2017-2018学年贵州省铜仁市思南中学高二下学期第二次月考生物试题 解析版

2017-2018学年贵州省铜仁市思南中学高二下学期第二次月考生物试题 解析版

思南中学2017——2018学年度第二学期第三次月考 高二年级生物试题 ‎1. 下列关于果酒制作过程中的叙述，正确的是（ ）‎ A. 应先除去葡萄的枝梗，再进行冲洗，这样洗得彻底 B. 使发酵装置的温度维持在20℃左右最好 C. 在发酵过程中，需从充气口不断通入空气 D. 由于酵母菌的繁殖能力很强，不需对所用装置进行消毒处理 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：A．应先冲洗葡萄，后去除葡萄的枝梗，以防止杂菌的污染，A错误；B．酵母菌适宜生存的温度条件是18～25℃，因此发酵装置的温度维持在20℃左右最好，B正确；C．在发酵过程中，需关闭充气口，进行无氧呼吸产生酒精，C错误；D．果酒制作过程中，需要对发酵制作的过程全面考虑，例如对装置要清洗干净，用体积分数为70％的酒精消毒，D错误。‎ 考点：利用微生物发酵来生产特定的产物 ‎【名师点睛】知识拓展：‎ ‎1、注意问题：充气口是在醋酸发酵时连接充气泵进行充气用的；排气口是在酒精发酵时用来排出CO2的；出料口是用来取样的。排气口要通过一个长而弯曲的胶管与瓶身连接，其目的是防止空气中微生物的污染。使用该装置制酒时，应该关闭充气口；制醋时，应将充气口连接气泵，输入氧气。‎ ‎2、特别提醒：在葡萄酒的自然发酵过程中，起主要作用的事附着在葡萄皮上的野生型酵母菌。发酵过程中，随着酒精度地提高，红葡萄皮的色素也进入发酵液，使葡萄酒呈深红色。在缺氧、呈酸性的发酵液中，酵母菌能大量生长繁殖，而绝大多数其他微生物都因无法适应这一环境而受到抑制。‎ ‎2. 高中生物学实验中，在接种时不进行严格无菌操作对实验结果影响最大的一项是（　　）‎ A. 将少许干酵母加入到新鲜的葡萄汁中 B. 将毛霉菌液接种在切成小块的鲜豆腐上 C. 将转基因植物叶片接种到无菌培养基上 D. 将土壤浸出液涂布在无菌的选择培养基上 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：不进行严格的灭菌对葡萄酒制作的影响不大，因为多数微生物不能在缺氧、酸性和含糖较高的环境中生存，A错误。不进行严格的灭菌对腐乳制作的影响不大，因为腐乳制作时还需在其中放入酒精、盐和香辛料等，这些都具有杀菌作用，B错误。植物组织培养要求严格的无菌环境，如果灭菌不彻底，会造成培养的幼苗生长缓慢甚至培育失败，C正确。选择培养基是根据要培养的微生物的代谢特点制备的，一般的杂菌在其上面也很难生存，D错误。‎ 考点：植物组织培养、果酒的制作、腐乳的制作、微生物的培养和分离等知识 ‎3.下列关于培养基的叙述，错误的是(　　)‎ A. 氮源、无机盐、水等是微生物生长不可缺少的营养要素 B. 根据微生物对碳源需要的差别，使用不同碳源的培养基 C. 可在培养基中加入磷酸氢二钾或磷酸二氢钾，用于维持pH的相对稳定 D. 制备牛肉膏蛋白胨固体培养基的操作顺序为计算、称量、溶化、倒平板、灭菌 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 据微生物生长所必需的营养：碳源、氮源、无机盐、水和生长因子。因微生物不同，对碳源、氮源、无机盐、生长因子的需求也不相同，可以根据微生物的生长需求制备特殊的选择培养基，来获得单一纯种。制备牛肉膏蛋白胨固体培养基的步骤是计算、称量、溶化、灭菌、倒平板。‎ ‎【详解】微生物的营养物质主要有碳源、氮源、无机盐、水和生长因子，A正确；根据微生物对碳源需要的差别，使用含不同碳源的培养基，例如培养自养型的细菌，在培养基中不需加入碳源，B正确；微生物培养基调节pH值时可以用磷酸氢二钾或磷酸二氢钾，C正确；制备牛肉膏蛋白胨固体培养基的步骤是计算、称量、溶化、灭菌、倒平板，D错误。‎ ‎【点睛】注意：配制培养基必须按照培养微生物的营养需求进行，尤其要注意是先灭菌后倒平板。‎ ‎4.下面两图是某研究人员研究甘蓝自然乳酸发酵过程中硝酸盐、亚硝酸盐、pH的变化曲线。图中各曲线代表的是(　　)‎ A. ①硝酸盐　②亚硝酸盐　③亚硝酸盐　④pH B. ①亚硝酸盐　②硝酸盐　③亚硝酸盐　④pH C. ①硝酸盐　②亚硝酸盐　③pH　④亚硝酸盐 D. ①亚硝酸盐　②硝酸盐　③pH　④亚硝酸盐 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 甘蓝自然乳酸发酵过程中，亚硝酸盐先逐渐增加，后转化为硝酸盐，所以亚硝酸盐又逐渐降低；根据图1和图2分析可知，两幅图中②、④基本相同，且都表现为先增加后降低，说明②、④都表示亚硝酸盐，则①表示硝酸盐，③表示pH，故选C。‎ ‎5. 在植物芳香油的提取选取的原料，相应精油的名称及适宜的提取方法不正确的是(　　)‎ A. 玫瑰花、玫瑰精油、压榨法 B. 橘皮、橘皮精油、压榨法 C. 茉莉花、茉莉浸膏、萃取法 D. 薰衣草茎叶、薰衣草油、蒸馏法 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 由于玫瑰精油化学性质稳定，从玫瑰花中提取玫瑰精油可采用蒸馏法。‎ ‎6.下列有关细胞的叙述，正确的是（ ）‎ A. 同一个真核生物，其每个细胞中的DNA都相同，mRNA不一定相同 B. 所有的生物细胞都具有核糖体，它是基因表达过程中必不可少的一种细胞器 C. 细胞内的液体又称细胞液，主要成分有水、无机盐、糖类、蛋白质等 D. 单细胞生物可以独立完成各项生命活动 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在真核生物中，通过有丝分裂产生的体细胞一般核DNA相同，但细胞质中DNA可能不同；由于基因的选择性表达，不同种类的细胞mRNA一般不同。核糖体普遍存在于原核细胞和真核细胞中，但不能说所以细胞都有核糖体，如哺乳动物成熟红细胞。‎ ‎【详解】同一个真核生物，由于分裂中可能出现异常或者细胞质中DNA的随机分配，所以不能保证每个细胞中的DNA都相同，A错误；一般情况下，原核细胞和真核细胞内都有核糖体，但少数分布在真核生物体内的细胞可能没有核糖体，如哺乳动物的成熟红细胞，B错误；细胞内的液体又称细胞内液，主要成分有水、无机盐、糖类、蛋白质等，细胞液特指液泡内的液体，C错误；单细胞生物只能依靠自身单个细胞完成各项生命活动，D正确。