【生物】2020届一轮复习浙科版分离定律学案

【生物】2020届一轮复习浙科版分离定律学案

‎2020届 一轮复习 浙科版 分离定律 学案 ‎[考纲要求]　1.孟德尔选用豌豆做遗传实验材料的原因(b)。2.一对相对性状的杂交实验、解释及其验证(b)。3.分离定律的实质(b)。4.显性的相对性(a)。5.分离定律的应用(c)。6.孟德尔遗传实验的过程、结果与科学方法(c)。7.杂交实验的设计(c)。‎ 考点一　豌豆的杂交实验 ‎1.一对相对性状的杂交实验(提出问题)‎ ‎2.对分离现象的解释(做出假说)‎ ‎(1)假说 ‎①性状是由遗传因子(后称为基因)控制的。控制一对相对性状的两种不同形式的基因称为等位基因。‎ ‎②基因在体细胞内是成对存在的，其中一个来自母本，另一个来自父本。控制性状的基因组合类型称为基因型。‎ ‎③在形成配子即生殖细胞时，成对的基因彼此分离，分别进入到不同的配子中。‎ ‎④在F1的体细胞内有两个不同的基因，但各自独立、互不混杂。‎ ‎⑤F1可产生两种不同类型的配子(C、c)，受精时雌、雄配子的结合是随机的，所以F2出现3种基因型，即CC、Cc、cc，其比例为1∶2∶1。其中基因型为CC或cc的植株，是由两个基因型相同的配子结合而成的个体，即称为纯合子。而Cc植株是由两个基因型不同的配子结合而成的个体，称为杂合子。因C对c是显性的，CC、Cc均表现为紫花，而cc表现为白花。这里将具有特定基因型的个体所表现出来的性状称为表现型。‎ ‎(2)解释 提醒　性状和相对性状 ‎①性状是指生物的形态、结构和生理变化等特征的总称，任何生物都有许许多多的性状。‎ ‎②相对性状的理解要点：“两个同”：同种生物、同一种性状。“一个不同”：不同表现型。如豌豆的白花和绿叶、猪的黑毛和牛的黄毛都不能称为相对性状。‎ ‎3.对分离假设的验证(演绎推理)‎ ‎(1)预测(用遗传图解表示)‎ ‎(2)测交实验(进行验证)‎ 隐性纯合子产生的配子只有一种隐性配子，能使F1中含有的基因在后代中完全表现出来，所以测交结果能充分反映F1所产生配子的种类和比例。‎ 验证方法：测交法。‎ ‎①目的：验证对分离现象的解释。‎ ‎②选材：F1与隐性纯合子。‎ ‎③预测分析：表现型及比例是紫花∶白花＝1∶1，表明解释正确。‎ ‎④实验过程及结果：F1×隐性纯合子(白花亲本)→85株开紫花、81株开白花，其比例接近1∶1。‎ ‎⑤结论：实验结果与预测相符，证明了孟德尔遗传因子分离的假设是正确的。‎ ‎4.分离定律的实质及发生时间 ‎(1)实质：等位基因 随同源染色体的分开而分离，分别进入不同的配子中，形成数目相等的两种配子。如图所示：‎ ‎(2)时间：减数第一次分裂后期。‎ ‎(3)适用范围 ‎①相对性状：一对。‎ ‎②研究对象：进行有性(填“无性”或“有性”)生殖的真核生物。‎ ‎③基因位置：细胞核(填“细胞核”或“细胞质”)基因的遗传。‎ 归纳总结　分离定律的验证 ‎(1)自交法 →→⇒‎ ‎(2)测交法 ‎(3)花粉鉴定法：取杂合子的花粉，对花粉进行特殊处理后，用显微镜观察并计数，若花粉粒类型比例为1∶1，则可直接验证基因的分离定律。‎ ‎5.显性的相对性 分类 举例 图解过程 现象分析 完全显性 豌豆花色 P　紫花×白花 CC　cc ‎　↓‎ F1　　紫花 一对等位基因中，只要有一个显性基因，它所控制的性状就表现为显性 Cc 不完全显性 金鱼草花色 P　红花×白花 CC　cc ‎　↓‎ F1　粉红花 ‎　Cc 一对相对性状的两个亲本杂交，所得F1表现为双亲的中间类型 共显性 人的ABO血型 P　A型×B型 IAIA　IBIB ‎　↓‎ F1　AB型 ‎　IAIB IA与IB不存在显隐性关系，两者互不遮盖，各自发挥作用 ‎(1)孟德尔在豌豆开花时进行去雄和授粉，实现亲本的杂交(　×　)‎ ‎(2)生物体能表现出来的性状就是显性性状，不能表现出来的性状就是隐性性状(　×　)‎ ‎(3)性状分离是子代同时出现显性性状和隐性性状的现象(　×　)‎ ‎(4)生物体产生雌雄配子的数目总是相等的(　×　)‎ ‎(5)孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型(　×　)‎ ‎(6)符合基因分离定律并不一定出现3∶1的性状分离比(　√　)‎ ‎(7)等位基因的分离发生在亲本减数第一次分裂的后期(　√　)‎ 探究一对相对性状遗传实验中的相关种类和比例：‎ ‎(1)F1(Cc)产生的配子种类和比例：2种(C、c)，1∶1。‎ ‎(2)F2的基因型种类和比例：3种(CC、Cc、cc)，1∶2∶1。‎ ‎(3)F2的表现型种类和比例：2种(显性、隐性)，3∶1。‎ ‎(4)F1的测交后代基因型种类和比例：2种(Cc、cc)，1∶1。‎ ‎(5)F1的测交后代表现型种类和比例：2种(显性、隐性)，1∶1。‎ ‎(6)假设教材中豌豆F1产生的含c的花粉一半败育，其他条件不变，F1自交，F2‎ 的分离比为紫花∶白花＝5∶1。‎ ‎(7)能正确表示基因分离定律实质的图示是①～④中哪一幅？③，该现象只发生于真核生物有性生殖时核基因的遗传。‎ 命题点一　杂交实验的选材及相关概念 ‎1.孟德尔探索遗传定律获得成功的原因不包括(　　)‎ A.选用豌豆作为实验材料 B.先研究一对相对性状再扩展到多对 C.采用归纳法直接验证 D.采用统计学方法分析实验结果 答案　C 解析　孟德尔选用豌豆作为实验材料，因为豌豆是自花授粉且闭花授粉的植物，并且具有多对易于区分的相对性状，A正确；孟德尔遗传实验是先研究一对相对性状的遗传，再研究多对相对性状的遗传，B正确；科学地设计实验程序，提出假设并进行验证，采用了“假设—推理”的方法，C错误；运用统计学方法分析实验结果，D正确。‎ ‎2.(2018·杭州一模)下列性状的遗传现象，属于完全显性的是(　　)‎ A.红果番茄与黄果番茄杂交，F1都表现为红果 B.纯合红花紫茉莉与纯合白花紫茉莉杂交，F1都表现为粉红花 C.一对血型分别为A型和B型的夫妇，F1都是AB型 D.粉红花金鱼草自交，F1表现为红花、粉红花和白花 答案　A 解析　红果番茄与黄果番茄杂交，F1都表现为红果，属于完全显性，A正确；纯合红花紫茉莉与纯合白花紫茉莉杂交，F1都表现为粉红花，属于不完全显性，B错误；一对血型分别为A型和B型的夫妇，F1都是AB型，体现了共显性，C错误；粉红花金鱼草自交，F1‎ 表现为红花、粉红花和白花，也体现了不完全显性，D错误。‎ 命题点二　分离定律的解释及其验证 ‎3.