河北省秦皇岛市2019-2020学年高二下学期期中考试化学试题

河北省秦皇岛市2019-2020学年高二下学期期中考试化学试题

‎2019—2020学年度高二年级第二学期期中考试 化学试卷 第Ⅰ卷 选择题(共50分)‎ 试卷可能用到的相对原子质量：H:‎1 C:12 N:14 O:16 Na:23‎ 一、选择题(每小题只有一个正确选项符合题意，每小题2分，共50分)‎ ‎1.有机物的天然提取和人工合成往往得到的是混合物，假设给你一种这样的有机混合物让你研究，一般要采取的几个步骤是 A. 分离、提纯→确定化学式→确定实验式→确定结构式 B. 分离、提纯→确定实验式→确定化学式→确定结构式 C. 分离、提纯→确定结构式→确定实验式→确定化学式 D. 确定化学式→确定实验式→确定结构式→分离、提纯 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】从天然资源提取的有机物，首先得到是含有有机物的粗品，需经过分离、提纯才能得到纯品，再进行鉴定和研究未知有机物的结构与性质，一般先利用元素定量分析确定实验式，再测定相对分子质量确定分子式，因为有机物存在同分异构现象，所以最后利用波谱分析确定结构式，故对其进行研究一般采取的研究步骤是：分离提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式，故选B。‎ ‎2.下列有机物中，含有两种官能团的是 A. CH3—CH2—Cl B. C. CH2=CHBr D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 决定化合物特殊性质的原子或者原子团称为官能团，据此分析。‎ ‎【详解】A. CH3—CH2—Cl中只含有氯原子一种官能团，A项错误；‎ B. 中只含有氯原子一种官能团，B项错误；‎ C. CH2=CHBr含有溴原子和碳碳双键两种官能团，C项正确；‎ D. 中只含有硝基一种官能团，D项错误；‎ 答案选C。‎ ‎3.下列实验操作可以达到实验目的的是( )‎ 实验目的 实验操作 A 验证乙烯能被酸性高锰酸钾溶液氧化 将乙醇与浓硫酸加热到170度，反应生成的气体直接通入酸性高锰酸钾溶液，观察溶液是否褪色 B 除去溴水中的少量溴化钠 加入乙醇，振荡，静置，分液，取出上层液体 C 除去乙酸乙酯中混有的少量乙酸 加入足量饱和Na2CO3溶液，振荡，静置，分液，取出上层液体 D 检验蔗糖的水解产物 取少量蔗糖溶液，与稀硫酸共热后加入新制的Cu(OH)2悬浊液，观察是否出现红色沉淀 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙醇与浓硫酸共热制取的乙烯中会含有乙醇二氧化硫等，乙醇和二氧化硫也能被高锰酸钾溶液氧化，使高锰酸钾溶液褪色，不能确定是乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化，A错误；‎ B．不能用乙醇萃取溴水中的溴，因为乙醇与水混溶，B错误；‎ C．乙酸能够与Na2CO3反应，溶于水溶液中，而乙酸乙酯不溶于Na2CO3溶液，分层，用分液的方法分离，C正确；‎ D．蔗糖溶液与稀硫酸共热后，蔗糖水解，生成葡萄糖和果糖，而葡萄糖与新制的Cu(OH)2悬浊液反应需要在碱性环境中，因此需要先加入NaOH中和硫酸，否则Cu(OH)2与H2SO4‎ 反应，不会生成砖红色沉淀，D错误。‎ 答案选C。‎ ‎4.下列物质的化学用语表达正确的是(　　)‎ A. 甲烷的球棍模型： B. (CH3)3COH的名称：2，2-二甲基乙醇 C. 乙醛的结构式：CH3CHO D. 羟基的电子式：‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．甲烷的球棍模型中，H原子比C原子小，与图示中的不符，应为 ，A错误；‎ B．含有羟基的最长碳链有3个，为丙醇，羟基与2号碳原子相连，2号碳原子上还有1个甲基，名称为2－甲基－2－丙醇，B错误；‎ C．乙醛的结构式为：，CH3CHO为其结构简式，C错误；‎ D．羟基－OH，O最外层有6个电子，与H原子形成一对共用电子对，其电子式为，D正确。‎ 答案选D。‎ ‎5.苯环结构中，不存在单、双键交替结构，可以作为证据的事实是(　　)‎ ‎①苯不能使高锰酸钾酸性溶液褪色　‎ ‎②苯中碳碳键的键长均相等　‎ ‎③苯能在一定条件下跟氢气发生加成反应生成环己烷　‎ ‎④经实验测邻二甲苯只有一种结构　‎ ‎⑤苯在铁存在下同液溴可发生取代反应，但不能使溴水褪色 A. ②③④⑤ B. ①③④⑤ C. ①②④⑤ D. ①②③④‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】苯环结构中，不存在单、双键交替结构，因此没有碳碳双键的性质；‎ ‎①苯中没有碳碳双键，不能使高锰酸钾溶液褪色，符合题意；‎ ‎②苯中碳碳键的键长相同，说明键是一样的，因此不是单双键交替的结构，符合题意；‎ ‎③苯可以加成，碳碳双键也可以加成，不能说明不存在单双键的结构，不符合题意；‎ ‎④如含有碳碳双键，则邻二甲苯的结构有2种，实验测定邻二甲苯只有一种结构，能证明苯环中不存在碳碳单键和碳碳双键交替的结构，符合题意；‎ ‎⑤不能与溴发生加成反应，说明不含碳碳双键，符合题意；‎ 综上①②④⑤符合题意，C符合题意。