【化学】甘肃省会宁县第四中学2019-2020学年高二下学期期末考试（解析版）

【化学】甘肃省会宁县第四中学2019-2020学年高二下学期期末考试（解析版）

甘肃省会宁县第四中学2019-2020学年高二下学期期末考试 一、选择题：每小题只有一个选项符合题意 ‎1.下列说法正确的是(　　)‎ A. 醇的官能团是羧基 B. 乙酸的官能团是羟基 C. 芳香烃的官能团是苯环 D. 炔烃的官能团是碳碳叁键 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．醇的官能团是羟基，故A错误；‎ B．乙酸的官能团为羧基，故B错误；‎ C．苯环不是官能团，故C错误；‎ D．炔烃含有C≡C键，为炔烃的官能团，故D正确；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】苯环不属于官能团，是易错点。‎ ‎2.国家卫健委公布的新型冠状病毒肺炎诊疗方案指出，乙醚、75%乙醇、含氯消毒剂、过氧乙酸(CH3COOOH)、氯仿等均可有效灭活病毒。对于上述化学药品，下列说法错误的是 A. CH3CH2OH能与水互溶 B. NaClO通过氧化灭活病毒 C. 过氧乙酸相对分子质量为76‎ D. 氯仿的化学名称是四氯化碳 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.乙醇分子中有羟基，其与水分子间可以形成氢键，因此乙醇能与水互溶，A说法正确；‎ B.次氯酸钠具有强氧化性，其能使蛋白质变性，故其能通过氧化灭活病毒，B说法正确；‎ C.过氧乙酸的分子式为C2H4O3，故其相对分子质量为76，C说法正确；‎ D.氯仿的化学名称为三氯甲烷，D说法不正确。‎ 综上所述，故选D。‎ ‎3.下列说法正确的是 A. 婴儿纸尿裤中含有聚丙烯酸钠高吸水性树脂 B. “熔喷布”可用于制作 N95 型等口罩，生产“熔喷布”的主要原料是聚丙烯，它属于纯净物 C. 人造纤维是以石油、煤、天然气等为原料经过聚合反应制成 D. 有机玻璃是通过缩聚反应制得的合成塑料，具有良好透光性 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 聚丙烯酸钠是一种高分子树脂，具有很强的吸水性，可用于制造婴儿纸尿裤，故A正确；‎ B. 聚丙烯是高分子化合物，聚合度n值不确定，所以聚丙烯属于混合物，故B错误；‎ C. 人造纤维是用木材、草类的纤维经化学加工制成的粘胶纤维，则不能利用石油、煤、天然气等做原料制得人造纤维，故C错误；‎ D. 聚甲基丙烯酸甲酯又称有机玻璃，即有机玻璃是通过加聚反应制得的，故D错误。‎ 答案选A。‎ ‎4.下列物质互为同系物的是 A. 丙烯酸和油酸 B. 和 C. 乙二醇和丙三醇 D. 环丁烷和乙烯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 丙烯酸CH2=CHCOOH和油酸C17H33COOH分子中都含有官能团羧基，它们的烃基中都只含有一个不饱和的碳碳双键，所以二者分子结构相似，并且在组成上相差15个CH2原子团，符合同系物的定义，二者属于同系物，故A选；‎ B. 为醇，为酚，结构不相似，二者不互为同系物，故B不选；‎ C. 乙二醇和丙三醇分子中羟基个数不同，分子组成上不相差CH2原子团，二者不互为同系物，故C不选；‎ D. 环丁烷为环烷烃，乙烯分子中含有碳碳双键，结构不相似，二者不互为同系物，故D不选；‎ 答案选A。‎ ‎5.中国研制成功的全球唯一的治疗疟疾特效药——青蒿素，是数亿外国人眼中的“中国神药”，结构如图所示。目前售价每克225美元，世界年产量15‎ 吨，是需求量的十分之一，供不应求。下列关于青蒿素的说法正确的是(　　)‎ A. 是一种烃 B. 属于高分子化合物 C. 属于芳香族化合物 D. 分子式是C15H22O5‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．烃是只含有碳元素和氢元素的有机物，该物质中含有氢元素、碳元素、氧元素，不属于烃类，故A错误；‎ B．高分子化合物的相对分子质量达到几千到几百万，该有机物的相对分子质量为282，不符合要求，不属于高分子化合物，故B错误；‎ C．