(新题速递)下列关于孟德尔遗传实验和分离定律的叙述，错误的是(　　)‎ A.孟德尔根据实验提出遗传因子在体细胞中成对存在，在配子中单个出现的设想 B.F2中3∶1的性状分离比依赖于雌雄配子的随机结合 C.孟德尔发现的遗传规律可以解释所有有性生殖生物的遗传现象 D.若用玉米为实验材料验证分离定律，所选实验材料不一定为纯合子 答案　C 解析　孟德尔对一对相对性状的杂交实验的解释中，提出遗传因子在体细胞中成对存在，在配子中单个出现的设想，A正确；雌雄配子的随机结合是F2中出现3∶1的性状分离比的条件之一，B正确；孟德尔遗传定律只能解释核基因遗传的部分现象，对质基因遗传不适用，C错误；验证分离定律可以采用测交法(杂合子与隐性纯合子杂交)，也可以用杂合子自交的方法，D正确。‎ ‎4.(2019·嘉兴联考)下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是(　　)‎ A.正交和反交实验增强了实验的严谨性 B.在花粉尚未成熟前对父本去雄 C.测交结果可反映F1产生的配子种类、数量及比例 D.孟德尔提出了同源染色体上的等位基因控制相对性状的假设 答案　A 解析　孟德尔豌豆杂交实验中的正交和反交相互作为对照实验，增强了实验的严谨性，A正确；在花粉未成熟前应对母本去雄，B错误；测交结果可反映F1产生的配子种类及比例，不包括数量，C错误；孟德尔提出的是性状是由成对的遗传因子控制的，D错误。‎ 命题点三　分离定律的实质及其在理论和实践中的应用 ‎5.(2018·浙江丽、衢、湖联考)孟德尔一对相对性状的杂交实验中，能直观体现基因分离定律实质的是(　　)‎ A.F1只表现为一种亲本性状 B.F1测交后代的比例为1∶1‎ C.F2基因型的比例为1∶2∶1‎ D.F1产生的雌雄配子比例为1∶1‎ 答案　B 解析　基因分离定律的实质是生物体在产生配子时成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中。F1只表现为一种亲本性状，不能体现基因的分离定律，A错误；F1测交后代的比例为1∶1，能验证基因的分离定律，即能直观体现基因分离定律的实质，B正确；F2基因型的比例为1∶2∶1，能体现基因的分离定律，但不直观，C错误；F1产生的雌雄配子比例不是1∶1，D错误。‎ ‎6.(2018·浙江金、丽、衢十二校联考)南瓜的花色是由一对等位基因(A和a)控制的，用一株开黄花的南瓜和一株开白花的南瓜杂交，子代(F1)中既有开黄花的，也有开白花的。让F1自交产生F2，表现型如图所示。下列说法错误的是(　　)‎ A.由③可知白花是显性性状 B.F1中白花的基因型是Aa C.F1白花的后代出现了黄花属于性状分离现象 D.F2中，开黄花与开白花南瓜的理论比是1∶3‎ 答案　D 解析　过程③F1白花自交后代出现性状分离，可推断白花为显性性状，而且F1中白花的基因型是Aa，A、B正确；在杂种后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象称为性状分离，F1白花的后代出现了黄花属于性状分离现象，C正确；分析题意可知，亲本基因型为aa(黄花)×Aa(白花)，F1基因型种类及比例为1 Aa(白花)∶1 aa(黄花)，F1中白花Aa(1/2)自交，子代为1/2×(3/4白花∶1/4黄花)；F1中黄花aa(1/2)自交，子代为1/2黄花，故F2中，开黄花与开白花南瓜的理论比是(1/2＋1/2×1/4)∶(1/2×3/4)＝5∶3，D错误。‎ 考点二　分离定律的题型探究 ‎1.显隐性性状的判断 ‎(1)根据子代性状判断 ‎①不同性状的亲本杂交⇒子代只出现一种性状⇒子代所出现的性状为显性性状。‎ ‎②相同性状的亲本杂交⇒子代出现不同性状⇒子代所出现的新的性状为隐性性状。‎ ‎(2)根据子代性状分离比判断：具有一对相对性状的亲本杂交⇒F2性状分离比为3∶1⇒所占比例为3/4的性状为显性性状。‎ ‎(3)合理设计杂交实验，判断性状的显隐性 ‎(4)根据遗传系谱图进行判断：双亲表现正常，后代出现“患者”，则致病性状为隐性，如图甲所示，由该图可以判断白化病为隐性性状；双亲表现患病，后代出现“正常”，则致病性状为显性，如图乙所示，由该图可以判断多指是显性性状。‎ ‎2.纯合子与杂合子的判定 ‎(1)自交法：此法主要用于植物，而且是最简便的方法。‎ 待测个体自交 ‎(2)测交法：待测对象若为雄性动物，注意与多个隐性雌性个体交配，以产生更多的后代个体，使结果更有说服力。‎ 待测个体 ‎　× 隐性纯合子 ‎(3)单倍体育种法(此法只适用于植物)‎ 待测个体单倍体 纯合子植株 ‎(4)花粉鉴定法：非糯性与糯性水稻的花粉遇碘液呈现不同颜色。如果花粉有两种，且比例为1∶1，则被鉴定的亲本为杂合子；如果花粉只有一种，则被鉴定的亲本为纯合子。此法只适用于一些特殊的植物(如水稻等)。‎ ‎3.杂合子Aa连续自交，第n代的比例分析 Fn 杂合子 纯合子 显性 纯合子 隐性 纯合子 显性性状个体 隐性性状个体 所占 比例 ‎1－ － － ＋ － 根据上表比例，杂合子、纯合子所占比例坐标曲线图为：‎ 图中a、b、c依次为纯合子、显性(隐性)纯合子、杂合子。‎ ‎(1)当n趋向于无穷大时，杂合子趋向于0，纯合子趋向于1，显性纯合子和隐性纯合子趋向于1/2。‎ ‎(2)在育种过程中，选育符合人们要求的个体(显性)，可进行连续自交，直到性状不再发生分离为止，即可留种推广使用。实际育种工作中往往采用逐代淘汰隐性个体的办法加快育种进程。在逐代淘汰隐性个体的情况下，Fn中显性纯合子所占比例为(2n－1)/(2n＋1)。‎ ‎4.连续自交、自由交配、淘汰隐性个体后杂合子占的比例 项目 连续自交 自由交配 连续自交并逐代淘汰隐性个体 自由交配并逐代淘汰隐性个体 P ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ F1‎ F2‎ F3‎ F4‎ ‎⋮‎ ‎⋮‎ ‎⋮‎ ‎⋮‎ ‎⋮‎ Fn 注：计算自由交配子代基因型、表现型概率用配子法较简便，但自交子代概率不可用配子法计算，如群体中AA∶Aa＝1∶2(A＝，a＝)，自由交配时子代类型为AA＝A2，Aa＝2×A×a，aa＝a2；而自交时需按“AA×1AA，Aa×(AA、Aa、aa)”统计子代中各类型比例。‎ ‎5.概率计算 ‎(1)用分离比直接计算 如Aa∶　1aa ‎　　　3显性　 ∶1隐性 ‎①若完全显性 AA、aa出现的概率都是1/4，Aa出现的概率是1/2；显性性状出现的概率是3/4，隐性性状出现的概率是1/4。