‎ 答案选C。‎ ‎6.将下列各组中的每种有机物分别放入水中，振荡后再静置，液体分层且该组的全部物质都能浮在水的上层的是( )‎ A. 1—己炔、甲苯、十一烷 B. 乙醇、苯、溴苯 C. 乙二醇、乙醛、硝基苯 D. 溴苯、四氯化碳、乙酸钠 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．1-己炔、甲苯以及十一烷均不溶于水，且密度比水小，混合后浮于水面上，故A正确；‎ B．乙醇与水互溶，溶液不分层，溴苯密度大于水，分层后下层，故B错误；‎ C．乙二醇和乙醛均能溶于水，硝基苯密度大于水，故C错误；‎ D．乙酸钠为盐，能溶于水，溴苯和四氯化碳密度大于水，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎【点晴】本题主要考查的是常见有机物的物理性质，把握物质的性质为解答的关键，侧重分液及物质密度的考查，注意常见有机物的溶解性。本题中有机物放入水中，振荡后静置，能分层且浮于水面上，说明该物质不溶于水，且密度比水小。‎ ‎7.下列有机物可以形成顺反异构的是( )‎ A. 2,3-二甲基-2-丁烯 B. 1-氯-1-丙烯 C. 2-甲基-2-丁烯 D. 丙烯 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．2,3-二甲基-2-丁烯为(CH3)‎2C=CCH3CH3，同一碳上连相同的基团：甲基，A错误；‎ B．1-氯-1-丙烯为CH3CH=CHCl ‎，双键上同一碳上连不相同的基团：氯原子和氢原子或氢原子和甲基，存在顺反异构，B正确；‎ C．2-甲基-2-丁烯为CH‎3C(CH3)=CHCH3，双键同一碳上连相同的基团：甲基，C错误；‎ D．丙烯为CH3CH=CH2，双键同一碳上连有相同的基团：氢原子，D错误。‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】根据存在顺反异构体的条件①分子中至少有一个键不能自由旋转（否则将变成另外一种分子）；②双键上同一碳上不能有相同的基团。‎ ‎8.某有机物的结构简式如图所示，它可以发生反应的类型有（ ）‎ ‎①加成 ②消去 ③水解 ④酯化 ⑤氧化 ⑥加聚 A. ①②③④ B. ①②④⑤‎ C. ①②⑤⑥ D. ③④⑤⑥‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由结构简式可知，该有机物含有羟基、羧基、苯环结构，可表现酚、醇和羧酸的性质。‎ ‎【详解】①该物质中含有苯环能发生加成反应，故正确；‎ ‎②该物质中含有醇羟基，与羟基相连的相邻碳原子上含有氢原子，能发生消去反应，故正确；‎ ‎③该物质中不含卤素原子和酯基，不能发生水解，故错误；‎ ‎④该物质中含有醇羟基、羧基，都能与羧酸、醇或自身发生酯化反应，故正确；‎ ‎⑤该物质中含有醇羟基、酚羟基都能发生氧化反应，故⑤正确；‎ ‎⑥该物质中不含碳碳双键，不能发生加聚反应，故⑥错误；‎ 正确的为①②④⑤，故选B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，注意利用已知的结构简式判断官能团，熟悉物质的官能团及物质的性质是解答的关键。‎ ‎9.下列物质中既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应的是 ‎①NaHCO3② (NH4)2CO3③Al(OH)3 ④NH4Cl ⑤H2NCH2COOH ⑥CH3COOH A. ①②③ B. ①②④⑤ C. ⑤⑥ D. ①②③⑤‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 分析】‎ Al、Al2O3、Al(OH)3、弱酸酸式盐、弱酸的铵盐、氨基酸、蛋白质等都能和稀盐酸、NaOH反应，据此分析解答。‎ ‎【详解】①NaHCO3属于弱酸的酸式盐，能与稀盐酸反应生成NaCl、水和二氧化碳，能与NaOH反应生成碳酸钠和水，故①符合题意；‎ ‎②(NH4)2CO3属于弱酸的铵盐，能与稀盐酸反应生成氯化铵、水和二氧化碳，能与NaOH反应生成NH3·H2O和碳酸钠，故②符合题意；‎ ‎③Al(OH)3属于两性氢氧化物，能与稀盐酸反应生成氯化铝和水，能与NaOH反应生成偏铝酸钠和水，故③符合题意；‎ ‎④NH4Cl属于强酸的铵盐，只与NaOH反应生成NH3·H2O和NaCl，与盐酸不反应，故④不符合题意；‎ ‎⑤H2NCH2COOH 含有氨基和羧基，显两性，既能与稀盐酸、又能与NaOH反应，故⑤符合题意；‎ ‎⑥CH3COOH属于弱酸，能够与NaOH反应，与盐酸不反应，故⑥不符合题意；‎ 结合以上分析可知，符合题意的有①②③⑤；答案选D。‎ ‎10. 乙醇分子中不同化学键如图所示，关于乙醇在各种反应中断裂的键不正确的是（ ）‎ A. 在Cu催化作用下和O2反应时键①⑤断裂 B. 和氢溴酸共热时键②断裂 C. 