‎ ‎【点睛】易错点：细胞液≠细胞内液，前者特指液泡中的液体，后者统称细胞内的所有液体。‎ ‎7.美国细胞生物学家威尔逊(E.B.Wilson)曾经说过：“每一个生物科学问题的答案都必须在细胞中寻找。”他得出这一结论的理由最可能是(　　)‎ A. 细胞内能发生一切生命活动 B. 有些生物是由一个细胞构成的 C. 各种生物的生命活动都是在细胞内或在细胞的参与下完成的 D. 一切生物体都由细胞构成 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 一切生命活动都离不开细胞，但细胞不能完成一切生命活动，如食物的消化吸收是在消化道内进行的，A错误；单细胞生物是由一个细胞构成的，只能说明单细胞的生命活动在细胞内进行，但对于多细胞生物，其生命活动不仅仅在细胞内进行，B错误；各种生物的生命活动都是在细胞内或细胞的参与下完成，所以每一个生命科学问题的答案都必须在细胞中寻找，C正确；一切动植物都是由细胞构成的，但不是一切生物，如病毒没有细胞结构，D错误。‎ ‎8.下列对“细胞学说”理解合理的是(　　)‎ ‎①揭示了动植物体结构的统一性 ‎ ‎ ②阐述了一切生物都由细胞和细胞产物构成③观察了细胞内部的各个细微结构 ④提出了细胞是一个相对独立的有机体 A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①④‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 细胞学说是由德植物学家施莱登和动物学家施旺提出的，其内容为：（1）细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成；（2）细胞是一个相对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用；（3）新细胞可以从老细胞中产生．据此答题。‎ ‎【详解】①细胞学说认为一切动植物都由细胞发育而来，这揭示了动植物体结构的统一性，①正确；②病毒没有细胞结构，②错误；③施莱登和施旺观察许多动植物细胞，但未观察细胞内部的各个细微结构，③错误；④细胞学说认为细胞是一个相对独立的有机体，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用，④正确．故选D。‎ ‎【点睛】熟悉细胞学说的内容是解答本题的关键，尤其要注意细胞学说只是对一切动植物进行研究后的总结，不是所有生物都在细胞学说总结的范畴之内。‎ ‎9.下列有关显微镜操作的叙述,错误的是(　　)‎ A. 标本染色较深,观察时应选用凹面反光镜和大光圈 B. 将位于视野右上方的物像移向中央,应向右上方移动玻片标本 C. 若转换高倍物镜观察,需要先升镜筒,以免镜头破坏玻片标本 D. 转换高倍物镜之前,应先将所要观察的物像移到视野正中央 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 高倍显微镜的使用方法：①选好目标：一定要先在低倍显微镜下把需进一步观察的部位调到中心，同时把物象调节到最清晰的程度，才能进行高倍显微镜的观察；②转动转换器，调换上高倍镜头，转换高倍镜时转动速度要慢，并从侧面进行观察（防止高倍镜头碰撞玻片），如高倍显微镜头碰到玻片，说明低倍镜的焦距没有调好，应重新操作；③调节焦距：转换好高倍镜后，用左眼在目镜上观察，此时一般能见到一个不太清楚的物象，可将细准焦螺旋逆时针移动约0.5-1圈，即可获得清晰的物象（切勿用粗调节器）。‎ ‎【详解】当标本颜色较深时，可调亮视野，这是应选用凹面反光镜和大光圈，A正确；由于显微镜呈现的是上下倒置的物象，因此将位于视野右上方的物像移向中央，应向右上方移动玻片标本，B正确；若转换高倍物镜观察，不能提升镜筒，应直接移走低倍镜，换上高倍镜，C错误；高倍镜是将低倍镜视野下中央细胞进行放大，因此在转换高倍物镜之前，应先将所要观察的物像移到视野正中央，D正确。‎ ‎【点睛】熟悉显微镜成像原理及其使用方法是解答本题的关键。‎ ‎10.对下列生物特征的叙述,正确的是( 　)‎ ‎①酵母菌　②乳酸菌　③硝化细菌　④衣藻　⑤金鱼藻　⑥烟草花叶病毒 A. ①②③都是原核生物,且都能发生突变 B. ⑥在生命系统结构层次中属于个体层次 C. ①③都是异养生物,且都能进行有氧呼吸 D. ③④⑤都具有细胞结构,且都有细胞壁 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 生物可分为病毒、原核生物和真核生物．病毒是非细胞生物，原核生物由原核细胞构成，真核生物由真核细胞构成．病毒主要由蛋白质和一种核酸组成．原核生物的代表生物有细菌、蓝藻等．真核生物包括真菌、动物和植物，其中真菌包括酵母菌、霉菌和食用菌。‎ ‎【详解】①酵母菌为真菌的一种，属于真核生物，遗传物质是DNA；②乳酸菌和③硝化细菌都为细菌的一种，属于原核生物，遗传物质都是DNA；遗传物质可复制，故有可能发生基因突变，A错误；⑥烟草花叶病毒是非细胞生物，既不是原核生物也不是真核生物，不能独立完成生命活动，所以在生命系统中不能成为独立的结构层次，B错误；①酵母菌和③硝化细菌都能进行有氧呼吸．①酵母菌只能利用现成有机物，为异养生物；③硝化细菌能进行化能合成作用，为自养生物，C错误；③硝化细菌是细菌，④衣藻和⑤金鱼藻是植物，都具有细胞结构，且都有细胞壁，D正确。‎ ‎【点睛】注意：区别一些常见的微生物分类是解答本题的关键。‎ ‎（1）单细胞生物并不都是原核生物 单细胞的原生动物(如常见的草履虫、变形虫、疟原虫等)是真核生物;单细胞绿藻(如衣藻)、单细胞真菌(如酵母菌)等都是真核生物。‎ ‎（2）生物名称中带有“藻”字的生物并不都是真核生物 绿藻、红藻等属于真核生物,而蓝藻(如蓝球藻、念珠藻、颤藻等)属于原核生物。‎ ‎（3）生物名称中带有“菌”字的生物并不都是细菌 ‎①从名称上看,凡是“菌”字前带有“杆”“球”“螺旋”及“弧”字的都是细菌,属于原核生物。