江西省萍乡市上栗中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

江西省萍乡市上栗中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

上栗中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试卷 一、选择题（本题共21个小题，每小题只有一个符合题意，每小题2分，共42分）‎ ‎1.朋友圈中一个叫“福（氟）禄（氯）双全（醛）”的物质（结构简式如图）火了起来。该物质属于 A. 有机物 B. 无机物 C. 单质 D. 氧化物 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、是由含有C、H、O、F、Cl等元素组成的化合物，属于有机物，故A正确；‎ B、含有C、H、O、F、Cl元素，属于有机物，不是无机物，故B错误；‎ C、是由C、H、O、F、Cl等元素组成的化合物，不是单质，故C错误；‎ D、氧化物由2种元素组成，其中一种是氧元素，是由C、H、O、F、Cl元素组成，不是氧化物，故D错误。‎ ‎2.下列化学用语正确的是 A. 羟基的电子式：‎ B. 甲醇的球棍模型：‎ C. 是3﹣甲基﹣1,3﹣丁二烯的键线式 D. 聚丙烯的结构简式：‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 羟基的电子式是，故A错误；‎ B. 甲醇的结构简式是CH3OH，球棍模型：，故B正确；‎ C. 是2﹣甲基﹣1,3﹣丁二烯键线式，故C错误；‎ D. 丙烯的结构简式为CH2=CH—CH3，聚丙烯的结构简式是，故D错误。‎ ‎3.下列物质不含官能团的是 A. CH3CHO B. CH3CH2OH C. CH3CH2Br D. -CH3‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 常见的官能团有：碳碳双键、碳碳三键、-X、-OH、-CHO、-COOH、-COOC-、-CONH-及醚键等，以此来解答。‎ ‎【详解】CH3CHO 含有的官能团是-CHO (醛基)；CH3CH2OH含有的官能团是-OH (羟基) CH3CH2Br含有的官能团是-Br (溴原子)，-CH3不含官能团，故选D。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的官能团，把握有机物的结构、常见的官能团为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意烃基、苯基不是官能团。‎ ‎4.下列有机反应类型中，不正确的是 A. +HNO3+H2O取代反应 B. CH3CH3＋Cl2CH3CH2Cl＋HCl置换反应 C. CH2=CH2＋H2OCH3CH2OH加成反应 D. 2CH3CHO＋O22CH3COOH氧化反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. +HNO3+H2O，是苯环上的氢原子被硝基代替，属于取代反应，故不选A；‎ B. CH3CH3＋Cl2CH3CH2Cl＋HCl，是乙烷分子中的氢原子被氯原子代替，属于取代反应，故选B；‎ C. CH2=CH2＋H2OCH3CH2OH，是碳碳双键两端的碳原子直接与其它原子连接，属于加成反应，故不选C；‎ D. 2CH3CHO＋O22CH3COOH，是有机物分子中加入了氧原子，属于氧化反应，故不选D。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，注意官能团与性质的关系、反应中官能团变化即可解答，注意取代反应、置换反应的区别：取代反应是生成两种化合物，置换反应是生成一种化合物和一种单质；‎ ‎5.下列有关说法正确的是 A. 红磷和白磷互为同位素 B. 丁烯和丙烯互为同素异形体 C. CH3CH2CH2CH3与CH(CH3)3互为同分异构体 D. 16O和18O互为同系物 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 红磷和白磷是磷元素组成的不同单质，是同素异形体，故A错误；‎ B. 