山东省济宁市第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试化学试题

山东省济宁市第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试化学试题

济宁一中2018级线上学习阶段性测试化学学科试卷 可能用到的相对原子质量：H：‎1 C：12 O：16‎ 一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一项符合题意。‎ ‎1.新冠肺炎疫情出现以来，一系列举措体现了中国力量。在各种防护防控措施中，化学知识起了重要作用，下列有关说法错误的是（ ）‎ A. 使用84消毒液杀菌消毒是利用HClO或ClO-的强氧化性 B. 使用医用酒精杀菌消毒的过程中只发生了物理变化 C. N95型口罩的核心材料是聚丙烯，属于有机高分子材料 D. 医用防护服的核心材料是微孔聚四氟乙烯薄膜，其单体四氟乙烯属于卤代烃 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 84消毒液的主要成分是NaClO，ClO－能发生水解生成HClO，HClO或ClO－具有强氧化性能使蛋白质变性，从而起到杀菌消毒的作用，故A说法正确；‎ B. 酒精能使蛋白质变性，属于化学变化，故B说法错误；‎ C. 聚丙烯是由丙烯发生加聚反应得到，即聚丙烯属于高分子材料，故C说法正确；‎ D. 四氟乙烯的结构简式为CF2=CF2，仅含有C和F两种元素，即四氟乙烯属于卤代烃，故D说法正确；‎ 答案：B。‎ ‎2.以下化学用语表述正确的是（ ）‎ A. 乙烯的结构简式：CH2CH2‎ B. H2O2的电子式：‎ C. 乙醇的分子式：CH3CH2OH D. 溴乙烷的比例模型：‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 乙烯的结构简式：CH2=CH2，故A错误；‎ B. H2O2是共价化合物，应该为共用电子对书写电子式，故B错误；‎ C. 乙醇的分子式：C2H6O，故C错误；‎ D. 溴乙烷的比例模型：，故D正确。‎ 综上所述，答案为D。‎ ‎【点睛】书写电子式时先分清是共价化合物还是离子化合物，离子化合物书写成阴阳离子，一般阴离子要用“[ ]”括起来，简单阳离子直接写，复杂阳离子也要用“[ ]”括起来；共价化合物书写成共用电子对。‎ ‎3.下列说法不正确的是（ ）‎ A. 鸡蛋清溶液中滴入浓硝酸微热后生成黄色沉淀 B. 在鸡蛋清溶液中分别加入饱和Na2SO4、CuSO4溶液，都会因盐析产生沉淀 C. 油酸甘油酯可通过氢化反应变为硬脂酸甘油酯 D. 油脂在碱性条件下水解为甘油和高级脂肪酸盐 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 鸡蛋清溶液中含有蛋白质，加入浓硝酸微热后出现黄色沉淀，这是蛋白质发生的颜色反应，即蛋白质的特征反应，故A说法正确；‎ B. 鸡蛋清中含有蛋白质，加入饱和Na2SO4溶液，使蛋白质溶液发生盐析，加入饱和CuSO4溶液，Cu2＋属于重金属离子使蛋白质发生变性，故B说法错误；‎ C. 油酸的分子式为C18H34O2，含有碳碳双键，硬脂酸分子式为C18H36O2，即油酸甘油酯中含有碳碳双键，能与氢气发生加成反应，生成硬脂酸甘油酯，故C说法正确；‎ D. 油脂属于高级脂肪酸甘油酯，碱性条件下可水解成高级脂肪酸盐和甘油，故D说法正确；‎ 答案：B。‎ ‎4.催化加氢可生成3—甲基己烷的是（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎3－甲基己烷的结构简式为，根据烯烃与氢气发生加成反应以及烷烃的命名进行分析；‎ ‎【详解】A. 该有机物与氢气发生加成反应后，生成,该烷烃为3－甲基庚烷，故A不符合题意；‎ B. 加成后产物是，其名称为3－甲基戊烷，故B不符合题意；‎ C. 