②放线菌不是细菌,但属于原核生物。③酵母菌、霉菌(如根霉、青霉、曲霉、毛霉等)、大型真菌(如蘑菇、木耳、银耳、猴头、灵芝等)是真菌类,不是细菌,属于真核生物。‎ ‎（4）病毒没有细胞结构，不能独立完成生命活动，不属于生命系统的结构层次。‎ ‎11.下列有关蓝藻细胞结构与功能的叙述正确的是（ ）‎ A. DNA周围分布着大量核糖体，通过RNA传递遗传信息合成多肽 B. 细胞中无内质网、高尔基体等细胞器，不能对蛋白质进行加工 C. DNA分子裸露不形成染色体，但基因的传递遵循孟德尔定律 D. 蓝藻细胞的有氧呼吸和光合作用分别在线粒体和叶绿体中完成 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 蓝藻细胞是原核细胞，没有成形的细胞核，但有拟核，拟核中有环状DNA分子，在DNA周围分布着大量核糖体，通过RNA传递遗传信息合成多肽，故A项正确；蓝藻细胞（原核细胞）细胞质内虽没有内质网、高尔基体等细胞器，但其细胞质和细胞膜上存在着相应的酶，能对蛋白质进行加工，故B项错误；原核生物不能进行有性生殖，所以其基因的传递不遵循孟德尔遗传定律，C项错误；蓝藻细胞是原核细胞，没有线粒体和叶绿体，故D项错误。‎ ‎12.如果一分子CO2从叶肉细胞的线粒体基质中扩散出来，进入一个相邻细胞的叶绿体中，那么，这个CO2分子穿过的膜的层数共是 （ ）‎ A. 4 B. 5 C. 6 D. 12‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 线粒体和叶绿体都是具有双膜结构的细胞器，线粒体呼吸作用产生的二氧化碳可以被叶绿体吸收用于光合作用。‎ ‎【详解】一分子的CO2从叶肉细胞的线粒体基质中扩散出来，进入一个相邻细胞的叶绿体基质中需要穿过线粒体内膜、线粒体外膜、细胞膜、另一个细胞的细胞膜、叶绿体外膜、叶绿体内膜共6层膜．故选C。‎ ‎【点睛】读懂题意，熟悉细胞膜（1层）、线粒体膜和叶绿体膜（各2层）的层数是关键 ‎13.下列与水有关的叙述中，正确的是 （ ）‎ A. 细胞有氧呼吸过程的第三阶段，既有水的生成，又有水的分解 B. 人细胞内的水称为细胞内液，细胞外的水称细胞外液。‎ C. 种子收获后，晒干过程中散失的水分是结合水 D. 如果白天用含18O的水浇花草，周围空气中的H2O、O2和CO2中都可能检测出18O ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，释放少量能量；第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和[H]，释放少量能量；第三阶段是氧气和[H]反应生成水，释放大量能量。人体内细胞内液体的全部成分构成细胞内液，内环境中的全部液体成分构成细胞外液。‎ ‎【详解】细胞有氧呼吸过程的第三阶段有水生成，第二阶段有水分解，A错误；人体内细胞内液体的全部成分构成细胞内液，内环境中的全部液体成分构成细胞外液，B错误；种子晒干过程中散失的水分主要是自由水，C错误；白天用含有18O的水浇花草，通过植物蒸腾作用，含有18O的水进入空气，植物光合作用光反应阶段分解水，产生含有18O的氧气，植物利用含有18O的水进行有氧呼吸，产生含有18O的二氧化碳，D正确。‎ ‎【点睛】关键：熟悉有氧呼吸的过程解答本题的关键，尤其应注意有氧呼吸过程中第二阶段是消耗水，第三阶段是产生水。‎ ‎14. 水是构成植物体的主要成分，其含量随植物种类、植物组织以及外界环境条件的不同而变化。下列有关水对植物体生理作用的描述错误的是（）‎ A. 水是植物体光合作用和呼吸作用的原料，许多有机物的合成与分解均有水的参与 B. 休眠的种子和越冬植物体内，自由水与结合水的比值相对降低 C. 盛夏给大田喷雾（水）或给水稻灌“跑马水”，可减少或消除植物的“午休”现象 D. 植物体内成熟细胞的吸水与失水，与液泡的吸水和失水有关，细胞质中细胞器与细胞核中的水分不会发生得失变化 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 水参与细胞内许多化学反应，是光合作用和呼吸作用的原料，许多有机物的合成与分解均有水的参与，A正确；休眠种子和越冬植物细胞代谢活动降低，自由水与结合水的比值会降低，B正确；盛夏给大田喷雾（水）或给水稻灌“跑马水”，植物体温下降，可减少或消除植物的“午休”现象，C正确；植物体内成熟细胞的吸水与失水，与液泡的吸水和失水有关，D错误．‎ ‎【考点定位】水在细胞中的存在形式和作用 ‎【名师点睛】水是活细胞中含量最多的化合物，在细胞内以自由水和结合水的形式存在，结合水是细胞结构的重要组成成分，自由水是细胞内良好的溶剂，是化学反应的介质，自由水还是许多化学反应的反应物或者产物，自由水能自由移动，对于生物体内的营养物质和代谢废物的运输具有重要作用，自由水与结合水可以相互转化，自由水与结合水比值升高，细胞代谢旺盛，抗逆性差，反之亦然．‎ ‎15.下列有关无机盐的叙述，正确的是(　　)‎ A. 人体的血浆渗透压只由无机盐维持 B. 细胞中的无机盐主要以化合物形式存在 C. 细胞进行脂肪、DNA、RNA等物质合成时都需要磷酸盐做原料 D. K是构成细胞的大量元素，对维持细胞正常功能有重要作用 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 无机盐的作用：（1）细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分；（2）维持细胞的生命活动，如Ca可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐；（3）维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。组成生物体的化学元素中大量元素：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg；微量元素：Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo。‎ ‎【详解】人体的血浆渗透压主要由无机盐和蛋白质维持，其中无机盐产生的渗透压的90%以上来源于Na+和Cl-，A错误；细胞中的无机盐主要以离子形式存在，少数以化合物的形式存在，B错误；脂肪只含C、H、O元素，无需磷酸盐，DNA、RNA中含有C、H、O、N、P，合成时都需要磷酸盐，C错误；K是构成细胞的大量元素，对维持细胞正常功能有重要作用，如完成细胞内液渗透压和与生物电形成有关，D正确。‎ ‎16. 研究发现，由于自由水含量多少不同，所以细胞质有两种不同的状态：一种是含水较多的溶胶；另一种是含水较少的凝胶．下列细胞中细胞质最可能呈凝胶状态的是 A. 休眠的种子细胞 B. 黑藻叶肉细胞 C. 人体癌细胞 D. 人体衰老细胞 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 休眠的种子细胞新陈代谢比较慢，而且在储存之前已经经过晒干处理，因此细胞中自由水的含量很少，因此该细胞的细胞质应呈凝胶状态，故A正确；黑藻叶肉细胞会进行旺盛的光合作用，因此自由水的含量较高，细胞质应呈溶胶状态的，故B错误；癌细胞具有无限增殖的特点，因此该细胞的代谢比较旺盛，细胞质应呈溶胶状态的，故C错误；衰老细胞由于含水量减少，酶的活性降低，导致代谢减慢，但是与休眠的种子细胞比较，含水量还是较多的，故D错误．‎ ‎【考点定位】水在细胞中的存在形式和作用 ‎【名师点睛】水主要以两种形式存在：自由水和结合水．自由水与新陈代谢的旺盛程度有关，因此含溶胶的细胞代谢较旺盛，含凝胶的细胞代谢较慢．‎ ‎17.下列有关人体内细胞多样性和物种多样性的说法错误的是(　　)‎ A. 细胞多样性的根本原因是DNA分子的多样性 B. 蛋白质的多样性与氨基酸的数目、种类、排列顺序有关 C. 纤维素、糖原、淀粉的基本单位一定是葡萄糖分子 D. DNA分子的多样性主要与脱氧核苷酸多变的排列顺序有关 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 人体内所有细胞都含有相同的DNA分子，但不同细胞选择表达的基因不同，因此细胞具有多样性的根本原因是mRNA分子的多样性。蛋白质分子结构多样性的原因：（1）氨基酸分子的种类不同；（2）氨基酸分子的数量不同；（3）氨基酸分子的排列次序不同；（4）多肽链的空间结构不同。DNA分子的多样性：构成DNA分子的脱氧核苷酸虽只有4种，配对方式仅2种，但其数目却可以成千上万，更重要的是形成碱基对的排列顺序可以千变万化，从而决定了DNA分子的多样性（n对碱基可形成4n种）。DNA分子的特异性：每个特定的DNA分子中具有特定的碱基排列顺序，而特定的排列顺序代表着遗传信息，所以每个特定的DNA分子中都贮存着特定的遗传信息，这种特定的碱基排列顺序就决定了DNA分子的特异性。‎ ‎【详解】人体内所有体细胞都是由同一个受精卵有丝分裂形成的，都具有相同的DNA分子，人体细胞多样性的根本原因是基因的选择性表达导致mRNA分子的多样性，A错误；蛋白质的多样性与氨基酸的数目、种类、排列顺序以及蛋白质的空间结构有关，B正确；纤维素、糖原、淀粉都属于多糖，它们的基本单位都是葡萄糖分子，C正确；DNA分子的多样性主要与脱氧核苷酸多变的排列顺序有关，D正确。‎ ‎【点睛】注意：生物种类的多样性是DNA的多样性决定的，但同一生物有多种多样的细胞是细胞内基因选择性表达（mRNA多样性）决定。‎ ‎18.下列有关图所示多肽的叙述中，正确的是 ‎ A. 由5个氨基酸缩合而成 B. 有游离的氨基和羧基各1个 C. 有4种不同的侧链基团 D. 形成过程中失去了3分子水 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 据图分析，图中多肽有3个肽键（-CO-NH-），所以该多肽是由4个氨基酸形成的，A错误；图中多肽有两个游离的羧基和一个游离的氨基，B错误；图中氨基酸的R基团分别为：-CH2-CH2-COOH、-CH3、-CH2SH、-CH3，即表示有3种不同的侧链基团，C错误；4个氨基酸脱水缩合过程中形成3个肽键，所以失去了3分子的水，D正确。‎ ‎【点睛】解答本题的关键是从图中找出肽键，根据其数量判断组成该肽链的氨基酸数量，并能够根据R基团的种类判断氨基酸的种类。‎ ‎19.如图表示胰岛素原加工成胰岛素的过程，相关说法错误的是(　　)‎ A. 该过程需要蛋白酶 B. 该过程发生在胰岛B细胞中 C. 该过程在细胞质基质中进行 D. 该过程中还会产生另外一条多肽 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：分析图可知：胰岛素原加工成胰岛素的过程需要剪切下一个多肽，需要蛋白酶的作用，该过程属于对分泌蛋白的加工，应该发生在内质网和高尔基体，与胰岛素一块产生的还有一条多肽．‎ 解：A、胰岛素原加工成胰岛素的过程需要剪切下一个多肽，因此该过程需要蛋白酶，A正确；‎ B、胰岛B细胞分泌胰岛素，所以该过程发生在胰岛B细胞中，B正确；‎ C、胰岛素原加工成胰岛素的过程，属于对分泌蛋白的加工，应该发生在内质网和高尔基体，C错误；‎ D、与胰岛素一块产生的还有一条多肽，D正确．‎ 故选：C．‎ 考点：细胞器之间的协调配合．‎ ‎20.下列关于蛋白质合成的叙述，错误的是(　　)‎ A. 噬菌体合成自身蛋白质的原料由细菌提供 B. 绿色植物吸收的氮主要用于合成蛋白质等物质 C. tRNA、mRNA、rRNA都参与蛋白质的合成 D. 蛋白质变性使蛋白质空间结构破坏，但化学键不断裂。‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团．氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键，用化学式-NH-CO-表示。‎ ‎【详解】噬菌体是病毒，其寄生在细菌细胞内合成自身蛋白质，但原料（氨基酸）只能来自于细菌细胞内，A正确；蛋白质是由C、H、O、N，少量含有P、S组成，因此绿色植物吸收的氮可用于合成蛋白质等物质，B正确；核糖体是由rRNA和蛋白质构成，核糖体和tRNA（识别并转运氨基酸）、mRNA（作为模板）参与翻译过程，C正确；蛋白质变性使蛋白质空间结构破坏，某些化学键可能发生断裂（不包括肽键），D错误。