额定功率1100W容量1. 䁥9.黎黎同学配制了一定浓度的盐水，帮妈妈筛选出饱满的种子，她想知道所配制出的盐水密度，就用天平和量筒来进行测量。1把天平放在水平台上，将______拨到标尺左端的零刻线处后，发现天平横梁左高右低，应将______向______选填“左”或“右”调节，使天平平衡。䁥用调节好的天平测得空烧杯的质量1；把适量的盐水倒入量筒中，测得盐水体积V，如图甲所示；4把量筒中的盐水倒入烧杯中，测得______质量䁥，如图乙所示。根据图中数据，帮黎黎同学把表填写完整：空烧杯的质量量筒中盐水的体积烧杯和盐水的总质量盐水的密度1݇端݇䁥݇݇305以上方法测出的盐水密度值比真实值______选填“偏大”或“偏小”。30.体积为1.1的正方体木块，投入如图所示装有水的柱形容器中，静止后五分之二的体积露出水面，容器的底面积为.4䁥.取1݇ͷ求：木块受到的浮力。木块的质量。投入木块后，容器底增加的压强。 若将此木块投入某液体中，露出液面高度为2cm，求这种液体的密度。31.如图所示是小华做“估测大气压的值”的实验示意图。1请将下列实验步骤补充完整，把注射器的活塞推至注射器筒的底端，排尽筒内的空气，然后用橡皮帽封住注射器的小孔；用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，使绳的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞刚开始滑动时，记下______，即等于大气对活塞的压力F；用刻度尺测出注射器的______，记为l，读出注射器的容积V，则活塞的面积t______；最后计算出此时大气压的数值t______写出表达式。䁥实验中，小华正确使用了测量仪器，且读数正确，但他发现测量结果总是偏小，其主要原因是______。六、综合题（本大题共1小题，共5.0分） 32.如图所示是一款滴漏式咖啡壶的简化原理图，是发热电阻丝，R是串联在电路中的定值电阻，S是温控开关，开关上标有“高温、低温、关”的字样。求：额定电压220V高温挡发热功率1000W水壶容积500mL低温挡发热功率44W1开关处c位置上标有_____选填“高”“低”或“关”字样；䁥发热电阻丝的阻值；假设电流产生的热量全部被水吸收，计算用此咖啡壶将初温为4满容积的一壶水，高温挡加热到1所需要的时间。已知t1.1ͷ݇，t4.䁥1݇ͷ水水 【答案与解析】1.答案：C解析：解：A、换算过程缺少单位。故A不正确；B、“1䁥11”得到的单位不存在。故B不正确；C、进率及过程正确。故C正确；D、“1䁥11”不等于1.䁥。故D不正确。故选：C。物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程。据此作出判断。无论什么物理量的单位换算，前面的数都表示倍数，不进行换算，只是把后面的单位进行换算。这才是真正意义上的单位换算。2.答案：C解析：解：A、蜡烛在镜中的像属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。故A不符合题意；B、街道拐角处扩大视野应用的是凸面镜，属于光的反射。故B不符合题意；C、铅笔好像“断”了，是由于光的折射形成的。故C符合题意；D、手影是由于光的直线传播形成的。故D不符合题意。故选C。1光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；䁥光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。本题考查了光沿直线传播现象的应用、光的反射现象的应用以及光的折射现象的应用，都是基础知识。3.答案：C 解析：此题考查了热学和电学的多个知识点，运用分子运动论知识、内能的利用、安全用电常识以及气压与沸点的关系等知识可做出选择。1构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动；䁥金属外壳的用电器一定接地，防止外壳带电，发生触电事故；在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；由气态变为液体叫液化，液化放热；4液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点就越高。