和金属钠反应时键①断裂 D 和浓硫酸加热到‎170℃‎，键②⑤断裂 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．在Cu催化作用下和O2发生催化氧化反应时，反断裂的化学键①③，错误；‎ B． 和氢溴酸共热时发生取代反应，断化学键②，正确；‎ C． 和金属钠发生置换反应时断裂化学键①，正确；‎ D． 和浓硫酸加热到‎170℃‎，发生消去反应，断裂化学键②⑤，正确；‎ 故选A。‎ ‎11.某品牌的家用消毒剂其有效成分为对氯间二甲苯酚（结构简式如下图所示），可以杀灭常见的病毒与细菌。下面有关该物质的说法正确的是 A. 该物质的分子式是C8H10ClO B. 1mol该物质最多可以与2mol NaOH反应 C. 1mol该物质可以与2molBr2发生取代反应 D. 该物质可以发生加成、取代、消去、氧化等反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据结构简式可知，该物质的分子式是C8H9ClO，A错误；‎ B．该物质中含1个酚羟基和1个氯原子、且氯原子与苯环碳直接相连，1mol该物质最多可以与3mol NaOH反应，B错误；‎ C．酚羟基邻、对位的苯环氢可与Br2发生取代反应，该物质的酚羟基有2个邻位苯环氢，1mol该物质可以与2molBr2发生取代反应，C正确；‎ D．该物质含苯环可以发生加成反应，含氯原子和酚羟基可以发生取代反应，含酚羟基能发生氧化反应，但不能发生消去反应，D错误；‎ 答案选C。‎ ‎12.下列说法不正确的是 A. 麦芽糖及其水解产物均能发生银镜反应 B. 用溴水即可鉴别苯酚溶液，2,4-已二烯和甲苯 C. 在酸性条件下，的水解产物是和 D. 用甘氨酸和丙氨酸缩合最多可形成4种二肽 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、麦芽糖能发生银镜反应，其水解产物是葡萄糖，也能发生银镜反应，A正确；‎ B、溴水与苯酚能生成白色沉淀，2,4己二烯能使溴水褪色，甲苯与溴水发生的是萃取，现象各不相同，可以鉴别，B正确；‎ C、在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H518OH，C错误；‎ D、甘氨酸和丙氨酸可以分子间形成肽键也可分子内形成肽键，它们缩合最多可形成4种二肽，D正确；‎ 答案选C。‎ ‎13.设NA为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是(　　)‎ A. 1mol乙基中含有的电子数为16NA B. ‎8g CH4中含有10NA个电子 C. 标准状况下‎22.4L氯仿中共价键数目为4NA D. ‎28g乙烯、丙烯、丁烯的混合气体，其碳原子数为2NA ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙基结构简式-CH2CH3，1个乙基含有17个电子，则1mol乙基中含有的电子数为17NA，A错误；‎ B．8gCH4中物质的量为，1个CH4分子中含有10个电子，则8gCH4含有电子的物质的量0.5mol×10=5mol，个数为5NA，B错误；‎ C．标况下，氯仿为液体，不能使用气体摩尔体积，C错误；‎ D．乙烯、丙烯和丁烯的最简式均为CH2，故‎28g混合物中含有的CH2的物质的量，则含有的碳原子为2NA个，D正确；‎ 答案选D。‎ ‎14.下列各烃分别与H2完全加成，不能生成2,2,3—三甲基戊烷的是：‎ A. ‎ B. ‎ C. CH2=CHC(CH3)2CH(CH3)2‎ D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.该烃加成后得到烷烃的结构简式为CH3CH2CH(CH3)C(CH3)3，名称是2，2，3－三甲基戊烷，故A错误；‎ B.该烃加成后得到烷烃的结构简式为CH3CH2CH(CH3)C(CH3)3，名称是2，2，3－三甲基戊烷，故B错误；‎ C.该烃加成后得到烷烃的结构简式为CH3CH‎2C(CH3)2CH(CH3)2，名称是2，3，3－三甲基戊烷，故C正确；‎ D.该烃加成后得到烷烃的结构简式为CH3CH2CH(CH3)C(CH3)3，名称是2，2，3－三甲基戊烷，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎15.已知甲醛()分子中的四个原子是共平面的，下列分子中所有原子不可能同时存在同一平面上的是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．苯为平面结构，乙烯为平面结构，通过旋转乙烯基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，则苯乙烯中所有的原子可能处于同一平面，A不符合；‎ B．苯环为平面结构，醛基为平面结构，通过旋转醛基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯甲醛中所有的原子可能处于同一平面，B不符合；‎ C．