‎ ‎【点睛】易错点：虽然高温破坏了蛋白质的空间结构，但并没有破坏肽键，只是破坏了导致肽链折叠、螺旋、盘曲的一些化学键。‎ ‎21.有一条多肽链由12个氨基酸组成，分子式为CxHyNzOwS（z＞12，w＞13），这条多肽链经过水解后的产物中有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H6NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）。则下列说法错误的是（   ）‎ A. 该多肽水解产物中赖氨酸的个数是（z﹣12）个 B. 形成该多肽其相对分子质量减少了198‎ C. 无法判断该多肽水解产物中半胱氨酸的个数 D. 可以确定该多肽水解后可得到天冬氨酸(w﹣13)/2个 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分析题干信息：由12个氨基酸组成、分子式为CxHyOwNzS（z>12，w>13）的多肽链经过水解后所得的5种氨基酸半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H6NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）中，只有赖氨酸含有2个氮原子（其它4种氨基酸均含1个氮原子）、只有天冬氨酸含有4个氧原子（其它4种氨基酸均含2个氧原子），蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。‎ ‎【详解】设该多肽（十二肽）中含有赖氨酸β个，根据氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，可得2β+（12-β）=z，解得β=z-12个，该多肽水解产物中赖氨酸的数目是z-12个，A正确；该多肽链合成过程中的脱水数=氨基酸数-肽链数=12-1=11个，其相对分子质量减少11×18=198，B正确；根据该多肽中S原子的数为1，而水解得到的5种氨基酸中只有半氨酸含有1个S原子，可知该多肽中含1个半氨酸，C错误；设该多肽（十二肽）中含有天（门）冬氨酸α个，根据氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，可得4α+（12-α）×2-（12-1）=w，解得α=(w﹣13)/2个，即该多肽水解产物中天冬氨酸的数目是(w﹣13)/2个，D正确。‎ ‎【点睛】关键：根据多肽中各种原子在脱水缩合前后守恒可分析列式计算出各种氨基酸的个数，如根据S原子计算半胱氨酸的个数，根据N原子计算赖氨酸的个数，根据氧原子计算天冬氨酸的个数等。‎ ‎22.下列关于氨基酸和蛋白质的叙述，错误的是（　　）‎ A. 酪氨酸几乎不溶于水，而精氨酸易溶于水，这种差异是由R基不同引起的 B. 甜味肽的分子式为C13H16O5N2，则甜味肽是一种二肽 C. 某二肽的化学式是C8H14N2O5，水解后得到丙氨酸（R基为－CH3）和另一种氨基酸X，则X的化学式应该是C5H7NO3‎ D. n个氨基酸共有m（m>n）个羧基，则这些氨基酸脱水缩合形成两条肽链，其中羧基数为m-n+2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团。氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键，用化学式-NH-CO-表示。在蛋白质分子合成过程中①失去水分子数=肽键数=氨基酸数-肽链数；②一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基。‎ ‎【详解】氨基酸的结构通式中，除R基团外，其他都相同，因此氨基酸的种类是根据R基不同划分的，酪氨酸与精氨酸性质不同的原因R基不同，A正确；甜味肽的分子式中含有2个N原子，因此，该甜味肽含有2个氨基酸，是二肽，B正确；氨基酸结构通式的简式是C2H4O2NR，若丙氨酸的R基是--CH3，则它的分子式是C3H7O2N；又二肽的化学式是C8H14O5N2，所以水解后得到的X的化学式应该是C5H9O4N，C错误；n个氨基酸共有m个羧基，则R基中含羧基数目为m-n，又一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基，所以这些氨基酸缩合成的两条多肽链中含有的羧基个数有m-n+2，D正确。‎ ‎【点睛】易错选项D，计算蛋白质（肽链）中羧基个数应是肽链条数+其中R基中羧基个数。其次要注意：一个只含2个N原子的肽一定是二肽，因为1个氨基酸一定含有1个N原子。‎ ‎23. 三鹿牌等不合格婴幼儿奶粉中掺入了一种“假蛋白”﹣﹣三聚氰胺．如图为三聚氰胺分子的结构式．下列有关“假蛋白”的说法正确的是（ ）‎ A. 三聚氰胺可与双缩脲试剂发生紫色反应 B. 三聚氰胺中氮元素的含量比碳元素的含量还高 C. 在奶粉中添加三聚氰胺后提高了蛋白质的含量 D. 三聚氰胺分子中含有三个肽键 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析图示可知，三聚氰胺不具有肽键，不能与双缩脲试剂发生紫色反应，A、D项错误；每分子的三聚氰胺中含有3个碳原子和6个氮原子，B项正确；在奶粉中添加三聚氰胺后增加了氮元素的含量，但不能提高蛋白质的含量，C项错误。‎ ‎【考点定位】蛋白质。‎ ‎【名师点睛】本题是一道信息题，主要考查学生能否将“新信息”与“所学知识”有效地联系起来，考查学生对知识的整合和迁移能力。解答此题的关键是围绕“三聚氰胺分子的结构式”这一新信息进行发散思维，结合所学的有关蛋白质的知识和图示分析展开联想，不难得出正确的答案。‎ ‎24. 如图表示生物体中一个由153个氨基酸构成的蛋白质分子。下列叙述正确的是 A. 该分子中含有152个肽键 B. 该分子形成过程中，产生了153个水分子 C. 该分子中有1个氨基酸侧链基团含硫 D. 