内蒙古包头市第六中学2018-2019学年高二下学期期中考试化学试题

内蒙古包头市第六中学2018-2019学年高二下学期期中考试化学试题

化学试卷 可能用到的相对原子质量：H：‎1 C：12 O：16 Ag：108‎ 一、选择题：（每题2分，共44分）‎ ‎1.下列化学用语正确的是（ ）‎ A. 聚丙烯的结构简式：‎ B. 丙烷分子的比例模型：‎ C. 四氯化碳分子的电子式：‎ D. 2﹣乙基﹣1，3﹣丁二烯分子的键线式：‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 聚丙烯的结构简式为，A错误；‎ B. 丙烷分子的球棍模型：，B错误；‎ C. 四氯化碳分子的电子式：，C错误；‎ D. 2-乙基-1，3-丁二烯分子的键线式：，D正确，‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】掌握有机物结构的表示方法是解答的关键，尤其要注意比例模型与球棍模型的区别，球棍模型：用来表现化学分子的三维空间分布。棍代表共价键，球表示构成有机物分子的原子。比例模型：是一种与球棍模型类似，用来表现分子三维空间分布的分子模型。球代表原子，球的大小代表原子直径的大小，球和球紧靠在一起，在表示比例模型时要注意原子半径的相对大小。‎ ‎2.有机化学知识在生活中应用广泛。下列说法不正确的是（ ）‎ A. 医用酒精的质量分数为75%‎ B. 苯酚有毒，不小心沾到皮肤上，应用酒精清洗 C. 甘油加水做护肤剂 D. 福尔马林是甲醛的水溶液，具有杀菌防腐能力，不可用于保鲜鱼、肉等 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 医用酒精的体积分数为75%，故A错误；‎ B. 苯酚有毒，但能溶于酒精，不小心沾到皮肤上，应用酒精清洗，故B正确；‎ C. 甘油具有吸湿性，常用作一些护肤用品的添加剂，防止皮肤干燥，故C正确；‎ D. 福尔马林是甲醛的水溶液，甲醛能使蛋白质变性，具有杀菌防腐能力，但甲醛有毒，不可用于保鲜鱼、肉等，故D正确；‎ 故选A。‎ ‎3.下列各组物质在一定条件下反应，可以制得较纯净的1，2-二氯乙烷的是（ ）‎ A. 乙烷与氯气混合 B. 乙烯与氯化氢混合 C. 将乙炔通入氯的四氯化碳溶液中 D. 将乙烯通入氯的四氯化碳溶液中 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 乙烷与氯气混合制得多种氯代烷的混合物，故A不选；‎ B. 乙烯与氯化氢混合，在一定条件下发生加成反应，可以制得较纯净的一氯乙烷，故B不选；‎ C. 将乙炔通入氯的四氯化碳溶液中，生成二氯乙烯、四氯乙烷，故C不选；‎ D. 将乙烯通入氯的四氯化碳溶液中，发生加成反应，可以制得较纯净的1，2-二氯乙烷，故D选；‎ 故选D。‎ ‎4.下列说法正确的是（ ）‎ A. 用新制的银氨溶液可区分甲酸甲酯和乙醛 B. 碳氢质量比为3：1的烃，一定是CH4‎ C. KMnO4既可以除去乙烷中的乙烯，也可以鉴别乙烷与乙烯 D 苯酚与碱反应，但不与碳酸钠反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 用新制的银氨溶液不可区分甲酸甲酯和乙醛，两者均发生银镜反应，故A错误；‎ B. 碳氢质量比为3：1的烃，碳氢原子的物质的量之比为： =1:4，一定是CH4，故B正确；‎ C. KMnO4除去乙烷中的乙烯会生成二氧化碳，引入新杂质，故C错误；‎ D. 苯酚的酸性介于碳酸和碳酸氢根离子之间，苯酚与碱反应，也可与碳酸钠反应，故D错误；‎ 故选B。‎ ‎5.下列有机物中，既能发生加成、酯化反应，又能发生氧化反应是 ‎①CH2OH(CHOH)4CHO ②CH3CH2CH2OH ③CH2=CH—CH2OH ④CH2=CH—COOCH3 ⑤ CH2=CH—COOH A. ③⑤ B. ①③⑤ C. ②④ D. ①③‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 能发生加成反应说明含有不饱和键、苯环（与氢气加成），能发生酯化反应说明含有羟基或羧基，醇、醛、羧酸、烃等有机物都能燃烧而发生氧化反应，据此分析解答。‎ ‎【详解】①CH2OH(CHOH)4CHO中含有醇羟基和醛基，能发生加成反应、酯化反应和氧化反应，①符合；‎ ‎②CH3CH2CH2OH中含有醇羟基，能发生酯化反应和氧化反应，不含不饱和键，所以不能发生加成反应，②不符合；‎ ‎③CH2=CH－CH2OH中含有碳碳双键和醇羟基，能发生加成反应、氧化反应和酯化反应，③符合；‎ ‎④CH2=CH－COOCH3含有碳碳双键和酯基，能发生加成反应和氧化反应，但不能发生酯化反应，④不符合；‎ ‎⑤CH2=CH－COOH中含有碳碳双键和羧基，能发生加成反应、酯化反应和氧化反应，⑤符合；‎ 故选B。