A.能闻到饭菜的香味是分子的无规则运动产生扩散的结果；故A正确；B.电饭煲使用三线插头，是为了让用电器的金属外壳和大地相连的目的是防止触电；故B正确；C.烧开水时，会看到壶嘴周围冒“白气”是液化现象，液化放热，故C错误；D.用高压锅煮牛肉容易煮烂，是因为液体表面气压增大，液体沸点升高，故D正确。故选C。4.答案：B解析：解：可燃冰在短时期内不能形成，属于非可再生资源，可燃冰属于矿物质能源，属于一次能源，故B正确．故选：B．古代低等生物遗骸大量沉积，经过漫长的地质年代形成石油及天然气，海底的天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的固体物质即“可燃冰”.“可燃冰”为甲烷的水合物，遇火即可燃烧且热值高，是一种环保、高效的新能源．本题考查能源的分类，属于基础题．5.答案：B解析：解：人、车、拉环一起向前做匀速直线运动，紧急刹车，车的速度减小，拉环的上部与人的下部随车一起速度减小，由于惯性，拉环要保持原来的运动状态继续前进，拉环向前摆动，人由于惯性，身体要向前倾倒，由图示可知，ACD错误，B正确．故选B．物体由于惯性要保持原来的运动状态，分析图示情景，然后答题．本题考查了惯性的应用，知道物体由于惯性要保持原来的运动状态继续运动、分析清楚图示情景即 可正确解题．6.答案：C解析：解决此题要结合条件利用热量公式进行比较。已知甲、乙两杯的水质量相同，降低相同的温度，可利用公式t分析它们放出的热量。甲、乙两杯水，比热容相同，质量相同，降低的温度相同，根据放t可知它们放出的热量相同；故ABD不正确，C正确。故选C。7.答案：D解析：解：1由实物电路图可知，闭合1、䁥时，两只灯泡是并联的，故A正确，不合题意；䁥开关䁥断开前后，电压表均测电源的电压，由于电源的电压保持不变，则电压表的示数不变，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，若先闭合1，再闭合䁥，电流表读数变大，故B正确，不合题意；因为电压表自身能单独接在电源两端，故若将两电表位置对调，闭合1、䁥后，两表都不会被烧坏，故C正确，不合题意；4若灯1被短路，闭合1、䁥后，电源被短路，两灯都不亮，电路中电流最大，电流表会损坏，故D错误，符合题意。故选D1由实物电路图可知，闭合开关1、䁥时，两灯泡并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流；䁥若先闭合1，再闭合䁥，根据电路特点和电源电压分析解答电压表和电流表的示数变化；根据电压表和电流表的使用特点和原理分析解答对调后的示数变化； 4利用短路特点和并联电路特点分析解答短路时的电路状态．本题考查了学生对欧姆定律、并联电路特点的掌握和运用，当两个用电器并联在电源上时，其中一个支路的通断影响干路电流，但不会影响另一支路中的电流8.答案：B解析：本题考查杠杆的动态平衡分析，属于典型题目，是道好题。利用11t䁥䁥根据力臂的变化分析力的变化。将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，动力臂1不变，阻力䁥不变，阻力臂䁥在水平位置时最大，后䁥䁥变小，根据杠杆平衡条件11t䁥䁥，可知动力1t变小，故B正确，ACD错误。1故选B。9.答案：D解析：解：从题意可知，手机内部的线圈，能将充电板中变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；A、图中是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；B、图中给导体通电，导体会运动，说明通电导体受到磁场力的作用，故B不符合题意；C、图中给螺线管通电，螺线管周围的小磁针会转动，说明通电螺线管周围存在磁场，故C不符合题意；D、图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，能够产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。故选：D。无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器，在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电器的原理是解题的关键。