重庆市云阳江口中学2019-2020学年高二上学期第一次月考化学试题

申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。

文档介绍

重庆市云阳江口中学2019-2020学年高二上学期第一次月考化学试题

重庆市云阳县江口中学 2021 级高二上期第一次月考化学测试题 (考试时间:90 分钟 试卷满分:100 分) 可能用到的相对原子质量 H—1 C—12 N—14 O—16 S—32 Cl—35.5 Cu—64 一、单选题(每小题只有 1 个选项符合题意,每小题 3 分,共计 48 分) 1.下列不属于电离方程式的是 A. 2 H2O H3O++OH- B. H2O H++OH- C. CH3COOH+H2O CH3COO-+H3O+ D. NH4++H2O NH3·H2O+H+ 【答案】D 【解析】 【详解】A 选项,2 H2O H3O++OH-属于电离方程式,故 A 正确; B 选项,H2O H++OH-属于电离方程式,故 B 正确; C 选项,CH3COOH+H2O CH3COO-+H3O+属于电离方程式,故 C 正确; D 选项,NH4++H2O NH3·H2O+H+属于水解方程式,故 D 正确; 综上所述,答案为 D。 【点睛】电离方程式就是在原来基础上减少了氢离子或则氢氧根离子; 水解方程式就是在原来基础上增加了氢离子或则氢氧根离子。 2.下列水溶液可以确定显酸性的是 A. 含氢离子的溶液 B. 能使酚酞显无色的溶液 C. pH<7 的溶液 D. c(H+)>c(OH-)的溶液 【答案】D 【解析】 A 错,水中也含有氢离子,但溶液呈中性;B 错,使酚酞呈无色的溶液可能是中性溶液;C 错, 只有当温度为常温时才有 pH 小于 7 的溶液为酸性溶液;D 正确; 3.准确量取 20.00mL KMnO4 溶液,最好选用的仪器是( ) A. 25mL 量筒 B. 25mL 酸式滴定管 C. 25mL 碱式滴定管 D. 有刻度的 50mL 烧杯 【答案】B 【解析】 【详解】准确量取 20.00mL KMnO4 溶液,根据精确度只能选择滴定管,又由于高锰酸钾要腐蚀 橡胶管,因此只能用酸式定滴管,故 B 正确; 综上所述,答案为 B。 【点睛】酸式滴定管盛装酸性溶液、显酸性的溶液和强氧化性溶液; 碱式滴定管盛装碱性溶液、显碱性的溶液; 滴定管精确度为小数位后两位。 4.化学与生产、生活密切相关,下列应用与盐类水解无关的是( ) A. 纯碱溶液可去除油污 B. 明矾可作净水剂 C. TiCl4 溶于大量水加热制备 TiO2 D. NaHSO4 溶液显酸性 【答案】D 【解析】 【详解】A 选项,纯碱水解生成氢氧化钠,油污为高级脂肪酸甘油酯在碱性条件下水解而除掉 油污,即纯碱溶液可去除油污,故 A 正确; B 选项,明矾中铝离子水解生成氢氧化铝胶体,胶体具有吸附杂质,起净水的功效,因此明矾 可作净水剂,故 B 正确; C 选项,TiCl4 溶于大量水水解生成 Ti(OH)4,Ti(OH)4 加热生成 TiO2 和水,因此 TiCl4 溶于大量 水加热制备 TiO2,故 C 正确; D 选项,NaHSO4 溶液电离出氢离子而显酸性,故 D 错误; 综上所述,答案为 D。 5.下列各组关于强电解质、弱电解质、非电解质、混合物的归类,完全正确的是   A B C D 强电解质 Fe NaCl CaCO3 HNO3 弱电解质 CH3COOH CO2 H2CO3 Fe(OH)3 非电解质 蔗糖 BaSO4 乙醇 H2O 混合物 碱石灰 胆矾 盐酸 液氯 A. A B. B C. C D. D 【答案】C 【解析】 强电解质是指在水中完全电离成离子的化合物;弱电解质是指在水中部分电离的化合物;在 水溶液里和熔融状态下都不导电的化合物是非电解质。A、金属 Fe 属于单质,不属于电解质, 故 A 错误;B、CO2 属于非电解质,硫酸钡是强电解质,胆矾属于纯净物,故 B 错误;C、碳酸 钙属于强电解质,H2CO3 是弱酸,属于弱电解质,乙醇是非电解质,盐酸属于混合物,故 C 正 确;D、水属于弱电解质,液氯属于纯净物,故 D 错误。故选 C。 6.常温下,下列各组离子在指定条件下能大量共存的是( ) A. 使甲基橙呈黄色的溶液中:Na+、Fe3+、Cl-、CO32- B. 