旋转羧基中的C-O 单键，可以使羧基中的所有原子处于同一平面，通过旋转羧基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯甲酸中所有的原子可能处于同一平面，C不符合；‎ D．分子中存在甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能处于同一平面，D符合题意。‎ 答案选D。‎ ‎16.下列有关方程式描述中，反应类型与其它三个反应不同的是(　　)‎ A. 2CH3CH2OH＋O2 2CH3CHO+2H2O B. +HNO3+H2O C. CH3CH2OH＋CH3COOHCH3COOC2H5＋H2O D. CH4＋Cl2CH3Cl＋HCl ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．醇氧化成醛的反应，属于氧化反应； B．苯和浓硝酸，在浓硫酸作催化剂的作用下，生成硝基苯，属于硝化反应，也属于取代反应； C．酸和醇反应生成酯，属于酯化反应，也属于取代反应； D．烷烃上的H被Cl原子取代，属于取代反应； 综上A的反应类型与其他不同。‎ 答案选A。‎ ‎【点睛】有机物反应中加氢去氧属于还原反应，加氧去氢属于氧化反应，有机物分子中原子或原子团被其他原子或原子团所代替的反应属于取代反应，判断各反应的反应类型，找出不同。‎ ‎17. 下列说法正确的是 A. 将(CH3)3CCH2Cl与氢氧化钾的乙醇溶液加热一段时间后冷却，再滴加硝酸酸化的硝酸银溶液，可观察到有白色沉淀产生 B. 新制氢氧化铜悬浊液可检验失去标签的乙醛、乙酸、乙酸乙酯（必要时可加热）‎ C. 在鸡蛋清溶液中分别加入饱和Na2SO4、CuSO4溶液，都会因盐析产生沉淀 D. 向淀粉溶液中加稀硫酸，加热几分钟，冷却后加入新制氢氧化铜悬浊液，若加热后未见砖红色沉淀生成 ，说明淀粉未开始水解 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．（CH3）3CCH2Cl中连接Cl原子的C原子相邻C原子上不含氢原子，所以不能发生消去反应，则得不到Cl-，所以将（CH3）3CCH2Cl与氢氧化钾的乙醇溶液加热一段时间后冷却，再滴加硝酸酸化的硝酸银溶液，得不到白色沉淀；应该用NaOH的水溶液，A错误；‎ B．乙醛和新制氢氧化铜悬浊液加热发生氧化反应生成砖红色沉淀，乙酸和新制氢氧化铜悬浊液发生中和反应，沉淀溶解，溶液变蓝；乙酸乙酯和新制氢氧化铜悬浊液不互溶，会分层，所以现象不同可以鉴别，B正确；‎ C．饱和的钠盐溶液能使蛋白质发生盐析现象、重金属盐能使蛋白质发生变性，盐析具有可逆性、变性没有可逆性，C错误；‎ D．淀粉水解后检验醛基时需要在碱性条件下，所以向淀粉溶液中加稀硫酸，加热几分钟，冷却后，在加入新制氢氧化铜悬浊液之前要加NaOH中和未反应的稀硫酸，D错误；‎ 答案选B。‎ ‎【点晴】该题为高频考点，明确物质结构、性质及化学反应环境酸碱性是解本题关键，物质鉴别要根据物质差异性选取检验试剂，易错选项是D，注意物质检验时溶液酸碱性的判断。‎ ‎18.某有机物A的分子式为C5H10O2，已知A～E有如图转化关系，且D不与NaHCO3溶液反应，C、E均能发生银镜反应，则A的结构可能有(　　)‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由反应转化关系可知A（C5H10O2）能在碱性条件下反应生成B和D，A应为酯，其中D能被氧化，说明D为醇，B为羧酸盐，C为酸，C能发生银镜反应，说明C为HCOOH，则B为HCOONa，E能发生银镜反应，含有醛基，则说明D含有结构－CH2OH，符合条件的有CH3CH2CH2CH2OH和(CH3)2CHCH2OH。则A为HCOO(CH2)3CH3、(CH3)2CHCH2OOCH，共2种，A符合题意。‎ 答案选A。‎ ‎【点睛】C属于羧酸，但是其能发生银镜反应，在酸中，只有HCOOH可以，属于解答该题的关键。‎ ‎19.图为实验室制取少量乙酸乙酯的装置图。下列关于该实验的叙述中，不正确的是(　　)‎ A. 向a试管中先加入浓硫酸，然后边摇动试管边慢慢加入乙醇，再加冰醋酸 B. 试管b中导气管下端管口不能浸入液面的原因是防止实验过程中发生倒吸现象 C. 实验时加热试管a的目的是及时将乙酸乙酯蒸出并加快反应速率 D. 试管b中Na2CO3的作用是除去随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇，降低乙酸乙酯在溶液中的溶解度 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．向a试管中先加入乙醇，然后边摇动试管边慢慢加入浓硫酸，再冰醋酸，不能先加入浓硫酸，需防止浓硫酸溶解放热造成液体飞溅，错误，A符合题意；‎ B．由于混合物中含有乙醇和乙酸，易溶于水，易生产倒吸，实验时导管不能插入到液面以下，正确，B不选；‎ C．反应加热提高反应速率，乙酸乙酯沸点低，加热利于蒸出乙酸乙酯，正确，C不选；‎ D．