加成后产物是，其名称为3－甲基己烷，故C符合题意；‎ D. 加成后的产物是，其名称为2－甲基己烷，故D不符合题意；‎ 答案：C。‎ ‎5.NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是（ ）‎ A. ‎2.24‎L‎(标准状况下)苯在O2中完全燃烧，得到0.6NA个CO2分子 B. 1mol乙酸(忽略挥发损失)与足量的C2H518OH在浓硫酸作用下加热，充分反应可生成NA个CH3CO18OC2H5分子 C. ‎14g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2NA D. 标准状况下，11.2LCCl4中含分子数为0.5NA ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯标准状况下不是气体，因此无法直接运用‎22.4L·mol－1计算出苯的物质的量，故A说法错误；‎ B. 乙酸与乙醇发生酯化反应，属于可逆反应，不能进行到底，因此根据题意无法计算出生成酯的物质的量，故B说法错误；‎ C. 乙烯和丙烯的通式为CnH2n，因此‎14g该混合物气体中氢原子物质的量为=2mol，故C说法正确；‎ D. CCl4标准状况下不是气体，不能直接运用‎22.4L·mol－1进行计算，即根据题意无法计算出CCl4的物质的量，故D说法错误；‎ 答案：C。‎ ‎【点睛】本题的易错点是选项B，生成低级酯的酯化反应为可逆反应，不能进行到底。‎ ‎6.关于有机物的叙述正确的是（ ）‎ A. 丙烷的二卤代物是4种，则其六卤代物是2种 B. 某烃的同分异构体只能形成一种一氯代物，其分子式一定为C5H12‎ C. 甲苯苯环上一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代，所得产物有6种 D. 对二甲苯的核磁共振氢谱显示有3种不同化学环境的氢 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 丙烷的分子式为C3H8，其二卤代物有4种，六卤代物的种数等于二卤代物的种数，即有4种，故A错误；‎ B. 某烃的同分异构体只能形成一种一氯代物，可以是，也可以是，故B错误；‎ C.苯环上有2个取代基，取代基位置是邻间对，含有3个碳原子的烷基可以是－CH2CH2CH3也可以是－CH(CH3)2，因此所得产物有2×3种，即有6种，故C正确；‎ D. 对二甲苯中，关于红线对称，应有2种不同化学环境的氢原子，故D错误；‎ 答案：C。‎ ‎7.为提纯下列物质(括号内的物质是杂质)，所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是（ ）‎ 被提纯的物质 除杂试剂 分离方法 A 溴苯(溴)‎ NaOH溶液 分液 B 己烷(己烯)‎ 溴水 分液 C 乙烯(SO2)‎ 酸性KMnO4溶液 洗气 D 苯(苯酚)‎ 浓溴水 过滤 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 溴单质能与NaOH反应生成可溶于水物质，溴苯不与NaOH反应，且溴苯为无色、与NaOH溶液互不相容的液体，因此可以采用分液方法进行分离，故A正确；‎ B. 己烷为有机液体，溴单质易溶于有机溶剂，因此溴能溶于己烷，因此该方法无法分离，故B错误；‎ C. 乙烯和二氧化硫均能被酸性高锰酸钾溶液氧化，故不能用酸性高锰酸钾溶液除去乙烯中的SO2，应将气体通入氢氧化钠溶液中，然后干燥得到，故C错误；‎ D. 苯酚与浓溴水生成三溴苯酚，三溴苯酚与苯互溶，因此无法分离，应将其加入NaOH溶液中，再分液，故D错误；‎ 答案：A。‎ ‎8.