‎ ‎6.区别乙醛、甲苯、和溴苯，最简单的方法是（ ）‎ A. 加硝酸银溶液后振荡 B. 加蒸馏水后振荡，静置 C. 与新制Cu(OH)2悬浊液共热 D. 加酸性高锰酸钾溶液后振荡 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．加硝酸银溶液后振荡，不分层的是乙醛，分层，下层是油状液体的是溴苯，上层是油状液体的是甲苯，但不是最简方法，故A不选；‎ B．区别乙醛、甲苯和溴苯，最简单的方法是加蒸馏水后振荡，不分层的是乙醛，分层，下层是油状液体的是溴苯，上层是油状液体的是甲苯。方法简单，便捷，故B选；‎ C．与新制Cu(OH)2悬浊液共热，只有乙醛反应，故C不选；‎ D．加酸性高锰酸钾溶液后振荡，乙醛、甲苯均褪色，故D不选；‎ 故选B。‎ ‎7.下列实验中，所采取的分离方法与对应原理都正确的是（ ）‎ 选项 目的 分离方法 原理 A．‎ 分离溶于水中的碘 乙醇萃取 碘在乙醇中的溶解度较大 B．‎ 分离乙酸乙酯和乙醇 分液 乙酸乙酯和乙醇的密度不同 C．‎ 除去KNO3固体中混杂的NaCl 重结晶 NaCl在水中的溶解度很大 D．‎ 除去丁醇中的乙醚 蒸馏 丁醇与乙醚的沸点相差较大 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、乙醇与水互溶，不能萃取水中的碘，A错误；‎ B、乙醇和乙酸乙酯互溶，不能直接分液，B错误；‎ C、氯化钠溶解度受温度影响小，C错误；‎ D、丁醇与乙醇的沸点相差较大。蒸馏即可实现分离，D正确，‎ 答案选D。‎ ‎8.已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如下图所示，下列说法中错误的有（ ）‎ A. 由红外光谱可知，该有机物中至少含有三种不同的化学键 B. 由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同化学环境的氢原子 C. 若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3—O—CH3‎ D. 仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A项，该有机物中至少有C-H键、O-H键、C-O键三种键，故A项正确；‎ B项，核磁共振氢谱的峰的个数代表不同氢原子的个数，图中有三个峰，所以有三种不同的氢原子，故B项正确；‎ C项，由未知物A的红外光谱可以看出，A里有O-H键，所以肯定含有羟基，其结构简式为CH3CH2OH，故C项错误；‎ D项，核磁共振氢谱只可以得到氢原子的种类及其比值，无法得到氢原子总数，故D项正确。‎ 综上所述，本题选C。‎ ‎9.下列几种物质：①苯；②甲苯；③乙醇；④1﹣己烯；⑤甲醛溶液；⑥乙酸；⑦苯酚溶液。既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应的是（ ）‎ A. ②④⑤ B. ④⑤ C. ④⑤⑦ D. ③④⑤⑦‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】①苯既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水反应；‎ ‎②甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色但不能与溴水反应；‎ ‎③乙醇能使酸性高锰酸钾溶液褪色但不能与溴水反应；‎ ‎④1﹣己烯既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应；‎ ‎⑤甲醛溶液既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应；‎ ‎⑥乙酸既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水反应；‎ ‎⑦苯酚溶液既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应；‎ 符合题意的有：④⑤⑦；‎ 故选C。‎ ‎10.