浙江省宁波市效实中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

浙江省宁波市效实中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

浙江省宁波市效实中学2019-2020学年高二上学期期中考试 化学试题 ‎1.下列属于物理变化的是 A. 煤的气化 B. 天然气的燃烧 C. 烃的裂解 D. 石油的分馏 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 无新物质生成变化为物理变化，有新物质生产的变化为化学变化，据此分析。‎ ‎【详解】A、煤的气化是用煤和水在高温条件下来生产CO和H2的过程，故为化学变化，A错误；‎ B、天然气燃烧生成二氧化碳和水，故为化学变化，B错误；‎ C、烃的裂解是用重油为原料来生产乙烯等短链烯烃的过程，有新物质生成，故为化学变化，C错误；‎ D、石油的分馏是利用石油中各组分的沸点的不同、用加热的方法将各组分分离的方法，无新物质生成，故为物理变化，D正确；‎ 答案选D。‎ ‎2.下列物质中不能与钠发生反应的是 A. 乙醇 B. 乙酸 C. 水 D. 煤油 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】乙醇、乙酸和水都和钠反应生成氢气，但煤油不能，钠一般保存在煤油中，答案选D。‎ ‎3.下列表示不正确的是 A. 甲烷分子的比例模型为 B. 丁烷的球棍模型 C. 乙烯的结构式CH2＝CH2 D. 乙炔的最简式CH ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 甲烷分子的比例模型为 ,故A不选；‎ B. 丁烷的球棍模型，故B不选；‎ C. 乙烯的结构式 ,故选C；‎ D．乙炔的化学式为C2H2最简式为CH，故不选D。‎ 答案选C。‎ ‎4.分子式为C3H7O2N的有机物经实验分析，发现有如图所示的原子连接顺序，则此有机物是 A. 硝基化合物 B. 硝酸酯 C. α氨基酸 D. 蛋白质 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 每个碳原子的键数为4，每个氮原子的键数为3，每个氧原子的键数为2，氢原子只有1个键．显然大白球为碳原子，与最下方的碳原子相连的2个中白球为氧原子，最小的白球是氢原子，黑球应是氮原子，此有机物的结构简式为：CH3CH（NH2）COOH。‎ ‎【详解】由此有机物分子的原子连接顺序可知：每个碳原子的键数为4，每个氮原子的键数为3，每个氧原子的键数为2，氢原子只有1个键．显然大白球为碳原子，与最下方的碳原子相连的2个中白球为氧原子，最小的白球是氢原子，黑球应是氮原子，此有机物的结构简式为：，一个碳原子上同时连接着氨基和羧基，属于α氨基酸。‎ 故选：C。‎ ‎5.下列有关物质所属类别的说法不正确的是 A. 甘油不是油 B. 醋酸纤维属于酯 C. 酚醛树脂不是酯 D. TNT属于芳香烃 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.甘油是丙三醇,属于醇类物质,不属于油(酯类)，故A正确；‎ B.醋酸纤维又称纤维素乙酸酯，属于酯类，故B正确；‎ C. 酚醛树脂由苯酚和甲醛在催化剂条件下缩聚得到，属于聚合物，不属于酯类，故C正确；‎ D.TNT化学名称2,4,6-三硝基甲苯，无酚类结构不属于芳香烃，故D错误；‎ 答案选D。‎ ‎6.两种气态烃以任意比例混合，在120℃，常压下，取1L该混合烃在3.5L氧气中完全燃烧，恢复到原状态，测得气体体积为4.5L，则符合该条件的烃的组合是 A. CH4、C3H6 B. CH4、C2H4 C. C2H4、C3H8 D. C2H2、C3H6‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据烃燃烧的通式：，在100℃以上，水为气体，反应前后气体体积相等,则，解得y=4；两种气态烃以任意比例混合，则混合气体中每种烃含有H原子数都为4，据此分析解答。‎ ‎【详解】当t＞100℃时，水为气体，气态烃完全燃烧，反应前后气体体积相等，根据烃燃烧的通式：,列关系式，解得y=4；‎ 即混合气中平均含有H原子数为4，两种气态烃以任意比例混合，则混合气体中每种烃含有H原子数都为4。‎ A、CH4、C3H6中H原子数分别为4、6，平均值不可能为4，故A不选； ‎ B、CH4、C2H4中H原子数都为4，平均值为4，符合题意，故B选；‎ C、C2H4、C3H8中H原子数都为4、8，平均值不可能为4，故C不选；‎ D、C2H2、C3H6中H原子数分别为2、6，只有1:1混合才能使平均值为4，不符合以任意比例混合的要求，故D不选。‎ 故选B。‎ ‎7.下列物质不能通过化学反应使溴水褪色的是 A. 乙醛 B. 裂化汽油 C. 甲苯 D. 油酸甘油酯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 能使溴水褪色的物质有：1.含碳碳双键或碳碳三键的有机物（发生加成反应）2.醛、还原性物质（发生氧化还原反应）3.碱性物质如NaOH、Na2CO3 4. 甲苯四氯化碳等有机溶剂（萃取）。‎ ‎【详解】A.乙醛能和溴水反生反应生成乙酸，故不选A；‎ B. 裂化汽油中含有不饱和键，能与溴水反生加成反应，故不选B；‎ C. 