该分子彻底水解将产生153种氨基酸 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎153个氨基酸构成的蛋白质分子，有153个肽键，因为在氨基酸的R基之间形成的肽键，A叙述错误；参与形成蛋白质的氨基酸的数目是153个，但是至少在R基上含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，至少有154个氨基和154个羧基，B正确；该分子空间结构的形成与“—S—S—”等化学键有关，C错误；氨基酸种类的不同体现在R基的不同，所以D错误。‎ ‎【考点定位】蛋白质的结构与功能 ‎25.某条肽链由88个氨基酸缩合而成，其中共有氨基6个，甲硫氨酸5个且在肽链中的位置为3、25、56、78、88，甲硫氨酸的分子式为C5H11O2NS，以下叙述正确的是 A. 合成该多肽的氨基酸共有N原子数目94个 B. 去掉甲硫氨酸得到的肽链中，肽键数目会减少10个 C. 去掉甲硫氨酸得到6条肽链，氨基和羧基均分别增加5个 D. 特殊水解酶水解掉甲硫氨酸后，所得产物中氧原子增加5个 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：该肽链共有氨基6个，说明R基中共有5个氨基，则该多肽链的氨基酸共有N原子数目88+5=93个，故A错误；对于第3、25、56、78位的甲硫氨酸，每去掉一个甲硫氨酸要断裂2个肽键，对于第88位甲硫氨酸，去掉该氨基酸要断裂1个氨基酸，因此去掉甲硫氨酸得到的肽链中，肽键数目会减少9个，故B错误；去掉甲硫氨酸得到5条肽链，氨基和羧基均分别增加4个，故C错误；由于多肽链中每个甲硫氨酸残基中含有1个氧原子，每去掉1个甲硫氨酸后，形成的肽链一端氧原子个数增加一个，因此水解掉5个甲硫氨酸后，所得产物中氧原子数增加5个，故D正确。‎ 考点：本题考查蛋白质的结构的有关知识，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。‎ ‎26. 下列含有相同元素的一组化合物是（ ）‎ A. 淀粉和二肽 B. 脂肪酸和脂肪酶 C. 蛋白质和蛋白酶 D. 核糖和核糖核酸 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 淀粉的组成元素是C、H、O，二肽的组成元素是C、H、O、N等，A错误；脂肪酸的组成元素是C、H、O，脂肪酶的本质是蛋白质，组成元素是C、H、O、N等，B错误；蛋白质的组成元素是C、H、O、N，蛋白酶的本质是蛋白质，C正确；核糖的组成元素是C、H、O，核糖核酸的组成元素是C、H、O、N、P，D错误。‎ ‎【考点定位】氨基酸的分子结构特点和通式；糖类的组成元素；脂质的组成元素 ‎【名师点睛】知识点总结：1、糖类分为单糖、二糖和多糖，单糖包括葡萄糖、核糖、脱氧核糖等，二糖包括蔗糖、麦芽糖、乳糖等，多糖包括淀粉、纤维素、糖原；糖类的组成元素是C、H、O．‎ ‎2、蛋白质在的基本组成元素是C、H、O、N等，有的还有S、Fe；脂肪的组成单位是甘油和脂肪酸，组成元素是C、H、O；核酸分为核糖核酸和脱氧核糖核酸，组成元素是C、H、O、N、P ‎27.下列关于核酸的叙述，说法错误的是（ ）‎ A. 蓝藻细胞中有两种类型的核酸 B. 组成H1N1 的核酸彻底水解后，得到的核苷酸、碱基、五碳糖的种类分别是4种、4种、1种 C. 胰岛素、纤维素、和DNA都含有的元素是C、H、O D. 玉米根尖细胞的遗传物质中，含有碱基A、G、C、T的核苷酸种类共有4种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。‎ ‎【详解】不管原核细胞还是真核细胞，都含有两种类型的核酸（DNA和RNA），A正确；H1N1为RNA病毒，其体内只含有一种核酸（RNA），其彻底水解得到的产物有1种五碳糖（即核糖）、4种碱基（A、U、G、C）、1种磷酸，B错误；纤维素属于多糖，只含C、H、O三种元素，而胰岛素属于蛋白质，主要含C、H、O、N四种元素，DNA含有的元素是C、H、O、N、P，所以三种化合物都含有C、H、O，C正确；玉米根尖细胞含有2种核酸（DNA和RNA），但遗传物质只是DNA，所以遗传物质含有4种碱基（A、T、G、C）、4种脱氧核苷酸，D正确。‎ ‎【点睛】注意：细胞生物（包括原核生物和真核生物）的细胞中含有DNA和RNA两种核酸、其中DNA是遗传物质，非细胞生物（病毒）中含有DNA或RNA一种核酸、其遗传物质是DNA或RNA。‎ ‎28. 若“淀粉—麦芽糖—葡萄糖—糖原”表示某生物体内糖类的某些转化过程，则下列说法正确的是 ‎①此生物是动物，因为能将淀粉转化为糖原 ‎②关于糖的转化不可能发生在同一生物体内，因为淀粉和麦芽糖是植物特有的糖，而糖原是动物特有的糖 ‎③此生物一定是植物，因为它含有淀粉和麦芽糖 ‎④淀粉和糖原都是储存能量的多糖，麦芽糖是二糖 A. ②③ B. ①④ C. ①③④ D. ①②④‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：①此生物是动物·因为能将淀粉转化为糖原，该项正确；②上述关于糖的转化能发生在同一生物体内。因为动物可以通过食物获取淀粉再通过淀粉酶将淀粉水解为麦芽糖。而糖原是动物特有的糖，该项不正确；动物可以从外界获取淀粉和麦芽糖，③项不正确；④淀粉和糖原都是储存能量的多糖．麦芽糖是二糖，该项正确。所以A、C、D项不正确。B项正确。‎ 考点：本题考查生物体内糖类的转化的相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识网络的能力。‎ ‎29.最近媒体报道的“地沟油”事件,引起了公众的关注。“地沟油”的主要成分是脂质,但还有许多致病、致癌的毒性物质。下列有关叙述正确的是(　 )‎ A. “地沟油”的主要成分的水解终产物与多糖的水解终产物相同 B. “地沟油”的主要成分是生物体内的主要能源物质 C. “地沟油”的主要成分遇苏丹Ⅲ染液可能呈现橘黄色 D. “地沟油”的主要成分可引起细胞糖蛋白减少 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题属于信息给予题，需要首先提取相关的有用信息：地沟油的主要成分是脂肪，回顾相关的与脂肪相关的知识点进行解答。