山东省济南市山东师范大学附属中学2019-2020学年高二下学期5月月考化学试题

山东省济南市山东师范大学附属中学2019-2020学年高二下学期5月月考化学试题

山东师大附中2018级高二第二学期5月份化学学科检测题 考生注意：‎ ‎1.本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，共100分。考试时间90分钟。‎ ‎2.请将各题答案填写在答题卡上。‎ 可能用到的相对原子质量 H:‎1 C:12 O:‎16 F:19 As:75 Sm:150‎ 第I卷(选择题共50分)‎ 一、选择题(本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意)‎ ‎1.如图是四种常见有机物分子的比例模示意图。下列说法正确的是 A. 甲是甲烷， 甲烷的二氯取代物有两种结构 B. 乙是乙烯， 乙烯可与溴水发生取代反应使溴水褪色 C. 丙是苯， 苯结构比较稳定，不能发生氧化反应 D. 丁是乙醇， 在‎170 ℃‎ 乙醇能跟与浓硫酸作用发生消去反应制乙烯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 甲是甲烷，甲烷的二氯取代物只有一种结构，故A错误；‎ B. 乙是乙烯，乙烯可与溴水发生加成反应使溴水褪色，故B错误；‎ C. 丙是苯， 苯结构比较稳定，不与酸性高锰酸钾发生氧化反应，但要燃烧发生氧化反应，故C错误；‎ D. 丁是乙醇， 在‎170 ℃‎乙醇能跟与浓硫酸作用发生消去反应制乙烯，故D正确。‎ 综上所述，答案为D。‎ ‎2.下列反应只能得到一种有机物的是 A. 在铁粉催化下， 甲苯与溴反应 B. 丙烯与HCl发生反应 C. 乙苯与酸性高锰酸钾溶液反应 D. 甲苯在光照条件下与Cl2 反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.在铁粉催化下，甲苯与溴发生苯环上的取代反应，主要取代甲基邻位、对位的氢原子，也可能取代间位上的氢原子，得到的产物有多种，故A错误；‎ B.丙烯的结构不对称，与氯化氢发生加成反应可以生成1—氯丙烷，也可以生成2—氯丙烷，得到的产物有两种，故B错误；‎ C.苯环使苯的同系物侧链的活性增强，能被酸性高锰酸钾溶液氧化生成苯甲酸，则乙苯与酸性高锰酸钾溶液反应只能生成苯甲酸，产物只有一种，故C正确；‎ D.在光照条件下，甲苯与氯气发生侧链上的取代反应，可得到一氯、二氯、三氯多种氯代产物，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎【点睛】苯的同系物，在光照条件下与卤素单质发生侧链上的取代反应，在铁粉催化下与卤素单质发生苯环上的取代反应是分析解答关键。‎ ‎3.下列关于有机物的叙述正确的是 A. 乙醇是良好的有机溶剂， 75 % 的酒精还可以灭活新冠病毒 B. 苯酚有毒，沾到皮肤上可用 ‎65 ℃‎的以上热水洗涤 C. 乙烯、聚氯乙烯和苯分子中碳原子的杂化方式相同 D. 有机物 的名称是2-甲基-2-丁烯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.乙醇是良好的有机溶剂，医用酒精为体积分数为75%的乙醇溶液，可用于杀菌消毒，故A正确；‎ B.酒精对人的皮肤没有伤害，苯酚易溶于乙醇，苯酚有毒，沾到皮肤上应立即用酒精反复擦洗，故B错误；‎ C.乙烯和苯分子中碳原子的杂化均为sp2杂化，聚氯乙烯不含有碳碳双键，分子中碳原子的杂化sp3杂化，故C错误；‎ D.由结构简式为 可知，该有机物属于烯烃，分子中含有碳碳双键的最长碳链含有5个碳原子，名称为2-甲基-2-戊烯，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎4.下列物质在给定条件下的同分异构体数目最多的是 A. 分子组成是C3H8O的同分异构体种数 B. 分了组成是C7H8O的同分异构体中属于酚的种数 C. 分子组成是C4H8O2的同分异构体中属于酯的种数 D. 