分子式为C9H12O，苯环上有两个取代基且含羟基的化合物，其可能的结构有 A. 9种 B. 12种 C. 15种 D. 16种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】分子中含有苯环，取代基可以分为以下几种情况：①一个羟基和一个正丙基，这样的同分异构体有邻、间、对三种；②一个羟基和异丙基，这样的同分异构体也有邻、间、对三种；③一个羟甲基和一个乙基，同分异构体有邻、间、对三种；④‎ 一个甲基和一个羟乙基，而羟乙基有两种同分异构体，然后每种羟乙基和甲基都会有邻、间、对三种同分异构体，共有十五种，故C正确；‎ 答案选C。‎ ‎9.乌头酸的结构简式如图所示，下列关于乌头酸的说法错误的是(　　)‎ A. 分子式为C6H6O6‎ B. 乌头酸能发生水解反应和加成反应 C. 乌头酸能使酸性高锰酸钾溶液褪色 D. 含1 mol乌头酸的溶液最多可消耗 3 mol NaOH ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据结构简式可知其化学式为C6H6O6，A正确；‎ B．乌头酸含有羧基和碳碳双键，能发生加成反应，但不能发生水解反应，B错误；‎ C．乌头酸含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，C正确；‎ D．含有3个羧基，含1mol乌头酸的溶液最多可消耗3molNaOH，D正确；‎ 答案选B。‎ ‎10.苯甲酸的熔点为‎122.13℃‎，微溶于水，易溶于酒精，实验室制备少量苯甲酸的流程如图：‎ 下列叙述不正确的是（ ）‎ A. 冷凝回流的目的是提高甲苯的转化率 B. 加入KMnO4反应后紫色变浅或消失，有浑浊生成 C. 操作1为过滤，操作2为酸化，操作3为过滤 D. 得到的苯甲酸固体用酒精洗涤比用水洗涤好 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 冷凝回流的目的是提高甲苯的转化率和利用率，故A正确；‎ B. 甲苯加入KMnO4反应生成苯甲酸和二氧化锰，因此溶液出现紫色变浅或消失，有浑浊生成，故B正确；‎ C. 二氧化锰难溶于水，因此操作1为过滤，苯甲酸钾变为苯甲酸，因此操作2为酸化，得到苯甲酸固体，因此操作3为过滤，故C正确；‎ D. 苯甲酸微溶于水，易溶于酒精，因此得到的苯甲酸固体用水洗涤比酒精好，故D错误。‎ 综上所述，答案为D。‎ ‎11.1mol有机物A（分子式为C6H10O4）经水解得1molB和2molC；C经分子内脱水得D；D可发生加聚反应生成高聚物。由此可知A的结构简式为 A. CH3CH2OOC-COOCH2CH3 B. CH3COO(CH2)2COOCH3‎ C. HOOC(CH2)3COOCH3 D. HOOC(CH2)4COOH ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎1mol有机物A（分子式为C6H10O4）经水解得1molB和2molC；C经分子内脱水得D；D可发生加聚反应生成高分子化合物，则D为乙烯，C为乙醇，A中有6个碳，由2mol乙醇和B反应可生成A，该反应必须是酯化反应，A中有4个氧原子，应该是二元酯，B是乙二酸（HOOC-COOH），A为CH3CH2OOC-COOCH2CH3，答案选A。‎ ‎12.室温下，某气态有机物与过量氧气混合完全燃烧，恢复到室温，使燃烧产物通过浓硫酸，体积比反应前减少40mL，再通过NaOH溶液，体积又减少了40mL，该有机物的分子式是 A. CH4 B. C2H‎6 ‎C. CH2O D. C2H4O ‎【答案】C ‎【解析】‎ NaOH溶液吸收40mL为燃烧生成CO2的体积，产物通过浓硫酸，气体体积减少了40mL，则：‎ CxHyOz+（x+y/4-z/2）O2→xCO2+y/2H2O，体积减小 ‎1 （x+y/4-z/2） x 1+y/4-z/2‎ ‎40mL 40mL 则：x=1+y/4-z/2，根据选项可知选项C符合，答案选C。‎ 点睛：本题考查有机物分子式的确定、混合物反应的计算，注意掌握守恒思想、差量法在化学计算中的应用方法。根据反应的通式得出x、y、z之间的关系并结合讨论法判断是解答的关键。 ‎ ‎13.丁腈橡胶()具有优良的耐油、耐高温性能，合成丁腈橡胶的单体是（ ）‎ ‎①CH2═CH—CH═CH2②CH3—C≡C—CH3③CH2═CH—CN④⑤CH3—CH═CH2⑥CH3—CH═CH—CH3‎ A. ②③ B. ①③ C. ③⑥ D. ④⑤‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据丁腈橡胶的结构简式，得出生成该高分子化合物的反应是加聚反应，然后进行判断；‎ ‎【详解】，该有机物链节上都是碳原子，即生成该高分子化合物的反应为加聚反应，得出单体为CH2=CH－CH=CH2和CH2=CHCN，故B正确；‎ 答案：B。‎ ‎【点睛】高分子化合物单体的判断，首先判断生成该有机物的反应类型，如果链节上都是碳原子，一般是加聚反应得到，如果链节上有其他元素，一般是缩聚反应得到，如果是加聚反应，采用“单边双、双变单、超过四键就断裂、不足四键键来补”的规律进行分析单体。‎ ‎14.药用有机化合物A(C8H8O2)为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。‎ 则下列说法正确的是（ ）‎ A. 根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为三溴苯酚 B. G的同分异构体中属于酯类且能发生银镜反应的只有一种 C. 上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、G D. A的结构简式为 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ E能与C2H5OH发生反应生成具有香味的液体G，说明G为酯，即结构简式为CH3COOCH2CH3，则C为CH3COONa，D能与浓溴水反应生成白色沉淀F，根据A中碳原子数，推出F为苯酚，然后据此分析；‎ ‎【详解】E能与C2H5OH发生反应生成具有香味的液体G，说明G为酯，即结构简式为CH3COOCH2CH3，则C为CH3COONa，D能与浓溴水反应生成白色沉淀F，根据A中碳原子数，推出D为苯酚，F为三溴苯酚，则B为苯酚钠，A的结构简式为，‎ A. 根据上述分析，D为苯酚，故A错误；‎ B. 属于酯类，则说明含有酯基，能发生银镜反应，则说明属于甲酸某酯的形式，即结构简式为HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)2，故B错误；‎ C. A生成B和C可以看作是水解反应和中和反应，B为苯酚钠，苯酚钠溶液中苯酚根离子发生水解，苯酚不发生水解，G为酯，能发生水解反应，故C错误；‎ D. 根据上述分析，A的结构简式为，故D正确；‎ 答案：D。‎ ‎15.司替戊醇(d)用于治疗两岁及以上Dravet综合征相关癫痫发作患者，其合成路线如图所示。下列有关判断正确的是（ ）‎ A. b的一氯代物有4种 B. c的分子式为C14H14O3‎ C. 1mold最多能与4molH2发生加成反应 D. d中所有碳原子可能处于同一平面 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．b的氢原子有2种，所以一氯代物有2种，故A错误；‎ B．根据结构简式确定c的分子式为C14H16O3，故B错误；‎ C．苯环、碳碳双键都能和氢气发生加成反应，苯环和氢气以1：3‎ 反应、碳碳双键和氢气以1：1反应，所以1mold最多能与4molH2发生加成反应，故C正确；‎ D．d中连接3个甲基的碳原子具有甲烷结构特点，所以该分子中所有碳原子不能共平面，故D错误；‎ 故答案选C。‎ ‎【点睛】明确官能团及其性质关系、一氯代物判断方法、原子共平面判断方法是解本题关键，D为解答易错点。‎ 二、不定项选择题：本题共5小题，每道题4分，共20分。每小题有1个或2个选项符合题意，全都选对得4分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。