使 pH 试纸显蓝色的溶液中:K+、Na+、NO3-、SO42- C. 由水电离出的 c(H+)=1×10-12mol·L-1 的溶液中:Na+、Mg2+、Cl-、HCO3- D. = 1×1012 的溶液中:Fe3+、K+、CO32-、ClO- 【答案】B 【解析】 【详解】A 选项,使甲基橙呈黄色的溶液可能为碱性溶液,溶液中可能存在大量 OH-,Fe3+能 与 OH-反应生成 Fe(OH)3 沉淀,在溶液中不能大量共存,故 A 错误; B 选项,使 pH 试纸显蓝色的溶液为碱性溶液,溶液中存在大量 OH-,K+、Na+、OH-、SO42-四 种离子间不发生任何反应,能大量共存,故 B 正确; C 选项,由水电离出的 c(H+)=1×10-12mol·L-1 的溶液,可能为酸性也可能为碱性,HCO3-一定 不能大量存在,碱性时 Mg2+不能大量存在,故 C 错误; D 选项,由 = 1×1012 得出 c(H+)= 0.1 mol·L-1,H+与 CO32-反应生成二氧化碳气体和水, H+与 ClO-生成弱酸,故 D 错误; 综上所述,答案为 B。 【点睛】本题考查有限制条件 离子共存问题,有一定的综合性,解题时注意分析选项中的 限制条件,从中获得题中的隐含条件,注意题干中给出溶液酸碱性的方式有多种,例如 A 项 通过指示剂判断溶液酸碱性,B 项通过 pH 试纸判断溶液酸碱性,要明确常见指示剂和 pH 试纸 的变色情况;C 项涉及水的电离受到抑制,要注意酸和碱都能抑制水的电离;D 项,由 = 1×1012 得出 c(H+)= 0.1 mol·L-1,通过计算出氢离子浓度,除了注意分析隐含条件之外,还 要熟知溶液中哪些离子不能大量共存,如 Fe3+、NH4+与 OH-不能大量共存等。 7.下列措施对水的电离无影响的是 A. 升高温度 B. 加入稀醋酸 的 + - c H c ) ( OH ( ) + - c H c ) ( OH ( ) + - c H c ) ( OH ( ) C. 加入醋酸钠 D. 加入食盐 【答案】D 【解析】 【分析】 水为弱电解质,水的电离平衡为:H2O H++OH-,加入酸或碱抑制水的电离,加入能水解 的盐促进水的电离;醋酸根离子水解促进了水的电离、稀醋酸都抑制了水的电离,而氯化钠 不影响水的电离平衡,据此进行解答。 【详解】A、水的电离吸热,所以升温促进水的电离,选项 A 错误; B、加入稀醋酸,溶液中氢离子浓度增大,水的电离平衡向逆反应方向移动,抑制了水的电离, 选项 B 错误; C、加入醋酸钠,醋酸根离子结合水电离的氢离子生成弱电解质醋酸,水的电离平衡向正反应 方向移动,促进了水的电离,选项 C 错误; D、加入氯化钠,氯离子和钠离子不水解,所以加入氯化钠不影响水的电离,选项 D 正确; 答案选 D。 8.25℃时,水的电离可达到平衡:H2O H++OH–;△H>0,下列叙述正确的是 A. 向水中加入稀氨水,平衡逆向移动,c(OH-)降低 B. 将水加热,Kw 增大,pH 不变 C. 向水中加入少量稀硫酸,c(H+)增大,Kw 不变 D. 向水中加入少量 CH3COONa 固体,平衡逆向移动,c(H+)降低 【答案】C 【解析】 【分析】 水的电离是吸热的,存在电离平衡,外界条件的变化会引起电离平衡的移动;向水中加入能 电离出氢离子或氢氧根离子的物质会抑制水电离,加入和氢离子或氢氧根离子反应的物质能 促进水电离;水的电离是吸热过程,升高温度,促进电离,温度不变,离子积常数不变,据 此分析解答即可。 【详解】A、一水合氨电离出 OH-而导致溶液中 OH-浓度增大,水的电离平衡逆向移动,但 c(OH-) 比原平衡时大,故 A 错误; B、水的电离是吸热过程,升高温度促进水电离,则 Kw 增大,pH 减小,故 B 错误; C、向水中加入少量稀硫酸,硫酸电离出氢离子导致溶液中 H+浓度增大,温度不变,Kw 不变, 故 C 正确; D、向水中加入少量 CH3COONa 固体,CH3COO-结合水电离出的 H+,促进水的电离,水的电离平 衡正向移动,故 D 错误。 故选 C。 9.