‎ ‎②若aa纯合致死(或人工淘汰)，AA出现的概率为1/3，Aa出现的概率为2/3。‎ ‎(2)用配子的概率计算 ‎①方法：先算出亲本产生几种配子，求出每种配子产生的概率，再用相关的两种配子的概率相乘，或用棋盘法处理。‎ ‎②实例：如白化病遗传，Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa，父方产生A、a配子的概率各占1/2，母方产生A、a配子的概率也各占1/2。‎ a.用棋盘法推测后代概率 ‎　♀‎ ‎♂‎ A a A AA Aa a Aa aa b.用配子概率直接相乘 AA＝×＝；‎ Aa＝2××＝(注意乘2)；‎ aa＝×＝。‎ 命题点一　显性性状、隐性性状的判断 ‎1.黄瓜是雌雄同株单性花植物，果皮的绿色和黄色是受一对等位基因控制的具有完全显隐性关系的相对性状。从种群中选定两个个体进行实验，根据子代的表现型一定能判断显隐性关系的是(　　)‎ A.绿色果皮植株自交和黄色果皮植株自交 B.绿色果皮植株和黄色果皮植株正、反交 C.绿色果皮植株自交和黄色果皮植株与绿色果皮植株杂交 D.黄色果皮植株自交或绿色果皮植株自交 答案　C 解析　若两亲本是纯合子，则自交后代不发生性状分离，不能判断显隐性；黄瓜无性染色体，正交反交结果相同；绿色果皮植株自交，若后代发生性状分离，则绿色果皮为显性，若不发生性状分离，则说明绿色果皮是纯合子，再和黄色果皮植株杂交，后代若只出现黄色果皮植株则黄色果皮为显性，若后代为绿色果皮，则绿色果皮为显性。‎ ‎2.研究发现，豚鼠毛色由以下等位基因决定：Ca黑色、Cb乳白色、Cc银色、Cd 白化。为确定这组基因间的关系，科研人员进行了4组杂交实验，结果如下表。请分析回答下列问题：‎ 交配 亲代表现型 子代表现型 黑色 银色 乳白 白化 ‎1‎ 黑色×黑色 ‎22‎ ‎0‎ ‎0‎ ‎7‎ ‎2‎ 黑色×白化 ‎10‎ ‎9‎ ‎0‎ ‎0‎ ‎3‎ 乳白×乳白 ‎0‎ ‎0‎ ‎30‎ ‎11‎ ‎4‎ 银色×乳白 ‎0‎ ‎23‎ ‎11‎ ‎12‎ ‎(1)从交配组合1可知，________对________为显性性状，亲本的基因型为________。‎ ‎(2)两只白化的豚鼠杂交，子代的性状是________。‎ ‎(3)4个等位基因之间显隐性关系的正确顺序是________________(用“>”连接)。‎ ‎(4)该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有________种，雌、雄两只豚鼠杂交的子代最多会出现________种毛色。‎ 答案　(1)黑色　白化　CaCd×CaCd　(2)(均为)白化　(3)Ca>Cc>Cb>Cd　(4)10　3‎ 解析　(1)(3)组1：黑色个体与黑色个体交配、组3：乳白色个体与乳白色个体交配的子代均有白化个体，说明Ca>Cd、Cb>Cd，且组1亲本基因型为CaCd×CaCd。组4：银色个体与乳白色个体交配的子代有白化个体，且银色∶乳白色＝2∶1，说明Cc>Cb、Cc>Cd。组2：黑色个体与白化个体交配的子代有银色个体，故Ca>Cc。综上，4个等位基因之间显隐性关系的正确顺序是Ca>Cc>Cb>Cd。(2)两只白化豚鼠杂交的子代全部表现为白化。(4)该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有4种纯合子和6种杂合子，共计10种。雌、雄个体的子代最多出现3种毛色。‎ 命题点二　纯合子、杂合子的判断 ‎3.(2018·嘉兴一中期末)科学家利用小鼠进行杂交实验，结果如下：①黄鼠×黑鼠→黄2378∶黑2398；②黄鼠×黄鼠→黄2396∶黑1235。下列有关分析不正确的是(　　)‎ A.实验①能判断小鼠皮毛的显隐性 B.实验②中黄鼠很可能是杂合子 C.实验②中亲本小鼠均不是纯合子 D.纯合的黄色小鼠可能在胚胎期死亡 答案　A 解析　实验②中黄鼠亲代产生黑色子代，说明黄色为显性性状，黑色为隐性性状，亲代均为杂合子，子代正常比例应为3黄∶1黑，但实际为2黄∶1黑，说明纯合的黄色小鼠可能在胚胎期死亡，故A错误，B、C、D正确。‎ ‎4.下图为某种单基因常染色体隐性遗传病的系谱图(深色代表的个体是该遗传病患者，其余为表现型正常个体)。近亲结婚时该遗传病发病率较高，假定图中第Ⅳ代的两个个体婚配生出一个患该遗传病子代的概率为1/48。那么，得出此概率值需要的限定条件是(　　)‎ A.Ⅰ－2和Ⅰ－4必须是纯合子 B.Ⅱ－1、Ⅲ－1和Ⅲ－4必须是纯合子 C.Ⅱ－2、Ⅱ－3、Ⅲ－2和Ⅲ－3必须是杂合子 D.Ⅱ－4、Ⅱ－5、Ⅳ－1和Ⅳ－2必须是杂合子 答案　B 解析　由题干信息可知，该病为单基因常染色体隐性遗传病，设与该病有关的显隐性基因分别用A、a表示。根据遗传学原理，Ⅱ－2、Ⅱ－3、Ⅱ－4、Ⅱ－5的基因型均为Aa，与Ⅰ－2和Ⅰ－4是否纯合无关，A错误；若Ⅱ－1和Ⅲ－1纯合，则Ⅲ－2基因型为Aa的概率为1/2，Ⅳ－1基因型为Aa的概率为1/4，而Ⅲ－3基因型为Aa的概率为2/3，若Ⅲ－4为纯合子，则Ⅳ－2基因型为Aa的概率为2/3×1/2＝1/3，故第Ⅳ代的两个个体婚配，子代患病的概率是1/4×1/3×1/4＝1/48，B正确；若Ⅲ－2和Ⅲ－3是杂合子，则无论Ⅲ－1和Ⅲ－4同时是AA或同时是Aa或一个是AA另一个是Aa，后代患病概率都不可能是1/48，C错误；第Ⅳ代的两个个体婚配，子代患病的概率与Ⅱ－5无关，若第Ⅳ代的两个个体都是杂合子，则子代患病的概率是1/4，与题意不符，D错误。‎ 命题点三　自交与自由交配的相关计算 ‎5.(2018·杭州一中期末)果蝇的灰身和黑身是一对相对性状，控制该性状的等位基因位于常染色体上，将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交，F1全部为灰身果蝇。让F1自由交配得到F2，将F2的灰身果蝇取出，让其自由交配，后代中灰身和黑身果蝇的比例为(　　)‎ A.1∶1B.2∶1C.3∶1D.8∶1‎ 答案　D 解析　方法一：假设控制果蝇体色的基因为B、b，F1自由交配，产生F2的基因型及其比例分别为BB、Bb、bb，将F2的灰身果蝇(BB、Bb)取出，让其自由交配，后代能出现黑身果蝇的只有Bb×Bb交配组合，出现黑身果蝇的概率为××＝，出现灰身果蝇的概率为1－＝，故灰身与黑身果蝇的比例为8∶1。