‎ ‎16.下列说法不正确的是（ ）‎ A 糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反应 B. 制备乙酸乙酯时可用饱和碳酸钠溶液收集产物以除去其中的乙酸 C. 用饱和食盐水替代水跟电石反应，可以减缓乙炔的产生速率 D. 乙烯能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，二者反应原理相同 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 糖类分为单糖、二糖和多糖，其中单糖不能发生水解，故A说法错误；‎ B. 制备乙酸乙酯时，饱和碳酸钠的作用是中和乙酸、吸收乙醇、降低乙酸乙酯的溶解度使之析出，故B说法正确；‎ C. 电石与水反应速率太快生成大量的泡沫，因此常用饱和食盐水代替水跟电石反应，可以减缓乙炔的产生速率，故C说法正确；‎ D. 乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化，乙烯与溴水发生加成反应，二者的原理不同，故D说法错误；‎ 答案：AD。‎ ‎17.下列说法正确的是（ ）‎ A. 乳酸薄荷醇酯仅能发生水解、氧化、消去反应 B. 乙醛和丙烯醛不是同系物，但它们与氢气充分反应后的产物是同系物 C. 蔗糖和麦芽糖在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖 D. CH3COOCH2CH3与CH3CH2COOCH3互为同分异构体，1H-NMR 谱显示两者均有三种不同的氢原子且三种氢原子的比例相同，故不能用1H-NMR来鉴别 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 该有机物中含有羟基和酯基，酯基能发生水解反应，羟基能发生消去反应、酯化反应、氧化反应，故A错误；‎ B. 乙醛的结构简式为CH3CHO，不含碳碳双键，丙烯醛中含有碳碳双键，因此乙醛和丙烯醛不互为同系物，乙醛与氢气发生加成反应后的产物是CH3CH2OH，丙烯醛与氢气发生加成反应后的产物是CH3CH2CH2OH，都属于饱和一元醇，属于同系物，故B正确；‎ C. 蔗糖水解产物是葡萄糖和果糖，麦芽糖水解产物都是葡萄糖，故C错误；‎ D. 三种氢的位置不同，因此能用1H－NMR鉴别，故D错误；‎ 答案：B。‎ ‎【点睛】易错点是选项D，核磁共振将提供：①分子中不同种类氢原子有关化学环境的信息；②不同环境下氢原子的数目；③每个氢原子相邻的基团的结构；CH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3中虽然化学环境的氢原子种类相同，三种原子的比例相同，但三种氢的位置不同，因此核磁共振可以鉴别CH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3。‎ ‎18.去甲肾上腺素可以调控动物机体的植物性神经功能，其结构简式如图所示。下列说法正确的是（ ）‎ A. 每个去甲肾上腺素分子中含有3个酚羟基 B. 每个去甲肾上腺素分子中含有1个手性碳原子 C. 去甲肾上腺素既能与盐酸反应，又能与氢氧化钠溶液反应 D. 1mol去甲肾上腺素最多能与2molBr2发生取代反应 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 羟基与苯环直接相连，该羟基为酚羟基，根据结构简式，该分子中含有2个酚羟基，故A错误；‎ B. ‎ 碳原子连有四个不同的原子或原子团，这样的碳原子为手性碳原子，根据结构简式，手性碳原子见图，，该有机物中只有1个手性碳原子，故B正确；‎ C. 根据结构简式，该有机物中含有酚羟基，酚羟基能与NaOH发生反应，含有氨基，氨基能与盐酸反应，故C正确；‎ D. 