试管b中Na2CO3的作用是中和乙酸，溶解乙醇，除去随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇，降低乙酸乙酯在溶液中溶解度，正确，D不选。‎ 答案选A。‎ ‎20.已知，有机化合物A只由C，H两种元素组成且能使溴水褪色，其产量可以用来衡量一个国家石油化工发展水平。A，B，C，D，E有如下关系：‎ 则下列推断不正确的是（ ）‎ A. 鉴别A和甲烷可选择使用酸性高锰酸钾溶液 B. D中含有的官能团为羧基，利用D物质可以清除水壶中的水垢 C. 物质C的结构简式为CH3CHO，E的名称为乙酸乙酯 D. B+D→E的化学方程式为：CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOC2H5‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意可知A为乙烯,根据流程图可知,B为乙醇,C为乙醛,D为乙酸,乙醇和乙酸反应生成E乙酸乙酯，以此解答本题。‎ ‎【详解】A.由上述分析可知A为乙烯，具有还原性，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，甲烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以可以用酸性高锰酸钾溶鉴别，故A正确；‎ B.D中含有的官能团为羧基，D为乙酸，能和碳酸钙反应，水垢的主要成分为碳酸钙，所以可以利用D物质清除水壶中的水垢，故B正确；‎ C．C为乙醛，其结构简式为CH3CHO，乙醇和乙酸能发生酯化反应生成E，所以E为乙酸乙酯，故D正确；‎ D.B+D→E的化学方程式为：CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOC2H5+H2O，故D正确；‎ 所以本题答案：D。‎ ‎【点睛】本题突破口是有机化合物A产量可以用来衡量一个国家石油化工发展水平，可知A为乙烯，再根据流程中B和C连续两次被氧化推知，B为乙醇，C为乙醛，D为乙酸，再根据乙醇和乙酸反应的特点可知E为乙酸乙酯。‎ ‎21.下列离子方程式正确是(　　)‎ A. 苯酚钠的溶液中通入过量CO2：2+CO2+H2O→CO32-+2‎ B. NaOH溶液中加入少量苯酚：C6H5OH+OH-→C6H5O-+H2O C. 银氨溶液中加入少量乙醛溶液，水浴加热：CH3CHO＋2Ag(NH3)2+＋2OH－CH3COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O D. 乙酸钠溶液加入少量盐酸：CH3COONa+H+→CH3COOH+Na+‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．苯酚钠的溶液中通入过量CO2反应生成苯酚和碳酸氢钠，离子方程式：+CO2+H2O→+HCO3－，A错误；‎ B．NaOH溶液中加入少量苯酚反应生成苯酚钠和水，离子方程式：C6H5OH+OH－→C6H5O－+H2O，B正确；‎ C．二者反应生成醋酸铵、Ag、氨气和水，离子方程式为CH3CHO+2Ag(NH3)2＋+2OH－CH3COO－+NH4＋+2Ag↓+3NH3+H2O，C错误；‎ D．乙酸钠溶液加入少量盐酸，离子方程式：CH3COO－+H＋→CH3COOH，D错误；‎ 答案选B。‎ ‎22.已知苯跟一卤代烷在催化剂作用下，可生成苯的同系物。‎ ‎+CH3Cl+HCl 如在催化剂作用下，苯和下列各组物质合成乙苯最好应选用的是(　　)‎ A. CH3CH3和Cl2 B. CH2=CH2和Cl‎2 ‎C. CH2=CH2和HCl D. CH≡CH和Cl2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据已知信息，制备乙苯，可由苯与氯乙烷发生取代反应合成，为减少副产物，可由CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl，选项C中可得到较纯净的氯乙烷。‎ 答案选C。‎ ‎23.某有机物（X）的结构简式如下图，下列关于它的说法不正确的是 A. X遇FeCl3溶液能发生显色反应 B. 一定条件下，X能发生取代、水解、氧化、加成、加聚、缩聚等反应 C. 1mol X分别与足量的NaOH、氢气反应，最多能消耗5mol NaOH 、7mol 氢气 D. 与等量X反应时，所需Na、NaHCO3、Na2CO3的最大量物质的量之比是3：1：1.5‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．含酚-OH，遇FeCl3溶液能发生显色反应，A正确；‎ B．含酚-OH、醇-OH、-COOH、-COOC-均可发生取代反应，碳碳双键可发生氧化、加成、加聚反应，-OH与-COOH可发生缩聚反应，-COOC-可发生水解反应，B正确；‎ C．含-Cl、酚-OH、-COOH、-COOC-与NaOH反应，苯环、碳碳双键与氢气发生加成反应，则1mol X分别与足量的NaOH、氢气反应，最多能消耗5mol NaOH、7mol 氢气，C正确；‎ D．