‎ 方法二：假设控制果蝇体色的基因为B、b，F1自由交配，产生F2的基因型及其比例分别为BB、Bb、bb，将F2的灰身果蝇(BB、Bb)取出，在这个新的群体中，B基因的频率＝＋×＝，b基因的频率＝1－＝，让其自由交配则出现黑身果蝇的概率为()2＝，于是出现灰身果蝇的概率为1－＝，故灰身与黑身果蝇的比例为8∶1。‎ ‎6.将基因型为Aa的玉米自交所得的种子全部种下，待其长成幼苗，人工去掉隐性个体，随机分成两组，第一组让其自交，第二组让其自由传粉。则一、二组植株上aa基因型的种子所占比例分别为(　　)‎ A.1/9、1/16 B.3/8、1/9‎ C.1/6、5/12 D.1/6、1/9‎ 答案　D 解析　将基因型为Aa的玉米自交，子代有3种基因型AA、Aa、aa，比例为1∶2∶‎ ‎1；去掉隐性个体后剩下AA、Aa，分别占1/3、2/3。第一组：当让其自交时有两种情况即AA自交、Aa自交，只有Aa自交才会产生aa个体，aa基因型所占比例为2/3(Aa的比例)×1/4(Aa相互交配后代中aa的比例)＝1/6；第二组：当让其自由传粉时，有3种情况即AA×AA、AA×Aa、Aa×Aa，只有Aa×Aa才会产生aa个体。aa基因型所占比例为2/3(Aa的比例)×2/3(Aa的比例)×1/4(Aa相互交配后代中aa的比例)＝1/9，故D正确。‎ 自由交配与自交的相关计算 ‎(1)自交强调的是相同基因型个体之间的交配。对于植物，自花传粉是一种最为常见的自交方式；对于动物(雌雄异体)，自交更强调参与交配的雌雄个体基因型相同。如基因型为2/3AA、1/3Aa的植物群体中自交是指：2/3(AA×AA)、1/3(Aa×Aa)，其后代基因型及概率为3/4AA、1/6Aa、1/12aa，后代表现型及概率为11/12A_、1/12aa。‎ ‎(2)自由交配强调的是群体中所有个体进行随机交配，以基因型为2/3AA、1/3Aa的动物群体为例，进行随机交配的情况是：‎ ♂×♀ 欲计算自由交配后代基因型、表现型的概率，有以下两种解法：‎ 解法一：自由交配方式(四种)展开后再合并：‎ ‎①♀2/3AA×♂2/3AA→4/9AA ‎②♀2/3AA×♂1/3Aa→1/9AA＋1/9Aa ‎③♀1/3Aa×♂2/3AA→1/9AA＋1/9Aa ‎④♀1/3Aa×♂1/3Aa→1/36AA＋1/18Aa＋1/36aa 合并后，基因型为25/36AA、10/36Aa、1/36aa，表现型为35/36A_、1/36aa。‎ 解法二：利用基因频率推算：已知群体基因型为2/3AA、1/3Aa，不难得出A、a的基因频率分别为5/6、1/6，根据遗传平衡定律，后代中：AA＝5/6×5/6＝25/36，Aa＝2×5/6×1/6＝10/36，aa＝1/6×1/6＝1/36。‎ 命题点四　基因型与表现型的推导 ‎7.(2019·桐乡质检)家兔的毛色黑(A)对褐(a)为显性。下列关于判断一只黑毛雄兔基因型的方法及结论中，正确的是(　　)‎ A.用一只纯合黑毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为Aa B.用一只杂合黑毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AA C.用多只褐毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AA D.用光学显微镜观察，若细胞中只有A基因，则其基因型为AA 答案　C 解析　用一只家兔与之交配，不能保证结果的准确性，A、B错误；褐毛兔基因型为aa，若与之交配的个体后代全为黑毛兔，可判定其基因型为AA，C正确；光学显微镜下看不到基因，D错误。‎ ‎8.有一种腿很短的鸡叫爬行鸡，在爬行鸡的遗传实验中得到下列结果(基因用A或a表示)：‎ ‎①爬行鸡×爬行鸡→2977只爬行鸡和995只正常鸡。‎ ‎②爬行鸡×正常鸡→1676只爬行鸡和1661只正常鸡。‎ 根据上述结果分析完成下列问题：‎ ‎(1)第①组两个亲本的基因型是__________，子代爬行鸡的基因型是__________，正常鸡的基因型是______。‎ ‎(2)第②组后代中爬行鸡互相交配，在F2中共得小鸡6000只，从理论上讲，有正常鸡________只，能稳定遗传的爬行鸡________只。‎ 答案　(1)Aa×Aa　AA、Aa　aa　(2)1500　1500‎ 解析　由杂交组合①可知：爬行鸡的短腿性状为显性性状，亲本的基因型为Aa，正常鸡的基因型为aa。第②组后代爬行鸡的基因型为Aa，Aa与Aa交配，正常鸡即aa占后代的1/4，能稳定遗传的爬行鸡即AA占后代的1/4。‎ 基因型与表现型的相互推导 ‎(1)由亲代推断子代的基因型与表现型(正推型)‎ 亲本 子代基因型 子代表现型 AA×AA AA 全为显性 AA×Aa AA∶Aa＝1∶1‎ 全为显性 AA×aa Aa 全为显性 Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1‎ 显性∶隐性＝3∶1‎ Aa×aa Aa∶aa＝1∶1‎ 显性∶隐性＝1∶1‎ aa×aa aa 全为隐性 ‎(2)由子代分离比推断亲本基因型(逆推型)‎ 子代显隐性关系 双亲类型 结合方式 显性∶隐性＝3∶1‎ 都是杂合子 Bb×Bb 显性∶隐性＝1∶1‎ 测交类型 Bb×bb 只有显性性状 至少一方为显性纯合子 BB×BB或BB×Bb或BB×bb 只有隐性性状 一定都是隐性纯合子 bb×bb 命题点五　杂交实验的设计 ‎9.(2018·全国Ⅰ，32节选)果蝇体细胞有4对染色体，其中2、3、4号为常染色体。已知控制长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上。某小组用一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交，杂交子代的表现型及其比例如下：‎ 眼 性别 灰体长翅∶灰体残翅∶黑檀体长翅∶黑檀体残翅 ‎1/2‎ 有眼 ‎1/2雌 ‎9∶3∶3∶1‎ ‎1/2雄 ‎9∶3∶3∶1‎ ‎1/2‎ 无眼 ‎1/2雌 ‎9∶3∶3∶1‎ ‎1/2雄 ‎9∶3∶3∶1‎ 回答下列问题：‎ 若控制有眼/无眼性状的基因位于常染色体上，请用上表中杂交子代果蝇为材料设计一个杂交实验来确定无眼性状的显隐性(要求：写出杂交组合和预期结果)。