丁烯和丙烯结构相似，分子式不同，互为同系物，故B错误；‎ C. CH3CH2CH2CH3与CH(CH3)3分子式相同、结构不同，互为同分异构体，故C正确；‎ D. 16O和18O是质子数相同、中子数不同的原子，互为同位素，故D错误。‎ ‎6.提纯下列物质（括号内的物质为杂质），所选用的除杂试剂和分离方法不对的是 A B C D 被提纯物质 乙烷（乙烯）‎ 乙酸乙酯（乙酸）‎ 酒精（水）‎ 溴苯（溴）‎ 除杂试剂 酸性高锰酸钾溶液 饱和碳酸钠溶液 生石灰 氢氧化钠溶液 分离方法 洗气 分液 蒸馏 分液 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A乙烷中含有乙烯杂质，通过酸性高锰酸钾溶液，乙烯被氧化为二氧化碳气体，引入新杂质二氧化碳，故选A；‎ B、乙酸乙酯难溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠溶液反应生成氯化钠、二氧化碳，加入饱和碳酸钠溶液，再分液，可除去乙酸乙酯中的乙酸杂质，故不选B；‎ C、酒精易挥发，水与氧化钙反应生成高沸点的氢氧化钙，加入氧化钙再蒸馏，可除去酒精中的水，故不选C；‎ D、溴苯与氢氧化钠不反应、且难溶于氢氧化钠溶液，溴与氢氧化钠反应生成溴化钠、次溴酸钠，加入氢氧化钠溶液，再分液，可除去溴苯中的溴，故不选D。‎ ‎7.下列实验装置能达到实验目的是(夹持仪器未画出)‎ A. 用于制备乙酸乙酯 B. 用于石油的分馏 C. 用于实验室制硝基苯 D. 可证明酸性：盐酸＞碳酸＞苯酚 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 实验室制备乙酸乙酯时，为防止倒吸，导气管不能伸入饱和碳酸钠溶液中，故不选A ；‎ B、分馏装置中，温度计的液泡应在蒸馏烧瓶的支管口处，故不选B；‎ C、实验室用苯和浓硝酸、浓硫酸的混合物制硝基苯，需要水浴加热到55~60℃，故选C；‎ D、盐酸易挥发，通入苯酚钠溶液的气体中含有杂质氯化氢，溶液变浑浊，生成苯酚，不能证明酸性碳酸＞苯酚，故不选D。‎ ‎【点睛】本题考查化学实验方案评价，涉及除杂、物质制备、性质验证、仪器选取等知识点，注意从实验原理、操作规范性判断，要重视科学实验的严谨性。‎ ‎8.下列有关石油的炼制工艺中，属于获得汽油的主要途径的是 A. 裂化 B. 裂解 C. 常压分馏 D. 减压分馏 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 石油的催化裂化的目的是获得轻质油，提高汽油、煤油和柴油等轻质油的质量和产量，属于获得汽油的主要途径，裂解是采取比裂化更高的温度，使石油分馏产物中的长链烃断裂成乙烯、丙烯等短链烃的过程，答案选A。‎ 点睛：掌握裂化、裂解的含义以及目的是解答的关键，注意裂化和裂解均是化学变化，不论是常压分馏还是减压分馏均是物理变化，二者有本质的区别。‎ ‎9.下列化学用语或有关物质性质的描述正确的是 A. 2-甲基戊烷也称异戊烷 B. X、Y、Z一氯代物均有4种 C. 乙烯在一定条件下能发生加成反应、加聚反应，还能被酸性高锰酸钾溶液氧化 D. 治疗疟疾的青蒿素的结构简式为，分子式是Cl5H20O5‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 2-甲基戊烷有6个C原子，异戊烷有5个C原子，2-甲基戊烷不是异戊烷，2-甲基丁烷也称异戊烷，故A错误；‎ B. 有3种等效氢，的一氯代物有3种，故B错误；‎ C. 乙烯分子中含有碳碳双键，乙烯在一定条件下能发生加成反应、加聚反应，还能被酸性高锰酸钾溶液氧化，故C正确；‎ D. 治疗疟疾的青蒿素的结构简式为，由结构简式可知青蒿素的分子式为C15H22O5，故D错误。‎ ‎10.某气态烃 20 mL完全燃烧时消耗同温同压下的氧气100mL。则该烃是 A. C2H4 B. C3H8 C. C4H8 D. C5H10‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 气态烃完全燃烧化学通式表示为CxHy+(x+)O2 xCO2+H2O。