分子组成是C3H6O的同分异构体种数 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】分子组成是C3H8O的有机物可能是醇和醚，属于醇的有1—丙醇、2—丙醇，属于醚的有甲乙醚，共3种；分了组成是C7H8O的酚有邻甲苯酚、间甲苯酚、对甲苯酚，共3种；分子组成是C4H8O2的酯有甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯，共4种；分子组成是C3H6O的有机物可能是醛、酮、烯醇、烯醚、环醇、环醚等，有丙醛、丙酮、丙烯醇、甲乙烯醚、环丙醇、环氧丙烷等，种数大于4种，则分子组成是C3H6O的同分异构体数目最多，故选D。‎ ‎5.分子式为C4H7ClO2的同分异构体甚多， 其中能与 NaHCO3发生反应产生CO2的同分异构体共有(不考虑立体异构)‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C4H7ClO2能与NaHCO3溶液反应生成CO2，说明含有羧基，C4H7ClO2可写成C3H6ClCOOH，C3H6ClCOOH可以看成氯原子取代丙基上的氢原子，丙基有2种：正丙基和异丙基；正丙基中含有3种氢原子、异丙基中含有2种氢原子，所以分子式为C4H7ClO2且能与NaHCO3溶液反应生成CO2的有机物的数目有5种，故合理选项是C。‎ ‎6.某烯烃A分子式为 C8H16，A在一定条件下被氧化只生成一种物质 B，B能与NaHCO3溶液反应生成CO2。已知： 则符合上述条件的烃 A 的结构有(不考虑顺反异构)‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】某烯烃A分子式为C8H16，A在一定条件下被氧化只生成一种物质B，说明2个不饱和碳原子连接的原子或基团是相同的，B能与NaHCO3溶液反应生成CO2，则B为羧酸，故不饱和碳原子上均连接H原子，不考虑顺反异构，A可能的结构简式有：CH3CH2CH2CH=CHCH2CH2CH3、(CH3)2CHCH=CHCH(CH3)2，共2种不同结构，故合理选项是A。‎ ‎7.下列化合物中，既能发生消去反应生成烯烃，又能发生水解反应的是 A. CH3Cl B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】卤代烃均能发生水解反应，选项中的四种物质均为卤代烃；卤素原子所连碳原子的邻位碳原子上连有氢原子的卤代烃能发生消去反应。C、D项中的两物质卤素原子所连碳原子的邻位碳原子上均没有相应的氢原子，A中无邻位碳原子，不能发生消去反应。故B正确；‎ 故选B。‎ ‎8.某有机物 M 的结构简式如图所示，若等物质的量的 M 在一定条件下分别与金属钠、氢氧化钠溶液、碳酸氢钠溶液反应，则消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为( )‎ A. 1：1：1 B. 1：2：‎2 ‎C. 1：2：1 D. 2：4：1‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】能与Na反应的官能团有羟基、羧基，1 mol有机物可消耗2 mol Na；能与NaOH反应的官能团有酯基、酚羟基、溴原子和羧基，1 mol有机物可消耗4 mol NaOH；能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基，1 mol有机物只能消耗1mol碳酸氢钠，消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为2：4：1，故合理选项是D。‎ ‎9.下列离子方程式正确的是 A. AgNO3溶液中加入过量的氨水：Ag+＋NH3·H2O =AgOH↓＋NH4+‎ B. 向NaHCO3溶液中加入醋酸：HCO3-＋CH3COOH=CO2↑＋H2O＋CH3COO-‎ C. 葡萄糖溶液与银氨溶液水浴加热：CH2OH(CHOH)4CHO＋2[Ag(NH3)2]+＋2OH-CH2OH(CHOH )4COONH4＋H2O＋2Ag↓＋3NH3‎ D. 苯酚浊液中滴加碳酸钠溶液： 2 ＋Na2CO3=2＋CO2↑＋H2O ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．AgNO3溶液中加入过量的氨水，会发生反应产生可溶性的Ag(NH3)2OH，不能得到AgOH沉淀，A错误；‎ B．醋酸是弱酸，其酸性比碳酸强，因此向NaHCO3溶液中加入醋酸，发生反应的离子方程式为：HCO3-+ CH3COOH=CO2↑ + H2O +CH3COO-，B正确；‎ C．CH2OH(CHOH )4COONH4是可溶性强电解质，完全电离，以离子形式存在，C错误；‎ D．