‎ 答案　杂交组合：无眼×无眼　预期结果：若子代中无眼∶有眼＝3∶1，则无眼为显性性状；若子代全部为无眼，则无眼为隐性性状 解析　若控制无眼/有眼性状的基因位于常染色体上，杂交子代无眼∶有眼＝1∶1，则说明亲本为显性杂合子和隐性纯合子测交，根据测交结果，子代两种性状中，一种为显性杂合子，一种为隐性纯合子，所以可选择均为无眼的雌雄个体进行杂交，观察子代的性状表现，若子代中无眼∶有眼＝3∶1，则无眼为显性性状；若子代全部为无眼，则无眼为隐性性状。‎ ‎10.某两性花植物的紫花与红花是一对相对性状，且为由单基因(D、d)控制的完全显性遗传。现用一株紫花植株和一株红花植株作实验材料，设计了如下实验方案(后代数量足够多)，以鉴别该紫花植株的基因型。‎ ‎(1)该实验设计原理遵循遗传的______________定律。‎ ‎(2)完善下列实验设计：‎ 第一步：_________________________________________(填选择的亲本及交配方式)；‎ 第二步：紫花植株×红花植株。‎ ‎(3)实验结果预测：①若第一步出现性状分离，说明紫花植株为____________(填“纯合子”或“杂合子”)。若未出现性状分离，说明紫花植株的基因型为____________________。‎ ‎②若第二步后代全为紫花，则紫花植株的基因型为____________；若后代全部为红花或出现红花，则紫花植株的基因型为__________________。‎ 答案　(1)(基因)分离　(2)紫花植株自交　(3)①杂合子　DD或dd　②DD　dd 解析　本题研究的是紫花与红花这对相对性状，且为由单基因(D、d)控制的完全显性遗传，因此遵循基因的分离定律。根据实验结果预测①可知，第一步是让紫花植株自交，根据后代是否出现性状分离判断紫花植株是否纯合。如果是DD或dd，则后代全部为紫花；如果是Dd，则后代出现性状分离。再根据实验设计的第二步将紫花植株与红花植株杂交，如果后代全为紫花，则紫花植株的基因型为DD；如果全为红花或出现红花，则紫花植株的基因型为dd。‎ 探究真题　预测考向 ‎1.下列有关说法不正确的是(　　)‎ A.在杂交后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象叫性状分离 B.测交是用F1与隐性纯合子杂交，可用于测定F1的基因组成 C.自交可用于植物纯合子、杂合子的鉴定 D.若杂交后代出现性状分离，则一定符合3∶1的分离比 答案　D 解析　若杂交后代出现性状分离，则在子代数目较少的情况下不一定符合3∶1的分离比，D项错误。‎ ‎2.(2018·江苏，6)一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合3∶1性状分离比的情况是(　　)‎ A.显性基因相对于隐性基因为完全显性 B.子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等 C.子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异 D.统计时子二代3种基因型个体的存活率相等 答案　C 解析　子一代产生的雄配子中2种类型配子的活力有差异，会使2种类型配子比例偏离1∶1，从而导致子二代不符合3∶1的性状分离比。‎ ‎3.水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红褐色。下面是对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代进行观察的结果，其中能直接证明孟德尔的基因分离定律的一项是(　　)‎ A.杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色 B.F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色 C.F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 D.F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 答案　C 解析　基因分离定律的实质：杂合子在减数分裂形成配子时，等位基因分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代，由此可知，分离定律的直接体现是等位基因分别进入了两个配子中。‎ ‎4.(2018·浙江11月选考，15)下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是(　　)‎ A.豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉 B.完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉 C.F1自交，其F2中出现白花的原因是性状分离 D.F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性 答案　D 解析　豌豆是自花传粉且闭花授粉植物，母本去雄应在花瓣开放前完成以防自花授粉，A错误；完成人工授粉后仍需套上纸袋以防其他植株花粉干扰，B错误；F2出现白花的原因是F1产生配子时紫花基因与白花基因分离，随配子传递，雌雄配子随机结合，C错误。‎ ‎5.(2017·全国Ⅲ，6)下列有关基因型、性状和环境的叙述，错误的是(　　)‎ A.两个个体的身高不相同，二者的基因型可能相同，也可能不相同 B.某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色，这种变化是由环境造成的 C.O型血夫妇的子代都是O型血，说明该性状是由遗传因素决定的 D.高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎，说明该相对性状是由环境决定的 答案　D 解析　表现型是具有特定基因型的个体所表现出的性状，是由基因型和环境共同决定的，所以两个个体的身高不相同，二者的基因型可能相同，也可能不相同，A正确；叶绿素的合成需要光照，某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色，说明这种变化是由环境造成的，B正确；O型血夫妇的基因型为ii，其子代都是O型血(ii)，说明该性状是由遗传因素决定的，C正确；高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎，说明该高茎豌豆是杂合子，自交后代出现性状分离，不能说明相对性状是由环境决定的，D错误。