酚-OH、醇-OH、-COOH与Na反应，只有-COOH与NaHCO3反应，酚-OH、-COOH与Na2CO3反应，则与等量X反应时所需Na、NaHCO3、Na2CO3的最大量物质的量之比是3：1：2，D错误；‎ 答案选D。‎ ‎【点晴】把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酚、醇、烯烃、羧酸及酯的性质及分析与应用能力的考查，选项D为解答的难点，注意掌握醇羟基、酚羟基、羧基的活泼性比较。‎ ‎24.对羟基扁桃酸是农药、药物、香料合成的重要中间体，它可由苯酚和乙醛酸在一定条件 下反应制得。‎ 下列有关说法不正确的是 （ ）‎ A. 上述反应的原子利用率可达到100%‎ B. 在核磁共振氢谱中对羟基扁桃酸应该有6个吸收峰 C. 对羟基扁桃酸可以发生加成反应、取代反应和缩聚反应 D. lmol对羟基扁桃酸与足量NaOH溶液反应，消耗3mol NaOH ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯酚与乙醛酸发生加成反应生成对羟基扁桃酸，生成物只有一种，原子利用率可达到100%，A正确；‎ B.根据对羟基扁桃酸的结构简式可知，分子中的氢原子有6种，因此核磁共振氢谱有6个吸收峰，B正确；‎ C.对羟基扁桃酸中含有苯环可以发生加成反应，含有醇羟基、酚羟基和羧基可以发生取代反应和缩聚反应，C正确；‎ D.由于醇羟基和氢氧化钠溶液不反应，所以1 mol对羟基扁桃酸与足量NaOH溶液反应，消耗2 mol NaOH，D不正确；‎ 答案选D。‎ ‎25.0.1mol某烃完全燃烧时生成30.8gCO2和12.6gH2O，且能使酸性高锰酸钾溶液褪色，若其结构中只含有两个﹣CH3，则该物质的结构（不考虑顺反异构）最多有 A. 6种 B. 8种 C. 7种 D. 10种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】二氧化碳质量为‎30.8g，n（CO2）=‎30.8g÷‎44g/mol=0.7mol，n（C）=n（CO2）=0.7mol；水的质量为‎12.6g，n（H2O）=‎12.6g÷‎18g/mol=0.7mol，n（H）=2n（H2O）=2×0.7mol=1.4mol，即0.1mol烃中含有0.7molC原子，1.4molH原子，所以该烃的分子式为C7H14，此烃不饱和度为1，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，说明含有1个碳碳双键，若其结构中只含有两个-CH3，那么其结构可以为2-庚烯、3-庚烯、2-甲基-1-己烯、3-甲基-1-己烯、4-甲基-1-己烯、5-甲基-1-己烯、2-乙基-1-戊烯、3-乙基-1-戊烯，故总共有8种，答案选B。‎ 第Ⅱ卷 非选择题(共50分)‎ ‎26.实验题：Ⅰ.下列实验设计或操作合理的是____________。‎ A.在催化剂存在的条件下，苯和溴水发生反应可生成无色比水重的液体溴苯 B.只用水就能鉴别苯、硝基苯、乙醇 C.实验室制取乙烯时温度计的水银球在反应液上方 D.将10滴溴乙烷加入1 mL10％的烧碱溶液中加热片刻后，再滴加2滴2％的硝酸银溶液，以检验水解生成的溴离子 E.工业酒精制取无水酒精时先加生石灰然后蒸馏，蒸馏必须将温度计的水银球插入反应液中，测定反应液的温度 F.苯酚中滴加少量的稀溴水，可用来定量检验苯酚 G.将铜丝弯成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，完成乙醇氧化为乙醛的实验 Ⅱ.学习卤代烃的性质时，张老师通过实验的方法验证溴乙烷在不同溶剂中与NaOH 反应生成不同的反应产物，请你一起参与他们的探究。‎ ‎(1)张老师用如图所示装置进行实验：该实验的目的是__________；课上你所观察到的现象是_____；盛水试管(装置)的作用是________。‎ ‎(2)若你用另一实验来达到张老师演示实验的目的，你设计的实验方案依据的反应原理是________(用化学方程式表示)。‎ ‎【答案】 (1). BG (2). 验证生成的气体是乙烯（或验证溴乙烷与NaOH发生消去反应的产物） (3). KMnO4溶液的紫红色褪去 (4). 除去气体中少量的乙醇 (5). CH2═CH2+Br2→CH2BrCH2Br ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ Ⅱ(1)溴乙烷在NaOH乙醇溶液中发生的是消去反应生成乙烯；乙烯能使高锰酸钾溶液褪色；乙烯中含有乙醇，可以用水除去乙醇；‎ ‎(2)根据乙烯的性质设计实验方案。‎ ‎【详解】ⅠA．在催化剂存在的条件下，苯和液溴发生反应可生成比水重的溴苯，与溴水不反应，A错误；‎ B．苯、硝基苯、乙醇分别与水混合的现象为：分层后有机层在上层、分层后有机层在下层、不分层，现象不同，故只用水就能鉴别苯、硝基苯、乙醇，B正确；‎ C．实验室制取乙烯时控制反应液的温度为‎170℃‎，必须将温度计的水银球插入反应液中，测定反应液的温度，C错误；‎ D．