‎ ‎【详解】设该烃分子式为CxHy CxHy+(x+)O2 xCO2+H2O ‎ 1 x+‎ ‎20 100‎ ‎ ‎ 则x+=5；‎ A选项x+=3；B选项x+=5；C选项x+=6；D选项x+=7.5，故选B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物分子式的确定，解答本题可根据气态烃完全燃烧的方程或用化学通式表示，再根据气态物质的物质的量比等于其体积比进行计算。‎ ‎11.已知异丙苯的结构简式如图，下列说法错误的是 A. 异丙苯可以使酸性高锰酸钾溶液褪色 B. 异丙苯的沸点比苯高 C. 异丙苯中所有碳原子不可能都处于同一平面 D. 异丙苯和苯乙烯互为同系物 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 异丙苯与苯环直接相连的碳原子上有H原子，所以异丙苯可以被酸性高锰酸钾氧化，故A正确；‎ B. 异丙苯的相对分子质量大于苯，所以异丙苯的沸点比苯高，故B正确；‎ C. 中用红圈标出的碳原子为单键碳，具有四面体结构，异丙苯不可能所有碳原子都处于同一平面，故C正确；‎ D. 苯乙烯含有碳碳双键、异丙苯不含碳碳双键，异丙苯和苯乙烯不是同系物，故D错误；‎ 选D。‎ ‎12.取碘水四份于试管中，编号为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ，分别加入直馏汽油、苯、酒精、NaBr溶液，振荡后静置，现象正确的是 A. Ⅰ中溶液分层，下层呈紫红色 B. Ⅱ中溶液分层，上层呈紫红色 C. Ⅲ中溶液分层，下层呈黄褐色 D. Ⅳ中溶液不分层，溶液由黄褐色变成黄绿色 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、直馏汽油难溶于水、密度小于水，直馏汽油可以萃取碘水中的碘，所以Ⅰ中溶液分层，上层呈紫红色，故A错误；‎ B. 苯难溶于水、密度小于水，苯可以萃取碘水中的碘，Ⅱ中溶液分层，上层呈紫红色，故B正确；‎ C. 酒精与水互溶，酒精不能萃取碘水中的碘， Ⅲ中溶液不分层，故C错误； ‎ D. NaBr溶液与碘水不反应， Ⅳ中溶液不分层，溶液不能变为黄绿色，故D错误；‎ ‎13.维生素P的结构如图所示，其中R为烷烃基。下列关于维生素P的叙述正确的是 A. 分子中的官能团有羟基、碳碳双键、醚键、酯基 B. 若R为甲基，则该物质的分子式可以表示为C16H12O7‎ C. 1 mol该化合物最多可消耗NaOH 为5mol D. 1 mol该化合物最多消耗溴水中的溴5 mol ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 分子中的官能团有羟基、碳碳双键、醚键，不含酯基，故A错误；‎ B. 若R为甲基，则该物质的分子式可以表示为C16H12O7，故B正确；‎ C. 中含有4个酚羟基，所以1 mol该化合物最多可消耗NaOH 为4mol，故C错误；‎ D. 中苯环的邻位、对位可以与溴发生取代反应、碳碳双键可以与溴发生加成反应，1 mol该化合物最多消耗溴水中的溴6 mol，故D错误。‎ ‎14.下列物质：①乙烷；②1,3-丁二烯；③聚丙烯；④丙炔；⑤苯；⑥乙苯；⑦乙醇；⑧乙醛⑨乙酸。既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水因发生化学反应而褪色的是 A. ②③④⑥⑦⑧ B. ②④⑦⑧ C. ②④⑥⑨ D. ②④⑧‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】①乙烷属于烷烃，只含单键，性质稳定，既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水因发生化学反应而褪色；②1,3-丁二烯含有碳碳双键，既能被高锰酸钾氧化又能与溴水发生加成反应；③聚丙烯只含单键，性质稳定，既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水因发生化学反应而褪色；④丙炔含有碳碳叁键，既能被高锰酸钾氧化又能与溴水发生加成反应；⑤苯分子中碳碳键为介于单键和双键之间的独特键，既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水因发生化学反应而褪色；⑥乙苯