在由5种基团－CH3、－OH、－CHO、－C6H5、－COOH两两组成的物质中，能与NaOH反应的化合物有（ ）‎ A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】题给的5种基团两两组合后能与NaOH反应的物质有：CH3-COOH、C6H5-OH、OHC-COOH、C6H5-COOH、HO-CHO、HO-COOH共6种，则能与NaOH反应的物质共6种；‎ 故选C。‎ ‎11.有关物质结构、性质的说法中正确的是（ ）‎ ‎①苯的密度比水的密度小 ‎②C2H6、C4H10、C6H14在常温下均为气体 ‎③1mol苯最多与3molH2发生加成反应，是因为苯分子含有3个碳碳双键 ‎④水芹烯(桂皮中的一种成分)键线式如图，其分子式为C10H16‎ ‎⑤CH2=CH2与CH2=CH-CH=CH2互为同系物 ‎⑥甲烷与氯气在光照的条件下可以制取纯净的一氯甲烷 ‎⑦所有卤代烃都能发生水解反应 A. ①②⑤ B. ①④⑦ C. ③⑤⑥ D. ③④⑦‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】①烃的密度比水的密度小，故正确；‎ ‎②碳原子小于4的烃，C2H6、C4H10在常温下为气体，而C6H14在常温下为液体，故错误；‎ ‎③苯分子不含碳碳双键，故错误；‎ ‎④水芹烯(桂皮中的一种成分)键线式如图，其分子式为C10H16，故正确；‎ ‎⑤CH2=CH2是单烯烃，CH2=CH-CH=CH2是双烯烃，结构不同，不互为同系物，故错误；‎ ‎⑥甲烷与氯气在光照的条件下生成多种卤代烃的混合物，不可以制取纯净的一氯甲烷，故错误；‎ ‎⑦所有卤代烃都能发生水解反应，生成醇，故正确；‎ 纵上①④⑦正确；‎ 故选B。‎ ‎12.某有机物在一定条件下既可以氧化成羧酸，又可以还原成醇，该酸和该醇反应可生成分子式为C4H8O2的酯，则下列说法错误的是：（ ）‎ A. 该有机物既有氧化性又有还原性 B. 该有机物能发生银镜反应 C. 该有机物是乙酸的同系物 D. 将该有机物和分子式为C4H8O2的酯组成混合物，只要总质量一定无论怎样调整二者的物质的量之比，完全燃烧时得到二氧化碳的量必定相等 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 某有机物在一定条件下既可以氧化成羧酸，又可以还原成醇，说明该有机物既有氧化性又有还原性，该酸和该醇反应可生成分子式为C4H8O2的酯，说明该物质为乙醛，故A正确；‎ B. 乙醛能发生银镜反应，故B正确；‎ C. 乙醛是醛类，不是酸，不是乙酸的同系物，故C错误；‎ D. 将该有机物为乙醛，分子式为C2H4O和分子式为C4H8O2‎ 的酯组成混合物，最简式相同，碳的质量分数相同，只要总质量一定无论怎样调整二者的物质的量之比，完全燃烧时得到二氧化碳的量必定相等，故D正确；‎ 故选C。‎ ‎13.硝酸甘油（三硝酸甘油酯）是临床上常用的抗心率失常药。其合成步骤如下：1-丙醇→丙烯→3-氯-1-丙烯→1，2，3-三氯丙烷→丙三醇→三硝酸甘油酯（提示：CH2=CHCH3+Cl2→CH2=CHCH2Cl+HCl）经过的反应类型依次是（ ）‎ A. 取代→加成→加成→水解→酯化 B. 消去→取代→加成→水解→酯化 C. 消去→加成→加成→水解→酯化 D. 消去→加成→加成→取代→取代 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】1-丙醇在浓硫酸作用下发生消去反应生成丙烯（CH3CH=CH2），在加热条件下发生取代反应生成3-氯-1-丙烯，再与氯气发生加成反应生成1，2，3-三氯丙烷，在NaOH的水溶液中加热水解得丙三醇，在浓硫酸作用下与硝酸发生酯化反应生成三硝酸甘油酯，综合上述过程采用的反应为：消去→取代→加成→水解→酯化，‎ 故选B。‎ ‎14.以物质a为原料，制备物质d(金刚烷)的合成路线如图所示：‎ 关于以上有机物说法中错误的是（ ）‎ A. 物质a最多有10个原子共平面 B. 物质d的一氯代物有2种 C. 物质c与物质d互为同分异构体 D. 物质b的分子式为C10H12‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．物质含碳碳双键，为平面结构，则5个C可能共面，则亚甲基上2个H可能与其它原子不共面，则最多（5+4）=9个原子共面，故A错误；‎ B．物质d只有次甲基、亚甲基上两种H，其一氯代物有2种，故B正确；‎ C．物质c与物质d分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故C正确；‎ D．