2019-2020学年人教版生物必修二抢分教程能力提升：第1章第2节　孟德尔的豌豆杂交实验（二）ⅡWord版

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第 2 节 孟德尔的豌豆杂交实验 (二)(Ⅱ) [随堂巩固] 1．基因的自由组合定律发生于下图中的哪个过程 AaBb――→① 1AB∶1Ab∶1aB∶1ab ――→② 配子间 16 种结合方式 ↓③ 4 种表现型(9∶3∶3∶1)――→④ 子代中有 9 种基因型 A．① B．② C．③ D．④ 解析 自由组合定律发生在配子形成时。 答案 A 2．在豚鼠中，黑色(C)对白色(c)、毛皮粗糙(R)对毛皮光滑(r)是显性。能验证自由组合 定律的最佳杂交组合是 A．黑光×白光→18 黑光：16 白光 B．黑光×白粗→25 黑粗 C．黑粗×白粗→15 黑粗：7 黑光：16 白粗：3 白光 D．黑粗×白光→10 黑粗：9 黑光：8 白粗：11 白光 解析 验证自由组合定律，就是论证杂种 F1 产生配子时，是否决定同一性状的成对的 遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合，产生四种不同的遗传因子组成的 配子，最佳方法为测交。D 项符合测交的概念和结果，黑粗(相当于 F1 的双显)×白光(双隐 性纯合子)→10 黑粗：9 黑光∶8 白粗∶11 白光(四种类型，比例接近 1∶1∶1∶1)。 答案 D 3．孟德尔提出了分离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有 ①选取豌豆作实验材料 ②科学地设计实验程序 ③进行人工杂交实验 ④应用统计 学方法对实验结果进行分析 ⑤选用了从单因素到多因素的研究方法 ⑥先选择豌豆再选 择紫茉莉、草莓等植物作实验材料 A．①②③④ B．①②④⑤ C．①③④⑤ D．③④⑤⑥ 解析 孟德尔的杂交实验之所以能获得成功，首先是因为他选择了合适的实验材料豌 豆，豌豆是自花传粉而且是闭花受粉的植物，因此自然状态下的豌豆均为纯种；其次是科 学地设计了实验程序，运用从单因素到多因素的研究方法，并且应用统计学的方法对实验 结果进行分析。 答案 B 4．下列关于基因型和表现型关系的叙述中，错误的是 A．表现型相同，基因型不一定相同 B．基因型相同，表现型一定相同 C．环境相同，基因型相同，表现型一定相同 D．环境相同，表现型相同，基因型不一定相同 解析 表现型是基因型和环境共同作用的结果。 答案 B 5．番茄是二倍体植物(2N＝24)，番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，高茎(H)对矮茎(h)为 显性，两对基因位于不同染色体上。如图表示用红果高茎番茄植株 A 连续测交两代的结果， 下列有关叙述错误的是 A．控制番茄果实颜色的基因与控制茎高的基因遵循基因自由组合定律 B．植株 A 的基因型为 RrHh C．植株 A 测交一代后，F1 植株有两种基因型 D．植株 A 测交一代后，F1 植株自交得到的 F2 植株中 RrHh 占 1/8 解析 控制番茄果实颜色和茎高的基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因自由 组合定律，A 正确；图中所示内容是用红果高茎番茄植株 A 连续测交两代的结果，用倒推 法：第二次测交的结果，黄果∶红果为 3∶1，高茎∶矮茎为 1∶1，则第一次测交的结果应 为 Rr∶rr＝1∶1，关于茎高的基因型为 Hh，进一步推出亲本植株 A 的基因型为 RrHH，B 错误；植株 A 测交，F1 的基因型及比例为 RrHh∶rrHh＝1∶1，C 正确；F1 植株中 RrHh、 rrHh 分别自交，F2 中 RrHh 占 1/2×1/4＝1/8，D 正确。 答案 B [限时检测] [满分 60 分，限时 30 分钟] 一、选择题(每小题 5 分，共 35 分) 1．豌豆豆荚绿色(G)对黄色(g)为显性，花腋生(H)对顶生(h)为显性，这两对相对性状的 遗传遵循自由组合定律。下列杂交组合中，后代出现两种表现型的是 A．GGhh×ggHH B．GgHh×GgHh C．GGHh×gghh D．