甲苯能萃取溴水中的溴单质使溴褪色，但不属于化学反应，故选C；‎ D.油酸甘油酯中含有不饱和键，能与溴水反生加成反应，故不选D。‎ 答案选C。‎ ‎8.下列说法不正确的是 A. 煤是由无机物和有机物共同组成的复杂混合物 B. 红外光谱和紫外光谱可用来分析有机物结构 C. 李比希提出基团的概念，并首次用无机物合成尿素，突破了有机物与无机物的界限 D. 糖类、油脂、蛋白质是人类的重要营养物质 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 煤是由无机物和有机物共同组成的复杂混合物，故A不选；‎ B. 红外光谱和紫外光谱可用来分析有机物结构，故B不选；‎ C．1828年德国化学家维勒，将一种无机物NH4CNO的水溶液加热得到了有机物尿素；故选C；‎ D．糖类、油脂和蛋白质都是基本营养物质，故D不选。‎ 答案选C ‎9.下列分子中，其核磁共振氢谱中只有一组峰(信号)的物质是 A. CH2ClCH2Br B. CH3COOH C. CH3COOCH3 D. CH3COCH3‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 核磁共振氢谱中的信号只有一个，则有机物中只有一种位置的H原子。‎ ‎【详解】有机物分子的核磁共振氢谱中给出的信号只有一个，则有机物中只有一种位置的H原子。 ‎ A.CH2ClCH2Br不对称结构，有2种位置的H原子，故A错误；‎ B. CH3COOH中有2种位置的H原子，故B错误；‎ C. CH3COOCH3中有2种位置的H原子，故C错误；‎ D．CH3COCH3成左右对称结构，只有一种位置的H原子，故D正确。‎ 故答案选： D。‎ ‎10.下列说法不正确的是 A. C2H6和C3H8均不存在同分异构现象 B. 金刚石和足球烯互为同素异形体 C. C2H4和C3H6互为同系物 D. 乙醇和甲醚互为同分异构体 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. C2H6为乙烷C3H8为丙烷两种均不存在同分异构现象，故A不选；‎ B.金刚石和足球烯互为C的同素异形体，故B不选；‎ C. C2H4为乙烯C3H6为丙烯或环丙烷，不一定互为同系物，故C选；‎ D. 乙醇化学式：CH3CH2OH，甲醚化学式CH3OCH3，两者互为同分异构体，故D不选。‎ 答案选D。‎ ‎11.下列说法正确是 A. 乙醇可以被氧气氧化成乙酸，但乙酸无法再被氧气氧化 B. 甲烷与氯气在光照下发生取代反应可得到四种不同的产物 C. 乙烯分子与苯分子都能与H2发生加成反应，说明二者均含碳碳双键 D. 邻二甲苯只有一种结构,证明苯环中不存在碳碳单键和碳碳双键交替的结构 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.乙醇可以被氧气氧化成乙酸，乙酸可以在氧气中燃烧生成CO2和H2O,可以继续被氧气氧化，故A错误；‎ B.甲烷与氯气在光照下发生取代反应可得到CH3Cl、CH2Cl2 、CHCl3 、CCl4 和HCl共五种不同产物，故B错误；‎ C.乙烯分子与苯分子都能与H2发生加成反应，苯环中不含碳碳双键，只有大π键，故C错误； ‎ D.若苯环中含有碳碳单键和碳碳双键交替的结构则邻二甲苯有二种结构, 邻二甲苯只有一种结构,证明苯环中不存在碳碳单键和碳碳双键交替的结构，故D正确。‎ 故答案选D。‎ ‎12.下列有关同分异构体数目的叙述不正确的是 A. 若甲苯苯环上的一个氢原子被一个含3个碳原子的烷基取代，所得产物有6种 B. (CH3)2CHCl在浓硫酸作用下发生消去反应只得到一种烯烃 C. 含有5个碳原子的饱和链烃，其一氯取代物共有8种 D. 与互为同分异构体的芳香族化合物有6种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题主要考查同分异构体的结构与数目。‎ A．甲苯苯环上有3种H原子，含3个碳原子的烷基取代有正丙基、异丙基，据此计算判断；‎ B．(CH3)2CHCl在浓硫酸作用下发生消去反应得到丙烯；‎ C．含有5个碳原子的饱和链烃为C5H12，有正戊烷、异戊烷、新戊烷，结合分子中等效氢判断；‎ D．分子式为C7H8O，其同分异构体为芳香族化合物，含有苯环，侧链为甲基、羟基，有邻、间、对三种，侧链还可以为-CH2OH、-OCH3。‎ ‎【详解】A．甲苯苯环上有3种H原子，含3个碳原子的烷基有正丙基、异丙基两种，所以甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代有产物，故A正确；‎ B． (CH3)2CHCl在浓硫酸作用下发生消去反应得到丙烯，只有一种烯烃，故B正确；‎ C．含有5个碳原子的饱和链烃为C5H12，有正戊烷、异戊烷、新戊烷，正戊烷中有3种H原子，异戊烷中有4种H原子，新戊烷中有1种H原子，故C5H12的一氯代物共有 种，故C正确；‎ D．分子式为C7H8O，其同分异构体为芳香族化合物，含有苯环，侧链为甲基、羟基，有邻、间、对三种，侧链还可以为-CH2OH、-OCH3，有如下结构：共5种，故D错误。‎ 故选D。‎ ‎13.欲除去下列各物质中的少量杂质，括号内试剂选择正确的是 A. 苯中的苯酚（溴水） B. 甲烷中的乙烯（KMnO4溶液）‎ C. 苯中的甲苯（KMnO4溶液和氢氧化钠溶液） D. 