由结构可知b的分子式为C10H12，故D正确；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题以有机物的合成考查有机物的结构与性质，把握有机物的结构、官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的难点，物质d只有次甲基、亚甲基上两种H。‎ ‎15.已知柠檬醛的结构简式如图，根据已有知识判断下列说法不正确的是（ ）‎ A. 它可使酸性高锰酸钾溶液褪色 B. 它可与3molH2加成 C. 检验该物质中的碳碳双键可用加入溴水的方法 D. 柠檬醛完全加氢后，生成物的名称是3，7—二甲基—1—辛醇 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据柠檬醛的结构，该分子中既有醛基还有碳碳双键，所以柠檬醛可使酸性KMnO4溶液褪色，故A正确；‎ B．既有1mol醛基还有2mol碳碳双键，所以柠檬醛可使可以与3molH2加成发生加成反应，故B正确；‎ C．含-CHO，也可以被溴氧化，故C错误；‎ D．醛基、碳碳双键均可与氢气发生加成反应，则催化加氢后最终产物的化学式为C10H22O，结构简式为：，生成物的名称是3，7—二甲基—1—辛醇，故D正确；‎ 故选C。‎ ‎16.下列有关实验装置及用途叙述完全正确的是（ ）‎ A. a装置检验消去反应后有丙烯 B. b装置检验酸性：盐酸＞碳酸＞苯酚 C. c装置用于实验室制取并收集乙烯 D. d装置用于实验室制硝基苯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A．乙醇易挥发，结合乙醇的性质分析判断；‎ B．盐酸易挥发，根据盐酸与苯酚钠能反应，结合实验目的分析判断；‎ C．制备乙烯需要测定反应液的温度‎170℃‎，据此判断；‎ D．苯与浓硝酸发生取代反应生成硝基苯，水浴加热控制温度50～‎60℃‎，据此判断。‎ ‎【详解】A．乙醇易挥发，乙醇也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，干扰丙烯的检验，应排除乙醇的干扰后再检验，故A错误；‎ B．盐酸易挥发，盐酸与苯酚钠反应，则不能比较碳酸、苯酚的酸性，应排除HCl的干扰，故B错误；‎ C．制备乙烯测定反应液的温度‎170℃‎，则温度计的水银球应在液面下，故C错误；‎ D．苯与浓硝酸发生取代反应生成硝基苯，水浴加热控制温度50～‎60℃‎，则图中装置可制备，故D正确；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】本题的易错点为A，要注意乙醇能够发生氧化反应，除能够燃烧生成二氧化碳和水外，还能发生催化氧化生成乙醛，也能被酸性高锰酸钾、酸性重铬酸钾溶液直接氧化生成乙酸。‎ ‎17.中国女药学家屠呦呦因成功提取青蒿素而获得2015‎ 年诺贝尔医学奖，有关青蒿素的结构如图所示，下列关于靑蒿素的推断，不合理的是（　　）‎ A. 青蒿素的分子式是 B. 青蒿素所有碳原子均在同一平面上 C. 青蒿素在碱性条件下不能稳定存在 D. 青蒿素可以发生氧化反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由结构简式可知青蒿素的分子式为C15H22O5，故A正确；‎ B.青蒿素中有较多的四面体碳，四面体最多三原子工平面，所有碳原子不可能在同一平面上，故B错误；‎ C.酯基能发生水解反应，该物质中含有酯基，所以碱性条件下能发生水解反应，故C正确；‎ D.该物质中含有过氧键，具有过氧化物性质，具有强氧化性，同时可以燃烧，能发生氧化反应，故D正确。‎ 故选B。‎ ‎18.某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol羧酸和2mol乙醇，该羧酸的分子式为（ ）‎ A. C14H18O5 B. C14H16O‎4 ‎C. C16H22O5 D. C16H20O5‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】1 mol分子式为C18H26O5的羧酸酯完全水解可得到1 mol羧酸和2 mol乙醇，说明该羧酸酯分子中含有2个酯基，则C18H26O5＋2H2O→羧酸＋‎2C2H6O，由质量守恒可知该羧酸的分子式为C14H18O5，A项正确。‎ 故选A。‎ ‎19.从葡萄籽中提取的原花青素结构如图，具有生物活性，如抗氧化和自由基清除能力等。有关原花青素的下列说法不正确的是（ ）‎ A. 该物质可以看作醇类，也可看做酚类 B. 1mol该物质可与7molNa2CO3反应 C. 