与苯环直接相连的碳原子上有H原子，所以乙苯可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，但不能和溴水反应；⑦乙醇含有羟基，能被酸性高锰酸钾氧化，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，但不和溴水反应；⑧乙醛含有醛基，易被氧化，既能被高锰酸钾氧化又能与溴水发生氧化反应；⑨乙酸含有羧基，既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水因发生化学反应而褪色；故选D。‎ ‎15.下列有关同分异构体数目的判断，正确的是 A. 丁烷（C4H10)的二氯代物有10种 B. 分子式为C4H8的烯烃包括顺反异构体共5种 C. 萘（）环上一个氢原子被丁基(-C4H9)所取代的同分异构体（不考虑立体异构）有8种 D. 分子式为C5H12O的醇有4种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 丁烷（C4H10)有正丁烷、异丁烷两种结构，正丁烷的二氯代物有6种、异丁烷的二氯代物有3种，共9种二氯代物，故A错误；‎ B. 分子式为C4H8的烯烃包括顺反异构体CH2═CH-CH2CH3、CH2=C(CH3)2、、，共4种，故B错误；‎ C. 萘（）环上有2种等效氢，丁基(-C4H9)有4种结构，萘（）环上一个氢原子被丁基(-C4H9)所取代的同分异构体（不考虑立体异构）有8种，故C正确；‎ D. 戊基-C5H11可能的结构有：-CH2CH2CH2CH2CH3、-CH（CH3）CH2CH2CH3、-CH（CH2CH3）2、-CH2CH（CH3）CH2CH3、-C（CH3）2CH2CH3、-CH（CH3）CH（CH3）2、-CH2CH2CH（CH3）2、-CH2C（CH3）3，则分子式为C5H12O的醇有8种，故D错误。‎ ‎16.某羧酸酯分子式为 C20H28O4，1mol 该酯完全水解得1mol羧酸和2mol乙醇，该羧酸的分子式为 A. C16H20O4 B. C16H25O C. C14H18O4 D. C14H16O3‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】某羧酸酯的分子式为C20H28O4，1mol该酯完全水解可得到1mol羧酸和2mol乙醇，说明酯中含有2个酯基，设羧酸为M，则反应的方程式为C20H28O4+2H2O=M+2C2H6O，由质量守恒可知M的分子式为C16H20O4，故选A。‎ ‎【点睛】考查有机物的推断，准确判断该酯分子中酯基个数是解题关键，根据酯基个数写出反应方程式，利用原子守恒计算羧酸分子中的原子数。‎ ‎17.实验室制备苯甲醇和苯甲酸的化学原理是2C6H5CHO＋NaOH C6H5CH2OH＋C6H5COONa，C6H5COONa＋HCl→C6H5COOH＋NaCl。已知苯甲醛易被空气氧化；苯甲醇的沸点为205.3 ℃，微溶于水，易溶于乙醚；苯甲酸的熔点为121.7 ℃，沸点为249 ℃，微溶于水，易溶于乙醚；乙醚的沸点为34.8‎ ‎ ℃，难溶于水。制备苯甲醇和苯甲酸的主要过程如图所示，根据以上信息判断，下列说法错误的是 A. 操作Ⅰ是萃取分液 B. 操作Ⅱ蒸馏得到的产品甲是苯甲醇 C. 操作Ⅲ过滤得到的产品乙是苯甲酸钠 D. 乙醚溶液中所溶解的主要成分是苯甲醇 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、由流程可知，苯甲醛与KOH反应生成苯甲醇、苯甲酸钾，然后加水、乙醚萃取苯甲醇，则乙醚溶液中含苯甲醇，所以操作Ⅰ是萃取分液，故A正确；‎ B、由流程可知，操作Ⅱ是分离乙醚和苯甲醇，根据乙醚、苯甲醇的沸点不同，用蒸馏法分离乙醚和苯甲醇，故B正确；‎ C、水溶液中含苯甲酸钾，加盐酸发生强酸制取弱酸的反应，生成苯甲酸，苯甲酸的溶解度小，生成苯甲酸沉淀，通过操作Ⅲ过滤得到的产品乙是苯甲酸，故C错误；‎ D、由流程可知，白色糊状物中含有苯甲醇和苯甲酸钾，苯甲醇易溶于乙醚，苯甲酸钾是盐，易溶于水，所以乙醚溶液中所溶解的主要成分是苯甲醇，故D正确。‎ 选C。