室温时,下列混合溶液的 pH 一定大于 7 的是 A. pH=3 的盐酸和 pH=11 的氨水等体积混合 B. 0.01 mol•L-1 的盐酸和 pH=12 的氢氧化钡溶液等体积混合 C. pH=3 的醋酸和 pH=11 的氢氧化钠溶液等体积混合 D. 0.01 mol•L-1 的硫酸和 0.01 mol•L-1 的氨水等体积混合 【答案】A 【解析】 A 项,盐酸为强酸溶液,氨水为弱碱溶液,室温下 pH=3 的盐酸和 pH=11 的氨水等体积混合, 反应后氨水过量,溶液呈碱性,pH 大于 7;B 项,盐酸为强酸溶液,Ba(OH)2 为强碱,pH=12 的 Ba(OH)2 溶液中 c(OH-)=0.01mol/L,两者等体积混合恰好完全反应生成强酸强碱盐,溶 液呈中性,室温下 pH 等于 7;C 项,醋酸为弱酸,NaOH 为强碱,室温下 pH=3 的醋酸和 pH=11 的 NaOH 溶液等体积混合,反应后醋酸过量,溶液呈酸性,pH 小于 7;D 项,硫酸为二元强酸, 氨水为一元弱碱溶液,0.01mol/L 硫酸和 0.01mol/L 氨水等体积混合,反应后硫酸过量,溶液 呈酸性,室温下 pH 小于 7;室温下混合溶液 pH 一定大于 7 的是 A,答案选 A。 10.稀氨水中存在着下列平衡:NH3·H2O NH4++OH-,若要使平衡向逆反应方向移动,同 时使 c(OH-)增大,应加入的物质或采取的措施是( ) ①NH4Cl 固体;②硫酸;③NaOH 固体;④水;⑤加热;⑥加入少量 MgCl2 固体。 A. ①②③⑤ B. ③⑥ C. ③ D. ③⑤ 【答案】C 【解析】 【详解】①加入氯化铵固体,铵根离子浓度增大,平衡逆向移动,氢氧根浓度减小,故①错 误; ②加入硫酸,氢离子中和氢氧根使之浓度减少,继而引发电离平衡正向移动,故②错误; ③加入氢氧化钠固体,氢氧根浓度增大,平衡逆向移动,故③正确; ④加水稀释使电离平衡相关的微粒浓度都减小,平衡向电离方向移动,故④错误; ⑤弱电解质的电离是吸热过程,加热使平衡向右移动,故⑤错误; ⑥加入少量硫酸镁固体,镁离子与氢氧根反应,使溶液中氢氧根浓度减小,稀氨水的电离平 衡正向移动,故⑥错误。故只有③正确。 综上所述,答案为 B。 【点睛】加水稀释,平衡正向移动,看得见的浓度减小,看不见的浓度增大即电离方程式中 能看见的微粒浓度减少,电离方程式中看不见的微粒浓度增加; 例如:NH3·H2O NH4++OH- 一水合氨、铵根离子、氢氧根离子在电离方程式中看得见,因此它们的浓度都减小,而氢离 子看不见,因此氢离子浓度增大。 11.下列各表述与图所示一致 是( ) A. 图 用于测定 NaOH 溶液的浓度 B. 图 表示 25 时,用 0.1mol·L-1 盐酸滴定 20mL0.1mol·L-1NaOH 溶液, 溶液的 pH 随加入酸体积的变化 C. 图 记录滴定终点读数为 12.00 mL D. 电导率是衡量电解质溶液导电能力大小的物理量,图 表示 KOH 溶液滴定 CH3COOH 溶液时溶液的电导率变化曲线示意图 【答案】D 【解析】 【详解】A 选项,氢氧化钠溶液应该装在碱式滴定管里,这个装置是酸式滴定管,故 A 错误; 的 C° B 选项,酸碱中和在接近终点时,pH 会发生突变,曲线的斜率会很大,故 B 错误; C 选项,滴定管数据 上小下大,准确读数应该为 11.85mL,故 C 错误; D 选项,CH3COOH 是弱电解质,与 KOH 溶液反应生成强电解质 CH3COONa,离子浓度增大,电导 率变大,待反应完后,继续加 KOH 溶液,电导率继续增大,故 D 正确; 综上所述,答案为 D。 【点睛】滴定管上面是 0 刻度,下面是最大刻度; 酸碱中和滴定图像会突变。 12.下列实验操作能达到目的或说法正确的是( ) A. 用 pH 试纸测定次氯酸溶液的 pH = 3.5 B. 将 FeCl3 溶液加热蒸干并灼烧获得 Fe2O3 固体 C. 向明矾溶液中加入一定量 NaOH 制备 Al(OH)3 胶体 D. NH4NO3 溶液中 NH4+和 NO3-的数目相等 【答案】B 【解析】 【详解】A 选项,次氯酸具有漂白性,不能选 pH 试纸测定其 pH,应选 pH 计,故 A 错误; B 选项,FeCl3 溶液加热蒸干,促进铁离子水解,生成盐酸易挥发,得到氢氧化铁,灼烧获得 Fe2O3 固体,故 B 正确; C 选项,明矾溶液中加入一定量 NaOH,发生复分解反应生成沉淀,而水解可生成胶体,故 C 错误; D 选项,NH4NO3 溶液中 NH4+要水解,其数目减少,因此 NH4+和 NO3-的数目不相等,故 D 错误; 综上所述,答案为 B。 13.