10.答案：C 解析：解：在从A至B的过程中，铁块受竖直向下的重力G，竖直向上的弹簧秤的拉力F，竖直向上的浮力浮，由平衡条件得：t浮，则弹簧秤的拉力t浮，铁块受的浮力浮t端排，则t端排，铁块的重力G、水的密度及g不变，所以当他缓慢地将铁块上表面由位置A移至水面B的过程中，铁块还是完全浸没在水中，排开水的体积端排不变，F不变；则弹簧测力计示数不变．故选C．对铁块进行受力分析，然后根据平衡条件，浮力公式分析，弹簧秤示数的变化情况．本题的解题思路是：对铁块进行受力分析，由平衡条件列方程，求出弹簧秤示数拉力的表达式，根据浮力公式、铁块排开水的体积变化情况，讨论弹簧秤的示数如何变化．11.答案：A解析：解：左图为图象，由A到B物体做匀速运动，从B点以后，物体静止；右图为图象，由D到E，物体做加速运动，从E点后物体速度不变，做匀速运动。所以表示物体做匀速直线运动的有AB和EF段，故选：A。做匀速直线运动的物体，它的路程和时间的比值速度是一定的，路程和时间成正比；速度和时间的图象就是一条平行于横轴的射线。本题考查了我们对于图象的分析能力，我们要学会分析图象和画图象，这是初中生必备的一种能力。12.答案：D解析：解：1由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源两端的电压，电流表的示数最大，由图象可知，电源的电压泡t泡t1䁥端，电路中的电流t䁥.，故A错误；此时电路的总功率最大，则电路的最大总功率：t泡t1䁥端䁥.t䁥4e；大䁥当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图象可知，灯泡两端的电压泡t端，电路中的电流t1.， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：泡t泡泡t1䁥端端t9端，泡由t可得，滑动变阻器的最大阻值：泡9端ttt9，故B错误；1.电路的最小总功率：t泡t1䁥端1.t1䁥e，小则电路总功率的变化范围为1䁥e～䁥4e，故C错误；变阻器接入电路的电阻最大时，灯泡的电阻：泡端ttt，1.假设灯泡的电阻不变，灯泡两端电压为4.5端时，灯泡的功率：泡䁥实4.5端䁥ttt6.75e，实当灯泡正常发光时的电阻：泡1䁥端ttt6，䁥.所以，灯泡两端的电压增大时，其阻值变大，灯泡两端电压为4.5端时，灯泡的功率小于6.75e，故D正确。故选：D。1由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源两端的电压，电流表的示数最大，根据图象读出灯泡两端的电压即为电源的电压，此时电路的总功率最大，根据t泡求出电路的最大总功率；䁥当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出灯泡两端电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用t泡求出电路的最小总功率，然后得出电路总功率的变化范围；根据欧姆定律求出变阻器接入电路的电阻最大时灯泡的电阻，设灯泡的电阻不变，根据t泡t泡䁥求出灯泡两端电压为4.5端时的功率，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻，然后得出灯泡电阻与两端电压之间的关系，然后得出答案。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。 13.答案：一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动解析：解：蒸发的微观本质、升华的微观本质、溶解的微观本质都是一样的，都是分子无规则运动的结果，都是扩散现象，由此我们知道微观世界的分子运动状态是：一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动。故答案为：一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动。扩散现象的实质是一切物质的分子都在不停地做无规则运动。