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的分离提纯，把握有机物的性质及分离流程中的反应、混合物分离的物理方法为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查。‎ ‎18.下列鉴别方法不可行的是 A. 用水鉴别甲醇、乙苯和硝基苯 B. 用燃烧法鉴别乙醇、苯和四氯化碳 C. 用饱和碳酸钠溶液鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯 D. 用酸性高锰酸钾鉴别苯、甲苯和环己烯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.甲醇易溶于水，与水混合，不分层；乙苯难溶于水，密度比水小，与水混合分层，油层在上；硝基苯难溶于水，密度比水大，与水混合分层，油层在下；可用水鉴别甲醇、乙苯和硝基苯，故不选A；‎ B. 乙醇燃烧产生蓝色火焰；苯燃烧火焰明亮，有浓烟；四氯化碳不能燃烧，可用燃烧法鉴别乙醇、苯和四氯化碳，故不选B；‎ C. 将碳酸钠溶液分别滴入乙醇、乙酸和乙酸乙酯中，互溶的是乙醇，有气泡冒出的是乙酸，分层的是乙酸乙酯，可以用饱和碳酸钠溶液鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯，故不选C；‎ D.甲苯和环己烯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能用酸性高锰酸钾鉴别苯、甲苯和环己烯，故选D。‎ ‎19.烯烃在一定条件下发生氧化反应时C=C键发生断裂， RCH=CHR′可以氧化成RCHO和R′CHO, 在该条件下，下列烯烃分别被氧化后产物可产生乙二醛的是 A. CH3CH=CHCH3‎ B. CH2=CHCH2CH3‎ C. CH3CH=CH—CH=CHCH3‎ D. CH3CH=CHCH2CH3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 烯烃在一定条件下发生氧化反应时C=C键发生断裂，RCH=CHR′可以氧化成RCHO和R′CHO，可知要氧化生成OHCCHO，则原烯烃的结构应含有=CH-CH=。‎ ‎【详解】A. CH3CH=CHCH3氧化后产物是CH3CHO，故不选A；‎ B. CH2=CHCH2CH3氧化后产物HCHO和OHCCH2CH3，故不选B；‎ C. CH3CH=CH—CH=CHCH3氧化后产物是CH3CHO和OHCCHO，故选C；‎ D. CH3CH=CHCH2CH3氧化后产物CH3CHO和OHCCH2CH3，故不选D。‎ ‎【点睛】本题考查烯烃氧化后产物的判断，读懂题干给出的烯烃氧化的规律是解题关键，双键两端碳原子上若连接1个氢原子，则该碳原子被氧化为醛基。‎ ‎20.已知：丙醇可被强氧化剂氧化为丙酸。ClCH2CH=CHCH2Cl可经三步反应制取HOOCCHClCH2COOH，发生反应的类型依次是（）‎ A. 水解反应、氧化反应、加成反应 B. 加成反应、水解反应、氧化反应 C. 水解反应、加成反应、氧化反应 D. 加成反应、氧化反应、水解反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】先是水解，氯原子被-OH取代，得到含有醇羟基的，然后是和氯化氢加成，保护双键，最后用强氧化剂将羟基氧化为羧基即可，发生的反应类型依次为：水解反应、加成反应、氧化反应，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查学生有机物的合成，注意碳碳双键、醇羟基均易被强氧化剂氧化这一性质，为防止双键被氧化，应先发生加成反应，再发生氧化反应。‎ ‎21.某混合物里有一种饱和一元醇和一种饱和一元醛共6 g，和足量银氨溶液反应后，还原出32.4 g银，下列说法正确的是（　　）‎ A. 混合物中的醛不一定是甲醛 B. 混合物中的醇只能是乙醇 C. 混合物中醇与醛的质量之比为5∶3 D. 混合物中醇与醛的质量之比为1∶3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 醇不能与银氨溶液反应，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，再根据M=m/n，计算该醛的摩尔质量，实际醛的摩尔质量应小于假设计算值，据此判断醛成分，根据m=nM计算醛的质量，进而计算醇的质量，由于不能确定醇的分子式，故不能确定醇的物质的量，无法确定醇与醛的物质的量之比．