由于酸性：H2CO3>C6H5OH>HCO3-，所以向苯酚浊液中滴加碳酸钠溶液反应产生NaHCO3不能产生CO2气体，D错误；‎ 故合理选项是B。‎ ‎10.下列说法中正确的是 A. 苯中少量的苯酚可先加适量的浓溴水， 使之生成三溴苯酚，再过滤除去 B. 在蔗糖与稀硫酸共热后的溶液中滴加银氨溶液， 再水浴加热，看到光亮的银镜生成 C. 淀粉和纤维素的组成都是(C6H10O5)n，两者互为同分异构体，水解最终产物都是葡萄糖 D. 在甲酸甲酯溶液中加入新制的氢氧化铜浊液加热煮沸看到砖红色沉淀 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．苯是一种有机溶剂，既能溶解Br2‎ ‎，又能溶解反应产生的三溴苯酚，因此在苯酚的苯溶液中加入溴水不能除去苯酚，A错误；‎ B．应该在蔗糖与稀硫酸共热后的溶液中先加入NaOH溶液中和催化剂硫酸，使溶液显碱性，然后再滴加银氨溶液， 水浴加热，这时就可以看到光亮的银镜生成，B错误；‎ C．淀粉和纤维素的组成为(C6H10O5)n，但n不同，两者不是同分异构体，C错误；‎ D．甲酸甲酯中含有醛基，向其水溶液中加入新制的氢氧化铜浊液加热煮沸，能够看到砖红色沉淀，D正确；‎ 故合理选项是D。‎ ‎11.用如图所示装置检验乙烯时不需要除杂的是（ ）‎ 选项 乙烯的制备 试剂X 试剂Y A CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热 H2O KMnO4酸性溶液 B CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热 H2O Br2的CCl4溶液 C C2H5OH与浓H2SO4加热至‎170℃‎ NaOH溶液 KMnO4酸性溶液 D C2H5OH与浓H2SO4加热至‎170℃‎ NaOH溶液 溴水 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙醇易挥发，且乙醇能使酸性高锰酸钾褪色，需除杂，A错误；‎ B．乙醇易挥发，但不能和溴水反应，不需除杂，B正确；‎ C．C2H5OH易挥发，能使酸性高锰酸钾褪色，需除杂，C错误；‎ D．浓硫酸使C2H5OH脱水碳化生成C，加热条件下，C 和浓硫酸反应产生二氧化碳、二氧化硫，二氧化硫能使溴水褪色，需要除杂，D错误。‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】浓硫酸有脱水性，遇有机物可产生C，加热条件下，C和浓硫酸反应产生二氧化碳、二氧化硫杂质气体。‎ ‎12.下列说法正确的是 A. 乙醇中的-OH上的氢比水分了中的-OH上的氢活泼 B. NaCl晶体中每个Cl-周围有8个Na+‎ C. [TiCl(H2O)5]Cl2·H2O的配合物内界和外界Cl-的数目之比是1：2‎ D. 手性分子CH2=CHCH(CH2OH)COOH与足量的H2反应后分子有两个手性碳原子 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分析】‎ ‎【详解】A．乙醇中的-OH上的氢不如水分了中的-OH上的氢活泼，A错误；‎ B．NaCl晶体中每个Cl-周围有6个Na+，B错误；‎ C．[TiCl(H2O)5]Cl2·H2O的配位数是6，在配合物内界中含有1个Cl-，外界有2个Cl-，因此内界和外界Cl-的数目之比是1：2，C正确；‎ D．手性分子CH2=CHCH(CH2OH)COOH与足量的H2反应后得到的物质是CH3CH2CH(CH2OH)COOH，分子中只有连接羧基的C原子为手性碳原子，因此分子中只有1个手性碳原子，D错误；‎ 答案选C。‎ ‎13.在硼酸[B(OH)3]分子中，B原子与3个羟基相连，其晶体具有与石墨相似的层状结构。则分子中B原子杂化轨道的类型及同层分子间的主要作用力分别是 A. sp2，氢键 B. sp，范德华力 C. sp2，范德华力 D. sp3，氢键 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】在硼酸[B(OH)3]分子中，硼原子最外层只有3个电子，B原子与3个羟基相连，与氧原子形成3对共用电子对，即形成3个σ键，无孤对电子对，杂化轨道数为3，故B原子采取sp2杂化；在硼酸[B(OH)3]分子中，氧原子与氢原子形成1‎ 对共用电子对，氧元素的电负性很强，不同硼酸分子中的氧原子与氢原子之间形成氢键，在硼酸分子之间存在范德华力，氢键比范德华力更强，故硼酸分子之间主要是氢键，故合理选项是A。