本题主要考查学生对扩散现象，以及扩散现象的实质的了解而和掌握，是一道基础题。14.答案：水；空气解析：解：当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水斜射入空气中发生折射，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像虚像的位置比物体的实际位置偏高，所以在A处也能看到硬币的虚像，这利用了光的折射。故答案为：水；空气。光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。本题考查了光的折射，关于光的传播历来就是考试的一个考点，所以该题属于常见题，一定要掌握。15.答案：增大接触面的粗糙程度；增大压力解析：掌握摩擦力的影响因素、掌握增大摩擦和减小摩擦的方法。1摩擦力大小的影响因素：压力大小、接触面的粗糙程度。䁥增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度。1拔河时脚要穿鞋底花纹大的鞋，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。䁥手要将绳子握紧，这是用在接触面粗糙程度一定时，增大压力的方法来增大摩擦；故答案为：增大接触面的粗糙程度；增大压力。16.答案：300100 解析：解：有用功e有用tt15䁥t；e有用由tttt得：e䁥䁥总15拉力ttt1。䁥䁥75率故答案为：300；100。e有用根据e有用t求出应用功；再根据tett䁥t䁥求出拉力大小。总此题主要考查的是学生对有用功、机械效率计算公式及其变形公式的理解和掌握，难度不大。17.答案：1.517材料C解析：解：1该鸟撞击飞机时产生的压强为：1.5157ttt1.51；.1䁥䁥为了抗击鸟的撞击，制造飞机的材料的抗压性要大；为了减小飞机自身重量，应用密度小的材料；对比可知，材料C符合以上两个条件。故答案为：11.517；䁥材料C。1根据压强的计算公式求出压强；䁥为了抗击鸟的撞击，飞机的材料的抗压性要大；为了使飞机飞行，应用密度小的材料。本题考查了压强的计算、密度的应用与物质鉴别，关键是知道：制造飞机所需用的材料抗压性要大，密度要小。18.答案：清洁；4.䁥17；125解析：本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式放t端和吸t的掌握和运用，认识了新能源可燃冰，增强了积极开发新能源的意识。1由题意可知，“可燃冰”是一种新型能源，主要成分是甲烷，可直接点燃；而甲烷燃烧的产物为二氧化碳和水，燃烧后几乎不产生任何残渣和废弃物，所以“可燃冰”是一种新型清洁能源；䁥1甲烷完全燃烧能产生的热量：t端t14.䁥17݇t4.䁥17。放甲烷由题意知，水吸收的热量tt4.䁥17；吸放 吸4.䁥17由吸t水水得水的质量：水tt4.䁥1݇ͷ1䁥t1䁥5ͷ水故答案为：清洁；4.䁥17；125。19.答案：液化；色散解析：解：烧开水时冒出的“白气”是热的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴．阳光透过“白气”出现的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散现象．故答案：液化；色散．1物质由气态变为液态的现象叫液化．䁥彩虹是由七种颜色的光组成，彩虹属于光的色散现象．本题考查了生活中物态变化现象和光的色散的判断，是一道基础题．20.答案：变大；变大。解析：解：泥沙的密度比水的密度大，如果水中泥沙含量增加，则液体的密度会变大；液体压强还与液体的密度有关，在同一深度，液体的密度越大则压强越大，所以在同等深度的情况下，长江水对堤坝的压强增加，从而使堤坝受到破坏的可能性增加．故答案为：变大；变大．泥沙的密度比水的密度大，如果水中泥沙含量增加，则液体的密度会增大．液体的压强与液体的密度和深度都有关：液体压强随深度的增加而增大；在同一深度，液体的密度越大，压强越大．本题考查了液体压强的特点，是一道基础题．21.答案：费力；䁥.514；减小解析：解：1选手一手撑住桨的末端视为支点，另一手用力划桨，可知动力臂小于阻力臂，此时船桨属于费力杠杆；䁥因为龙舟漂浮，所以龙舟受到的浮力：tt䁥.514；浮总 当运动员离开龙舟后，龙舟仍然漂浮，浮力仍然等于重力，由于龙舟的重力减小，所以龙舟所受的浮力减小。