该有机物中不含有苯环，不属于芳香族化合物，故C错误；‎ D．根据该有机物的结构简式得到该有机物的分子式为：C15H22O5，故D正确；‎ 答案选D。‎ ‎6.下列混合物在总物质量一定时，完全燃烧消耗O2的量不变的是 A. 甲烷、乙烯、甲醇 B. 乙烯、乙醇、2−羟基丙酸 C. 乙炔、苯、苯乙烯 D. 丙烯、2−丁烯、丁醛 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 1molCH4的耗氧量=（1+）mol=2mol，1mol乙烯的耗氧量=（2+）mol=3mol，1mol甲醇的（1+-）mol=1.5mol，三者耗氧量不相等，故A不选；‎ B. 1mol乙烯的耗氧量=（2+）mol=3mol，1mol乙醇的耗氧量=（2+）mol=3mol，1mol2-羟基丙酸（C3H6O3）的耗氧量=（3+-）mol=3mol，三者耗氧量相等，故B选；‎ C. 1mol乙炔的耗氧量=（2+）mol=2.5mol，1mol苯的耗氧量=（6+）mol=7.5mol，1mol苯乙烯的耗氧量=（8+）mol=10mol，三者耗氧量不相等，故C不选；‎ D. 1mol丙烯的耗氧量=（3+）mol=4.5mol，1mol 2-丁烯的耗氧量（4+）mol=6mol，1mol丁醛的耗氧量=（4+-）mol=5.5mol，三者耗氧量不相等，故D不选。‎ 答案选B。‎ ‎7.用括号中的试剂除去下列各物质中的少量杂质，其中正确的是 A. 苯中的甲苯(溴水) B. 苯中的苯酚(溴水)‎ C. 甲烷中的乙烯(KMnO4酸性溶液) D. 溴苯中的溴(NaOH溶液)‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．甲苯与溴水不反应，无法除杂，故A错误； ‎ B．苯酚与溴水反应生成三溴苯酚，但溴单质、三溴苯酚均易溶于苯，无法分离，故B错误；‎ C．乙烯被高锰酸钾氧化后生成二氧化碳，引入新杂质，应利用溴水和洗气法除杂，故C错误；‎ D．单质溴能与NaOH溶液反应生成溴化钠、次溴酸钠和水，溴化钠、次溴酸钠溶于水，溴苯不能与NaOH溶液反应也不溶于NaOH溶液，出现分层，可用分液的方法分离，既除去了杂质，又没有引入新的杂质，符合除杂原则，故D正确。‎ 答案选D。‎ ‎8.下列化合物中属于高分子化合物的是 ‎①聚乙炔；②蔗糖；③碳纤维；④硫橡胶；⑤大豆油；⑥纤维素；⑦脱氧核糖核酸；⑧高级脂肪酸钠；⑨羊毛纤维；⑩光导纤维 A. ①③⑤⑥⑦ B. ①④⑥⑦⑨ ‎ C. ①②⑤⑨⑩ D. ④⑤⑥⑧⑩‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】①聚乙炔是高聚物，相对分子质量在一万以上，属于高分子化合物；‎ ‎②蔗糖的分子式为C12H22O11，相对分子质量较小，不是高分子化合物；‎ ‎③碳纤维是由碳元素组成的一种特种纤维，不是高分子化合物；‎ ‎④硫橡胶是指硫化过的橡胶，属于高分子化合物；‎ ‎⑤大豆油属于油脂，相对分子质量较小，不是高分子化合物；‎ ‎⑥纤维素的分子式为(C6H10O5)n，相对分子质量在一万以上，属于高分子化合物；‎ ‎⑦脱氧核糖核酸是一种由核苷酸重复排列组成的长链聚合物，相对分子质量在一万以上，属于高分子化合物；‎ ‎⑧高级脂肪酸钠是肥皂的主要成分，相对分子质量较小，不是高分子化合物；‎ ‎⑨羊毛纤维属于蛋白质，相对分子质量在一万以上，属于高分子化合物；‎ ‎⑩光导纤维的主要成分是二氧化硅，不是高分子化合物；‎ 属于高分子化合物的是①④⑥⑦⑨，答案选B。‎ ‎9.下列官能团名称与对应结构简式书写错误的是 A. 羰基： B. 羧基：-COOH C. 醛基：-COH D. 氨基：-NH2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A项、羰基对应的结构简式为： ，A正确；‎ B项、羧基对应的结构简式为：-COOH，结构式为：，B正确；‎ C项、醛基对应结构简式为：-CHO，结构式为： ，C错误；‎ D项、氨基对应的结构简式为：-NH2，D正确；‎ 故本题选C。‎ ‎10.