‎ ‎14.钡在氧气中燃烧时得到一种钡的氧化物晶休，结构如图所示，有关说法不正确的是 A. 该晶体属于离子晶体 B. 该晶体晶胞结构与NaCl相似 C. 晶体化学式为Ba2O2‎ D. 与每个Ba2+距离相等且最近的 Ba2+共有12个 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎ 【详解】A．Ba是活泼金属，O元素是活泼的非金属性，钡在氧气中燃烧时得到一种钡的氧化物属于离子晶体，A正确，不选；‎ B．由晶胞结构可知，离子配位数为6，与NaCl结构相似，B正确，不选；‎ C．晶胞中Ba2+离子位于晶胞的顶点和面心位置，晶胞中共含有Ba2+离子的个数为8×+6×=4；阴离子位于晶胞的边上和体心位置，共含有阴离子的个数为12×+1=4，所以晶胞中Ba2+与阴离子的个数比为1：1，该氧化物为BaO2，C错误，符合题意；‎ D．以晶胞顶点Ba2+离子作研究对象，与之距离相等且最近的Ba2+位于晶胞的面心上，每个晶胞中含有3个这样的Ba2+离子，通过该顶点的Ba2+能够形成8个晶胞，应用晶胞的每个平面为2个晶胞所共有，因此与每个Ba2+距离相等且最近的Ba2+共有=12个，D正确，不选；‎ 故合理选项C。‎ ‎15.下列说法中正确的是 ‎①晶体中分子间作用力越大， 分子越稳定 ‎②原子晶体中共价键越强， 熔点越高 ‎③干冰是 CO2 分子通过氢键和分子间作用力有规则排列成的分子晶体 ‎④在Na2O和Na2O2晶体中，阴、阳离子数之比相等 ‎⑤正四面体构型的分子，键角都是109°28'，其晶体类型可能是原子晶体或分子晶体 ‎⑥分子晶体中都含有化学键 ‎⑦含‎4.8 g碳元素的金刚石晶体中的碳碳键的物质的量为0.8 mol A. ①②③④⑤ B. ②④⑦ C. ⑤⑥⑦ D. ③④‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】①分子的稳定性取决于分子内共价键能的大小，与分子间作用力无关，分子间作用力只影响物质的物理性质，①不正确；‎ ‎②原子晶体中共价键越强，破坏它所需的能量越大，则熔点越高，②正确；‎ ‎③CO2分子间不能形成氢键，③不正确；‎ ‎④在Na2O和Na2O2晶体中，阴离子分别为O2-、O22-，阳离子都为Na+，阴、阳离子数之比都为1：2，④正确；‎ ‎⑤正四面体构型的分子，AB4型（如CH4），键角都是109°28′；A4型（如P4），键角为60°，⑤不正确；‎ ‎⑥稀有气体是单原子分子，则稀有气体形成的分子晶体中不含有化学键，⑥不正确；‎ ‎⑦‎4.8 g碳原子为=0.4mol，金刚石中，每个C与其它4个C形成了4个C-C共价键，则平均每个碳原子形成4×=2个共价键，所以共价键的物质的量为0.4mol ×2=0.8 mol，⑦正确。‎ 综合以上分析，②④⑦正确。‎ 答案选B 二、不定项选择题(本题包括5个小题，每小题4分，共20分。每小题有一个或两个正确选项。若正确答案只包含一个选项，多选得0分；若正确答案包含两个选项，只选一个且正确得2分，选两个且都正确得4分，但只要选错一个就不得分 )‎ ‎16.类推的思维方法在化学学习与研究中可能会产生错误的结论，因此类推出的结论需经过实践的检验才能确定其正确与否。下列几种类推结论正确的是 A. 金刚石中C—C键的键长为154.45 pm， C60中C—C键的键长为 140~ 145 pm，所以C60的熔点高于金刚石 B. CO2晶体是分子晶体，SiO2晶体也是分子晶体 C. 从CH4 、、为正面体结构，可推测CC14、、也为正四面体结构 D. H2O常温下为液态，H2S常温下也为液态 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 金刚石为原子晶体，C60为分子晶体，分子晶体的熔点一般低于原子晶体，故C60的熔点低于金刚石，与键长没有关系，A错误；‎ B. CO2晶体中含CO2分子，是分子晶体，SiO2晶体中每个硅周围连四个氧原子，每个氧原子连两个硅原子，所以SiO2属于原子晶体，B错误；‎ C. 从CH4 、、为正面体结构，CC14与CH4相似，与相似，与相似，所以可推测CC14、、也为正四面体结构，C正确；‎ D. 