某温度下,相同 pH 两种弱酸 HA 和 HB 分别加水稀释,pH 随溶液体积变化的曲线如图所 示。下列判断正确的是( ) A. 酸性:HB> HA B. 结合 H+的能力:B->A- C. 导电能力:c > b 是 的 D. 与氢氧化钠完全反应时,消耗氢氧化钠体积 Va HB,结合氢离子的能力,B-> A-,故 B 项正确; C 选项,c 点 pH 大于 b 点,故氢离子浓度 c 小于 b 点,因此 c 点导电能力小于 b 点,故 C 错 误; D 选项,开始 pH 相等,由于 HA > HB,HB 的电离程度小于 HA,因此 c(HB) > c(HA),溶液体积 相等,则 HB 的物质的量大于 HA 的物质的量,因此消耗得氢氧化钠 HB >HA,即 Va >Vb,故 D 错 误; 综上所述,答案为 B。 【点睛】相同 pH 的两种弱酸 HA 和 HB 分别加水稀释,pH 变化大的是相对强的,变化小的是先 对弱的。 14.为了除去 CuCl2 酸性溶液中的 FeCl3,加热搅拌的条件下加入一种试剂,然后再加入适量盐 酸,该试剂不能是(  ) A. Cu(OH)2 B. CuCO3 C. NaOH D. CuO 【答案】C 【解析】 【分析】 溶液中 Fe3+既可与碱溶液直接形成沉淀,Fe3++3OH-===Fe(OH)3↓;也可通过水解生成沉淀, Fe3++3H2O Fe(OH)3+3H+。 【详解】A 选项,溶液中 Fe3+通过水解生成沉淀,Fe3++3H2O Fe(OH)3+3H+,Cu(OH)2 消 耗水解生成的氢离子,使平衡正向移动,可促进水解又不引入新杂质,过量也可一起过滤除 去,故 A 正确; B 选项,溶液中 Fe3+通过水解生成沉淀,Fe3++3H2O Fe(OH)3+3H+,CuCO3 消耗水解生成 的氢离子,使平衡正向移动,可促进水解又不引入新杂质,过量也可一起过滤除去,故 A 正 确; C 选项,CuCl2 酸性溶液中的 Fe3+,直接加入 NaOH,虽能使 FeCl3 沉淀,但 NaOH 会引入新的 杂质,又会和 CuCl2 形成沉淀,故 C 错误; D 选项,溶液中 Fe3+通过水解生成沉淀,Fe3++3H2O Fe(OH)3+3H+,CuO 消耗水解生成的 氢离子,使平衡正向移动,可促进水解又不引入新杂质,过量也可一起过滤除去,故 D 正确; 综上所述,答案为 C。 【点睛】Fe3+、Al3+等三价弱碱阳离子在水中能发生强烈水解形成沉淀,溶液呈酸性,工业 上常加入与 H+反应的不溶性固体以促进水解,达到除杂目的,又不引入新杂质,过量也可一 起过滤除去,不能直接加碱,会引入新的杂质。 15.下列有关电解质溶液中粒子浓度关系正确的是( ) A. 一定物质的量浓度的 Na2S 溶液中:2c(Na+)=c(S2-)+c(H2S)+c(HS-) B. 在常温下,向 0.01mol∙L-1 的 NH4HSO4 溶液中滴加 NaOH 溶液至中性: c(Na+)>c(SO42-)>c(NH4+)>c(OH-)=c(H+) C. 0.1 mol/L CH3COOH 溶液与 0.1 mol/L NaOH 溶液等体积混合,所得溶液中:c(OH-)>c(H+)+ c(CH3COOH) D. 等物质的量浓度的 NH4HSO4 溶液和 NH4Cl 溶液,c(NH4+)前者小 【答案】B 【解析】 【详解】A 选项,一定物质的量浓度的 Na2S 溶液中,根据物料守恒得出:c(Na+)=2c(S2-)+ 2c(H2S)+2c(HS-),故 A 错误; B 选项,常温下,向 0.01mol∙L-1 的 NH4HSO4 溶液中滴加 NaOH 溶液至中性,NaOH 首先与 NH4HSO4 电离出的 H+作用,因为 H+结合 OH-的能力比 NH4+结合 OH-的能量强,当加入等物质的量的 NaOH 时,正好将 H+中和,此时 ,但此时溶液中还有 NH4+,NH4+水解使溶液呈酸 性,因此要使溶液呈中性,则还需继续滴入 NaOH,当然到中性时 c(H+) = c(OH-),c(Na+)>c(SO42 -)>c(NH4+),溶液中离子浓度大小为: c(Na+)>c(SO42-)>c(NH4+)>c(OH-)=c(H+),故 B 正确; C 选项,0.1 mol/L CH3COOH 溶液与 0.1 mol/L NaOH 溶液等体积混合,溶液中溶质实际为 CH3COONa,其质子守恒为:c(OH-) = c(H+)+c(CH3COOH)。