该有机物中存在酚羟基，由于酚羟基的影响使苯环上的邻位和对位上的H变得活泼，容易发生取代，即1mol该有机物最多能与3molBr2发生取代反应，故D错误；‎ 答案：BC。‎ ‎19.如图流程中a、b、c、d、e、f是六种有机物，其中a是烃类，其余是烃的衍生物。下列有关说法正确的是（ ）‎ A. 若a的相对分子质量是42，则d是乙醛 B. 若d的相对分子质量是44，则a是乙炔 C. 若a为苯乙烯(C6H5—CH=CH2)，则f的分子式是C16H32O2‎ D. 若a为单烯烃，则d与f的最简式一定相同 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. a为烃，如果相对分子质量为42，则a为CH3CH=CH2，CH3CH=CH2与HBr发生加成反应，产物可能是CH3CH2CH2Br，也可能是CH3CHBrCH3，如果b为CH3CHBrCH3，b生成C发生卤代烃水解，即c为CH3CH(OH)CH3，c发生氧化反应，生成，丙酮不能发生银镜反应，即b为CH3CH2CH2Br，根据路线，分别是CH3CH2CH2OH、CH3CH2CHO、CH3CH2COOH、CH3CH2COOCH2CH2CH3，d为丙醛，故A错误；‎ B. d能发生银镜反应，以及c生成d发生氧化反应，推出d为醛，如果d为饱和一元醛(CnH2nO)，则有14n＋16=44，解得n为2，即d为CH3CHO，按照A选项分析，a为乙烯，故B错误；‎ C. 按照A选项分析，a为苯乙烯，则f应为C6H5CH2COOCH2CH‎2C6H5，其分子式为C16H16O2‎ ‎，故C错误；‎ D. 根据A选项分析，d的分子式为C3H6O，f的分子式为C6H12O2，最简式都是C3H6O，故D正确；‎ 答案：D。‎ ‎20.聚乙炔衍生物分子M的结构简式及M在稀硫酸作用下的水解反应如图所示。下列有关说法不正确的是（ ）‎ A. M与A均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色 B. 1molM与热的烧碱溶液反应，可消耗2molNaOH C. B、C均能发生消去反应和酯化反应 D. A、B、C各1mol分别与金属钠反应，放出气体的物质的量之比为1∶2∶2‎ ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据M的结构简式，M中含有酯基，M发生酯的水解，即得到的有机物是A：，C:HOCH2CH2OH，B：CH3CH(OH)COOH，然后具体分析；‎ ‎【详解】根据M的结构简式，M中含有酯基，M发生酯的水解，即得到的有机物是A：，C:HOCH2CH2OH，B：CH3CH(OH)COOH，‎ A. 根据上述分析，M和A中均含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，故A说法正确；‎ B. M为高分子化合物，1molM中含有2nmol酯基，因此1molM最多消耗2nmolNaOH，故B说法错误；‎ C. 根据B和C的结构简式，都含有羟基，羟基所连碳原子的相邻碳原子上有H ‎，因此可以发生消去反应；都能发生酯化反应，故C说法正确；‎ D. 1molA与金属钠反应生成氢气的物质的量为mol，1molB与金属钠反应生成氢气的物质的量为1mol，1molC与金属钠反应生成氢气的物质的量为1mol，即三者氢气物质的量为n:2:2，故D说法错误；‎ 答案：BD。‎ 三、非选择题 ‎21.苯甲酸甲酯是重要的化工原料，某化学兴趣小组仿照实验室制乙酸乙酯的原理以苯甲酸和甲醇为原料制备苯甲酸甲酯。有关数据如下：‎ 相对分子质量 熔点/℃‎ 沸点/℃‎ 密度/(g•cm-3)‎ 水溶性 苯甲酸 ‎122‎ ‎122.4‎ ‎249‎ ‎1.2659‎ 微溶 甲醇 ‎32‎ ‎-97‎ ‎64.6‎ ‎0.792‎ 互溶 苯甲酸甲酯 ‎136‎ ‎-12.3‎ ‎196.6‎ ‎1.0888‎ 不溶 Ⅰ.