故答案为：费力；䁥.514；减小。1当动力臂小于阻力臂时，属于费力杠杆，费力但省距离；䁥龙舟在水面上处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件求浮力、分析浮力大小变化。本题利用生活中的实例，考查了杠杆分类、物体漂浮条件的应用，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用。22.答案：解析：此题考查了学生对力的示意图的画法，将力的三要素表示在图上，特别注意重力的方向总是竖直向下的。对小球进行受力分析：受竖直向下的重力和绳对小球的拉力，拉力方向指向绳。小球受重力和细绳的拉力作用，重力的方向竖直向下，大小为20N，拉力的方向沿绳斜向上，大小为25N，如图所示：。 23.答案：解析：本题考查根据平面镜成像的特点作图。可根据反射光线反向延长通过像点和像点与发光点关于平面镜对称，作出反射光线并完成光路图。先通过平面镜作出发光点S的对称点即为像点，连接交平面镜于点O，则OP为反射光线，连接SO，则SO为入射光线，如图所示：。24.答案：解析：本题考查磁极间的相互作用、磁感线的方向和右手螺旋定则，属于基础题；由磁极间的相互作用可知通电螺线管的N、S极，即可得出磁感线的方向，再由右手螺旋定则可得出电流的方向。图中小磁针N极向左，因异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，所以通电螺线管的左侧为S极， 右侧为N极；在磁体外部，磁感线由N极指向S极；由右手螺旋定则可知，电流由右侧流入，左侧流出，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示。25.答案：1质量；䁥加热时间；温度变化；水；中午解析：解：1探究不同种类物质的吸热能力是否会不同，需要控制水和沙子的质量相同。䁥在实验时只要控制加热时间相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；加热完成后只要比较它们温度变化的多少就可以比较出沙子和水吸热能力差异；若在实验时发现，沙子温度升高的比水多，则吸热能力较强的是水。由图乙可见，海水的温度低，沙滩的温度高，说明这是海水和沙滩的吸热过程，水的比热容大，升温慢，因此这是中午；如果海水的温度高，沙滩的温度低，说明是夜晚。故答案为：1质量；䁥加热时间；温度变化；水；中午。1探究不同种类物质的吸热能力，需要控制物质的质量相同；䁥水和沙子吸收了热量的多少是通过控制酒精灯的加热时间体现的，通过比较温度的变化，得出相应的结论；分析图中海水和沙滩温度的高低判断是中午还是夜晚。本题是探究沙子和水的吸热能力实验，注意控制变量法在本实验中的应用，同时应用物理知识解决实际问题的能力。26.答案：1； 䁥.5端䁥書；；4；.6。解析：解：1“测量小灯泡的电功率“的实验中，电源电压为3V，灯泡额定电压为䁥.5端.故电压表的量程选“～端”，并联在小灯泡两端，如下图：䁥为了保护电路，闭合开关前滑片滑到阻值最大处，阻值最大处在B端；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从1.5端增大到䁥.5端，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向A端移动，使电压表的示数为䁥.5端为止；4要使小灯泡正常发光，则并联电路的电压为䁥.5端，䁥.5端则通过定值电阻的电流为：t；即为了使小灯泡正常发光，应调节滑片变阻器，使电流表䁥䁥.5端的示数为，此时电流表1的示数为.䁥4，即小灯泡正常发光的电流为.䁥4，小灯泡的额定功率为额t泡额额t䁥.5端.䁥4t.6e。故答案为：1；䁥.5端䁥書；；4；.6。1根据小灯泡的额定电压，可得电压表的量程；䁥为保证电路安全，开关在连接过程中应断开，滑片滑到阻值最大处；电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到䁥.5端，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；4根据并联电路电压的规律和欧姆定律求出电流，根据t泡算出小灯泡的额定功率。