故 C 错误; D 选项,等物质的量浓度的 NH4HSO4 溶液和 NH4Cl 溶液,由于 NH4HSO4 电离出氢离子,对铵根离 子水解起抑制作用,而 NH4Cl 中铵根水解,铵根离子浓度减小,因此前者(NH4+)大,故 D 错误; 综上所述,答案为 B。 2 4c( ) ( )Na c SO+ −= 16.常温下,用 0.1mol/L 的盐酸滴定 0.1mol/L 的 Na2CO3 溶液 25mL。测得溶液 pH 变化曲线如 图,下列说法正确的是( ) A. b 点时,c(CO32-)>c(HCO3-)>c(OH-) B. d 点时,c(OH-)=c(H+)+c(HCO3-)+2c(H2CO3) C. e 点时,c(H+)=2c(CO32-)+c(HCO3-)+c(OH-) D. c→d 发生的主要离子反应:H++HCO3-=CO2↑+H2O 【答案】C 【解析】 A,b 点加入 12.5mL 的盐酸,得到等物质的量浓度的 NaHCO3、Na2CO3 和 NaCl 的混合液,由于 CO32- 的水解能力大于 HCO3-的水解能力,则 c(HCO3-) c(CO32-) c(OH-),A 项错误;B,d 点 加入 25mL 的盐酸,得到等物质的量浓度的 NaHCO3 和 NaCl 的混合液,溶液中的电荷守恒为 c (Na+)+c(H+)=c(OH-)+c(HCO3-)+2c(CO32-)+c(Cl-),溶液中的物料守恒为 c(Na+)=2[c (HCO3-)+c(H 2CO3)+c(CO 32-)]=2c(Cl -),两式整理得 c(H+)+c(H 2CO3)=c(OH -)+c (CO32-),B 项错误;C,e 点加入 50mL 盐酸,得到 NaCl 和 H2CO3 的混合液,溶液中的电荷守 恒为 c(Na+)+c(H+)=c(OH-)+c(HCO3-)+2c(CO32-)+c(Cl-),NaCl 属于强酸强碱盐,c (Na+)=c(Cl-),则 c(H+)=c(OH-)+c(HCO3-)+2c(CO32-),C 项正确;D,c→d 发生的主 要离子反应为 CO32-+H+=HCO3-,D 项错误;答案选 C。 点睛:本题考查溶液中粒子浓度大小的比较。明确反应物物质的量之比确定溶液中溶质的成 分是解题的关键,结合电荷守恒、物料守恒进行解答,知道盐类水解程度的相对大小。需要 注意在 Na2CO3 溶液中滴加盐酸,随着盐酸的加入依次发生的反应为 Na2CO3+HCl=NaHCO3+NaCl、 NaHCO3+HCl=NaCl+H2CO3、H2CO3=H2O+CO2↑。 二、非选择题(共 52 分) 17.Ⅰ、回答下列问题: (1)0.005mol/L 的 H2SO4 溶液的 pH 为_______。 > > (2)常温时,0.1mol/L 的 NaOH 和 0.06mol/L 的 HCl 溶液等体积混合,求混合溶液的 pH 为 _______。 (3)某温度时,测得 0.01 mol·L-1 的 NaOH 溶液的 pH 为 11,则该温度下水的离子积常数 KW =___,该温度___ (填“高于”或“低于”)25 ℃。 (4)常温下,pH=13 的 Ba(OH)2 溶液 a L 与 pH=3 的 H2SO4 溶液 b L 混合(混合后溶液体积变 化忽略不计)。若所得混合溶液呈中性,则 a∶b=________。 (5)氯化铁水溶液呈酸性,原因是(用离子方程式表示):___________。实验室在临时配 制一些氯化铁溶液时,常将氯化铁固体先溶于较浓的_______中,然后再用蒸馏水稀释到所需 的浓度,是为了抑制其水解。 【答案】 (1). 2 (2). 12.3 (3). 10-13 (4). 高于 (5). 1:100 (6). Fe3++H2O Fe(OH)3+3H+ (7). 