合成苯甲酸甲酯粗产品 在圆底烧瓶中加入‎12.2g苯甲酸和20mL甲醇，再小心加入3mL浓硫酸，混匀后，投入几粒碎瓷片，在圆底烧瓶上连接冷凝回流装置后，小心加热2小时，得苯甲酸甲酯粗产品。回答下列问题：‎ ‎（1）该反应的化学方程式为_____。‎ ‎（2）实验中，应选择_____(填序号)作为冷凝回流装置，该仪器的名称为_____。‎ ‎（3）使用过量甲醇的原因是_____。‎ Ⅱ.粗产品的精制 苯甲酸甲酯粗产品中往往含有少量甲醇、苯甲酸和水等，现拟用下列流程图进行精制。‎ ‎（4）饱和碳酸钠溶液的作用是_____，操作b的名称为_____。‎ ‎（5）该实验中制得苯甲酸甲酯‎8.5g，则苯甲酸甲酯的产率为_____。‎ ‎【答案】 (1). C6H5COOH+CH3OHC6H5COOCH3+H2O (2). B (3). 球型冷凝管 (4). 甲醇沸点低，损失大或甲醇过量可以提高苯甲酸的利用率 (5). 除去苯甲酸甲酯中的苯甲酸，溶解甲醇，降低苯甲酸甲酯的溶解度 (6). 蒸馏 (7). 62.5%‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 该实验的目的是制备苯甲酸甲酯，实验原理是+CH3OH+H2O，然后逐步分析；‎ ‎【详解】(1)根据实验目的，制备苯甲酸甲酯，其反应方程式为+CH3OH+H2O；‎ ‎(2)冷凝管的作用是冷凝回流，球形冷凝管的冷却效果比直形冷凝管好，因此选用B装置作冷凝回流装置；‎ ‎(3)该反应为可逆反应，增加甲醇的量，促进平衡向正反应方向进行，可以提高苯甲醇的利用率，同时甲醇的沸点较低，加热时，造成甲醇大量挥发，损失大；‎ ‎(4)根据题意，粗产品中含有少量的甲醇、苯甲酸，加入饱和碳酸钠溶液，可以吸收甲醇，中和苯甲酸，降低苯甲酸甲酯的溶解度；然后采用蒸馏的方法分离出苯甲酸甲酯和甲醇；‎ ‎(5)苯甲酸的物质的量为=0.1mol，甲醇的物质的量为=0.495mol，根据反应方程式，苯甲酸不足，甲醇过量，因此理论上生成苯甲酸甲酯的物质的量为0.1mol，即质量为0.1mol×‎136g·mol－1=‎13.6g，则苯甲酸甲酯的产率为 ‎×100%=62.5%。‎ ‎【点睛】易错点是冷凝管的选择，实验中圆底烧瓶连接冷凝回流装置，即冷凝管是竖直放置，球形冷凝管冷凝效果比直形冷凝管好，因此选择B，直形冷凝管一般用于蒸馏或分馏中冷凝。‎ ‎22.辣椒素是辣椒的活性成分，可在口腔中产生灼烧感，能够起到降血压和胆固醇的功效，进而在很大程度上预防心脏病，也能缓解肌肉关节疼痛。辣椒素酯类化合物的结构可以表示为：‎ ‎（R为烃基）‎ 其中一种辣椒素酯类化合物J的合成路线如下：‎ 已知：‎ ‎①A、B和E为同系物，其中B的相对分子质量为44，A和B核磁共振氢谱显示都有两组峰；‎ ‎②化合物J的分子式为C15H22O4；‎ ‎③‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）G所含官能团的名称为_____________。‎ ‎（2）由A和B生成C的化学方程式为______________。‎ ‎（3）由C生成D的反应类型为____________，D的化学名称为______________。‎ ‎（4）由H生成I的化学方程式为______________。‎ ‎（5）J的结构简式为_____________。‎ ‎（6）G的同分异构体中，苯环上的一氯代物只有一种的共有___种（不含立体异构），核磁共振氢谱显示2组峰的是__________（写结构简式)。‎ ‎【答案】 (1). 醚键、（酚）羟基 (2). ‎ ‎ (3). 加成（还原） (4). 4,4-二甲基-1-戊醇 (5). (6). (7). 8种 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 化合物J的分子式为C15H22O4，结合J的结构为，故R为—C6H13，因此F和I为和C6H13COOH，结合流程图知，F为C6H13COOH，I为；因此G为，H为；B的相对分子质量为44，B核磁共振氢谱显示有两组峰，故B为CH3CHO；A和B为同系物，结合信息③，据此分析作答。