GgHH×GGHh 解 析 GGhh×ggHH→GgHh ， 表 现 型 只 有 一 种 ， 为 绿 色 腋 生 ， A 错 误 ； GgHh×GgHh→9G_H_∶3G_hh∶3ggH_∶1hhgg ， 后 代 有 4 种 表 现 型 ， B 错 误 ； GGHh×gghh→1GgHh∶1Gghh，表现型有两种，分别是绿色腋生和绿色顶生，C 正确； GgHH×GGHh→G_H_，表现型只有一种，均为绿色腋生，D 错误。 答案 C 2．苜蓿种子的子叶黄色(Y)对褐色(y)为显性，圆粒(R)对肾粒(r)为显性，这两对性状独 立遗传。若要后代出现四种表现型，且比例为 1∶1∶1∶1，则两亲本的组合是(多选) A．YyRr×YyRr B．YyRr×yyrr C．Yyrr×Yyrr D．Yyrr×yyRr 解析 YyRr×YyRr→后代出现四种表现型，且比例为 9∶3∶3∶1，故 A 项错误； YyRr×yyrr→后代出现四种表现型，且比例为 1∶1∶1∶1，故 B 项正确；Yyrr×Yyrr→后 代出现 2 种表现型，且比例为 3∶1，故 C 项错误；Yyrr×yyRr→后代出现四种表现型，且 比例为 1∶1∶1∶1，故 D 项正确。 答案 BD 3．(2019·商丘期中)对某植株进行测交，得到后代的基因型为 Rrbb、RrBb，则该植株 的基因型为 A．Rrbb B．RrBb C．rrbb D．RRBb 解析 Rrbb×rrbb→Rrbb、rrbb，这与题干不符，A 错误；RrBb×rrbb→Rrbb、RrBb、 rrBb、rrbb，这与题干不符，B 错误；rrbb×rrbb→rrbb，这与题干不符，C 错误； RRBb×rrbb→RrBb、Rrbb，这与题干相符，D 正确。 答案 D 4 ． 如 果 已 知 子 代 基 因 型 及 比 例 为 1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr，并且也知道上述结果是按自由组合 定律产生的，那么双亲的基因型是 A．YYRR×YYRr B．YYRr×YyRr C．YyRr×YyRr D．YyRR×YyRr 解析 由子代中 YY∶Yy＝1∶1，可推知亲代为 YY×Yy；由子代中 RR∶Rr∶rr＝ 1∶2∶1，可推知亲代为 Rr×Rr，故双亲的基因型为 YYRr×YyRr。 答案 B 5．豌豆中，子粒黄色(Y)和圆形(R)分别对绿色(y)和皱粒(r)为显性。现有甲(黄色圆粒) 与乙(黄色皱粒)两种豌豆杂交，子代有四种表现型，如果让甲自交，乙测交，则它们的后代 表现型之比应分别为 A．9∶3∶3∶1 及 1∶1∶1∶1 B．3∶3∶1∶1 及 1∶1 C．9∶3∶3∶1 及 1∶1 D．3∶1 及 1∶1 解析 由题意可知，甲与乙杂交子代有四种表现型，则依据分离定律，甲(黄)×乙(黄)， 后代存在两种表现型，即黄与绿，则甲(Yy)×乙(Yy)；甲(圆)×乙(皱)杂交，后代存在两种 表现型，则甲(Rr)×乙(rr)，故甲为 YyRr、乙为 Yyrr。 答案 C 6．甲和乙都是某种开两性花的植物，甲、乙体细胞中的有关基因组成如图所示。要通 过一代杂交达成目标，下列操作合理的是 A．甲、乙杂交，验证 D、d 的遗传遵循基因的分离定律 B．乙自交，验证 A、a 的遗传遵循基因的分离定律 C．甲自交，验证 A、a 与 B、b 的遗传遵循基因的自由组合定律 D．甲、乙杂交，验证 A、a 与 D、d 的遗传遵循基因的自由组合定律 解析 据图分析可知，要验证 D、d 的遗传遵循基因的分离定律，应先将甲(DD)与乙(dd) 杂交获得 F1(Dd)，再将 F1 与乙测交或将 F1 自交，A 错误；甲自交，乙自交或甲、乙杂交都 可验证 A、a 的遗传遵循基因的分离定律，B 正确；甲的基因组成中，A、a 与 B、b 两对等 位基因位于同一对染色体上，不能验证其遵循基因的自由组合定律，C 错误；基因自由组 合定律适用于两对等位基因的遗传，甲是 DD，乙是 dd，都是纯合，后代是 Dd，只有一种 性状，所以甲、乙杂交，不能验证 A、a 与 D、d 的遗传遵循基因的自由组合定律，D 错误。 答案 B 7．下列有关自由组合定律的叙述，正确的是 A．自由组合定律是孟德尔针对豌豆两对相对性状的杂交实验结果及其解释直接归纳总 结的，不适合多对相对性状 B．控制不同性状的基因的分离和组合是相互联系、相互影响的 C．在形成配子时，决定不同性状的基因的分离是随机的，所以称为自由组合定律 D．在形成配子时，决定同一性状的基因彼此分离，决定不同性状的基因表现为自由组 合 解析 自由组合定律的内容是：(1)控制不同性状的基因的分离和组合是互不干扰的； (2)在形成配子时，决定同一性状的成对的基因彼此分离，决定不同性状的基因自由组合。 