乙烯中的乙炔（H2）‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题主要考查有机物质的除杂与分离。‎ A.苯酚和溴水反应生成2,4,6-三溴苯酚溶于苯；‎ B. 乙烯和KMnO4溶液反应生成CO2；‎ C. 甲苯与KMnO4溶液反应生成苯甲酸，苯甲酸与氢氧化钠反应生成溶于水的苯甲酸钠；‎ D. 乙烯和乙炔都能和氢气发生加成反应。‎ ‎【详解】A.苯酚和溴水反应生成2,4,6-三溴苯酚溶于苯，不能分离，故A错误；‎ B. 乙烯和KMnO4溶液反应生成CO2，甲烷中混有新杂质CO2，故B错误；‎ C. 甲苯与KMnO4溶液反应生成苯甲酸，苯甲酸与氢氧化钠反应生成溶于水的苯甲酸钠，在通过分液即可分离，故C正确；‎ D. 乙烯和乙炔都能和氢气发生加成反应，故D错误；‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】苯酚和溴水反应生成2,4,6-三溴苯酚溶于苯；乙烯和KMnO4溶液反应生成CO2；‎ 甲苯与KMnO4溶液反应生成苯甲酸，苯甲酸与氢氧化钠反应生成溶于水苯甲酸钠；乙烯和乙炔都能和氢气发生加成反应。‎ ‎14.下列实验装置图正确的是( )‎ A. 实验室制备及收集乙烯 B. 石油分馏 C. 实验室制硝基苯 D. 实验室制乙酸乙酯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A．乙烯密度小于空气，应该采用向下排空气法收集，但因为乙烯不易溶于水且乙烯密度接近空气密度，最好采用排水法收集，故A错误；B．蒸馏时，温度计测量馏分温度，则温度计水银球应该位于蒸馏烧瓶支管口处，故B错误；C．实验室用苯和浓硝酸在浓硫酸作催化剂、加热55-60℃制备硝基苯，该实验操作正确，故C正确；D．实验室制取乙酸乙酯时，导气管不能伸入饱和碳酸钠溶液中，否则易产生倒吸现象，故D错误；故答案为C。‎ ‎15.有下列三种有机物，实现它们之间相互转化所选试剂（均足量）正确的是 a转化为b a转化为c c转化为b A NaOH Na CO2‎ B Na2CO3‎ NaOH HCl C NaHCO3‎ NaOH CO2‎ D NaHCO3‎ Na2CO3‎ HCl A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】Na可以与酚羟基、醇羟基、羧基发生反应，NaOH、Na2CO3可以与酚羟基和羧基反应；NaHCO3可以与羧基反应。所以a转化为b应该用NaHCO3溶液，a转化为c应该用NaOH或Na2CO3；c转化为b应该用弱酸碳酸，即通入CO2气体。故答案选C。‎ ‎16.下列说法正确的是 A. 乙酸乙酯在碱性条件下可发生皂化反应 B. 制造纸张的原料棉花、制造毛皮大衣的原料皮革，它们的主要成分都是纤维素 C. 在淀粉水解液中加过量NaOH，滴加碘水，如溶液未显蓝色，则证明淀粉水解完全 D. 体积分数75％的乙醇溶液可用于医疗消毒，福尔马林可用来浸制生物标本，二者原理相似 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.皂化反应仅限于油脂与氢氧化钠混合，得到高级脂肪酸的钠盐和甘油的反应，故A错误；‎ B. 棉花主要成分是纤维素，皮革主要成分是蛋白质，故B错误；‎ C. NaOH可与碘单质反应，在淀粉水解液中加过量NaOH，滴加碘水，如溶液未显蓝色，有可能是，不能证明淀粉水解完全，因为此时碘单质已被NaOH反应，故C错误；‎ D. 体积分数75％的乙醇溶液可用于医疗消毒，福尔马林可用来浸制生物标本，二者原理都是使蛋白质变性失活，故D正确。‎ 答案选D。‎ ‎17.某分子式为C12H24O2的酯，在一定条件下可发生如下图所示的转化：‎ 则符合上述条件的酯的结构可能有 A. 6种 B. 7种 C. 8种 D. 9种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】由题中转化图可知，B、C两物质中的碳原子数相等，应均含6个碳原子，且醇能最终转化为酸，且条件A为碱性条件，故酯(C12H24O2)在条件A中发生碱性水解后生成B(C5H11COONa等羧酸盐)和C(C5H11CH2OH醇)，D是醛(C5H11CHO)，E是羧酸(C5H11COOH)，所以原来的酯为C5H11COOCH2C5H11，由于戊基(－C5H11)本身的结构有8种，所以原来的酯的结构也就有8种，故C项正确，答案选C。‎ ‎18.某有机物的结构简式如图，取足量的Na、NaOH (aq)和NaHCO3‎ ‎(aq)分别和等物质的量的该有机物在一定的条件下反应（必要时可以加热），完全反应后消耗Na、NaOH和NaHCO3三种物质的物质的量之比为 ( )‎ A. 3:4:2‎ B. 3:5:2‎ C. 3:5:1‎ D. 3:4:1‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据有机物的结构简式可知，分子中含有1个酚羟基、1个醇羟基、1个羧基、1个酯基和1个溴原子。因此1mol该有机物消耗3mol钠，1mol碳酸氢钠。又因为酯基水解后又产生1个酚羟基，且卤代烃水解还需要氢氧化钠，所以需要5mol氢氧化钠，因此答案选C。‎ ‎19.下列说法正确的是 A. 按系统命名法，CH3CH(C2H5)CH2CH(CH3)2的命名为： 2－甲基－4－乙基戊烷 B. 