下列化学方程式正确的是 A. 甲苯与浓硝酸反应制TNT：+ HNO3 + H2O B. BrCH2CH2COOH与NaOH醇溶液共热：BrCH2CH2COOH+NaOHCH2=CHCOOH + NaBr + H2O C. 向苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：2+ CO2 + H2O→2 + Na2CO3‎ D. 乙醇与浓氢溴酸反应：CH3CH2OH + HBrCH3CH2Br + H2O ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．甲苯中苯环受甲基的影响，在浓硫酸做催化剂、加热条件下和浓硝酸易发生取代反应生成三硝基甲苯，化学反应方程式为+3HNO3+3H2O，故A错误；‎ B．BrCH2CH2COOH与NaOH醇溶液共热既发生消去反应，又发生中和反应，化学方程式为BrCH2CH2COOH+2NaOHCH2=CHCOONa+NaBr+2H2O，故B错误；‎ C. 酸性：碳酸＞苯酚＞HCO3-，根据强酸制弱酸的原理可知，二者反应生成苯酚和碳酸氢钠，化学方程式为+CO2+H2O→+NaHCO3，故C错误；‎ D. 乙醇与浓氢溴酸发生取代反应生成溴乙烷，化学方程式为CH3CH2OH + HBrCH3CH2Br + H2O，故D正确。‎ 答案选D。‎ ‎11.下列实验操作、现象及结论均正确的是 选项 实验操作及实验现象 实验结论 A 向蔗糖溶液中滴加几滴稀H2SO4，水浴加热几分钟后，再加入银氨溶液继续水浴加热，未在试管内壁上形成银镜 蔗糖未发生水解反应 B 将油脂、乙醇和氢氧化钠溶液混合加热几分钟，用胶头滴管取少量混合物滴入蒸馏水中，液体表层无剩余油滴 油脂已完全水解 C 将乙醇和浓H2SO4的混合物迅速升温至‎170℃‎，并将产生的气体通入到酸性KMnO4溶液中，酸性KMnO4溶液紫色变浅 反应生成了乙烯 D 向蛋白质溶液中加入浓HNO3，析出白色固体 蛋白质发生了颜色反应 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 蔗糖水解后检验葡萄糖时应在碱性溶液中进行，水解后没有加碱至碱性，再加入银氨溶液继续水浴加热，则没有银镜生成，不能说明蔗糖未水解，故A错误；‎ B. 油脂在碱性溶液中完全水解后的产物可溶于水，故不分层，由液体表层无剩余油滴可知油脂已完全水解，故B正确；‎ C. 生成的乙烯及挥发的乙醇均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，由酸性高锰酸钾溶液颜色变浅不能说明生成乙烯，故C错误；‎ D. 蛋白质溶液中加入浓HNO3，发生显色反应，出现黄色，故D错误。‎ 答案选B。‎ ‎12.分子式为C4H8Cl2的有机物共有（不含立体异构）‎ A. 7种 B. 8种 C. 9种 D. 10种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一移二”法， ，由图可知C4H8Cl2共有9种同分异构体，答案选C。‎ ‎13.下列各组中的反应，属于同一反应类型的是 A. 溴乙烷与NaOH水溶液共热制乙醇；丙烯与水反应制丙醇 B. 甲苯与浓硫酸、浓硝酸混合加热制对硝基甲苯；甲苯与酸性KMnO4作用制苯甲酸 C. 氯代环己烷与NaOH醇溶液共热制环己烯；丙烯与溴水反应制1,2−二溴丙烷 D. 乙酸、乙醇与浓硫酸共热制乙酸乙酯；苯甲酸乙酯与稀硫酸共热制苯甲酸和乙醇 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 溴乙烷与NaOH水溶液共热发生取代反应生成乙醇，丙烯与水发生加成反应生成丙醇，二者反应类型不相同，故A不选；‎ B. 甲苯与浓硫酸、浓硝酸混合加热发生取代反应生成对硝基甲苯，甲苯与酸性KMnO4发生氧化反应生成苯甲酸，二者反应类型不相同，故B不选；‎ C. 氯代环己烷与NaOH醇溶液共热发生消去反应生成环己烯，丙烯与溴水发生加成反应1,2−二溴丙烷，二者反应类型不相同，故C不选；‎ D. 乙酸、乙醇与浓硫酸共热发生酯化反应（取代反应）生成乙酸乙酯，苯甲酸乙酯与稀硫酸共热发生水解反应（取代反应）生成苯甲酸和乙醇，二者反应类型相同，故D选；‎ 答案选D。