本题考查了电路图的连接、电路现象的判断、电流表的读数、滑动变阻器的使用等，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等且会根据灯泡的额定电压确定电压表的量程。 27.答案：41ad大无没有控制排开液体的体积相同解析：解：1用手把空的饮料罐按入水中，手就会感受到竖直向上的浮力，越往下按，浮力越大，手会感到越吃力；空饮料罐向下按入的过程中，水面会升高，空饮料罐排开水的体积比较大；由此得出猜想：浮力的大小与物体排开液体的体积有关，即这个事实可以支持猜想4。䁥在序号a的实验中，物体的重力t4，弹簧测力计的示数为3N，则物体受到的浮力为：浮水tt4t1；要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同、形状相同同一物体，改变液体的密度，图中a、d、e三图符合要求；图中物体浸没在水中，受到的浮力为：浮水tt4t1d图中物体浸没在酒精中，受到的浮力为：浮酒tt4.䁥t.8；e图中物体浸没在盐水中，受到的浮力为：浮盐tt4䁥.8t1.䁥；所以同一物体在盐水中浮力最大、在酒精中受到的浮力最小，又因为盐水的密度最大，酒精的密度最小，所以可以得出：液体的密度越大，物体所变的浮力越大；序号为a、b、c的三次实验中，物体的体积和浸没的液体都相同，不同因素是物体的重力；由图可知测力计的示数分别为：3N、.5、4N，而三个圆柱形物体A、B、C的重分别为4N、4.5和5N，根据称重法浮t，则所受浮力分别为1N、1N、1N，可见浮力相等，于是可得出结论：浮力的大小与物体的重力无关；根据控制变量法知：要研究浮力大小与物体形状的关系，必须保证排开液体的体积和液体的密度不变，小明实验中改变了形状，但没有控制排开水的体积相同，故小珍认为小明的结论不可靠，不可靠主要原因为没有控制排开液体的体积相同。故答案为：14；䁥1；；d；大；无；没有控制排开液体的体积相同。1浮力是竖直向上的，根据手的感觉来感知浮力的变化；通过水面的变化来判断物体排开液体体积的关系；从而提出浮力和物体排开液体体积关系的猜想；䁥根据称量法算出浮力；根据控制变量法分析，要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制同一物体、排开液体的体 积相同，改变液体的密度，找出符合要求的图即可，进一步分析得出结论；比较序号为a、b、c的三次实验的物体所受浮力的大小变化和变化的因素，得出浮力物体的重力之间的关系；利用控制变量法分析小明同学的方案，即可判断不可靠的原因。此题主要考查的是学生对“浮力的大小跟哪些因素有关”探究实验的理解和掌握，同时考查学生对浮力公式的理解和掌握，综合性很强，有一定难度，掌握控制变量法是解决此题的关键。28.答案：解：1由t泡可得，电热水壶正常工作时的电流：额11ettt5；泡䁥䁥端额e䁥由t可得，电热水壶正常工作6min烧开一壶水所消耗的电能：ett11e66t.9615；泡泡䁥由t泡，t可得，t，泡䁥额䁥䁥端䁥则电热水壶的电阻ttt44，11e额泡䁥当实际电压为198V，电热水壶的实际功率实际198端䁥ttt891e。实际44答：1电热水壶正常工作的电流为5A；䁥电热水壶正常工作6min烧开一壶水所消耗的电能为.9615；用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，电热水壶的实际功率为891W。解析：1已知电热水壶的额定电压和额定功率，根据正常工作时的功率和额定功率相等，利用t泡求出正常工作时的电流；e䁥知道电热水壶额定功率，根据t可求得电热水壶正常工作6min烧开一壶水所消耗的电能；泡䁥泡䁥根据t求出电热水壶的电阻，知道电热水壶的实际电压和电阻，根据t求出实际功率。本题考查了电功率公式和欧姆定律的灵活应用，关键是电热水壶铭牌参数含义的理解与掌握。29.答案：游码平衡螺母左烧杯和盐水的总偏小解析：解：1把天平放在水平台上，将平衡螺母拨到标尺左端的零刻度处后，发现天平横梁左高右低，应该将螺母向左调节； 4实验中测出空烧杯的质量后，再把量筒中的盐水倒入烧杯中，测出烧杯和盐水的总质量；烧杯液体总质量䁥t5䁥51t76；量筒中盐水的体积为40ml；䁥176盐水的密度tttt1.15݇；端端4填表如下：空烧杯的质量量筒中盐水的体积烧杯和盐水的总质量盐水的密度1݇端݇䁥݇݇3040761.155此方法中量筒上还会沾有一定质量的液体，使的测量的盐水的质量变小，故盐水密度值比真实值偏小。