‎ ‎【详解】A、32.4gAg的物质的量=32.4g/108g·mol－1=0.3mol，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，故R-CHO的物质的量=0.3mol×1/2=0.15mol，故R-CHO的摩尔质量=6g/0.15mol=40g·mol－1，而除甲醛外最简单的醛是乙醛，乙醛摩尔质量为44g·mol－1，大于40g·mol－1，故该醛一定为HCHO，故A错误；‎ B、由于不能确定醇的分子式，故B错误；‎ C、HCHO的质量=0.075mol×30g·mol－1=2.25g，故醇的质量=6g-2.25g=3.75g，混合物中醇与醛的质量之比为=3.75：2.25=5∶3，故C正确；‎ D、由C可知，D错误；‎ 故选C。‎ ‎【点睛】本题考查有机物推断，属于计算型推断，解题技巧：注意利用假设法进行解答，注意理解甲醛与银氨溶液反应，HCHO～4Ag。‎ 二、填空题（本题共4个小题，共58分）‎ ‎22.请按要求填空：‎ ‎（1）写出中含氧官能团的名称_______________；‎ ‎（2）属于__________类化合物；‎ ‎（3）CH2=CH—CH3在催化剂加热条件下生成聚合物的反应方程式为________；‎ ‎（4）写出实验室制乙炔的化学反应方程式_________________；‎ ‎（5）①称取3.4g某有机化合物A，完全燃烧后生成1.8g H2O和8.8g CO2，已知该有机物的蒸气对氢气的相对密度为68，则该有机物的分子式为_________________；‎ ‎②该有机物A的核磁共振氢谱和红外光谱如下：‎ 试推测有机物A的结构简式为_________________________；‎ ‎③与A属于同类有机物的同分异构体包括A共有_________种。‎ ‎【答案】 (1). 醛基 (2). 酯 (3). nCH3CH=CH2 (4). CaC2+2H2O→Ca(OH)2+CH≡CH↑ (5). C8H8O2 (6). (7). 6‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）中含氧官能团的名称醛基；‎ ‎（2）含有酯基，属于酯类化合物；‎ ‎（3）CH2=CH—CH3含有碳碳双键，在催化剂加热条件下发生加聚反应生成聚丙烯，反应方程式为nCH3CH=CH2；‎ ‎（4）实验室用电石与水反应制取乙炔，化学反应方程式是CaC2+2H2O→Ca(OH)2+CH≡CH↑；‎ ‎（5）①（1）n（CO2）= 0.2mol，则3.4g有机物中：n（C）=n（CO2‎ ‎）=0.2mol，m（C）=0.2mol×12g/mol=2.4g； n（H2O）=0.1mol，则3.4g有机物中：n（H）=2n（H2O）=0.2mol，m（H）=0.2mol×1g/mol=0.2g；因（2.4g+0.2g）＜3.4g，所以有机物中还应有O元素，且m（O）=3.4g-2.4g-0.2g=0.8g，n（O）=0.05mol；则有机物中：n（C）：n（H）：n（O）=0.2mol：0.2mol：0.05mol=4：4：1，所以该有机物的最简式为C4H4O，已知该有机物的蒸气对氢气的相对密度为68，则该有机物相对分子质量是136,所以分子式为为C8H8O2；‎ ‎②根据A的核磁共振氢谱，A有4种等效氢，个数比为3：2：2：1，根据A的红外光谱，A含有、、结构，所以A的结构简式为；‎ ‎③与A属于同类有机物的同分异构体有、、、、，包括，共6种。‎ ‎23.氯苯的合成工艺分为液相法和气相法两种，实验室模拟液相法的装置如下图（其中夹持仪器、加热装置及尾气处理装置已略去）,有关物质的性质如表所示 回答下列问题：‎ ‎（1）A反应器是利用实验室法制取氯气，装置中中空导管B的作用是_______________。‎ ‎（2）把干燥的氯气通入装有50.0mL干燥苯、少量铁屑的三颈烧瓶C中制备氯苯，写出本方法制备氯苯的化学方程式_____________。