该物质遇FeCl3会发生显色反应 D. 1mol该物质可与4molBr2反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由结构可知，分子中含酚-OH、醇-OH 及醚键，结合酚、醇、醚的性质来解答。‎ ‎【详解】A．含酚-OH、醇-OH，可以看作醇类，也可看做酚类，故A正确；‎ B．只有5个酚-OH，1mol该物质可与5mol Na2CO3反应，故B错误；‎ C．含酚-OH，遇FeCl3会发生显色反应，故C正确；‎ D．只有酚-OH的邻对位与溴水发生取代反应，则1mol该物质可与4mol Br2反应，故D正确；‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质、有机反应为解答关键，侧重分析与应用能力的考查，注意酚、醇的区别及性质，易错点B，1mol酚-OH可与1mol Na2CO3反应。‎ ‎20.某有机物的结构简式如下，等物质的量的该物质分别与Na、NaOH、NaHCO3恰好反应时，消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为（ ）‎ A. 3：2：1 B. 3：3：‎2 ‎C. 1：1：1 D. 3：2：2‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】与钠反应的有醇羟基、酚羟基、羧基，与氢氧化钠反应有酚羟基、羧基，和碳酸氢钠反应的只有羧基，所以等物质的量的该物质分别与Na、NaOH、NaHCO3恰好反应时，消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为3∶2∶1，答案选A。‎ ‎【点晴】掌握羟基的活泼性是解答的关键，归纳如下：‎ 类别 脂肪醇 芳香醇 酚 官能团 醇羟基 醇羟基 酚羟基 结构特点 ‎－OH与链烃基相连 ‎－OH与苯环上的侧链相连 ‎－OH与苯环直接相连 羟基上H的活泼性 能与金属钠反应，但比水弱，不能与NaOH、Na2CO3溶液反应 有弱酸性，能与NaOH、Na2CO3溶液反应，但不能与NaHCO3溶液反应 原因 烃基对羟基的影响不同，烷基使羟基上H的活泼性减弱，苯基使羟基上H的活泼性增强 ‎21.某醛‎2.9克和足量的银氨溶液反应，结果生成‎10.8克银，则该醛为（ ）‎ A. 乙醛 B. 甲醛 C. 丙醛 D. 丁醛 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据醛基与银反应的关系式-CHO～2Ag，计算出醛基的物质的量，若是甲醛，1mol甲醛可以还原出4mol银，其他饱和一元脂肪醛，1mol中含有1mol醛基。‎ ‎【详解】生成的银的物质的量为： =0.1mol，醛基与银反应的关系式为：-CHO～2Ag，‎ 若是甲醛，‎2.9克饱和一元脂肪醛中含有的醛基的物质的量为： =0.097mol，可生成m（Ag）=0.097mol×4×‎108g·mol－1=‎41.76g，显然该醛不是甲醛；‎ ‎2.9克该饱和一元脂肪醛中含有的醛基的物质的量为：0.05mol，该醛的摩尔质量为：‎ ‎=‎58g·mol－1，为丙醛，‎ 故选C。‎ ‎【点睛】本题考查醛的有关计算，解此题的关键是要知道1mol醛基能还原出2mol银，若醛是甲醛，则lmol醛最多可还原出4mol银。‎ ‎22.已知：，下列有机物能够合成的组合是（ ）‎ ‎①1，3-丁二烯 ②2-甲基-l，3-丁二烯 ③1，3-戊二烯 ④2，3-二甲基-l，3－丁二烯 ⑤2，3-二甲基-l，3－戊二烯 ⑥乙炔 ⑦丙炔 ⑧2-丁炔 A. ①、⑦及④、⑧ B. ②、⑧及④、⑦‎ C. ①、③及②、⑧ D. ⑤、⑥及③、⑧‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 已知：，可形成环烯，含2个双键的烃与含1个三键的烃可发生加成反应合成。‎ ‎【详解】含2个双键的烃与含1个三键的烃可发生加成反应合成。‎ 如，则②、⑧可合成，‎ 或，④、⑦可合成，其它均不能合成，‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的合成，把握信息的应用、加成成环的方式为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物性质的应用，根据信息含2个双键的烃与含1个三键的烃可发生加成反应合成。‎ 第Ⅱ部分 非选择题 ‎23.请回答下列问题 ‎（1）下列各组中的两种有机物，可能是：（A）相同的物质，（B）同系物，（C）同分异构体。请判断它们之间的关系（用A、B、C填空）‎ ‎①2－甲基丁烷和丁烷__，‎ ‎②正戊烷和2，2－二甲基丙烷__，‎ ‎③对二甲苯和1，4—二甲苯__，‎ ‎④1－已烯和环已烷__。