由于水分子间形成氢键，所以H2O常温下为液态，而H2S分子间没有氢键，所以H2S常温下为气态，D错误。‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】当同为原子晶体时，键长越短，键能越大，熔点越高。‎ ‎17.有 5 种元素X、Y、Z、Q、T。X为短周期元素，其原子M 层上有2 个未成对电子且此能级无空轨道； Y原子的价电子排布式为3d64s2；Z 原子的L 电子层的p能级上有一个空轨道，Q 原子的L 电子层的p能级上只有一对成对电子； T 原子的M 电子层上 p 轨道半充满。下列叙述不正确的是 A. 元素 Y和 X 单质可在加热的条件下形成化合Y2X3‎ B. T和Z各有一种单质的空间构型为正四面体形 C. X和Q 结合生成的化合物为离子化合物 D. ZQ2是极性键构成的非极性分子 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意，X原子M层上有2个未成对电子且无空轨道，则X的电子排布式为1s22s22p63s23p4，为S元素；Y原子的特征电子构型为3d64s2，则Y的电子排布式为1s22s22p63s23p63d64s2，Y为Fe元素；Z原子的L电子层的p能级上有一个空轨道，则Z的电子排布式为1s22s22p2，为C元素； Q原子的L电子层的P能级上只有一对成对电子，Q的电子排布式为1s22s22p4，Q 为O元素；T原子的M电子层上p轨道半充满，T的电子排布式为1s22s22p63s23p3，则T为为P元素，据此分析。‎ ‎【详解】A.元素 Y和 X 的单质分别是Fe、S，加热的条件下生成FeS，A错误；‎ B. T和Z分别是P、C，它们形成的单质有P4和金刚石，它们的分子构型均为正四面体型，B正确；‎ C. X与Q形成的化合物SO2或SO3都为共价化合物，C错误；‎ D. ZQ2是为CO2，CO2是直线型分子，结构式是O=C=O，结构对称，正负电荷中心重合，则CO2是极性键构成的非极性分子，D正确。‎ 答案选AC。‎ ‎18.是一种有机烯醚 ，可以烃用 A 通过下列路线制得：‎ ‎ ‎ 则下列说法正确的是 A. 分子式为C4H4O B. A的结构简式是CH2=CHCH2CH3‎ C. 分子中所有原子可能共面 D. ①②③的反应类型分别为加成、水解、取代 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由的合成流程图可知，A与溴发生加成反应得B，B在碱性条件下水解得C，C在浓硫酸作用下发生脱水成醚，结合的结构可逆推得到C为HOCH2CH=CHCH2OH，B为BrCH2CH=CHCH2Br，A为CH2=CHCH=CH2，据此分析解答。‎ ‎【详解】A．的分子式为C4H6O，故A错误；‎ B．由上述分析可知，A为CH2=CHCH=CH2，故B错误；‎ C．分子中含有亚甲基，具有类似甲烷的空间结构，所有原子不可能共面，故C错误；‎ D．由上述分析可知，①、②、③的反应类型分别为加成、水解、取代，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎【点睛】按照流程图正确判断各物质的结构简式是解题的关键。本题的易错点为C，要注意甲烷为四面体结构，分子结构中只要含有饱和碳原子，分子中所有的原子就不可能共面。‎ ‎19.有机化合物M 是合成某种抗新冠肺炎药物的中间体。M 的结构简式如图所示 。下列有关M 的的叙述正确的是 A. 该有机物的分子式为 C18H15O B. lmolM 最多能与 5molBr2 (四氯化碳溶液)发生反应 C. M 分子中至少有11 个碳原子共平面 D. M 分子中至少有5个碳原子在一条直线上 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 结构中含有两个苯环，官能团有酚羟基、碳碳双键和碳碳三键。‎ ‎【详解】A. 根据结构简式，可知该有机物的分子式为 C18H16O，A错误；‎ B. 酚羟基邻位和对位氢能与溴发生取代反应，则lmolM中有2mol氢原子能与溴发生取代反应，消耗2molBr2，每个C=C能与一个Br2发生加成反应，每个C≡C能与两个Br2发生加成反应，lmolM则最多能与 5molBr2 (四氯化碳溶液)发生反应，B正确；‎ C. 苯环为平面结构、-C≡C-为直线型、C=C为平面结构，则结构中的11个碳原子肯定共平面，则M 分子中至少有11个碳原子共平面，其它碳原子通过碳碳单键旋转，可能在这个平面内，C正确；‎ D.