‎ ‎【详解】“地沟油”的主要成分是脂肪，其水解终产物为甘油和脂肪酸，而多糖的水解终产物是葡萄糖，A错误；生物体内的主要能源物质是糖类，而不是脂肪，B错误；脂肪用苏丹Ⅲ染液检验呈现橘黄色，C正确；“地沟油”的主要成分脂肪，并不能直接引起糖蛋白减少，D错误。‎ ‎【点睛】易错选项A，容易混淆水解终产物与氧化分解终产物两个概念；易错选项D，过分关注信息“地沟油中含许多致病、致癌的毒性物质”，而忽略其主要成分是脂肪，脂肪不是致癌物质。‎ ‎30.下列关于细胞结构与成分的叙述，正确的是(　　)‎ A. 真核细胞死亡后，健那绿依然能将其中的线粒体染成蓝绿色 B. 检测蛋白质的含量可用双缩脲试剂进行测定 C. 台盼蓝染色剂可用于于鉴定组织和细胞培养中的死细胞 D. 在观察细胞中DNA和RNA的分布实验中，可以将刚配置好甲基绿吡罗红混合染液暂时放在透明试剂瓶中备用。‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 健那绿是活性染料，能将真核细胞内的线粒体染成蓝绿色，以过程线粒在细胞内的分布数量和形态。双缩脲试剂能与蛋白质或多肽中肽键反应产生紫色现象。台盼蓝染色剂在细胞死亡后会进入细胞而让细胞染成蓝色，活细胞不能被染上颜色，所以可用台盼蓝于鉴定培养细胞的死活。在观察细胞中DNA和RNA的分布实验中，需要甲基绿吡罗红染液分别对DNA和RNA染色，这种混合染色剂需要现配现用，且在配制过程中应将药品放在棕色瓶内备用。‎ ‎【详解】健那绿是活性染料，真核细胞死亡后不能将其中的线粒体染成蓝绿色，A错误；根据双缩脲试剂能与蛋白质或多肽中肽键反应产生紫色现象，所以可用双缩脲试剂进行检测蛋白质或多肽的存在，不能用双缩脲试剂测定蛋白质的含量，B错误；台盼蓝只能在细胞死亡后，因为细胞膜失去选择透过性而进入细胞内将细胞染色，所以台盼蓝染色剂可用于于鉴定组织和细胞培养中的死细胞，C正确；在观察细胞中DNA和RNA的分布实验中，应现配现用甲基绿吡罗红混合染液，D错误。‎ ‎【点睛】熟悉健那绿、双缩脲试剂、台盼蓝和甲基绿吡罗红染液的用法是解答本题的关键。‎ ‎31.请据图回答下列问题。‎ ‎(1)甲、乙两细胞在结构上的根本区别是：_________________________________；甲、乙两细胞的统一性表现在：________________________________________。‎ ‎(2)最有可能属于病毒的是___________，它在结构上不同于其他两种图示的显著特点是_____________________；病毒的生活及繁殖必须在 ___________内才能进行。‎ ‎【答案】 (1). 有无以核膜为界限的细胞核（或有无成形的细胞核） (2). 都有细胞膜、细胞质、核糖体、遗传物质DNA (3). 丙 (4). 无细胞结构 (5). 活细胞内（宿主细胞内）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分析题图：甲细胞没有核膜为界限的细胞核，故为原核细胞（细菌）；乙细胞有完整的细胞核，但无细胞壁，故为动物细胞；丙没有细胞结构，属于病毒。‎ ‎【详解】(1)根据前面的分析可知，甲细胞属于原核细胞，乙细胞属于真核细胞，二者在结构上的根本区别是有无以核膜为界限的细胞核；甲、乙两细胞的统一性表现在都有细胞膜、细胞质、核糖体、遗传物质DNA。‎ ‎(2)没有细胞结构的才最有可能属于病毒，故是丙。病毒在结构上不同于其他两种图示的显著特点是没有细胞结构；病毒的生活及繁殖必须在活细胞内才能进行。‎ ‎【点睛】正确识图是解答本题的关键，易错点是把病毒（丙）当作原核细胞。‎ ‎32.如图表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系,其中A、B代表元素,Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ是生物大分子,图中X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位,请回答下列问题:‎ ‎(1)图中X是______,Ⅰ在动物体内主要是指_____。 ‎ ‎(2)图中Z是________,它的彻底水解产物是______________、_______________、 ________________。 ‎ ‎(3)Ⅱ和Ⅳ都具有多样性,两者多样性的关系是前者_________后者。 ‎ ‎(4)用碘液、苏丹Ⅲ染液和双缩脲试剂测得甲、乙、丙三种植物的干种子中三大类有机物颜色反应如下表,其中“+”的数量代表颜色反应深浅程度,下列有关说法正确的是（ ）‎ ‎　　试剂种类　　‎ 碘液 苏丹Ⅲ染液 双缩脲试剂 甲 ‎++++‎ ‎++‎ ‎+‎ 乙 ‎++‎ ‎++++‎ ‎++‎ 丙 ‎+‎ ‎++‎ ‎++++‎ A.乙种子中主要能源物质是脂肪 B.碘液、苏丹Ⅲ染液和双缩脲试剂与相应的物质发生的颜色反应分别是蓝色、橘红色和紫色 C.在观察颜色时有可能用到光学显微镜 D.双缩脲试剂检测丙时，颜色变化是从蓝色变成紫色 ‎【答案】 (1). 葡萄糖 (2). 糖原 (3). 核糖核苷酸 (4). 一分子磷酸基团 (5). 一分子核糖 (6). 一分子含氮碱基 (7). 决定 (8). C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意和图示分析，根据生物大分子的常见种类有多糖、核酸和蛋白质可知，作为能源物质的Ⅰ表示多糖、能携带遗传信息的物质是核酸，即Ⅱ表示DNA（主要分布在细胞核）、Ⅲ表示RNA（主要分布在细胞质）、生命活动的主要承担着Ⅳ表示蛋白质；它们的基本单位分别是：X为葡萄糖、Y为脱氧核苷酸、Z为核糖核苷酸、P为氨基酸；进而得出元素A为N和P元素，B为N元素。‎ ‎【详解】（1）由题图知，X是由C、H、O组成的小分子物质，且被称为生命的燃料”，X是葡萄糖，Ⅰ是由葡萄糖形成的多糖，在动物细胞内主要是糖原。‎ ‎（2）Ⅱ、Ⅲ的功能是携带遗传信息，二者为核酸，Ⅲ主要分布在细胞质中应为RNA，它的基本单位Z是核糖核苷酸，1分子核糖核苷酸彻底水解的产物是一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基。‎ ‎（3）DNA和RNA都具有多样性，但RNA的合成受DNA的控制，所以是DNA决定RNA的多样性。