‎ ‎（2）的名称__。‎ ‎（3）写出A的分子式：__。‎ ‎（4）A能够发生反应的类型有(填序号)：__。‎ ‎①氧化反应；②加成反应；③取代反应；④消去反应 ‎（5）写出A与烧碱溶液反应的化学方程式：__。‎ ‎【答案】 (1). B (2). C (3). A (4). C (5). 3-甲基-1-丁炔 (6). C9H10O3 (7). ①②③ (8). CH3CH2OOCOH＋2NaOH→NaOOCONa＋CH3CH2OH＋H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）同种物质指组成和结构都相同的物质；结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；分子式相同，结构不同的化合物互称为同分异构体。‎ ‎①2-甲基丁烷和丁烷，结构相似，都属于烷烃，分子组成相差1个CH2原子团，互为同系物，故答案为：B；‎ ‎②正戊烷和2，2-二甲基丙烷，二者的分子式相同，结构不同，互称为同分异构体，故答案为：C；‎ ‎③对二甲苯和1，4-二甲苯，二者分子式相同，结构也相同，属于同种物质，故答案为：A；‎ ‎④1-已烯和环已烷，二者的分子式相同为C6H12，但是二者的结构不同，互称为同分异构体，故答案为：C；‎ ‎（2）主链是4个碳的炔烃，3号位有1 个甲基，名称：3-甲基-1-丁炔，故答案为：3-甲基-1-丁炔。‎ ‎（3）根据球棍模型，A的结构简式为：CH3CH2OOCOH，由此写出A的分子式：C9H10O3，故答案为：C9H10O3。‎ ‎（4）A的结构简式为：CH3CH2OOCOH，A能够发生反应的类型有：①含有酚羟基，能发生氧化反应；②含有苯环，与氢气发生加成反应；③酚羟基、酯基等能发生取代反应；故选：①②③。‎ ‎（5）写出A与烧碱溶液反应的化学方程式：CH3CH2OOCOH＋2NaOH→NaOOCONa＋CH3CH2OH＋H2O，故答案为：CH3CH2OOCOH＋2NaOH→NaOOCONa＋CH3CH2OH＋H2O。‎ ‎24.某有机物A，由C、H、O三种元素组成，在一定条件下，由A可以转化为有机物B、C、D、E；C又可以转化为B、D。它们的转化关系如图： ‎ 已知D的蒸气密度是氢气的22倍，并可以发生银镜反应。‎ ‎（1）写出A、E的结构简式和所含官能团名称：A、___，E、___。‎ ‎（2）写出D发生银镜反应的化学方程___；‎ ‎（3）从组成上分析反应⑨是___（填反应类型）。‎ ‎（4）F的同分异构体中能与NaOH溶液发生反应的共___种，写出其中一种与NaOH溶液反应的化学方程式___。‎ ‎【答案】 (1). C2H5OH 、羟基 (2). CH3COOH 、羧基 (3). CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O (4). 氧化反应 (5). 6 (6). CH3CH2CH2COOH+NaOH CH3CH2CH2COONa+H2O（合理即可）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ D的蒸气密度是氢气的22倍，则相对分子质量为44，含有-CHO，则D为CH3CHO，由图中转化关系可知E为CH3COOH，A为CH3CH2OH，B为CH3CH2Br，C为CH2=CH2，则F为CH3COOC2H5。‎ ‎【详解】（1）A、E的结构简式和所含官能团名称：A：C2H5OH 、羟基 ，E：CH3COOH 、羧基，故答案为： A：C2H5OH 、羟基 ；D：CH3COOH 、羧基；‎ ‎（2）D为乙醛，发生银镜反应，是醛基的还原性被弱氧化剂氧化为乙酸，发生了氧化反应，反应的化学方程式为：CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O，故答案为：CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O；‎ ‎（3）C为CH2=CH2，D为CH3CHO，从组成上分析，是获得氧原子的反应，反应⑨是氧化反应。故答案为：氧化反应。‎ ‎（4）F为乙酸乙酯，F的同分异构体中能与NaOH溶液发生反应有酯类，其结构简式为HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH（CH3）2、CH3CH2COOCH3、CH3COOCH2CH3，属于酸类的有：CH3CH2CH2COOH、（CH3）2CHCOOH，共6种，其中一种与NaOH溶液反应的化学方程式：CH3CH2CH2COOH+NaOHCH3CH2CH2COONa+H2O（合理即可），故答案为：6；CH3CH2CH2COOH+NaOHCH3CH2CH2COONa+H2O（合理即可）。