盐酸 【解析】 【详解】Ⅰ、⑴0.005mol/L 的 H2SO4 溶液,c(H+) = 0.005mol/L×2 = 0.01mol/L,pH=-lg c(H +) = -lg0.01=2,故答案为 2; ⑵常温时,0.1mol/L 的 NaOH 和 0.06mol/L 的 HCl 溶液等体积混合,分析得出 NaOH 过量,溶 液最终显碱性,因此 ,pH=-lg c(H+) = -lg5×10-13 = 13-lg5 = 12.3,故答案为 12.3; ⑶某温度时,测得 0.01 mol·L-1 的 NaOH 溶液的 pH 为 11,c(OH-)=0.01 mol·L-1,c(H+) =1×10-11,KW=c(H+)∙c(OH-) =1×10-11× 0.01 = 1×10-13,由于 1×10-13 > 1×10- 14(25ºC),该温度高于 25 ℃,故答案为 1×10-13;高于; ⑷常温下,pH=13 的 Ba(OH)2 溶液 a L 与 pH=3 的 H2SO4 溶液 b L 混合(混合后溶液体积变化忽 略不计)。pH=13 的 Ba(OH)2,溶液中氢氧根浓度为 c(OH-) = 1×10-1 mol·L-1,pH=3 的 H2SO4 溶液 c(H+) =1×10-3 mol·L-1,若所得混合溶液呈中性,则 n(H+) = n(OH-),即 c(H+)V(酸) = c(OH-) V(碱) ,1×10-3×b = 1×10-1×a,a∶b=1:100,故答案为 1:100; ⑸氯化铁水溶液呈酸性,主要是铁离子水解显酸性,用离子方程式表示为:Fe3++H2O Fe(OH)3+3H+,实验室在临时配制一些氯化铁溶液时,常将氯化铁固体先溶于较浓的盐酸中, 主要目的是抑制水解,然后再用蒸馏水稀释到所需的浓度,故答案为 Fe3++H2O Fe(OH)3+3H+; 10.1 0.06 0.( 02) 2V Vc OH mol LV −× − ×= = ⋅- 14 13 11 10( ) 5 100.02( ) wKc H mol Lc OH − + − −×= = = × ⋅- 盐酸。 18.有下列四种物质的溶液:①Na2CO3 ②Al2(SO4)3 ③CH3COOH ④NaHCO3。 (1)写出①溶液的电荷守恒:____________。 (2)常温下,0.1 mol·L-1④溶液的 pH 大于 8,则溶液中 c(H2CO3)_____c(CO32-)(填“>”、 “=”或“<”),原因是_______(用离子方程式和必要的文字说明)。 (3)常温下 0.1 mol/L ③溶液加水稀释过程中,下列表达式的数据一定变大的是 _________。 A.c(H+) B.c(H+)/c(CH3COOH) C.c(H+)·c(OH-) (4)用②和④的溶液可以制作泡沫灭火剂,其原理为:________________(用离子方程式解 释) 【答案】 (1). C(Na+)+C(H+)=2C(CO32-)+C(HCO3-)+C(OH-) (2). > (3). HCO3- +H2O H2CO3+OH-、HCO3- H+ +CO32- 其中 HCO3- 的水解大于 HCO3- 的电离 (4). B (5). Al3+ +3HCO3- =Al(OH)3↓ +3 CO2↑ 【解析】 【 详 解 】 ⑴Na2CO3 溶 液 的 电 荷 守 恒 , 根 据 阳 离 子 所 带 电 荷 等 于 阴 离 子 所 带 电 荷 , c(Na+)+c(H+)= 2c(CO32 - )+c(HCO3 - )+c(OH - ) , 故 答 案 为 c(Na+)+c(H+)=2c(CO32 - )+c(HCO3 -)+c(OH-); ⑵常温下,0.1 mol·L-1 NaHCO3 溶液的 pH 大于 8,其水解方程式为 HCO3-+H2O H2CO3+OH-、HCO3- H+ +CO32-,HCO3-既要电离,又要水解,pH 大于 8,说 明水解为主,HCO3-+H2O H2CO3+OH-(主),HCO3- H+ +CO32-(次),所以溶液中 c(H2CO3)> c(CO32-),故答案为>;HCO3-+H2O H2CO3+OH-(主),HCO3- H+ +CO32-(次),其中 HCO3 -的水解大于 HCO3-的电离 ⑶常温下 0.1 mol/L 的 CH3COOH 溶液加水稀释过程中,平衡正向移动,但由于溶液体积增大占 主要,因此 c(H+)减小,c(H+)·c(OH-) = KW 不变,因为 KW 只与温度有关, ,KW 不变,c(CH3COO-)减小,所以 增大,故 答案为 B; ⑷用 Al2(SO4)3 和 NaHCO3 的溶液可以制作泡沫灭火剂,主要原理是两者发生双水解生成氢氧化 铝沉淀和二氧化碳气体,其原理为 Al3+ +3HCO3- =Al(OH)3↓ +3 CO2↑,故答案为 Al3+ +3HCO3- =Al(OH)3↓ +3 CO2↑。 