‎ 课时作业 一、选择题 ‎1.下列有关概念之间关系的叙述，不正确的是(　　)‎ A.基因型决定了表现型 B.等位基因控制相对性状 C.杂合子自交后代没有纯合子 D.性状分离是由于基因的分离 答案　C 解析　基因型对表现型起决定作用，基因型相同，表现型一般也相同，环境条件同时影响表现型，A正确；等位基因是指位于同源染色体的同一位置，控制着相对性状的基因，B正确；杂合子自交，后代中有纯合子出现，C错误；性状分离是由于基因的分离，D正确。‎ ‎2.(2018·嘉兴3月选考模拟)下列不属于等位基因的是(　　)‎ A.控制豌豆种子形状的基因R、R B.控制人类ABO血型的基因IA、IB C.控制果蝇体色的基因X＋、XW D.控制豌豆花色的基因C、c 答案　A 解析　等位基因是控制一对相对性状的两种不同形式的基因，A中属于相同基因，A错误。‎ ‎3.(2018·温州联考)在金鱼草花色的遗传实验中，纯合红花品种(RR)和纯合白花品种(rr)杂交，F1(Rr)全为粉红花。下列关于金鱼草花色遗传中显性现象的表现形式的分析中，正确的是(　　)‎ A.R基因、r基因都不表达 B.R基因对r基因为完全显性 C.R基因、r基因表现为共显性 D.R基因对r基因表现为不完全显性 答案　D 解析　纯合红花(RR)与纯合白花(rr)杂交，F1杂合子全表现为粉红花，即表现为双亲的中间性状，说明R基因对r基因表现为不完全显性，D正确。‎ ‎4.(2018·温州永嘉二中高二返校考)如图是一个白化病家族的遗传系谱图(相关基因用A、a表示)，请写出Ⅰ1、Ⅰ3的基因型和Ⅲ1为白化病患者的概率(　　)‎ A.Aa、Aa和 B.Aa、Aa和 C.Aa、AA和 D.Aa、Aa和 答案　B 解析　由于Ⅰ3和Ⅰ4‎ 正常，生出患病女儿，该病为常染色体隐性遗传病。由于Ⅰ1、Ⅰ3正常，而其后代都有患病个体，所以其基因型都是Aa，由于第一代都是杂合子，所以Ⅱ2、Ⅱ3的基因型都是AA或Aa，比例为1∶2。因此，Ⅲ1为白化病患者的概率为××＝。‎ ‎5.豌豆子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，孟德尔用纯种黄色豌豆和绿色豌豆为亲本，杂交得到F1，F1自交获得F2(如图所示)。下列有关分析正确的是(　　)‎ A.图示中雌配子Y与雄配子Y数目相等 B.③的子叶颜色与F1子叶颜色相同 C.①和②都是黄色子叶、③是绿色子叶 D.①和②都是绿色子叶，③是黄色子叶 答案　C 解析　雄配子数量远多于雌配子，A错误；③的基因型为yy，表现为绿色，而F1的基因型为Yy，表现为黄色，B错误；①和②的基因型均为Yy，均表现为黄色，而③的基因型为yy，表现为绿色，C正确，D错误。‎ ‎6.小鼠的体色灰色与白色是由常染色体上的一对等位基因控制的相对性状，某校生物科研小组的同学饲养了8只小鼠(编号①～⑧)，同时进行了一次杂交实验。下表是杂交组合及所得第一胎子鼠的体色情况。‎ 杂交组合 亲本(P)‎ 子代(F1)‎ 雌 雄 灰 白 Ⅰ ‎①灰 ‎②白 ‎5‎ ‎6‎ Ⅱ ‎③白 ‎④灰 ‎4‎ ‎6‎ Ⅲ ‎⑤灰 ‎⑥灰 ‎11‎ ‎0‎ Ⅳ ‎⑦白 ‎⑧白 ‎0‎ ‎9‎ 该小组同学认为，根据上述实验结果不能确定哪个性状是显性性状，需重新设计杂交组合，以确定这对性状的显隐性。请选出最合理的实验方案(　　)‎ A.让①与⑥杂交，③与⑧杂交，观察后代体色情况 B.让⑤与⑧杂交，⑥与⑦杂交，观察后代体色情况 C.让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况 D.让③与⑥杂交，④与⑤杂交，观察后代体色情况 答案　C 解析　根据子代(F1)表现型及比例推测，若灰对白是显性，则①④为杂合子，②③为隐性纯合子，⑤⑥中至少有一方为显性纯合子，⑦⑧均为隐性纯合子；若白对灰是显性，则②③为杂合子，①④为隐性纯合子，⑤⑥均为隐性纯合子，⑦⑧中至少有一方为显性纯合子。通过①④杂交、②③杂交后代的表现型是否发生性状分离即可对上述显隐性进行确定。如果①与④杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，②与③杂交的后代全为白鼠，则灰色为显性性状；如果①与④杂交的后代全为灰鼠，②与③杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状。‎ ‎7.有关下面遗传图解的说法，正确的是(　　)‎ A.基因分离定律的实质表现在图中的①②‎ B.基因分离定律的实质表现在图中的③‎ C.Aa产生的雌雄两种配子的数量比为1∶1‎ D.基因A与基因a的根本区别在于所含的密码子不同 答案　A 解析　根据题意分析，图中①②为减数分裂形成配子的过程，其中①②表示等位基因分离，A正确、B错误；一般来说，雄配子数量比雌配子数量多，C错误；基因A与基因a的根本区别是DNA分子中碱基对的排列顺序不同，D错误。‎ ‎8.已知牛的有角与无角为一对相对性状，由常染色体上的等位基因A与a控制，在自由放养多年的一牛群中，两基因频率相等，每头母牛一次只生产1头小牛。以下关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是(　　)‎ A.选择多对有角牛和无角牛杂交，若后代有角牛明显多于无角牛，则有角为显性；反之，则无角为显性 B.自由放养的牛群自由交配，若后代有角牛明显多于无角牛，则说明有角为显性 C.选择多对有角牛和无角牛杂交，若后代全部是有角牛，则说明无角为隐性 D.随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产3头牛全部是无角，则无角为显性 答案　D 解析　随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产3头牛全部是无角，由于子代牛的数量较少，不能判断显隐性关系。‎ ‎9.下列现象中未体现性状分离的是(　　)‎ A.F1的高茎豌豆自交，后代中既有高茎豌豆，又有矮茎豌豆 B.F1的短毛雌兔与短毛雄兔交配，后代中既有短毛兔，又有长毛兔 C.花斑色茉莉花自交，后代中出现绿色、花斑色和白色三种茉莉花 D.黑色长毛兔与白色长毛兔交配，后代出现比例相等的黑色长毛兔和白色长毛兔 答案　D 解析　性状分离是指在杂种后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象。