若两种二肽互为同分异构体，则二者的水解产物一定不相同 C. 的单体是CH3-C≡C-CH3和CH2=CH-CN D. 已知可使Br2/CCl4溶液褪色，说明该分子中存在独立的碳碳单键和碳碳双键 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A、烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，从离支链近的一端给主链上的碳原子编号；‎ B、两种二肽互为同分异构，水解产物可能是相同的氨基酸；‎ C、当高聚物中出现双键时，应考虑单体中含三键或是二烯；‎ D、根据碳碳双键能与单质溴发生加成反应使Br2的CCl4溶液褪色；‎ ‎【详解】A. 烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，则主链上有6个碳原子，从离支链近的一端给主链上的碳原子编号，则在2号和4号碳原子上各有1个甲基，故名称为：2，4−二甲基己烷，故A错误；‎ B. 两种二肽互为同分异构，水解产物可能是相同的氨基酸，如：一分子甘氨酸和一分子丙氨酸形成的二肽中有两种构成方式，但二肽水解时的产物相同，故B错误；‎ C. 该高聚物链节主链不含杂原子,属于加聚反应生成的高聚物,链节主链上存在碳碳双键结构,有6个碳原子,其单体必为两种,按如图所示断开,在将双键中的1个C−C打开,然后将半键闭合即可的该高聚物单体为：和，故C错误；‎ D. 可使Br2的CCl4溶液褪色，说明该分子中存在独立的碳碳单键和碳碳双键，故D正确。‎ 故答案选D。‎ ‎【点睛】烷烃命名时，要选最长的碳链为主链；两种二肽互为同分异构，水解产物可能是相同的氨基酸，如：一分子甘氨酸和一分子丙氨酸形成的二肽中有两种构成方式，但二肽水解时的产物相同；可使Br2的CCl4溶液褪色，说明该分子中存在独立的碳碳单键和碳碳双键。‎ ‎20.下列说法正确的是 A. 乳酸薄荷醇酯（ ）仅能发生水解、氧化、消去反应 B. 乙醛和丙烯醛（）不是同系物，它们与氢气充分反应后的产物也不是同系物 C. 麦芽糖和纤维二糖水解后都只得到葡萄糖 D. 检验某溶液中是否含有甲醛：在盛有2 mL 10％CuSO4溶液的试管中滴加0.5mL10％NaOH溶液，混合均匀，滴入待检液，加热 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A含-COOC-可发生水解，含-OH可发生氧化、消去反应，且含-OH能与Na反应等；‎ B.关键乙醛和丙烯醛的结构及二者与氢气反应产物判断是否属于同系物；‎ C. 麦芽糖和纤维二糖水解后都只得到葡萄糖；‎ D．加入氢氧化钠较少，应在碱性条件下反应。‎ ‎【详解】A.乳酸薄荷醇酯（ ‎ ‎）能发生水解、氧化、消去反应，还能够发生取代反应(H氢原子被卤素原子取代)，故A错误；‎ B.乙醛和丙烯醛()的结构不同，所以二者一定不是同系物；它们与氢气充分反应后分别生成乙醇和丙醇，所以与氢气加成的产物属于同系物，故B错误；‎ C.麦芽糖和纤维二糖水解后都只得到葡萄糖，故C正确；‎ D.甲醛与氢氧化铜浊液的反应应在碱性条件下进行，加入氢氧化钠较少，故D错误。‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】含-COOC-可发生水解，含-OH可发生氧化、消去反应，且含-OH能与Na反应等；关键乙醛和丙烯醛的结构及二者与氢气反应产物判断是否属于同系物；麦芽糖和纤维二糖水解后都只得到葡萄糖；加入氢氧化钠较少，应在碱性条件下反应。‎ ‎21.莽草酸是合成治疗禽流感和甲型H1N1流感药物——达菲的重要原料。已知莽草酸的结构简式如图所示。下列关于这种有机化合物的说法正确的是 ‎ A. 莽草酸的分子式为C6H10O5 B. 莽草酸能使溴的四氯化碳溶液褪色 C. 莽草酸遇FeCl3溶液显紫色 D. 莽草酸中所有碳原子可共平面 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据结构简式可确定其分子式；有机物含有羟基，可发生酯化、氧化和消去反应，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，酚类结构不能遇FeCl3溶液显紫色，碳原子不都共面。‎ ‎【详解】A、由结构简式可知该有机物的分子式为C7H10O5，故A错误；‎ B、含C=C，则莽草酸能使溴的四氯化碳溶液发生加成反应，所以溶液褪色，故B正确；‎ C、分子中不含苯环，则不含酚-OH，所以莽草酸遇FeCl3溶液不显紫色，故C错误；‎ D、莽草酸中不含苯环，环状结构碳原子不在同一平面，故D错误。‎ 故答案选：B。‎ ‎【点睛】根据结构简式可确定其分子式；有机物含有羟基，可发生酯化、氧化和消去反应，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，酚类结构不能遇FeCl3溶液显紫色，碳原子不都共面。‎ ‎22.双酚A()是一种重要的化工原料，它的一种合成路线如下图所示：‎ 丙烯双酚A 下列说法正确的是(　　)‎ A. 1 mol 双酚A最多可与2 mol Br2反应 B. G物质是乙醛的同系物 C. E物质的名称是1-溴丙烷 D. 