将10滴溴乙烷加入1mL10%的烧碱溶液中加热片刻后，再滴加2滴2%的硝酸银溶液，以检验水解生成的溴离子，检验Br－需要在酸性环境下，没有加酸至酸性，Ag＋会与OH－反应，D错误；‎ E．工业酒精制取无水酒精时先加生石灰然后蒸馏，蒸馏必须将温度计的水银球放在烧瓶的支管口处，E错误；‎ F．苯酚中滴加少量的稀溴水，溴少量，没有完全反应，不能可用来定量检验苯酚，F错误；‎ G．将铜丝弯成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，生成CuO，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，可完成乙醇氧化为乙醛的实验，G正确；‎ 综上正确的是BG；‎ Ⅱ溴乙烷在NaOH水溶液中发生水解生成乙醇，溴乙烷在NaOH醇溶液中，发生消去反应生成乙烯。‎ ‎(1)由图可知，高锰酸钾溶液可检验气体，则气体为乙烯，则溴乙烷发生消去反应生成乙烯，该实验的目的是：验证生成的气体是乙烯（或验证溴乙烷与NaOH发生消去反应的产物）；实验中你所观察到的现象是KMnO4‎ 溶液的紫红色褪去；因乙醇也能被高锰酸钾氧化，可知盛水试管的作用是除去气体中少量的乙醇；‎ ‎(2)乙烯含双键，性质活泼，可与溴水中溴发生加成反应使溴水褪色，故可把产生的气体直接通入溴水中，观察到溴水褪色从而验证生成的气体是乙烯，发生的反应的化学方程式为CH2═CH2+Br2→CH2BrCH2Br。‎ ‎27.图中A、B、C、D、E、F、G均有机化合物。据图回答问题：‎ ‎(1)D的化学名称是__‎ ‎(2)反应③化学方程式是__(有机物须用结构简式表示，下同)‎ ‎(3)B的分子式是__，A的结构简式是__。反应①的反应类型是__‎ ‎(4)反应④的化学方程式是__‎ ‎【答案】 (1). 乙醇 (2). CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOC2H5+H2O (3). C9H10O3 (4). (5). 水解反应 (6). CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ B在浓硫酸加热条件下生成E，由E的结构可知，B发生酯化反应生成E，故B为。D的分子式为C2H6O，一定条件下可以生成C2H4，故D为CH3CH2OH，G为CH2=CH2。C与CH3CH2OH在浓硫酸、加热条件下生成F，结合F的分子式C4H8O2可知，生成F的反应为酯化反应，故C为CH3COOH，F为CH3COOCH2CH3，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应，酸化得到B、C、D，故A为。‎ ‎【详解】(1)由上述分析可知，D为CH3CH2OH，化学名称为乙醇；‎ ‎(2)反应③是CH3COOH与CH3CH2OH发生酯化反应生成乙酸乙酯，反应方程式为：‎ CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOC2H5+H2O；‎ ‎(3)由上述分析可知，B为，分子式为C9H10O3，A的结构简式是，反应①属于水解反应；‎ ‎(4)反应④是乙醇发生消去反应生成乙烯，反应方程式为：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O。‎ ‎28.在有机合成中，常利用反应：R—CN+2H2OR—COOH+NH3，引入羧基，而—CN可以通过与HCN反应引入：。现在有某有机合成，其合成途径如下： ABCD ‎(1)写出A、D的结构简式:A____，D____‎ ‎(2)有机物B中含有的官能团名称为____和____‎ ‎(3)下列反应类型为①____，③____。‎ ‎(4)写出B→C的化学方程式：____‎ ‎【答案】 (1). (2). (3). 羧基 (4). 羟基 (5). 加成反应 (6). 消去反应 (7). CH2=CHCOOH+H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 丙酮与HCN发生加成反应生成A，根据已知信息，A为，A水解生成B为 ‎，B发生消去反应生成C为，C发生加聚反应生成D为。‎ ‎【详解】(1)A的结构简式为，D的结构简式为；‎ ‎(2)有机物B为，含有的官能团名称为羧基、羟基；‎ ‎(3)反应①为丙酮和HCN反应，得到产物，根据分子式可知，反应①属于加成反应；反应③为B发生消去反应，生成碳碳双键，属于消去反应；‎ ‎(4)B→C的化学方程式： +H2O。‎ ‎29.M是一种重要材料的中间体，结构简式为：。合成M的一种途径如下：‎ A～F分别代表一种有机化合物，合成路线中的部分产物及反应条件已略去。‎ 已知：①Y的核磁共振氢谱只有1种峰；‎ ‎②RCH＝CH2 RCH2CH2OH；‎ ‎③两个羟基连接在同一个碳原子上不稳定，易脱水。‎ 请回答下列问题：‎ ‎（1）D中官能团的名称是___________，Y的结构简式是_____________。‎ ‎（2）步骤①的反应类型是_____________。‎ ‎（3）下列说法不正确的是_____________。‎ a．