‎ ‎【点睛】本题考查有机物推断，题目涉及烯烃、醇、羧酸、醛、酯、卤代烃之间的转化，侧重考查学生分析推断能力，注意结合反应条件进行推断，难点（4）限定条件下的、乙酸乙酯同分异构体的书写，先按官能团分类，再考虑官能团位置的异构。‎ ‎25.乙酸异戊酯是组成蜜蜂信息素质的成分之一，具有香蕉的香味，实验室制备乙酸异戊酯的反应装置示意图和有关数据如下：‎ ‎+H2O 相对原子质量 密度/（g．cm-3）‎ 沸点/℃‎ 水中溶解性 异戊醇 ‎88‎ ‎0.8123‎ ‎131‎ 微溶 乙酸 ‎60‎ ‎1.0492‎ ‎118‎ 溶 乙酸异戊酯 ‎130‎ ‎0.8670‎ ‎142‎ 难溶 实验步骤：‎ 在A中加入‎4.4g的异戊醇，‎6.0g的乙酸、数滴浓硫酸和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，分别用少量水，饱和碳酸氢钠溶液和水洗涤，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，，进行蒸馏纯化，收集140～‎143℃‎馏分，得乙酸异戊酯‎3.9g。回答下列问题：‎ ‎（1）装置B的名称是：___。‎ ‎（2）该反应中浓硫酸的作用___，若反应产物水分子中有同位素18O，写出能表示反应前后18O位置的化学方程式___。‎ ‎（3）如果加热一段时间后发现忘记加碎瓷片，应该采取的正确操作___。‎ ‎（4）在洗涤操作中，第一次水洗的主要目的是：___；第二次水洗的主要目的是：___。‎ ‎（5）本实验中加入过量乙酸的目的是：___。‎ ‎（6）在蒸馏操作中，仪器选择及安装都正确的是：___(填标号)‎ ‎（7）本实验的产率是___。‎ A.30℅ B.40℅ C.50℅ D.60℅‎ ‎（8）在进行蒸馏操作时，若从‎130℃‎开始收集馏分，产率偏___(填高或者低)原因是___。‎ ‎【答案】 (1). 球形冷凝管 (2). 催化剂，吸水剂 (3). (4). 冷却后补加 (5). 洗掉大部分硫酸和醋酸 (6). 洗掉碳酸氢钠 (7). 提高醇的转化率 (8). b (9). D (10). 高 (11). 会收集少量未反应的异戊醇 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在装置A中加入反应混合物和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，利用冷凝管冷凝回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，先用少量水洗掉大部分硫酸和醋酸，再用水洗涤碳酸氢钠溶液，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体作干燥剂，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，进行蒸馏纯化，收集140～‎143℃‎馏分，得乙酸异戊酯，还考查了反应物转化率的提高方法，同时进行产率的计算有误差分析。‎ ‎【详解】（1）根据B的形状和用途，装置B的名称是：球形冷凝管，‎ 故答案为：球形冷凝管。‎ ‎（2）酯化反应是可逆反应，浓硫酸吸水减小生成物的浓度可以使平衡正向移动，该反应中浓硫酸的作用催化剂，吸水剂；酯化反应是酸脱羟基醇脱氢，若反应产物水分子中有同位素18O，能表示反应前后18O位置的化学方程式。‎ 故答案为：催化剂，吸水剂；；‎ ‎（3）如果加热一段时间后发现忘记加碎瓷片，应该采取的正确操作冷却后补加，故答案为：冷却后补加；‎ ‎（2）反应后的溶液要经过多次洗涤，在洗涤操作中，第一次洗涤的主要目的是除去大部分催化剂硫酸和醋酸；第一步中饱和碳酸氢钠溶液既可以除去未洗净的醋酸，也可以降低酯的溶解度，但第一步洗涤后生成的酯中混有碳酸氢钠，所以第二次水洗，主要目的是除去产品中残留的碳酸氢钠，‎ 故答案为：洗掉大部分硫酸和醋酸；洗掉碳酸氢钠；‎ ‎（5）本实验中加入过量乙酸的目的是：酯化反应是可逆反应，增大反应物的浓度可以使平衡正向移动；增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高，因此本实验中加入过量乙酸的目的是提高转化率，‎ 故答案为：提高醇的转化率；‎ ‎（6）在蒸馏操作中，温度计的水银球要放在蒸馏烧瓶的支管口处，所以ad错误；c中使用的是球形冷凝管容易使产品滞留，不能全部收集到锥形瓶中，因此仪器及装置安装正确的是b，‎ 故答案为：b；‎ ‎（7）乙酸的物质的量为：n= =0.1mol，异戊醇的物质的量为：n==0.05mol，由于乙酸和异戊醇是按照1：1进行反应，所以乙酸过量，生成乙酸异戊酯的量要按照异戊醇的物质的量计算，即理论上生成0.05mol乙酸异戊酯；实际上生成的乙酸异戊酯的物质的量为==0.03mol，所以实验中乙酸异戊酯的产率为： ×100%=60%，‎ 故答案为：D；‎ ‎（8）在进行蒸馏操作时，若从‎130℃‎便开始收集馏分此时的蒸气中含有异戊醇，会收集少量的未反应的异戊醇，因此会导致产率偏高，‎ 故答案为：高；会收集少量未反应的异戊醇。