反应③的化学方程式是＋O22CH3COCH3＋2H2O ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 丙烯与HBr发生加成反应生成E，卤代烃E发生反应生成F，F能够发生催化氧化生成G，则F为醇，反应②为卤代烃的水解反应；G与苯酚反应得到双酚A，结合双酚A的结构，可知G为，则F为，E为CH3CHBrCH3，结合物质的性质分析解答。‎ ‎【详解】A．双酚A()中酚羟基的邻位含有H原子，可以与溴发生取代反应，1mol双酚A最多可与4mol Br2反应，故A错误；‎ B．根据上述分析，G为，含有羰基，乙醛含有醛基-CHO，二者含有官能团不同，不是同系物，故B错误；‎ C．根据上述分析，E为CH3CHBrCH3，名称为2-溴丙烷，故C错误；‎ D．反应③是2-丙醇发生催化氧化反应生成丙酮，反应化学方程式是2＋O22CH3COCH3＋2H2O，故D正确；‎ 答案选D。‎ ‎23.β月桂烯的结构如图，该物质与一定量的溴发生加成反应的产物（不考虑立体异构）理论上最多有 A. 3种 B. 4种 C. 7种 D. 8种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据β月桂烯含有三个双键，都能发生加成反应，且存在与1-3丁二烯的共轭双键，则能发生1，4-加成。‎ ‎【详解】因分子存在三种不同的碳碳双键,如图所示；1分子物质与1分子Br2加成时,可以在①、②、③的位置上发生加成,也可以发生1分子Br2在①、②之间发生1，4−加成反应，共四种；1分子物质与2分子Br2加成时,可以在①、②位置也可以在②、③位置和①、③位置，共三种；1分子物质与3分子Br2加成时, 可以在①、②、③的位置上发生加成共一种。综上所述共有8种加成反应的产物，故答案选D。‎ ‎【点睛】1-3丁二烯的共轭双键，则能发生1，4-加成。‎ ‎24.近年来，由于石油价格不断上涨，以煤为原料制备一些化工产品的前景又被看好。如图是以烃A为原料生产人造羊毛的合成路线。‎ 下列说法正确的是 A. 合成人造羊毛的反应属于缩聚反应 B. A生成C的反应属于加成反应 C. A生成D的反应属于取代反应 D. 烃A的结构简式为CH2=CH2‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由人造羊毛的结构简式逆推，C、D的结构简式为CH2=CH-CN、CH3COOCH=CH2，A属于烃，结合A→C和A→D的反应，A为CH≡CH，C为CH2=CHCN，B为CH3COOH，D为CH3COOCH=CH2。‎ ‎【详解】A．一定条件下，CH2=CH-CN、CH3COOCH=CH2发生加聚反应生成人造羊毛，反应方程式为：nCH2=CH-CN+nCH3COOCH=CH2，无小分子生成，故A错误；‎ B．A是CH≡CH，A与HCN发生加成反应得到C：H2C=HC-CN，故B正确；‎ C．A→D的化学反应方程式：HC≡CH+CH3COOHH2C=CH-OOCCH3，属于加成反应，故C错误；‎ D．A是乙炔，A的结构式简为CH≡CH，故D错误；‎ 故选B。‎ ‎【点晴】本题考查有机物的推断，涉及炔等物质的性质、有机反应类型等知识，注意采用倒推和正推向结合的方法推断，注意理解各反应类型的特征是解题的关键。‎ ‎25.肉桂酸甲酯（属于酯类，代号M）是常用于调制具有草莓、葡萄、樱桃、香子兰等香味的食用香精。测得其相对分子质量为162，分子中C、H、O原子个数比为5︰5︰1，且分子中只含有1个苯环，苯环上只有一个取代基。现测出M的核磁共振氢谱谱图有6个峰，其面积之比为1︰2︰2︰1︰1︰3。下列说法不正确的是 A. M的分子式为C10H10O2‎ B. 1mol的M最多能被4molH2还原 C. 肉桂酸能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色 D. 与M含有相同官能团，且苯环上氢的化学环境只有两种的同分异构体有3种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 相对分子质量为162，分子中C、H、O原子个数比为5：5：1，则分子式应为C10H10O2，分子中只含有1个苯环，苯环上只有一个取代基，核磁共振氢谱谱图有6个峰，其面积之比为1：2：2：1：1：3，则结构简式为，含有碳碳双键和苯环，可发生加成反应，含有酯基，可发生水解反应，以此解答该题。‎ ‎【详解】相对分子质量为162，分子中C、H、O原子个数比为5：5：1，则分子式应为C10H10O2，分子中只含有1个苯环，苯环上只有一个取代基，核磁共振氢谱谱图有6个峰，其面积之比为1：2：2：1：1：3，则结构简式为，‎ A．由以上分析可知M的分子式为C10H10O2，故A正确；‎ B．含有1个苯环和1个碳碳双键，则1mol的M最多能被4molH2还原，故B正确；‎ C．肉桂酸含碳碳双键能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确；‎ D．与M含有相同官能团，则含有碳碳双键和酯基，且苯环上氢的化学环境只有两种，说明苯环有两个取代基，且位于对位，则对应的同分异构体有以下几种情况，①CH2=CH－和（HCOOCH2－、CH3COO－、-COOCH3）3种、②CH3－和（CH2=CHCOO－、CH2=CHOOC－）2种以及③（CH3CH=CH－、CH2=CHCH2－）和-OOCH 2种，共7种，故D错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】相对分子质量为162，分子中C、H、O原子个数比为5：5：1，则分子式应为C10H10O2，分子中只含有1个苯环，苯环上只有一个取代基，核磁共振氢谱谱图有6个峰，其面积之比为1：2：2：1：1：3，则结构简式为，含有碳碳双键和苯环，可发生加成反应，含有酯基，可发生水解反应。