A和E都能发生氧化反应 b．1 molB完全燃烧需6 mol O2‎ c．C能与新制氢氧化铜悬浊液反应 d．1 molF最多能与3 mol H2反应 ‎（4）步骤⑦的化学反应方程式是____________________。‎ ‎（5）M经催化氧化得到X（C11H12O4），X的同分异构体中同时满足下列条件的结构简为____________。‎ a．苯环上只有两个取代基，苯环上的一氯代物有2种 b．水解只生成芳香醇和二元酸，且二元酸的核磁共振氢谱只有2种峰 ‎【答案】 (1). 羧基 (2). (3). 消去反应 (4). d (5). (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】反应⑤为取代反应，可推知E为．反应⑤为卤代烃的水解反应，酸化得到F为，由M的结构可知D为（CH3）2CHCOOH，逆推可知C为（CH3）2CHCHO、B为（CH3）2CHCH2OH，结合信息②可知A为（CH3）‎2C=CH2，Y发生消去反应得到A，而Y的核磁共振氢谱只有1种峰，则Y为．‎ ‎（1）D为（CH3）2CHCOOH，含有的官能团的名称是：羧基；Y的结构简式是：，‎ 故答案为羧基；；‎ ‎（2）步骤①发生卤代烃的消去反应，故答案为消去反应；‎ ‎（3）a．A为（CH3）‎2C=CH2，E为，均可以燃烧，碳碳双键、酚羟基都易被氧化，均可以发生氧化反应，故正确；‎ b．B为（CH3）2CHCH2OH，1molB完全燃烧需 O2为（4+10/4-1/2）mol=6mol，故正确；‎ c．C为（CH3）2CHCHO，含有醛基，能与新制氢氧化铜悬浊液反应，故正确；‎ d．F为，苯环、醛基均与氢气发生加成反应，1molF最多能与4mol H2反应，故错误；‎ 答案选d；‎ ‎（4）步骤⑦的化学反应方程式是：‎ ‎，‎ 故答案为；‎ ‎（5）M（）经催化氧化得到X（C11H12O4），则为X为，X的同分异构体中同时满足下列条件：a．苯环上只有两个取代基，苯环上的一氯代物有2种，含有2个不同的取代基，且处于对位；‎ b．水解只生成芳香醇和二元酸，且二元酸的核磁共振氢谱只有2种峰，符合条件的同分异构体为：，故答案为。‎ ‎30.某厂利用一种天然产物进行发酵，发现发酵液中含有U、V、W、X等多种化合物。已知：①U和W均可与银氨溶液反应，析出金属银，而且U是一种单糖。②V是单官能团化合物，其碳原子数和X相同。V在浓硫酸作用下经加热得到Y，Y可以使溴水褪色。③V经缓和氧化可生成W。④V和X在少量浓硫酸作用下经加热可以得到Z。⑤X的组成为C 40%、H 6.7%、O 53.3%，X含有一个羧基，已知X的相对分子质量为90。X也可与乙酸起酯化反应。根据上述条件，回答下列问题：‎ ‎(1)写出符合U的一种可能的单糖结构简式：___________。‎ ‎(2)X的分子式是_____，其所有可能的结构简式是_________。‎ ‎(3)V、W、Y、Z的可能的结构简式分别是：V_____，W_____，Y_______，Z______。‎ ‎【答案】 (1). CH2OH(CHOH)4CHO或CH2OH(CHOH)3COCH2OH (2). C3H6O3 (3). ‎ HOCH2CH2COOH或CH3CH(OH)COOH (4). CH3CH2CH2OH (5). CH3CH2CHO (6). CH3CH=CH2 (7). HOCH2CH2COOCH2CH2CH3或CH3CH(OH)COOCH2CH2CH3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ U是一种单糖，能发生银镜反应，可能为葡萄糖。X分子中C、H、O原子数目之比为，X最简式为CH2O，X可以表示为(CH2O)n，X的相对分子质量为90，则，可知X分子式为C3H6O3，X含有一个羧基，X也可与乙酸起酯化反应，则X含有羟基，X结构简式为HOCH2CH2COOH或CH3CH(OH)COOH。V在浓H2SO4作用下加热生成Y，Y可以使溴水褪色，则Y属烯烃，V是醇，而V是单官能团化合物，其碳原子数与X相同，V经缓和氧化可生成W，W可以与银氨溶液反应，含有－CHO，则V含有－CH2OH结构。则V是CH3CH2CH2OH，Y是CH3CH=CH2，W为CH3CH2CHO。V和X在浓H2SO4作用下生成Z，则Z属于酯类，为HOCH2CH2COOCH2CH2CH3或CH3CH(OH)COOCH2CH2CH3。‎ ‎【详解】(1)根据分析，U可能为葡萄糖，其结构简式为CH2OH(CHOH)4CHO，也可能是果糖，结构简式为CH2OH(CHOH)3COCH2OH； ‎ ‎(2)X的分子式为C3H6O3，可能的结构简式为HOCH2CH2COOH或CH3CH(OH)COOH；‎ ‎(3)根据分析，V的结构简式为CH3CH2CH2OH，W的结构简式为CH3CH2CHO，Y的结构简式为CH3CH=CH2，Z的结构简式为HOCH2CH2COOCH2CH2CH3或CH3CH(OH)COOCH2CH2CH3。‎ ‎【点睛】问题(1)中的单糖也可能是果糖。果糖的结构简式中不含醛基，而是酮基，但是还是可与银氨溶液反应，生成银单质。‎ ‎ ‎