A、B、C三项均体现出相同性状的亲本杂交，子代同时出现显性性状和隐性性状的“性状分离”现象，但D项中子代的黑毛与白毛性状在亲代中都已存在，不属于性状分离。‎ ‎10.已知牛的体色由一对等位基因(A、a)控制，其基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶2，且雌∶雄＝1∶1。若让该群体的牛分别进行自交(基因型相同的雌雄个体交配)和自由交配，则子代的表现型及比例分别是(　　)‎ A.自交：红褐色∶红色＝5∶1；自由交配：红褐色∶红色＝8∶1‎ B.自交：红褐色∶红色＝3∶1；自由交配：红褐色∶红色＝4∶1‎ C.自交：红褐色∶红色＝2∶1；自由交配：红褐色∶红色＝2∶1‎ D.自交：红褐色∶红色＝1∶1；自由交配：红褐色∶红色＝4∶5‎ 答案　C 解析　先求出不同交配类型产生的后代的基因型及概率，然后再利用题意求出表现型的比例。亲本的基因型及概率：1/3AA、2/3Aa，雌∶雄＝1∶‎ ‎1，自交的子代中基因型AA占1/3×1＋2/3×1/4＝1/2，Aa占2/3×1/2＝1/3，aa占2/3×1/4＝1/6；在基因型为Aa的个体中有1/2为红褐色(雄牛)，1/2为红色(雌牛)，因此，子代中红褐色个体占1/2＋1/3×1/2＝2/3，则红色占1/3，即红褐色∶红色＝2∶1。求自由交配产生子代的基因型时，可利用配子的概率求解，亲本产生的雄(或雌)配子中：A占2/3，a占1/3，则自由交配产生子代的基因型及概率：AA的概率＝2/3×2/3＝4/9，Aa的概率＝2×2/3×1/3＝4/9，aa的概率＝1/3×1/3＝1/9；再根据前面的计算方法可知，子代的表现型及比例为红褐色∶红色＝2∶1。‎ ‎11.用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是(　　)‎ A.曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4‎ B.曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4‎ C.曲线Ⅳ的Fn中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n＋1‎ D.曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等 答案　C 解析　若Aa分别连续自交和随机交配并淘汰隐性个体，则后代都为(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)，淘汰掉aa则F1中Aa的基因型比例都是2/3。而若F1再自交则其后代是1/3AA＋2/3Aa(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)，淘汰掉aa以后，得到的后代F2是3/5AA＋2/5Aa，Aa所占的比例是0.4；若F1再随机交配则可先计算出F1的A和a的基因频率分别为2/3和1/3，依据遗传平衡定律可计算出F2中AA＝4/9、Aa＝4/9、aa＝1/9，淘汰aa之后则Aa＝1/2，由此推知图中曲线Ⅱ是随机交配并淘汰aa的曲线，曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的曲线，进而可知B正确；曲线Ⅱ所示F2的A、a基因频率分别为3/4和1/4，则随机交配后代中AA＝9/16、Aa＝6/16、aa＝1/16，淘汰aa后，则F3中Aa的基因型频率为2/5，所以A正确；Aa分别连续自交和随机交配不淘汰隐性个体，F1中Aa的基因型频率都是1/2，若F1‎ 再随机交配，后代的基因型频率不会发生改变，则图中曲线Ⅰ是Aa随机交配的曲线。而若F1再连续自交Aa的基因型频率＝(1/2)n，F2中Aa＝1/4，则可推知图中曲线Ⅳ是自交的结果，曲线Ⅳ在Fn中纯合子的比例是1－(1/2)n，则比上一代Fn－1增加的数值是1－(1/2)n－[(1－(1/2)n－1)]＝(1/2)n，C错误；连续自交和随机交配这两者都不存在选择，所以不会发生进化，A和a的基因频率都不会改变，D正确。‎ ‎12.一对表现型正常的夫妻，其各自的父母都正常，但他们都有一个患白化病的妹妹。他们生了一个正常的小孩，这个孩子是白化病基因携带者的概率为(　　)‎ A.4/9 B.5/9C.14/27 D.1/2‎ 答案　D 解析　一对表现型正常的夫妇，各自的父母都表现正常，但都有一个患白化病的妹妹，所以女方与男方的基因型为AA或Aa，为Aa的概率是2/3。因此，这对夫妇生育一个小孩基因型为AA的概率是1/3×1/3＋1/3×2/3×1/2＋1/3×2/3×1/2＋2/3×2/3×1/4＝4/9；基因型为Aa的概率是1/3×2/3×1/2＋1/3×2/3×1/2＋2/3×2/3×2/4＝4/9；基因型为aa的概率是2/3×2/3×1/4＝1/9。生了一个正常的小孩，则基因型可能为AA或Aa，其中为Aa的概率是1/2。‎ ‎13.在家兔的常染色体上有一系列决定毛色的复等位基因：A、a1、a2、a。其中A基因对a1、a2、a为显性，a1基因对a2、a为显性，a2对a为显性。该系列基因在决定家兔毛皮颜色时其表现型与基因型的关系如下表。让全色的家兔和喜马拉扬色的家兔杂交，则不会出现的情况是(　　)‎ 毛皮颜色表现型 基因型 全色 A_‎ 青旗拉 a1_‎ 喜马拉扬 a2_‎ 白化 aa A.后代出现七种基因型 B.后代出现四种表现型 C.后代会产生a1a1的个体 D.复等位基因之间的根本区别是基因中的碱基排列顺序不同 答案　C 解析　全色家兔的基因型有AA、Aa1、Aa2、Aa四种，会产生A、a1、a2、a四种类型的配子，喜马拉扬色的家兔有a2a2、a2a两种基因型，会产生a2、a两种类型的配子，其杂交子代会产生Aa2、Aa、a1a2、a1a、a2a2、a2a、aa七种基因型，四种表现型，但是不会产生a1a1的个体。‎ 二、非选择题 ‎14.某种山羊的有角和无角是一对相对性状，由一对等位基因(D、d)控制，其中公羊的显性纯合子和杂合子表现型一致，母羊的隐性纯合子和杂合子表现型一致。多对纯合的有角公羊和无角母羊杂交得F1，F1自由交配得F2(见下表)。