‎ ‎26.下列各组物质① O2和O3 ② 红磷和白磷 ③ 12C和14C ④ CH3CH2CH2CH3 和 (CH3)2CHCH3 ⑤乙烷和丁烷 ⑥ CH3CH2CH2CH(C2H5)CH3 和 CH3CH2CH2CH(CH3)C2H5，互为同系物的是____________；（填序号，下同）互为同分异构体的是____________；是同一物质的是____________。‎ ‎【答案】 (1). ⑤ (2). ④ (3). ⑥‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个CH2原子团，具有相同官能团的化合物；具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；组成和结构都相同的物质为同一物质，同一物质组成、结构、性质都相同，据此分析。‎ ‎【详解】①O2和O3是由O元素组成的不同单质，互为同素异形体；‎ ‎②红磷和白磷是由P元素组成的不同单质，互为同素异形体；‎ ‎③12C和14C中子数不同，是碳元素的不同核素，互为同位素；‎ ‎④CH3CH2CH2CH3和(CH3)2CH2CH3‎ 分子式相同，结构不同，为碳链异构，其名称分别为：正丁烷、异丁烷，互为同分异构体；‎ ‎⑤乙烷和丁烷,结构相似,都属于烷烃,形成2个CH2原子团，互为同系物；‎ ‎⑥CH3CH2CH2CH(C2H5)CH3和CH3CH2CH2CH(CH3)C2H5分子式相同，结构相同，只是书写形式不同，属于同一物质；‎ 故答案为：⑤；④；⑥。‎ ‎【点睛】同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个CH2原子团，具有相同官能团的化合物；具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；组成和结构都相同的物质为同一物质，同一物质组成、结构、性质都相同；‎ ‎27.（1） 是常用指示剂酚酞。写出该化合物中含氧官能团的名称：______和______；‎ ‎（2）写出3甲基1丁烯的结构简式____________；写出有机物的名称____________。‎ ‎（3） 的一氯代物有____________种；二氯代物有____________种；‎ ‎（4）有机物K用于合成高分子材料，K可由水解制得，写出K在浓硫酸作用下生成的聚合物的结构简式__________；‎ ‎（5）的一种同分异构体具有以下性质：①难溶于水，能溶于NaOH溶液；②能发生银镜反应；③核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积之比为1∶1∶1。写出该物质与足量氢氧化钠反应的化学方程式___________________________。‎ ‎【答案】 (1). 酯基 (2). （酚）羟基 (3). CH2=CHCH(CH3)2 (4). 2,3,5-三甲基-4-乙基庚烷 (5). 2 (6). 10 (7). (8). +4NaOH→+2HCOONa+2H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）根据结构简式可知，中含有的官能团有酚羟基和酯基。‎ ‎（2）根据有机物的键线式的表示方法判断该有机物的结构，然后根据烷烃的命名方法命名。‎ ‎（3）上下左右均对称，有两种位置H，则一氯代物有2种。二氯代物先将一个氯安好后观察有几种位置氢即可。‎ ‎（4）K是A的同分异构体，可由制得，则K为，发生缩聚反应。‎ ‎（5）①难溶于水，能溶于NaOH溶液，说明含有酯基；‎ ‎②能发生银镜反应，说明有醛基，可以是甲酸酯；‎ ‎③核磁共振氩谱有三组峰，且峰面积之比为1:1:1，说明结构对称性较强。‎ ‎【详解】（1） 根据结构简式可知，中含有的官能团有酚羟基和酯基。‎ 故答案为：酯基；（酚）羟基。‎ ‎（2）3甲基1丁烯的结构简式为CH2=CHCH(CH3)2；该有机物中最长的碳链上有7的碳原子属于庚烷，离甲基最近的碳原子为1号碳原子，且要使取代基的序数之和最小，所以该有机物的名称是2，3，5−三甲基−4−乙基庚烷。‎ 故答案为：CH2=CHCH(CH3)2；2，3，5−三甲基−4−乙基庚烷。‎ ‎（3）上下左右均对称，有两种位置H，则一氯代物有2种。二氯代物共有10种（），故答案为：2；10；‎ ‎（4）K是A的同分异构体,可由制得,则K为 ‎,要生成聚合物,必须两个官能团都发生反应,应发生缩聚反应。‎ 故答案为：。‎ ‎（5）①难溶于水，能溶于NaOH溶液，说明含有酯基；‎ ‎②能发生银镜反应，说明有醛基，可以是甲酸酯；‎ ‎③核磁共振氩谱有三组峰，且峰面积之比为1:1:1，说明结构对称性较强。该物质与足量氢氧化钠反应的化学方程式为+4NaOH→+2HCOONa+2H2O。‎ 故答案为：+4NaOH→+2HCOONa+2H2O。‎ ‎【点睛】根据有机物的键线式的表示方法判断该有机物的结构，然后根据烷烃的命名方法命名。‎ 上下左右均对称，有两种位置H，则一氯代物有2种。二氯代物先将一个氯安好后观察有几种位置氢即可。