因此，B、C 选项错误；D 选项正确。自由组合定律是孟德尔针对豌豆两对相对性状杂交实 验结果及其解释归纳总结的，也适合多对相对性状，所以，A 选项错误。 答案 D 二、非选择题(共 25 分) 8．(12 分)用黄色圆粒豌豆(YYRR)和绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本，杂交得到 F1，F1 自交 得到 F2。某研究性学习小组的同学从 F2 中选取了一粒黄色圆粒豌豆甲，欲鉴定其基因型。 请完善下列实验方案并回答问题： (1)选取多株表现型为________的豌豆乙与甲一起播种，进行杂交实验。实验时，应选 用的母本、父本分别是____________，原因是______________；在母本的花成熟前，应先 采取____________处理，待花成熟时再进行____________。 (2)请预测该实验可能得到的实验结果并得出相应的结论： 预测结果 相应结论 ①________ 甲的基因型为 YyRr 后代只出现黄色圆粒、黄色皱粒两种表现形 ②________ ③________ 甲的基因型为 YyRR ④________ ⑤________ 解析 根据题干信息，应采用测交法鉴定 F2 中一粒黄色圆粒豌豆甲(Y_R_)的基因型， 让隐性纯合子(yyrr)乙与甲杂交，为防止偶然性，选用乙作母本，甲作父本。该黄色圆粒豌 豆的基因型不确定，可将黄色圆粒豌豆的所有基因型写出，分别与隐性纯合子杂交，根据 理论上所得表现型，来预测实验结果，从而得出相应结论。 答案 (1)绿色皱粒 乙、甲 多株乙接受甲的花粉，可以产生大量的种子，从而保证 了该实验可获得大量的数 据进行统计分析，避免了实验过程中的偶然性 去雄和套袋 人工授粉 (2)①后代出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒四种表现型 ②甲的基因型 为 YYRr ③后代只出现黄色圆粒、绿色圆粒两种表现型 ④后代只出现黄色圆粒一种表现 型 ⑤甲的基因型为 YYRR 9．(13 分)小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显、隐性分别由 A、a 基因控制)，抗锈病 和感锈病是另一对相对性状(显、隐性分别由 R、r 基因控制)，控制这两对相对性状的基因 均独立遗传。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1 均 为毛颖抗锈(丙)。再用 F1 与丁进行杂交，F2 有四种表现型，对每对相对性状的植株数目比 例作出的统计结果如图： (1)丙的基因型是________，丁的基因型是________。 (2)F1 形成的配子种类是________。产生这几种配子的原因是 F1 在形成配子的过程中 ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (3)F2 中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部 F2 的________。 (4)写出 F2 中抗锈病个体的基因型及比例__________(只考虑抗锈和感锈一对相对性 状)。 解析 (1)由纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1 均 为毛颖抗锈病(丙)，判断毛颖、抗锈病为显性性状，亲本甲、乙的基因型分别是 AArr、aaRR； 丙的基因型是 AaRr；由每对相对性状的植株数目比例作出的统计结果图判断丁的基因型是 aaRr；(2)因为决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合，因此 F1 形成的配子种类有 AR、Ar、aR、ar 四种；(3)丙的基因型是 AaRr，丁的基因型是 aaRr， 后代中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占 1－(3/4×1/2＋1/2×1/4)＝1/2；(4)由于只考虑抗 锈病和感锈病一对相对性状，即 Rr×Rr，故 F2 中抗锈病的基因型及比例为 RR：Rr＝1∶2。 答案 (1)AaRr aaRr (2)AR、Ar、aR、ar 决定同一性状的成对基因分离，而决定 不同性状的基因自由组合 (3)1/2 (4)RR∶Rr＝1∶2