‎ ‎（3）C的反应温度不宜过高，原因为①温度过高，反应得到二氯苯;②_______，D出口的主要尾气成分有___________________。‎ ‎（4）提纯粗产品过程如下：‎ 净化过程中加入无水CaCl2的目的是_____________。‎ ‎（5）实验中最终得到产品22.5mL，产率为______________。‎ ‎（6）气相法制氯苯是将空气、氯化氢气体混合物与苯在温度为210℃，迪肯型催化剂（CuCl2、FeCl3附在三氧化铝上）存在下进行氯化，发生反应生成氯苯。其反应方程式为：_______________。‎ ‎【答案】 (1). 平衡气压 (2). +Cl2+HCl (3). 温度过高，苯挥发，原料利用率不高 (4). Cl2、HCl、苯蒸气 (5). 吸水干燥 (6). 39% (7). 2+ 2HCl + O22+2H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）玻璃管B伸入液面下，装置内压强过大时，液体进入玻璃管；‎ ‎（2）在铁粉作催化剂的条件下，苯与氯气发生取代反应生成氯苯和氯化氢；‎ ‎（3）苯的沸点低，易挥发；‎ ‎（4）无水CaCl2具有吸水性，是常用的干燥剂；‎ ‎（5）产品的产率=氯苯的实际产量÷理论产量×100%；‎ ‎（6）氧气、氯化氢气体混合物与苯在温度为210℃、催化剂存在下进行氯化，生成氯苯、水。‎ ‎【详解】（1）玻璃管B伸入液面下，装置内压强过大时，液体进入玻璃管，可以用于平衡气压；‎ ‎（2）在铁粉作催化剂的条件下，苯与氯气发生取代反应生成氯苯和氯化氢，反应方程式是+Cl2+HCl；‎ ‎（3）C的反应温度不宜过高，原因为①温度过高，反应得到二氯苯；②温度过高，苯挥发，原料利用率不高；苯易挥发，反应产生HCl气体，且有未反应的氯气，所以D出口气体中含有HCl、苯蒸汽、氯气；‎ ‎（4）无水CaCl2具有吸水性，是常用的干燥剂，净化过程中加入无水CaCl2‎ 的目的是吸水干燥氯苯；‎ ‎（5）50.0mL干燥苯的物质的量是0.56mol，理论上生成氯苯的物质的量是0.56mol； 最终得到氯苯22.5mL，实际生成氯苯的物质的量是，产品的产率=0.22mol÷0.56mol×100%=39%。‎ ‎（6）氧气、氯化氢气体混合物与苯在温度为210℃、催化剂存在下进行氯化，生成氯苯、水，反应方程式是2+ 2HCl + O22+2H2O。‎ ‎24.以链烃A为原料合成两种高分子材料的路线如下图所示：‎ 已知以下信息：①分子式A(C6H14)、B(C6H12) 、C(C6H6) 、D(C6H5Cl) 、E(C8H10) 、F(C8H8)‎ ‎②B(C6H12)的核磁共振氢谱中只有1组峰，G为一氯代烃；‎ ‎③R1-X+R2-X R1- R2 (X代表卤素原子，R1、R2代表烃基)‎ ‎④+R3-COOH(R1、R2、R3代表烃基)。‎ 请回答以下问题：‎ ‎(1) B的化学名称为______________________。‎ ‎(2)由G生成H的化学方程式为_____________________。‎ ‎(3)由C生成D的反应类型为_____________。‎ ‎(4)F的结构简式为_________________。‎ ‎(5)I同分异构体中能同时满足下列条件的共有____________种(不含立体异构)。‎ ‎①能与饱和NaHCO3溶液反应产生气体；②既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振氢谱中有4组峰，且峰面积之比为6：2：1：1的是________(写出其中一种的结构简式)。‎ ‎(6)参照上述合成路线，以2-甲基己烷和一氯甲烷为原料(无机试剂任选)，设计制备化合物E的合成路线___________________。‎ ‎【答案】 (1). 环己烷 (2). +NaOH+NaCl+H2O (3). 取代反应 (4). (5). 12 (6). (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ B(C6H12)的核磁共振氢谱中只有1组峰，G为一氯代烃，可知B是环己烷，G是一氯环己烷，G在氢氧化钠的醇溶液中发生消去反应生成环己烯（H），环己烯氧化为（I）；环己烷在催化剂的条件下生成分子式为C6H6的有机物C，C是苯；苯与氯气在氯化铁的催化作用下发生取代反应生成氯苯(D)，由R1-X+R2-X R1- R2，可知氯苯和氯乙烷反应生成E，则E是乙苯；乙苯在催化剂作用下生成F(C8H8)，F是苯乙烯。