‎ ‎28.A是一种常见的烃，相同条件下相对氢气的密度为13，D能与小苏打反应产生气体，它们之间存在如图所示的转化关系（反应所需条件已略去）：‎ 请回答：‎ ‎（1）写出烃A的电子式__________；‎ ‎（2）反应⑤发生的条件是加热和催化剂，其化学方程式为__________；‎ ‎（3）检验乙醛中所含官能团可以选用的试剂是__________；‎ ‎（4）下列说法正确的是__________。‎ a．上述反应中属于加成反应的只有①和④ b．除去C中含有D可加生石灰蒸馏 c．工业上获得大量B可通过石油裂化工艺 d．等物质的量B和C完全燃烧耗氧量相同 ‎【答案】 (1). (2). CH3CH2OH＋O2CH3COOH＋H2O (3). 银氨溶液或新制氢氧化铜浊液; (4). bd ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A是一种常见的烃，相同条件下相对氢气的密度为13，相对分子质量为26，应为CH≡CH，由转化关系可知B为CH2=CH2，C为CH3CH2OH，D能与小苏打反应产生气体，应为CH3COOH，结合对应物质的性质以及题目要求解答该题。‎ ‎【详解】(1) A是一种常见的烃，相同条件下相对氢气的密度为13，相对分子质量为26，应为CH≡CH，电子式为，故答案为； ;‎ ‎(2)反应⑤发生的条件是加热和催化剂,为乙醇氧化生成乙酸的反应,方程式为。‎ 故答案为：。‎ ‎(3)检验乙醛，可用银氨溶液或新制氢氧化铜浊液。‎ 故答案为：银氨溶液或新制氢氧化铜浊液。‎ ‎(4)a.上述反应中属于加成反应的为①②③④，故a错误；‎ b.乙酸可与生石灰反应，除去C中含有D可加生石灰蒸馏，故b正确；‎ c.工业上获得大量B可通过石油裂解工艺，裂化可得到汽油，故c错误； ‎ d.B为CH2=CH2,C为CH3CH2OH,乙醇可写为，ZE等物质的量B和C完全燃烧耗氧量相同，故d正确。‎ 故答案为：bd。‎ ‎29.如图是某小组设计的用干燥氯气和甲苯合成一氯化苄（C6H5CH2Cl，其中C6H5－表示苯基）并分离产物的实验装置。甲苯及各种氯化苄的物理性质如表所示。‎ 物理性质 熔点℃‎ 沸点℃‎ 密度g∙cm-3‎ 甲苯 ‎-95‎ ‎110‎ ‎0.86‎ 一氯化苄（C6H5CH2Cl）‎ ‎-45‎ ‎179‎ ‎1.10‎ 二氯化苄（C6H5CHCl2）‎ ‎-17‎ ‎205‎ ‎1.26‎ 三氯化苄（C6H5CCl3）‎ ‎-4.4‎ ‎221‎ ‎1.37‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）仪器F的名称是__________；‎ ‎（2）瓶B和C中盛放的试剂应分别为__________（填序号）；‎ a．蒸馏水；浓硫酸 b．饱和食盐水；浓硫酸 c．浓硫酸；酸性KMnO4溶液 d．饱和NaHCO3溶液；浓硫酸 ‎（3）两处冷凝水的进水口应分别为__________（填序号）；‎ A . x1、y1 B. x1、y2 C. x2、y1 D．x2、y2‎ ‎（4）在回流反应的过程中，由于温度控制不当，部分产物从K2处被蒸出。取烧杯中的少量吸收液于试管中，滴入新制氢氧化铜悬浊液并加热，观察到有砖红色沉淀生成。则在吸收液中发生反应的化学方程式为______________________；‎ ‎（5）反应结束后，撤去E、F及尾气吸收装置，插上玻璃塞。保持K1关闭，打开K3，加热三颈烧瓶，分馏出一氯化苄，应选择的温度范围是__________；‎ ‎（6）由于某同学操作时不慎将含铁的沸石加入三颈烧瓶，在分馏时得到了异常馏分X。用质谱法测得X的相对分子质量与二氯化苄相同，核磁共振氢谱显示X中有3种不同化学环境的氢。已知苯环上存在甲基或氯甲基是，后续取代苯环的基团主要引入其邻位或对位，X的结构简式可能为__________。‎ ‎【答案】 (1). 干燥管 (2). b (3). d (4). C6H5CHCl2＋2NaOHC6H5CHO＋2NaCl＋H2O (5). 179~205℃ (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题主要考查有机化学的合成，用干燥氯气和甲苯合成一氯化苄，装置A为氯气发生装置，装置B为吸收HCl装置，装置C为干燥装置，装置D干燥氯气和甲苯的反应装置，再根据各种氯化苄的物理性质分析。‎ ‎【详解】（1）仪器F的名称是干燥管，故答案为：干燥管；‎ ‎（2）装置B为吸收HCl装置试剂为饱和食盐水，装置C为干燥装置试剂为浓硫酸，故答案选b；‎ ‎（3）冷凝管E作用为冷凝回流作用，水流下进上出；另一冷凝管起冷凝作用，水流下进上出；故答案为d；‎ ‎（4）取烧杯中的少量吸收液于试管中，滴入新制氢氧化铜悬浊液并加热，观察到有砖红色沉淀生成。则有醛基存在，则可推断产物为二氯化苄（C6H5CHCl2），发生反应：C6H5CHCl2＋2NaOHC6H5CHO＋2NaCl＋H2O；故答案为：C6H5CHCl2＋2NaOHC6H5CHO＋2NaCl＋H2O；‎ ‎（5）由表可知分馏出一氯化苄，应选择的温度范围是179~205℃，故答案为179~205℃；‎ ‎（6）X与二氯化苄为同分异构体，核磁共振氢谱显示X中有3种不同化学环境的氢。已知苯环上存在甲基或氯甲基是，后续取代苯环的基团主要引入其邻位或对位，则X结构简式为：或，故答案为：。‎ ‎【点睛】取烧杯中的少量吸收液于试管中，滴入新制氢氧化铜悬浊液并加热，观察到有砖红色沉淀生成。