‎ ‎14.下列有机物的命名正确的是 A. 　二溴乙烷 B. 　3乙基1丁烯 C. 　2甲基2,4己二烯 D. 　2,2,3三甲基戊烷 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、应为1，2-二溴乙烷，A错误；‎ B、应为3-甲基-1-戊烯，B错误；‎ C、有机物命名正确，C正确；‎ D、应为2，2，4-三甲基戊烷，D错误；‎ 答案选C。‎ ‎15. 下列物质中，能显示酸性，还能发生酯化反应和消去反应的是 A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 分子中，羟基连接的碳原子的相邻碳原子上没有氢原子，不能发生消去反应，故A错误；‎ B. 含有羧基，能显示酸性，羟基连接的碳原子的相邻碳原子上有氢原子，能消去反应，含有羟基和羧基，可以发生酯化反应，故B正确；‎ C. 不能发生消去反应，故C错误；‎ D. 不能发生消去反应，故D错误。‎ 答案选B。‎ ‎16.紫花前胡醇可从中药材当归和白芷中提取得到，能提高人体免疫力。有关该化合物，下列叙述错误的是 A. 分子式为C14H14O4 B. 不能使酸性高锰酸钾溶液变色 C. 能够发生水解反应 D. 能够发生消去反应生成双键 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 紫花前胡醇分子中含有羟基、醚键、酯基、碳碳双键、苯环等，根据紫花前胡醇的结构分析相关化学性质。‎ ‎【详解】A. 根据该有机物的分子结构可知其分子式为C14H14O4，A正确；‎ B.该有机物的分子中含有羟基和碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液变色，B错误；‎ C.该有机物的分子中有酯基，能够发生水解反应，C正确；‎ D.该有机物分子中与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子，则可以在一定条件下发生消去反应生成碳碳双键，D正确。‎ 答案选B。‎ ‎17.下列说法正确的是（ ）‎ A. 油脂的水解反应称为皂化反应 B. 淀粉、蛋白质均含有C、H、O、N、P等元素 C. 酶是一种常见的催化剂，温度越高，催化活性越强 D. 向鸡蛋清溶液中加入饱和硫酸钠溶液会析出白色沉淀，加水沉淀会重新溶解 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 油脂在碱性条件下的水解反应称为皂化反应，A错误；‎ B. 淀粉只含有C、H、O等元素，蛋白质含有C、H、O、N、P等元素，B错误；‎ C. 酶是蛋白质，温度过高会发生变性，失去催化活性，C错误；‎ D. 鸡蛋清为蛋白质，向鸡蛋清溶液中加入饱和硫酸钠溶液发生盐析，会析出白色沉淀，加水沉淀会重新溶解，D正确；‎ 答案为D。‎ ‎18.下列装置或操作能达到实验目的(必要的夹持装置及石棉网已省略)的是 A. 实验室制乙烯 B. 实验室制乙炔并验证乙炔发生氧化反应 C. 实验室中分馏石油 D. 若A为醋酸，B为贝壳(粉状)，C 为苯酚钠溶液，验证醋酸、碳酸、苯酚酸性的强弱（不考虑醋酸的挥发）‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．无温度计，无法测量反应温度，反应温度‎140℃‎时，生成乙醚，‎170℃‎时生成乙烯，故A错误； ‎ B．在实验室制取乙炔时，用分液漏斗而不用长颈漏斗，生成的Ca(OH)2是糊状物，会封住长颈漏斗下端尖嘴口，没法继续反应，故B错误；‎ C．温度计水银球的位置错误，应与蒸馏瓶支管下沿平齐；冷凝管中冷凝水的流向错误，冷水应从下方进、上方出，故C错误；‎ D．强酸与弱酸的盐反应制弱酸，醋酸与碳酸钙反应制取二氧化碳，二氧化碳再与苯酚钠反应制取苯酚，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎19.下列说法不正确的是（ ）‎ A. 己烷有4种同分异构体，它们的熔点、沸点各不相同 B. 