由于苯环为平面正六边形，C≡C为直线型，则M结构中的 7个碳原子在一条直线上，D错误。‎ 答案选BC。‎ ‎【点睛】通过苯环为平面结构、-C≡C-为直线型、C=C 为平面结构，碳碳单键可以旋转，判断共平面和共直线的问题。‎ ‎20.下列有机物在酸性催化条件下发生水解反应， 生成两种不同的有机物， 且这两种有机物的相对分子质量相等， 该有机物可能是 A. 蔗糖 B. 麦芽糖 C. 乙酸乙酯 D. 甲酸乙酯 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．蔗糖在酸性催化条件下水解生成葡萄糖和果糖，葡萄糖和果糖互为同分异构体，二者的相对分子质量相等，故A正确；‎ B．麦芽糖在酸性催化条件下水解只生成葡萄糖，故B错误；‎ C．乙酸乙酯在酸性催化条件下水解生成乙酸和乙醇，乙酸和乙醇的相对分子质量不等，故C错误；‎ D．甲酸乙酯在酸性催化条件下水解生成甲酸和乙醇，甲酸和乙醇的相对分子质量相等，都是46，故D正确；‎ 故选AD。‎ 第Ⅱ卷(非选择题，共 50 分)‎ 三、非选择题(5个小题，共50分)‎ ‎21.近年来我国科学家发现了一系列意义重大的铁系超导材料，其中一类为 Fe—S m—As—F—O 组成的化合物。回答下列问题：‎ ‎(1)元素As与N同族。预测As的氢化物分子的立体结构为____，其氢化物沸点比NH3的__________(填“高”或“低”)， 其判断理由是________________ 。‎ ‎(2)Fe成为阳离子时首先失去______轨道电子，Sm的价层电子排布式为‎4f66s2，Sm3+价层电子排布式为____________。‎ ‎(3)一种四方结构的超导化合物的晶胞如图 1 所示。晶胞中 Sm 和 As 原子的投影位置如图2所示。图中 F- 和 O2-共同占据晶胞的上下底面位置， 若两者的比例依次用x 和 1— x 代表，则该化合物的化学式表示为___________；通过测定密度ρ和晶胞参数，可以计算该物质的 x 值，完成它们关系表达式：ρ=_______g•cm-3。‎ ‎【答案】 (1). 三角锥形 (2). 低 (3). NH3分子间存在氢键 (4). 4s (5). ‎4f5 (6). SmFeAsO1-xFx (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1) NH3的立体结构为三角锥形，元素As与N同族，则As的氢化物AsH3分子的立体结构也为三角锥形，NH3分子间能形成氢键，AsH3分子间不能形成氢键，则AsH3沸点比NH3的低，其判断理由是NH3分子间存在氢键；‎ ‎(2)Fe价层电子排布式为3d64s2，成为阳离子时,易失去最外层的电子，则首先失去4s轨道电子，Sm的价层电子排布式为‎4f66s2，Sm3+失去了三个电子，先失去最外层两个，再失去‎6f的一个，则Sm3+价层电子排布式为‎4f5；‎ ‎(3)由图1可知，晶胞中Sm原子有4个在面心，Fe原子有4个在棱上和1个在体心，As原子有4个在面心，F- 和 O2-有8个在顶点和2个面心，根据均摊法，则含Sm原子：，含Fe原子：，含As原子：，含F- 、 O2-共：，O2-有2(1-x)个，F-有2x，所以该化合物的化学式表示为SmFeAsO1-xFx；根据化学式SmFeAsO1-xFx，一个晶胞的质量为，一个晶胞的体积为a‎2c×10‎-30cm3，则密度 ‎【点睛】本题难点在第3题化学式的确定和密度的表达式，先根据均摊法得到每个晶胞中原子或离子的个数，得到化学式，再根据化学式，每个晶胞的质量等于1mol的质量除以NA，再根据密度公式求得密度。‎ ‎22.(1)有下列化合物：甲 ： 乙： 丙：丁：‎ ‎①请按酸性由强至弱排列甲、乙、丙的顺序：________(用甲乙丙表示)‎ ‎②写出乙与乙醇发生酯化反应的化学方程式：____________。‎ ‎(2)由丙烯下列反应可制得F、G两种高分子化合物，它们都是常用的塑料。‎ ‎①写出E的结构简式：_______。 ‎ ‎②C与新制的Cu (OH) 2 共热转化为D的化学力程式是：________。‎ ‎③写出丙烯→F的化学方程式________________。‎ ‎【答案】 (1). 