则有醛基存在，则可推断产物为二氯化苄（C6H5CHCl2），发生反应：C6H5CHCl2＋2NaOHC6H5CHO＋2NaCl＋H2O。‎ ‎30.去甲肾上腺素是一种重要的神经递质，以石油裂解产物A和邻甲氧基苯酚为原料，经过中间体藜芦醛，合成去甲肾上腺素的路线如下所示。‎ 已知：①‎ ‎②+‎ ‎③+‎ ‎④D和F互为同分异构体。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）C → D的反应类型为__________，G → H的反应类型为__________；‎ ‎（2）条件X为__________，E在条件X作用下发生变化官能团名称为__________；‎ ‎（3）关于上述合成，下列说法正确的是__________；（填序号）‎ a．1mol邻甲氧基苯酚能与3mol Br2发生取代反应 b．合成路线中CH3I和浓HI的作用是保护酚羟基不被O3氧化 c．藜芦醛分子中至少有14个原子共平面 d．1mol去甲肾上腺素熔化后至多可消耗3mol Na和2mol NaOH ‎（4）B + 邻甲氧基苯酚 → C的化学方程式为_______________________________；‎ ‎（5）藜芦醛的同系物Y相对分子质量比藜芦醛大14，写出Y满足下列条件所有同分异构体的结构简式：‎ ‎①能发生银镜反应；②1mol该有机物能消耗2mol NaOH(aq)；③核磁共振氢谱有4组峰 ‎__________________________________________________________；‎ ‎（6）试设计以间苯二酚（）为原料，制备聚酯的合成路线。（无机试剂任选，仅可使用间苯二酚作有机原料）___________‎ ‎【答案】 (1). 取代反应 (2). 还原反应 (3). NaOH醇溶液 / ∆ 或 NaOH / C2H5OH, ∆ (4). 溴原子 (5). bd (6). + +HCl (7). 、、、 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题主要考查有机合成推断。有流程图和已知条件可以知道A为丙烯，B为，C为 ‎，D为，E为D的加成产物，F为E的消去产物，以此推断。‎ ‎（1）由已知条件①可知C → D的反应类型为取代反应，由G分子式为和H分子式和条件可知反应类型；‎ ‎（2）由F到藜芦醛的条件和藜芦醛的结构简式可以推断F的结构简式，再由F得结构简式和E的分子式推断发生的反应类型条件X，官能团变化；‎ ‎（3）a．1mol邻甲氧基苯酚中2-4-6位置6号为氢已被取代，所以只能与2moll Br2发生取代反应；‎ b．合成路线中CH3I和浓HI的作用是保护酚羟基不被O3氧化；‎ c．藜芦醛分子中苯环，醛基，醚键原子共平面；‎ d．羟基可与拿反应，酚羟基可与氢氧化钠反应。‎ ‎（4）通过合成流程判断B的结构简式，再写出反应方程式为；‎ ‎（5）藜芦醛的同系物Y相对分子质量比藜芦醛大14则Y比藜芦醛多一个CH2基团①能发生银镜反应含有醛基；②1mol该有机物能消耗2mol NaOH(aq)含有2个酚羟基；③核磁共振氢谱有4组峰有4种环境的氢。以此写出同分异构体；‎ ‎（6）以间苯二酚（）为原料，制备聚酯，涉及拆环加链聚合等步骤，结合已知条件进行合成。‎ ‎【详解】（1）由已知条件①可知反应为取代反应，由G分子式C10H13O5N和H分子式C10H15O3N和条件可知反应类型为还原反应；故答案为：取代反应；还原反应；‎ ‎（2）由+和藜芦醛的结构简式 可以推断F的结构简式为，则E到F位消去反应条件X为NaOH醇溶液 / ∆ 或 NaOH / C2H5OH, ∆，官能团变化为溴原子；故答案为：NaOH醇溶液 / ∆ 或 NaOH / C2H5OH, ∆；溴原子；‎ ‎（3）a．1mol邻甲氧基苯酚中2-4-6位置6号为氢已被取代，所以只能与2moll Br2发生取代反应，故a错误；‎ b．合成路线中CH3I和浓HI的作用是保护酚羟基不被O3氧化，故b正确；‎ c．藜芦醛分子中苯环，醛基，醚键原子共平面，至少有16原子共面，故c错误；‎ d．羟基可与拿反应，酚羟基可与氢氧化钠反应，1mol去甲肾上腺素熔化后至多可消耗3mol Na和2mol NaOH，d正确。故答案选bd；‎ ‎（4）通过合成流程判断B的结构简式，C结构简式为则方程式为：+ +HCl；故答案为：+ +HCl；‎ ‎（5））藜芦醛结构简式为其同系物Y相对分子质量比藜芦醛大14则Y多一个碳原子①能发生银镜反应含有醛基；②1mol该有机物能消耗2mol ‎ NaOH(aq)含有2个酚羟基；③核磁共振氢谱有4组峰有4种环境的氢。则Y同分异构体有. 、、、；故答案为：. 、、、‎ ‎（6）以间苯二酚（）为原料，制备聚酯，涉及拆环加链聚合等步骤，结合已知条件进行合成。流程为故答案为：‎ ‎。‎ ‎【点睛】由已知条件①可知C → D的反应类型为取代反应，由G分子式为和H分子式和条件可知反应类型；由F到藜芦醛的条件和藜芦醛的结构简式可以推断F的结构简式，再由F得结构简式和E的分子式推断发生的反应类型条件X，官能团变化；藜芦醛的同系物Y相对分子质量比藜芦醛大14则Y比藜芦醛多一个CH2基团①能发生银镜反应含有醛基；②1mol该有机物能消耗2mol NaOH(aq)含有2个酚羟基；③核磁共振氢谱有4组峰有4种环境的氢。以此写出同分异构体。‎ ‎ ‎