‎ ‎【详解】A为C4H9CHO，A的核磁共振氢谱显示有两组峰，则A为(CH3)3CCHO，C为(CH3)3CCH =CHCHO，D为(CH3)3CCH2CH2CH2OH，E为(CH3)3CCH2CH2CHO， F为(CH3)3CCH2CH2COOH。‎ ‎（1）G为，所含官能团的有醚键，(酚)羟基，故答案为醚键，(酚)羟基；‎ ‎（2）A为(CH3)3CCHO，B为CH3CHO；A和B生成C的化学方程式为(CH3)3CCHO +CH3CHO(CH3)3CCH =CHCHO，故答案为(CH3)3CCHO +CH3CHO(CH3)3CCH =CHCHO；‎ ‎（3）C为(CH3)3CCH =CHCHO，D为(CH3)3CCH2CH2CH2OH，C与氢气发生加成反应生成D；D为(CH3)3CCH2CH2CH2OH，名称为4，4-二甲基-1-戊醇，故答案为加成(还原)；4，4-‎ 二甲基-1-戊醇；‎ ‎（4）在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成I，化学方程式为+2NaOH+NaCl+H2O；‎ ‎（5）根据上述分析，J为；‎ ‎（6）G为，G的同分异构体中，苯环上的一氯代物只有一种的有、、、、、、、共8种；其中核磁共振氢谱显示2组峰的是，故答案为8种；。‎ ‎23.‎ 有机物A是聚合反应生产胶黏剂基料的单体，亦可作为合成调香剂I、聚酯材料J的原料，相关合成路线如下：‎ 已知：在质谱图中烃A的最大质荷比为118，E的结构简式为：‎ 根据以上信息回答下列问题：‎ ‎（1） A的分子式为___________，A所含的官能团名称为____________，E→F的反应类型为___________。‎ ‎（2） I的结构简式为__________________________，‎ ‎（3） D与新制氢氧化铜悬浊液反应的化学方程式为________________________________。‎ ‎（4） H的同分异构体W能与浓溴水反应产生白色沉淀，1 mol W参与反应最多消耗3 mol Br2，请写出所有符合条件的W的结构简式_____________________________________。‎ ‎（5） J是一种高分子化合物，则由C生成J的化学方程式为_______________________。‎ ‎【答案】 (1). C9H10 (2). 碳碳双键 (3). 消去反应 (4). (5). (6). (7). ‎ ‎【解析】‎ 在质谱图中烃A的最大质荷比为118，则烃A的相对分子质量为118，根据商余法，118÷12=9…10，其化学式为C9H10；由流程图可知A可与Br2/CCl4的溶液发生加成反应，说明B为溴代烃，根据C能够被氧化生成D，D能够与新制氢氧化铜悬浊液反应生成E ‎，结合E的结构简式，可知D为，C为，则B为，A为；E在浓硫酸存在时脱水生成F，F为，F再与苯乙醇发生酯化反应生成的酯I为。‎ ‎(1)A的结构简式为，分子式为C9H10，含有的官能团为碳碳双键； 在浓硫酸存在时脱水生成，即E→F的反应类型为消去反应，故答案为C9H10；碳碳双键；消去反应；‎ ‎(2)由分析可知I的结构简式为，故答案为；‎ ‎(3)与新制Cu(OH)2混合加热生成的化学方程式为；故答案为；‎ ‎(4)的同分异构体W能与浓溴水反应产生白色沉淀，说明分子结构中含有酚羟基，1mol W参与反应最多消耗3mol Br2，可知酚羟基的邻、对位均有可取代的氢，则符合条件的W的结构简式为，故答案为；‎ ‎(5)J是一种高分子化合物，则由与乙二酸发生缩聚反应生成J的化学方程式为或；故答案为。‎ 点睛：本题考查有机物推断，明确官能团及其性质关系是解本题关键。注意结合题给信息及有机反应条件来分析解答。本题的易错点和难点为同分异构体结构简式和有机方程式的书写，要根据学过的基础知识迁移应用。‎