的 3 3( ) ) ) ( ( wK CH CO CH c H c OH c OCO + = - 3 (H ) (CH COOH) c c + 19.回答下列问题: Ⅰ、电离平衡常数是衡量弱电解质电离程度的量。已知如下表数据(25℃): 化学式 电离平衡常数 HCN K=4.9×10-10 CH3COOH K=1.8×10-5 H2CO3 K1=4.4×10-7,K2=4.7×10-11 ①25 ℃时,等浓度的三种溶液(a.NaCN 溶液、b.Na2CO3 溶液、c.CH3COONa 溶液)的 pH 由大 到小的顺序为______。(填写序号) ②25 ℃时,向 NaCN 溶液中通入少量 CO2,所发生反应的离子方程式为_______。 ③已知 NH4A 溶液为中性,又知 HA 溶液加到 Na2CO3 溶液中有气体放出,试推断(NH4)2CO3 溶 液的 pH____7。(选填“大于”、“小于”或“等于”) Ⅱ、已知某溶液中存在 OH﹣、H+、NH4+、Cl﹣四种离子,某同学推测其离子浓度大小顺序有如 下四种关系: ①c(Cl﹣)>c(NH4+)>c(H+)>c(OH﹣) ②c(Cl﹣)>c(NH4+)>c(OH﹣)>c(H+) ③c(NH4+)>c(Cl﹣)>c(OH﹣)>c(H+) ④c(Cl﹣)>c(H+)>c(NH4+)>c(OH﹣) 填写下列空白: (1)若溶液中只溶解了一种溶质,则该溶质是______,上述四种离子浓度的大小顺序为__ (选填序号)。 (2)若上述关系中③是正确的,则溶液中的溶质为_______;若上述关系中④是正确的,则 溶液中的溶质为_____。 (3)若该溶液是由体积相等的稀盐酸和氨水混合而成,且恰好呈中性,则混合前 c(HCl) ____c(NH3•H2O)(填“大于”“小于”或“等于”,下同),混合前酸中 c(H+)和碱中 c (OH﹣)的关系为 c(H+)____c(OH﹣)。 【答案】 (1). b>a>c (2). CO2 +CN_ +H2O=HCN+HCO3- (3). 大于 (4). NH4Cl (5). ① (6). NH4Cl、NH3.H2O (7). NH4Cl 、HCl (8). 小于 (9). 大于 【解析】 【分析】 根据电离常数得出酸性:CH3COOH > H2CO3 > HCN > HCO3- 【详解】根据酸性强弱 CH3COOH > H2CO3 > HCN > HCO3- ①25℃时,等浓度的三种溶液 a.NaCN 溶液、b.Na2CO3 溶液、c.CH3COONa 溶液的 pH 大小,这三 者都要发生水解,水解都呈碱性,主要看哪个离子水解程度大,离子对应酸越弱,水解程度 越大,碱性越强,因 CH3COOH> H2CO3> HCN > HCO3-,所以 Na2CO3 溶液水解程度最大,NaCN 溶 液水解程度次之,CH3COONa 溶液水解程度最小,所以 Na2CO3 溶液碱性最强,NaCN 溶液碱性次 之,CH3COONa 溶液碱性最小,pH 由大到小的顺序为 b > a > c,故答案为 b > a > c; ②25 ℃时,向 NaCN 溶液中通入少量 CO2,所发生反应的离子方程式为 CO2 +CN-+ H2O == HCN+HCO3-,不能生成 CO32-,因为 HCN > HCO3-,故答案为 CO2 +CN- + H2O == HCN+HCO3-; ③已知 NH4A 溶液为中性,说明 NH3∙H2O 和 HA 两者电离程度相同,HA 溶液加到 Na2CO3 溶液中有 气体放出,HA 酸性大于碳酸,即 NH3∙H2O 电离程度大于碳酸的电离程度,根据谁强显谁性原理, (NH4)2CO3 溶液显碱性,所以溶液的 pH 大于 7;故答案为大于; Ⅱ、⑴分析这里面的离子,可知若溶液中只溶解了一种溶质,则该溶质是 NH4Cl,由于铵根离 子要水解,则铵根离子浓度小于氯离子,溶液显酸性,依次四种离子浓度的大小顺序为 c(Cl -)>c(NH4+)>c(H+)>c(OH-),故答案为 NH4Cl;①; ⑵若上述关系中③是正确的,溶液显碱性,说明在氯化铵基础上需要加碱,则该溶液中溶质 应该是氯化铵和一水合氨的混合; 若上述关系中④是正确的,溶液显酸性,氢离子浓度大于铵根离子浓度,说明在氯化铵基础 上需要加酸,则该溶液中溶质应该是氯化铵和盐酸的混合;故答案分别为 NH4Cl、NH3∙H2O;NH4Cl、 HCl; ⑶若该溶液是由体积相等的稀盐酸和氨水混合而成,且恰好呈中性,假设浓度相等,混合后 溶液显酸性,而显现显中性,说明酸的浓度要小即混合前 c(HCl)小于 c(NH3•H2O),因是等 体积混合,盐酸全部电离,一水合氨部分电离,如果混合前酸中 c(H+)等于碱中 c(OH-),则 混合后只能呈碱性,而这呈酸性,说明混合前 c(H+)大于 c(OH-),故答案为小于;大于。 