‎ ‎【点睛】本题考查了常见仪器的构造与安装、混合物的分离、提纯、物质的制取、药品的选择及使用、物质产率的计算等知识，试题涉及的题量较大，知识点较多，充分培养了学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力，易错点（2）酯化反应是酸脱羟基醇脱氢，以此写出方程式。‎ ‎26.聚乙烯醇肉桂酸酯(M)可用作光刻工艺中的抗腐蚀涂层，其合成路线如图：‎ 已知：R1—CHO＋R2—CH2CHO 请回答：‎ ‎（1）C的化学名称为__；M中含氧官能团的名称为__。‎ ‎（2）F→G的反应类型为__。‎ ‎（3）C→D的化学反应方程式为___。‎ ‎（4）E能与新制的Cu(OH)2反应，该反应的化学方程式是__。‎ ‎（5）关于H的性质下列说法正确的是__（填字母）。‎ a.存在顺反异构 b.溶液呈酸性，能与Na和NaOH溶液反应 c.能使KMnO4（H+）溶液和Br2（CCl4）溶液褪色 d.能发生银镜反应、酯化反应、加成反应和消去反应 ‎（6）符合下列条件的F的同分异构体有__种。‎ ‎①属于芳香族化合物 ②能与NaHCO3反应放出CO2‎ 其中核磁共振氢谱有4种吸收峰的物质的结构简式为__(任写一种)。‎ ‎【答案】 (1). 聚氯乙烯； (2). 酯基； (3). 消去反应 (4). (5). +2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O (6). abc (7). 14 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ D和H发生酯化反应生成M，根据D和M结构简式知，H结构简式为，G发生氧化反应生成H，则G结构简式为，F发生消去反应生成G，E发生加成反应生成F，则E、F结构简式为、，A和HCl 发生加成反应生成B，B发生加聚反应生成C，则C结构简式为，B结构简式为CH2=CHCl，A结构简式为HC≡CH。‎ ‎【详解】（1）通过以上分析知，C为聚氯乙烯，M中含氧官能团是酯基，故答案为：聚氯乙烯；酯基；‎ ‎（2）F发生消去反应生成G，G中新生成的官能团是碳碳双键；‎ 故答案为：消去反应；‎ ‎（3）C发生取代反应生成D，反应方程式为，‎ 故答案为：；‎ ‎（4）E结构简式为，E能与新制的Cu(OH)2反应生成和Cu2O，该反应的化学方程式是+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。‎ 故答案为：+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O ‎（5）H的顺式结构简式为，关于H的性质下列说法 a．双键的两个不饱和碳原子上所连的原子或原子团不同，存在顺反异构，故正确；‎ b．H中含有羟基，溶液呈酸性，能与Na和NaOH溶液反应，故正确；‎ c．H中的碳碳双键，能使KMnO4（H+）溶液和Br2（CCl4）溶液褪色，故正确；‎ d．没有醛基不能发生银镜反应，故错误；‎ 故选abc；‎ ‎（6）F为，F的同分异构体符合下列条件：‎ ‎①属于芳香族化合物，说明含有苯环；‎ ‎②能发生水解反应和银镜反应，说明含有醛基和酯基，‎ 取代基为HCOO－和-CH2CH3有邻间对3种；‎ 如果取代基为HCOOCH2－和-CH3有邻间对3种；‎ 如果取代基为HCOOCH（CH3）-有1种；‎ 如果取代基为HCOOCH2CH2－有1种；‎ 如果取代基为-OOCH和两个-CH3，两个甲基位于相邻物质，有2种；如果两个甲基位于间位，有3种；如果两个甲基位于对位，有1种，符合条件的有14种；‎ 其中核磁共振氢谱有4种吸收峰的物质的结构简式为，‎ 故答案为：14；。‎ ‎【点睛】本题考查有机物推断，侧重考查学生分析推断及知识综合应用能力，根据某些物质结构简式、反应条件结合题给信息进行推断，明确官能团及其性质关系是解本题关键，难点是（6）题同分异构体种类判断。‎