在一定条件下，苯与液溴、硝酸、硫酸作用生成溴苯、硝基苯、苯磺酸的反应都属于取代反应 C. 油脂皂化反应得到高级脂肪酸盐与甘油 D. 聚合物可由单体CH3CH＝CH2和CH2＝CH2加聚制得 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、己烷有5种同分异构体，分别是己烷(CH3CH2CH2CH2CH2CH3)、2—甲基戊烷[(CH3)2CH2CH2CH2CH3]、3—甲基戊烷[CH3CH2CH(CH3)CH2CH3]、2，3—甲基丁烷[(CH3)2CHCH(CH3)2]、2，2—甲基丁烷[(CH3)3CCH2CH3]，A不正确；‎ B、有机物中的原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应是取代反应，在一定条件下，苯与液溴、硝酸、硫酸作用生成溴苯、硝基苯、苯磺酸的反应都属于取代反应，B正确；‎ C、油脂在碱性条件下的水解反应是皂化反应，油脂通过皂化反应可以得到高级脂肪酸盐与甘油，C正确；‎ D、根据高分子化合物的结构可知，该化合物是加聚产物，依据链节可知其单体是丙烯和乙烯，D正确；‎ 答案选A。‎ ‎20.金丝桃苷是从中药材中提取的一种具有抗病毒作用的黄酮类化合物，结构式如下：‎ 下列关于金丝桃苷的叙述，错误的是 A. 可与氢气发生加成反应 B. 分子含21个碳原子 C. 能与乙酸发生酯化反应 D. 不能与金属钠反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．该物质含有苯环和碳碳双键，一定条件下可以与氢气发生加成反应，故A正确；‎ B．根据该物质的结构简式可知该分子含有21个碳原子，故B正确；‎ C．该物质含有羟基，可以与乙酸发生酯化反应，故C正确；‎ D．该物质含有普通羟基和酚羟基，可以与金属钠反应放出氢气，故D错误；‎ 故答案为D。‎ 二、非选择题 ‎21.有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得B、C、D和E四种物质。‎ 请回答下列问题：‎ ‎（1）指出反应的类型：A→C：___________。‎ ‎（2）在A~E五种物质中，互为同分异构体的是_______________（填代号）。‎ ‎（3）写出由A生成B的化学方程式 ‎________________________________________________________________。‎ ‎（4）C能形成高聚物，该高聚物的结构简式为_____________________________。‎ ‎（5）写出D与足量NaOH溶液共热反应的化学方程式 ‎________________________________________________________________。‎ ‎【答案】 (1). 消去反应 (2). CE (3). (4). (5). +2NaOH→+HCOONa+H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由有机物的结构及官能团变化可知，A→C中-OH变为C=C，则发生消去反应，故答案为：消去反应；‎ ‎（2）相对A来说，C、E均比A少2个H和1个O，则C、E的分子式相同，结构不同，二者互为同分异构体，故答案为：CE；‎ ‎（3）由A生成B，-OH转化为-CHO，发生醇的催化氧化反应，该反应的化学方程式为，故答案为：；‎ ‎（4）高聚物为C发生加聚反应的产物，则高聚物的结构简式为，故答案为：；‎ ‎（5）D的水解产物中苯甲酸结构及生成的HCOOH均与NaOH反应，则D与NaOH溶液共热反应的化学方程式为+2NaOH→+HCOONa+H2O，故答案为：+2NaOH→+HCOONa+H2O。‎ ‎22.有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取，纯净的A为无色粘稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：‎ 实验步骤 解释或实验结论 ‎①称取A ‎9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍。‎ 试通过计算填空：‎ ‎(1)A的相对分子质量为______‎ ‎②将此‎9.0g A足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重‎5.4g和‎13.2g。‎ ‎(2)A的分子式为______‎ ‎③另取A‎9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成‎2.24L CO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成‎2.24L H2(标准状况)‎ ‎(3)该有机物分子中含有羟基、羧基各1mol，羟基的电子式为______‎ ‎④A核磁共振氢谱如图：‎ ‎(4)A中含有______种氢原子 ‎⑤综上所述，A的结构简式______‎ ‎【答案】 (1). 90 (2). C3H6O3 (3). (4). 4 (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据阿伏伽德罗定律，同温同压下摩尔质量之比等于密度之比进行计算。根据浓硫酸增重的质量即碱石灰增重的质量分别为生成水的质量和生成二氧化碳的质量，利用计算出生成水的物质的量，得到含有氢原子的物质的量，得到碳原子的物质的量，根据有机物中碳原子和氢原子的个数比和相对分子质量得到分子式。只有羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，根据二氧化碳的体积计算可知含有一个羧基，醇羟基可以和金属钠发生反应生成氢气，根据氢气的体积计算含有羟基数目是1个，根据羟基的结构式写出它的电子式。根据核磁共振氢谱图看出有机物中有4个峰值，则含4种类型的等效H 原子，根据有机物的分子式、官能团、等效氢原子数目，根据峰面积得到氢原子个数，写出化合物的结构简式。‎ ‎【详解】①有机物质的密度是相同条件下H2的45倍，所以有机物质的分子式量为：45×2=90；‎ ‎②浓硫酸增重‎5.4g，则生成水的质量是‎5.4g，生成水的物质的量是：，所含有氢原子的物质的量是0.6mol，碱石灰增重‎13.2g，所以生成二氧化碳的质量是‎13.2g，所以生成二氧化碳的物质的量是： ，所以碳原子的物质的量是0.3mol，所以有机物中碳个数是3，氢个数是6，根据相对分子质量是90，所以氧原子个数是3，即分子式为：C3H6O3；‎ ‎③‎9.0g A的物质的量为，只有羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，生成标准状况下2.24LCO2的物质的量，则含有一个羧基，醇羟基可以和金属钠发生反应生成氢气，与足量金属钠反应则生成‎2.24L H2的物质的量，则含有羟基数目是1个；羟基为中性原子团，其电子式为；‎ ‎④根据核磁共振氢谱图看出有机物中有4个峰值，峰面积为3：1：1：1，氢原子的个数比是3：1：1：1，则含4种类型的等效H原子；‎ ‎⑤有机物A的分子式为C3H6O3，含有官能团为：-COOH、-OH，分子中含有4种类型的等效氢原子，氢原子的个数比是3：1：1：1，所以A的结构简式为：。‎ ‎【点睛】根据水的质量和二氧化碳的质量计算出碳原子和氢原子的数目是解本题的关键，氢原子的物质的量是水分子的物质的量的2倍，学生容易出错。‎ ‎23.纳豆是一种减肥食品，从其中分离出一种由C、H、O三种元素组成的有机物A，为确定其结构现进行如下实验：‎ ‎①相同条件下，测得A的蒸气密度是H2密度的60倍；‎ ‎②6gA在一定条件下完全燃烧，生成‎3.36L二氧化碳(标况)和‎1.8g水；‎ ‎③1mol物质A发生酯化反应，转化完全时消耗乙醇‎92g，等量的A能与足量的金属钠反应放出‎33.6L氢气(标况)。‎ ‎(1)A的相对分子质量为_______；‎ ‎(2)A的分子式为_________；‎ ‎(3)A的结构简式________。‎ ‎【答案】 (1). 