请回答下列问题：‎ 亲本(P)‎ F1(子一代)‎ F2(子二代)‎ ‎♂‎ 有角 有角 有角∶无角＝3∶1‎ ‎♀‎ 无角 无角 有角∶无角＝1∶3‎ ‎(1)控制该相对性状的基因位于____________(填“常”或“X”)染色体上。‎ ‎(2)基因型____________在公羊和母羊中的表现型不同，基因型____________在公羊和母羊中表现型相同。‎ ‎(3)若上述推测成立，F2有角公羊中的基因型及比例是________________________。‎ ‎(4)为了验证上述推测结论：让无角公羊和F1中的多只无角母羊交配，若子代____________‎ ‎________________________________________________________________________，‎ 则上述推测成立。请画出该杂交实验的遗传图解。‎ 答案　(1)常　(2)Dd　DD、dd ‎(3)DD∶Dd＝1∶2　(4)公羊中，有角与无角比例为1∶1；母羊全为无角　遗传图解如图：‎ 解析　(1)因为在F2中都出现了3∶1的性状分离比，所以控制有角和无角的基因应位于常染色体上。(2)根据题中信息可知，公羊的显性纯合子和杂合子表现型一致，母羊的隐性纯合子和杂合子表现型一致，说明杂合子Dd在公羊和母羊中的表现型不同；而DD和dd在公羊和母羊中的表现型相同。(3)根据表中数据可知，F1的基因型是Dd，F1自由交配所得F2中有角公羊的基因型有DD和Dd两种，比例为1∶2。(4)检测动物的基因型常用的方法是测交，即让无角公羊与多只无角母羊杂交，观察子代的表现型，若子代公羊中，有角∶无角＝1∶1，母羊全为无角，则上述推测成立，遗传图解见答案。‎ ‎15.已知豌豆种子中子叶的黄色与绿色由一对等位基因Y、y控制，现用豌豆进行下列遗传实验，请分析回答：‎ 实验一 实验二 P　黄色子叶甲×绿色子叶乙 ‎↓‎ F1黄色子叶丙　　绿色子叶 ‎　1　　　∶　　1‎ P　　黄色子叶丁 ‎↓⊗‎ F1黄色子叶戊　绿色子叶 ‎　3　　∶　　1‎ ‎(1)用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因之一是______________________________。‎ ‎(2)从实验________可判断这对相对性状中__________是显性性状。‎ ‎(3)实验一F1中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1∶1，其主要原因是黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为____________________。‎ ‎(4)实验二黄色子叶戊的基因型为________，其中能稳定遗传的占________，若黄色子叶戊植株之间随机交配，所获得的子代中绿色子叶占________。‎ ‎(5)实验一中黄色子叶丙与实验二中黄色子叶戊杂交，所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占_________________________________________________________________。‎ 答案　(1)性状易于区分　(2)二　黄色子叶　(3)Y∶y＝1∶1　(4)YY和Yy　1/3　1/9　(5)3/5‎ 解析　(1)豌豆有许多稳定的且易于区分的相对性状，并且是自花传粉、闭花授粉植物，在自然状态下一般都为纯合子，是良好的遗传杂交实验材料。(2)根据实验二中后代的性状分离现象可判断子叶黄色对绿色为显性。(3)根据题意知，黄色子叶甲的基因型为Yy，故产生Y、y两种配子，且比例相等。(4)黄色子叶戊的基因型及比例为YY∶Yy＝1∶2，黄色子叶戊随机交配，由于黄色子叶戊产生y配子的概率是2/3×1/2＝1/3，所以子代中绿色子叶(基因型为yy)的比例为1/3×1/3＝1/9。(5)黄色子叶丙(Yy)与黄色子叶戊(1/3YY、2/3Yy)杂交，子代中基因型为YY所占的比例为1/3×1/2＋2/3×1/4＝1/3，Yy所占的比例为1/3×1/2＋2/3×1/2＝1/2，这两种黄色子叶YY∶Yy＝2∶3，所以黄色子叶中不能稳定遗传的个体(Yy)占3/5。‎ ‎16.(2018·嘉兴3月模拟)某哺乳动物的毛色有黑色、灰色、棕色、花斑色四种。毛色由位于某对常染色体上的基因A＋、A和a控制，A＋、A和a互为等位基因，且A＋对A、a完全显性。现有5对亲本杂交，多次产仔的结果如表。‎ 组别 父本 母本 子代表现型 ‎①‎ 黑色 灰色 全黑色 ‎②‎ 黑色 灰色 黑色∶花斑色＝1∶1‎ ‎③‎ 黑色 灰色 黑色∶灰色＝1∶1‎ ‎④‎ 灰色 棕色 花斑色 ‎⑤‎ 花斑色 花斑色 灰色∶棕色∶花斑色＝1∶1∶2‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)分析上表可知，黑色毛色个体的基因型是________________________。A对a的显性表现形式的类型是________。‎ ‎(2)用遗传图解表示上表中组别④亲本杂交得到子代的过程(写出1种可能图解即可)。‎ ‎(3)该宠物的毛形有直毛和卷毛两种，由位于X染色体上的等位基因(B、b)控制，Y染色体上无相应基因。现用两只黑色卷毛的雌、雄亲本杂交，产生F1共7只，其中1只为花斑色直毛。该宠物的毛形中，显性性状是________，雄性亲本的基因型是________________，两亲本产生的黑色卷毛雌性子代中，杂合子的概率为________。‎ 答案　(1)A＋A＋、A＋A和A＋a　共显性 ‎(2)如图所示 ‎(3)卷毛　A＋AXBY或A＋aXBY　 解析　(1)由题干可知，A＋对A、a完全显性，如果A对a为显性，则表现型应该为三种，而表现型出现了四种，因此只有一种可能，即A和a基因共显性。根据表格中的杂交结果可知，黑色为显性，黑色毛色个体的基因型可以表示为A＋A＋、A＋A和A＋a。(2)由分析可知，棕色个体的基因型为AA或aa，灰色个体的基因型为aa或AA，因此组别④亲本的基因型均为纯合子，即AA×aa或aa×AA，遗传图解详见答案。(3)分析题意可知，亲本全为黑色卷毛、子代出现直毛和花斑色(Aa)，说明卷毛为显性性状，则亲本的基因型可以表示为A＋AXBXb、A＋aXBY或A＋aXBXb、A＋AXBY，两亲本产生的黑色卷毛雌性子代中，基因型有(A＋A＋、A＋A、A＋a)(XBXB、XBXb)，其中杂合子的概率＝1－×＝。‎