乙＞甲＞丙 (2). +CH3CH2OH +H2O (3). CH3CH(OH)COOH (4). + 2Cu(OH)2 +Cu2O+2H2O (5). nCH2=CH-CH3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)①有机官能团的酸性强弱为-COOH的酸性强于酚羟基，酚羟基的酸性强于醇羟基，据此排序；②乙与乙醇发生酯化反应生成，据此书写反应的方程式；‎ ‎(2)丙烯发生加聚反应生成F，F为，丙烯与溴发生加成反应生成A，A为CH3CHBrCH2Br，A水解生成B，B为CH3CH(OH)CH2OH，B发生氧化反应生成C，C为CH3COCHO，C进一步被氧化成D，D为CH3COCOOH，D与氢气加成生成E，E为CH3CH(OH)COOH，E发生分子间的缩聚反应生成G()，据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)①有机官能团的酸性强弱为-COOH 的酸性强于酚羟基，酚羟基的酸性强于醇羟基，所以甲、乙、丙的酸性强弱顺序为乙＞甲＞丙，反应方程式为，故答案为：乙＞甲＞丙；‎ ‎②乙与乙醇发生酯化反应的化学方程式为+CH3CH2OH +H2O，故答案为：+CH3CH2OH +H2O；‎ ‎(2)①根据上述分析，E的结构简式CH3CH(OH)COOH，故答案为：CH3CH(OH)COOH；‎ ‎②C为CH3COCHO，C与新制的Cu(OH)2共热转化为D(CH3COCOOH)的化学方程式为+ 2Cu(OH)2 +Cu2O+2H2O，故答案为：+ 2Cu(OH)2 +Cu2O+2H2O；‎ ‎③丙烯发生加聚反应生成高分子化合物F的化学方程式为nCH2=CH-CH3，故答案为：nCH2=CH-CH3。‎ ‎【点睛】利用反应条件及物质的官能团的性质和转化关系来分析是解答本题的关键。本题的易错点为(2)中③的方程式的书写，要注意聚丙烯结构简式的书写。‎ ‎23.某有机物A分子式为CxHyOz，15gA在足量氧气中完全燃烧生成22gCO2和9gH2O。‎ ‎⑴求该有机物的最简式_________；‎ ‎⑵若A是某种无色具有刺激性气味的气体，且有还原性，则结构简式是_______；‎ ‎⑶若A的相对分子质量为180，l molA与足量的Na反应生成2.5mol氢气，该物质还能反生银镜反应，人体血液中A含量过高会得糖尿病，则其结构简式是_____。‎ ‎【答案】 (1). CH2O (2). HCHO (3). CH2OH(CHOH)4CHO ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据质量守恒先计算碳的质量、氢的质量、再算氧的质量，再分别计算它们的物质的量，根据物质的量之比得出最简式。‎ ‎【详解】⑴某有机物A分子式为CxHyOz，15gA在足量氧气中完全燃烧生成22gCO2和9gH2O，则15gA中碳的质量为，碳的物质的量为 ‎，氢的质量为，氢的物质的量为，则氧的质量为‎15g－‎6g－‎1g = ‎8g，氧的物质的量为，n(C)：n(N)：n(O) = 0.5mol：1mol：0.5mol = 1:2:1，因此该有机物的最简式CH2O；故答案为：CH2O。‎ ‎⑵若A是某种无色具有刺激性气味的气体，且有还原性，说明是甲醛，则结构简式是HCHO；故答案为：HCHO。‎ ‎⑶若A的相对分子质量为180，则得出A的分子式为C6H12O6，l molA与足量的Na反应生成2.5mol氢气，说明含有5mol羟基，该物质还能反生银镜反应，说明含有羟基，人体血液中A含量过高会得糖尿病，说明为葡萄糖，则其结构简式是CH2OH(CHOH)4CHO；故答案为：CH2OH(CHOH)4CHO。‎ ‎【点睛】计算有机物来推断有机物的结构是常考题型，学会用质量守恒来解。‎ ‎24.用2-溴丙烷制取1，2-丙二醇[(CH3CH(OH)CH2OH)]经过三步。请写出相应的化学方程式，注明反应类型。‎ ‎(1)___________ 反应类型 ___________ ‎ ‎(2)__________ 反应类型 ___________‎ ‎(3)_________ 反应类型 ____________‎ ‎【答案】 (1). CH3CHBrCH3+NaOH CH3CH=CH2 ↑ +NaBr+ H2O (2). 消去反应 (3). CH2= CHCH3+ Br2→ CH2Br —CHBrCH3 (4). 加成反应 (5). CH3CHBrCH2Br+ 2NaOHCH3CH(OH)CH2OH+2NaBr (6). 