120 (2). C3H4O5 (3). HOOC﹣CH(OH)﹣COOH ‎【解析】‎ ‎【详解】①相同条件下，气体的密度比等于相对分子质量之比， A的蒸气密度是H2密度的60倍，则A的相对分子质量是60×2=120；‎ ‎②6gA在一定条件下完全燃烧，生成二氧化碳的物质的量是，生成水的物质的量是，根据质量守恒，6gA中含有氧元素的物质的量是；A中n(C)：n(H)：n(O)=0.15：0.2:0.25=3：4：5，设A的分子式是(C3H4O5)n，A的相对分子质量是120，所以n=1，A的分子式是C3H4O5；‎ ‎③1mol物质A发生酯化反应，转化完全时消耗乙醇的物质的量是，说明A中含有2个羧基，等量的A能与足量的金属钠反应放出氢气，则A中还含有1个羟基，所以A的结构简式是HOOC﹣CH(OH)﹣COOH。‎ ‎【点睛】本题考查有机物分子式、结构式的推断，根据质量守恒定律计算A中氧元素的物质的量是解题的关键，明确官能团的结构和性质，根据性质推断有机物的官能团与数目。‎ ‎24.化合物G是一种药物合成中间体，其合成路线如下：‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）A中的官能团名称是__________。‎ ‎（2）碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳。写出B的结构简式，用星号(*)标出B中的手性碳__________。‎ ‎（3）写出具有六元环结构、并能发生银镜反应的B的同分异构体的结构简式__________。(不考虑立体异构，只需写出3个)‎ ‎（4）反应④所需的试剂和条件是__________。‎ ‎（5）⑤的反应类型是__________。‎ ‎（6）写出F到G的反应方程式__________。‎ ‎（7）设计由甲苯和乙酰乙酸乙酯(CH3COCH2COOC2H5)制备的合成路线__________(无机试剂任选)。‎ ‎【答案】 (1). 羟基 (2). (3). 、、、、 ‎ ‎(4). C2H5OH/浓H2SO4、加热 (5). 取代反应 ‎ ‎(6). 、 ‎ ‎(7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有机物A被高锰酸钾溶液氧化，使羟基转化为羰基，B与甲醛发生加成反应生成C，C中的羟基被酸性高锰酸钾溶液氧化为羧基，则D的结构简式为。D与乙醇发生酯化反应生成E，E中与酯基相连的碳原子上的氢原子被正丙基取代生成F，则F的结构简式为，F首先发生水解反应，然后酸化得到G，据此解答。‎ ‎【详解】（1）根据A的结构简式可知A中的官能团名称是羟基。‎ ‎（2）碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳，则根据B的结构简式可知B中的手性碳原子可表示为。‎ ‎（3）具有六元环结构、并能发生银镜反应的B 的同分异构体的结构简式中含有醛基，则可能的结构为、、、、。‎ ‎（4）反应④是酯化反应，所需的试剂和条件是乙醇/浓硫酸、加热。‎ ‎（5）根据以上分析可知⑤的反应类型是取代反应。‎ ‎（6）F到G的反应分两步完成，方程式依次为：、‎ ‎。‎ ‎（7）由甲苯和乙酰乙酸乙酯(CH3COCH2COOC2H5)制备，可以先由甲苯合成，再根据题中反应⑤的信息由乙酰乙酸乙酯合成，最后根据题中反应⑥的信息由合成产品。具体的合成路线图为：，‎ ‎。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的推断和合成，涉及官能团的性质、有机物反应类型、同分异构体的书写、合成路线设计等知识，利用已经掌握的知识来考查有机合成与推断、反应条件的选择、物质的结构简式、化学方程式、同分异构体的书写的知识。考查学生对知识的掌握程度、自学能力、接受新知识、新信息的能力；考查了学生应用所学知识进行必要的分析来解决实际问题的能力。有机物的结构、性质、转化、反应类型的判断、化学方程式和同分异构体结构简式的书写及物质转化流程图的书写是有机化学学习中经常碰到的问题，掌握常见的有机代表物的性质、各类官能团的性质、化学反应类型、物质反应的物质的量关系与各类官能团的数目关系，充分利用题目提供的信息进行分析、判断是解答的关键。难点是设计合成路线图时有关信息隐含在题干中的流程图中，需要学生自行判断和灵活应用。‎