故答案为：1游码；平衡螺母；左；44；76；1.15；5偏小。1天平的正确使用方法：将托盘天平放置在水平桌面上，将游码拨至标尺左端零刻度线上；调节横梁左右两端的平衡螺母，使横梁平衡，此时指针恰好指在分度盘的中央或左右摆幅度相等；左高右低，向左调节平衡螺母；4天平的分度值是.䁥，读数为砝码质量加游码对应的刻度值；量筒分度值为2ml，平视液面最低处读出体积，利用密度公式求得其密度。5量筒内的液体不能够全部倒出，测量出的质量变小，利用密度公式分析。天平的调节与读数、量筒的读数、密度公式的运用，这些都是我们学习密度测量必须掌握的知识点。同时，测量顺序的合理安排，将影响到误差的大小，因此，我们应该特别注意。30.答案：解：1木块排开水的体积：端䁥端t4t1端t1.1t61，排555木块受到的浮力：t端t1.1ͷ݇1݇ͷ614t6；浮水排䁥因为木块漂浮，所以木块重力；tt6；浮木块的质量： 6ttt.6ͷ；1݇ͷ放入木块后水面上升高度：端排614䁥ttt1.51，.4䁥容增加的压强：tt1.1ͷ݇1݇ͷ1.51䁥t15；水4木块的边长：t1.1t.1，露出液面高度为露t䁥t.䁥，木块排开液体的体积：端t䁥t.1䁥.1.䁥t814，排露因为木块漂浮，浮t，即：液端排t，6ttt.751ͷ݇液端1݇ͷ814。排答：木块受到的浮力为6N。木块的质量为.6ͷ。投入木块后，容器底增加的压强为150Pa。液体的密度为.751ͷ݇。解析：1求出木块排开水的体积，根据阿基米德原理求木块受到的浮力；䁥由于木块漂浮，木块重力等于浮力，再利用t求其质量；求出了木块排开水的体积，利用端排t容可求水面上升的高度，利用压强公式求液体对容器底增加的压强；4知道正方体木块的体积可求木块的边长，求出此时木块排开液体的体积，由于木块漂浮，浮t，即液端排t，据此求出液体密度大小。本题考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理、液体压强公式、物体的漂浮条件的应用，灵活运用体积公式是本题的关键。 端ܶ31.答案：弹簧测力计的示数全部刻度线的长度无法排尽筒内的空气ܶ端解析：解：1当注射器中的活塞开始滑动时，弹簧测力计的拉力与大气的压力刚好平衡，因此需要记录此时弹簧测力计的示数F；端注射器是一个圆柱体形状，因此，应量出全部刻度线的长度，再读出空积V，得出活塞的面积t；ܶܶ将测量结果代入压强公式得：tt端t端。ܶ䁥从表达式中可以看出，V、l的测量结果不变，由于无法排尽筒内的空气，所以拉力F的值偏小，则测量结果总是偏小。故答案为：端ܶ1弹簧测力计的示数；全部刻度线的长度；；；䁥无法排尽筒内的空气。ܶ端1明确实验的原理，才能完成实验步骤的补充。当注射器中的活塞开始滑动时，此时弹簧测力计的端示数与所受的大气压力相等；因活塞为圆柱体，所以活塞的横截面积可以通过公式t来求出，知ܶ道注射器的容积，还需要用刻度尺量出其刻度部分的长度；利用压强的公式，代入测量的数据可得出表达式；䁥当注射器漏气时，会造成拉力F偏小，在面积S不变时，所测量的大气压值会偏小。利用注射器测量大气压时，用到的公式是t，所以要分别测大气压力F和活塞的横截面积.利用二力平衡可通过弹簧测力计测出大气压力，利用几何知识可得出活塞的面积S，便可求出大气压的值了。32.答案：解：1高；泡䁥䁥䁥端䁥䁥发热电阻丝的阻值为：tt1et48.4；高水的质量：t端t1.1ͷ݇516t.5ͷ，水水吸收的热：tt4.䁥1݇ͷ.5ͷ6t1.䁥615J，吸又因为电流产生的热量全部被水吸收，即et吸，e吸1.䁥615所以tttt1䁥6。1e高高答：1开关处c位置上标有高字样；䁥发热电阻丝的阻值为48.4； 高温挡加热到1所需要的时间为1䁥6。解析：本题考查电功率的计算、热量的计算，在理解题意的基础上根据公式进行计算。泡䁥1由公式t可知，当连入的电阻小时，电功率大，由此可知触片置于触点c是高温档，故开关处c位置上标有高字样；泡䁥䁥根据t的变形公式可得发热电阻丝的阻值；利用t水端可得水的质量，利用吸t可得水吸收的热，因为电流产生的热量全部被e水吸收，利用电功率公式t可得答案。