水解反应或取代反应 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 用2-溴丙烷制取1，2-丙二醇[(CH3CH(OH)CH2OH)]，2-溴丙烷发生消去反应，得到的产物再发生加成，加成产物再发生水解。‎ ‎【详解】⑴2-溴丙烷发生消去反应生成丙烯，反应方程式为CH3CHBrCH3+NaOH CH3CH=CH2 ↑ +NaBr+ H2O；故答案为：CH3CHBrCH3+NaOH CH3CH=CH2 ↑‎ ‎ +NaBr+ H2O；消去反应。‎ ‎⑵丙烯与溴单质发生加成反应生成CH2Br—CHBrCH3，反应方程式为CH2= CHCH3+ Br2→ CH2Br—CHBrCH3；故答案为：CH2= CHCH3+ Br2→ CH2Br—CHBrCH3；加成反应。‎ ‎⑶CH2Br—CHBrCH3发生水解反应(取代反应)生成CH3CH(OH)CH2OH，反应方程式为CH3CHBrCH2Br+ 2NaOHCH3CH(OH)CH2OH+2NaBr；故答案为：CH3CHBrCH2Br+ 2NaOHCH3CH(OH)CH2OH+2NaBr；水解反应或取代反应。‎ ‎【点睛】有机物制备中流程是常考题型，可通过每个步骤发生什么反应来分析，也可通过反应条件来分析反应类型和反应物。‎ ‎25.华法林(Warfarin )又名杀鼠灵，为心血管疾病的临床药物。其合成路线(部分反应条件略去)如图所示 回答下列问题 ‎⑴A的名称为______，F中官能团名称为________、________。‎ ‎⑵B的结构简式为_____。③的反应类型为_____，⑧的反应类型为_____。‎ ‎⑶在一定条件下l mol 的华法林最多反应_______molH2‎ ‎⑷写出由C 生成 D 的化学方程式为 ___________； ‎ ‎⑸F的同分异构体甚多，满足下列条件：①属芳香族化合物②发生银镜反应③和NaOH溶液反应，共___种，其中遇氯化铁显紫色且苯环上的一氯代物只有两种结构的结构简式_________。‎ ‎⑹若D为乙醛，按框图中④同样的反应物和条件，写出生成物的结构简式_____。‎ ‎【答案】 (1). 甲苯 (2). 酚羟基或羟基 (3). 羰基 (4). (5). 氧化反应 (6). 加成反应 (7). 8 (8). 2+O22+2H2O (9). 17 ‎ ‎(10). (11). CH3CH=CHCOCH3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 甲苯和氯气光照下取代反应生成B()，B()在氢氧化钠、加热条件下发生取代反应生成C()，C()催化剂作用下与氧气反应生成D()，D()和在氢氧化钠、加热条件下反应生成，苯酚和(CH3CH2)O在浓硫酸作用下反应生成E()，E在氯化钠、氯化铝加热条件下反应生成F()，与在NaH作用下反应生成，与一定条件下反应生成华法林。‎ ‎【详解】⑴根据分析A的名称为甲苯，F中官能团名称为羟基、羰基；故答案为：甲基；酚羟基或羟基；羰基。‎ ‎⑵甲苯与氯气在光照条件下发生取代反应生成B，B的结构简式为。③是醇变醛的反应，因此其反应类型为氧化反应，⑧是两种物质反应生成一种物质，没有其他物质生成，因此反应类型为加成反应；故答案为：；氧化反应；加成反应。‎ ‎⑶在一定条件下l mol 的华法林含有2mol苯环，1mol碳碳双键，1mol羰基，因此最多反应8 molH2；故答案为：8。‎ ‎⑷由C 生成 D是醇催化氧化生成醛的反应，其化学方程式为2+O22+2H2O；故答案为：2+O22+2H2O。‎ ‎⑸F的同分异构体甚多，满足下列条件：①属芳香族化合物，含有苯环；②发生银镜反应，说明含有醛基，或甲酸酯，③和NaOH溶液反应，含有酚羟基或酯；当含有—CH2CHO和—OH，邻、间、对三种；含有—CHO、—OH、—CH3，当—CHO、—OH在邻位时，有四种；当—CHO、—OH在间位时，有四种；当—CHO、—OH在对位时，有两种；含有甲基和—OOCH时，邻、间、对三种，含有—CH2OOCH一种，因此共17‎ 种，其中遇氯化铁显紫色且苯环上的一氯代物只有两种结构的结构简式；故答案为：17；。‎ ‎⑹反应④是醛基和形成碳碳双键，若D是乙醛，按框图中④同样的反应物和条件，生成物的结构简式为CH3CH=CHCOCH3；故答案为：CH3CH=CHCOCH3。‎ ‎【点睛】有机推断是常考题型，主要根据反应条件及前后联系进行推断。‎ ‎ ‎