‎ ‎（4）根据实验现象可知，甲主要含淀粉，乙主要含脂肪，丙主要含蛋白质，但脂肪不是其主要能源物质，应是主要的储能物质，A错误；碘液、苏丹Ⅲ染液和双缩脲试剂与相应的物质发生的颜色反应分别是蓝色、橘黄色和紫色，B错误；在观察脂肪鉴定实验时用到光学显微镜，C正确；双缩脲试剂检测丙时，由于是先加氢氧化钠溶液，再加硫酸铜溶液，所以颜色变化是从无（白）色变成蓝色，再变成紫色，D错误。‎ ‎【点睛】突破口：常见生物大分子种类有多糖、核酸和蛋白质，根据它们的功能可确定其在题图中对应的种类，进而分析它们的组成单位和组成元素即可。‎ ‎33.资料1：下面的图式中R、R′、R″、R可能是相同或不相同的原子团或侧链。①②③④分别表示不同的化学键。‎ 资料2：某多肽的化学式为C55H70O19N10，将它彻底水解后得到下列四种氨基酸：‎ ‎(1)资料2中的四种氨基酸的结构通式是________________________；其结构特点是____________________________________________________________。‎ ‎(2)资料1中的肽链水解时，断裂的化学键是__________(用数字表示)。‎ ‎(3)资料2中的多肽，在完全水解后得到______个氨基酸，其中有______个谷氨酸。‎ ‎【答案】 (1). (2). 至少含有一个氨基和羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上 (3). ③ (4). 10 (5). 4‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据资料1中题图分析，该化合物3个肽键（-CO-NH-），4个R基团，说明该化合物为四肽，由4个氨基酸脱水缩合而成。根据资料2中题图分析，它们是多肽（化学式为C55H70O19N10）彻底水解后得到下列四种氨基酸，由于四种氨基酸都只含1个N原子，而多肽中含10个N原子，说明该多肽是由10个氨基酸脱水缩合而成，其中只有谷氨酸含4个氧原子，其余三种氨基酸都只含2个氧原子，若设谷氨酸含X个，则可根据氧原子守恒列式：4X+2(10-X)-（10-1）=19，解得X=4。‎ ‎【详解】(1)组成蛋白质或多肽的氨基酸的结构通式是，其特点是每种氨基酸至少含有一个氨基和羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上。‎ ‎(2)资料1中的肽链水解时，断裂的化学键是肽键（-CO-NH-）中的③。‎ ‎(3)结合前面的分析可知，资料2中的多肽，是由10个氨基酸脱水缩合而成，其在完全水解后得到10个氨基酸。若设谷氨酸有X个，根据脱水缩合前后的O原子不变，列式计算：4X+2(10-X)-（10-1）=19，解得X=4，即该多肽中含4个谷氨酸。‎ ‎【点睛】注意：氨基酸脱水缩合过程中各种原子守恒公式：‎ C原子：氨基酸中所有C原子数=多肽（蛋白质）中所有C原子数；‎ N原子：氨基酸中所有N原子数=多肽（蛋白质）中所有N原子数；‎ O原子：氨基酸中所有O原子数=多肽（蛋白质）中所有O原子数+脱出的水中O原子；‎ H原子：氨基酸中所有H原子数=多肽（蛋白质）中所有H原子数+脱出的水中H原子；‎ ‎34.已知微生物A可以产生油脂，微生物B可以产生脂肪酶。脂肪酶和油脂可用于生物柴油的生产。回答有关问题：‎ ‎（1）微生物A产生的油脂不易挥发，可选用________（填“萃取法”或“水蒸气蒸馏法”）从菌体中提取。‎ ‎（2）为了从自然界中获得能产生脂肪酶的微生物B的单菌落，可从含有油料作物种子腐烂物的土壤中取样，并应选用以________为碳源的固体培养基进行培养。‎ ‎（3）若要测定培养液中微生物B的菌体数，可在显微镜下用________________直接计数；若要测定其活菌数量，可选用________________法进行计数。‎ ‎（4）为了确定微生物B产生的脂肪酶的最适温度，某同学测得相同时间内，在35℃、40℃、45℃温度下降解10g油脂所需酶量依次为4mg、1mg、6mg，则上述三个温度中，________ ℃条件下该酶活力最小。为了进一步确定该酶的最适温度，应围绕________℃设计后续实验。‎ ‎【答案】 (1). 萃取法 (2). 油脂 (3). 血细胞计数法 (4). 稀释涂布平板 (5). 45 (6). 40‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 微生物常见的接种的方法：①平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养．在线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。②稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。‎ 植物有效成分的提取可用蒸馏法、压榨法或萃取法，因为植物油不挥发，所以不适合采用蒸馏法提取，应用压榨法或萃取法提取。‎ ‎【详解】（1）因为植物油不挥发，所以不适合采用蒸馏法提取，应用萃取法提取。‎ ‎（2）筛选产脂肪酶的微生物B时，应该使用只有目的菌能够生存的，其他微生物不能生存的选择培养基，培养基中应该添加油脂作为唯一碳源。‎ ‎（3）若要测定培养液中微生物B的菌体数，可在显微镜下用血细胞计数板直接计数；若要测定培养液中微生物B的活菌数量，可选用稀释涂布平板法进行计数。‎ ‎（4）为了确定微生物B产生的脂肪酶的最适温度，某同学测得相同时间内，在35℃、40℃、45℃温度下降解10g油脂所需酶量依次为4mg、1mg、6mg，则上述三个温度中，45℃条件下该酶活力最小，该酶的最适温度为40℃左右，为了进一步确定该酶的最适温度，应围绕40℃设计后续实验。‎ ‎【点睛】注意三点：一是提取植物油的方法选项依据，易挥发的选蒸馏法，不（易）挥选萃取法；二是菌体计数的直接方法是用血细胞计数板直接计数，间接计数是稀释涂布平板法先培养再计数；三是判断题酶活力大小可以用酶催化的底物消耗速率或者产物生成速率或者是相同底物量在相同时间内催化完成需要的酶量等表示。‎ ‎ ‎