‎ ‎【详解】(1) B(C6H12)的核磁共振氢谱中只有1组峰，B的结构简式是，名称是环己烷。‎ ‎(2)G是一氯环己烷，在氢氧化钠的醇溶液中发生消去反应生成环己烯（H），化学方程式为+NaOH+NaCl+H2O。‎ ‎(3)C是苯，苯与氯气在氯化铁的催化作用下发生取代反应生成氯苯(D)，反应类型为取代反应。‎ ‎(4) F是苯乙烯，F的结构简式为。‎ ‎(5) ①能与饱和NaHCO3溶液反应产生气体，说明含有羧基；②既能发生银镜反应，又能发生水解反应，说明是甲酸酯。I的同分异构体中能同时满足条件的有、、、、、、、、‎ ‎、、、，共12种(不含立体异构)。其中核磁共振氢谱中有4组峰，且峰面积之比为6：2：1：1的是。‎ ‎(6) 2-甲基己烷用Pt在催化剂，在高温条件下生成甲基环己烷，甲基环己烷用Pt作催化剂，在高温条件下生成甲苯，甲苯在光照条件下与氯气发生取代反应生成，和一氯甲烷反应生成乙苯，合成路线为。‎ ‎25.高分子材料PET聚酯树脂和PMMA的合成路线如下图所示：‎ 已知：Ⅰ. RCOOR’+R”OHRCOOR”+R’OH Ⅱ.‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)A的分子式是___________； ‎ ‎(2)E的结构简式是________________，反应⑥的反应类型是____________ 。‎ ‎(3)等物质的量的G分别与足量Na、NaHCO3溶液反应，生成的气体在相同状况下体积比为______。‎ ‎(4)J中官能团的名称为__________‎ ‎(5)写出反应⑤的化学方程式：____________。‎ ‎(6)写出一种符合下列条件的PMAA单体的同分异构体的结构简式：_______。‎ a.具有PMAA单体的所有官能团 b.能与新制银氨溶液反应产生银镜 c.含有3种不同化学环境的氢原子 ‎【答案】 (1). C2H4Br2 (2). CH3CH(OH)CH3 (3). 消去反应 (4). 1:1 (5). 碳碳双键 羧基 (6). (7). HCOOCH=C(CH3)2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中各物质转化关系，由PMMA的结构可知，PMMA单体为CH2=C（CH3）COOCH3，E氧化得F， F发生信息Ⅱ中的反应得G，G在浓硫酸作用下发生消去反应得J，结合PMMA单体的结构和E的分子式可知，E为CH3CH(OH)CH3，F为CH3COCH3，G为（CH3）2C(OH)COOH，J为CH2=C（CH3）COOH，所以D为HOCH3，乙烯与溴发生加成反应生成A、A 为BrCH2CH2Br，A在碱性条件下水解得B，B为HOCH2CH2OH，据此答题。‎ ‎【详解】根据以上分析，（1）乙烯与溴发生加成反应生成A，A为BrCH2CH2Br，分子式是C2H4Br2； (2) 结合PMMA单体的结构和E的分子式可知，可知E的结构简式是CH3CH(OH)CH3；G为（CH3）2C(OH)COOH，J为CH2=C（CH3）COOH，所以反应⑥的反应类型是消去反应。‎ ‎(3) G为（CH3）2C(OH)COOH，羟基、羧基都能与钠反应放出氢气，羧基能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳气体，等物质的量的（CH3）2C(OH)COOH分别与足量Na、NaHCO3溶液反应，生成的气体在相同状况下体积比为1:1；‎ ‎（4）J的结构简式是J为CH2=C（CH3）COOH，官能团名称是碳碳双键和 羧基； （5）反应⑤是CH3CH(OH)CH3发生催化氧化生成CH3COCH3，反应的化学方程式为； （6）PMMA单体为CH2=C（CH3）COOCH3，具有的官能团是酯基、碳碳双键；能与新制银氨溶液反应产生银镜，说明属于甲酸酯；含有3种不同化学环境的氢原子，符合条件的PMMA单体的同分异构体是HCOOCH=C(CH3)2。‎ ‎ ‎