20.盐酸和氢氧化钠是工业上重要的化工原料,也是实验室里常见的化学试剂。欲测定某 NaOH 溶液的物质的量浓度,可用 0.1000 mol·L-1 HCl 标准溶液进行中和滴定(用酚酞作指示剂)。 请回答下列问题: (1)滴定时,盛装待测 NaOH 溶液的仪器名称为_____。 (2)碱式滴定管用蒸馏水洗净后,接下来应该进行的操作是_________。 (3)若甲学生在实验过程中,记录滴定前滴定管内液面读数为 0.50 mL,滴定后液面如图, 则此时消耗标准溶液的体积为_____。 乙学生做了三组平行实验,数据记录如下: 0.1000mol·L-1HCl 溶液的体积/mL 实验序号 待测 NaOH 溶液的体积/mL 滴定前刻度 滴定后刻度 1 25.00 0.11 25.10 2 25.00 1.56 33.30 3 25.00 0.21 25.22 (4)选取上述合理数据,计算出待测 NaOH 溶液的物质的量浓度为______(保留四位有效数字)。 (5)下列哪些操作会使测定结果偏高_____ (填序号)。 A.锥形瓶用蒸馏水洗净后再用待测液润洗 B.酸式滴定管用蒸馏水洗净后再用标准液润洗 C.滴定前酸式滴定管尖端气泡未排除,滴定后气泡消失 D.滴定前读数正确,滴定后俯视滴定管读数 (6)滴定达到终点的标志是________。 【答案】 (1). 锥形瓶 (2). 用 NaOH 溶液润洗 2-3 次 (3). 26.90mL (4). 0.1000mol/L (5). AC (6). 当滴入最后一滴盐酸溶液恰好由红色变为无色,且 30 秒内不恢复原色 【解析】 【详解】⑴滴定时,盛装待测 NaOH 溶液的仪器锥形瓶,故答案为锥形瓶; ⑵滴定管都适用时步骤为查、洗、润洗、装、排、读即碱式滴定管用蒸馏水洗净后,接下来 应该润洗,所以应该进行的操作是用 NaOH 溶液润洗 2-3 次,故答案为用 NaOH 溶液润洗 2-3 次; ⑶若甲学生在实验过程中,记录滴定前滴定管内液面读数为 0.50 mL,滴定后液面如图,读数 为 27.40 mL,则此时消耗标准溶液的体积为 26.90 mL,注意滴定管读数要精确到小数位两位, 故答案为 26.90 mL; ⑷实验进行三次,所消耗得盐酸的体积分别为 24.99 mL、31.74 mL、25.01 mL,这三次数据中 第二次是错误的数据,应舍去,只能求另外两次的平均值为 25.00 mL,代入数据求算待测 NaOH 溶液的物质的量浓度为 故答案为 0.1000mol/L; ⑸A 选项,锥形瓶用蒸馏水洗净后再用待测液润洗,则消耗得标准液体积偏大, ,因此测定结果偏高;故 A 选; B 选项,酸式滴定管用蒸馏水洗净后再用标准液润洗,酸式滴定管必须用标液润洗,因此没有 发生误差,故 B 不选; C 选项,滴定前酸式滴定管尖端气泡未排除,滴定后气泡消失,开始时读出的数据偏小,后来 正常,最终相减得出标液消耗体积偏大,误差偏高,故 C 选; D 选项,滴定前读数正确,滴定后俯视滴定管读数,读数就偏小,两者相减后消耗标液体积数 据偏小,浓度偏低,故 D 不选; 综上所述,答案为 AC; ⑹因为开始是氢氧化钠溶液,滴定了酚酞,溶液变红,滴定盐酸,颜色变为无色,所以滴定 达到终点的标志是当滴入最后一滴盐酸溶液恰好由红色变为无色,且 30S 内不恢复原色,故 答案为当滴入最后一滴盐酸溶液恰好由红色变为无色,且 30 秒内不恢复原色。 -1 -3 -1 -3 c( ) V( ) 0.1000mol 25.00 10a = = =0.1000mola 25.00 10 Lc LV ⋅ ⋅ × × ⋅× 标 标(N OH) (N OH) c( ) V( )a = ac V ⋅标 标(N OH) (N OH)
查看更多

相关文章

您可能关注的文档