北京市第二十二中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

北京市第二十二中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

北京22中学2019-2020学年度第一学期期中试卷 高二年级化学学科第Ⅰ卷 一、单项选择题（下列各小题中只有一个选项符合题意，共40分，每小题2分）‎ ‎1.下列有机物中，属于芳香烃的是 ‎ ‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ A是环己烷，不含苯环，不属于芳香烃，A错误；B是苯的同系物，属于芳香烃，B正确；C中含有氧元素、N元素，不属于烃类，属于芳香族化合物，C错误；D属于环烷烃，不含苯环，不是芳香烃，D错误。‎ 点睛：本题考查有机物的结构与分类，较简单，注意掌握常见有机物的分类，把握芳香烃的概念。含有苯环的烃属于芳香烃，且在元素组成上只含有C、H两种元素。‎ ‎2.某烷烃的结构简式为，它的正确命名是 A. 2-甲基-4-乙基戊烷 B. 4-甲基-2-乙基戊烷 C. 2,4-二甲基己烷 D. 3,5-二甲基己烷 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 根据烷烃的结构简式可知主链含有6个碳原子，2个甲基作支链，所以正确的名称是2，4-二甲基己烷，答案选C。‎ 点睛：掌握烷烃的命名方法、基本步骤是解答的关键，烷烃命名的基本步骤是：选主链，称某烷；编号位，定支链；取代基，写在前；标位置，短线连；不同基，简到繁；相同基，合并算。‎ ‎3.下列物质属于同系物的是（ ）‎ A. 与 B. CH3CH2Cl与CH2ClCH2CH2Cl C. C2H5OH 与CH3OH D. CH3CH2CH3 与CH2=CHCH3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ A．为苯酚，而为苯甲醇，二者结构不同，一定不属于同系物，选项A错误；B．CH3CH2Cl与CH2ClCH2CH2Cl分别为烷烃的一氯代物、二氯代物，二者结构不相似，不属于同系物，选项B错误；C．C2H5OH 与CH3OH，二者都是饱和一元醇，二者结构相似，分子间相差1个CH2原子团，所以二者互为同系物，选项C正确；D．CH3CH2CH3 为烷烃，CH2=CHCH3为烯烃，含有碳碳双键，二者结构不同，一定不属于同系物，选项D错误。答案选C。‎ 点睛：本题考查了同系物的概念及判断方法，注意掌握同系物的概念，明确同系物的概念中结构相似的含义是解答本题关键。结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；互为同系物的物质满足以下特点：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同、分子式不同，据此进行解答。‎ ‎4.下列反应中，不属于取代反应的是 A. 苯的硝化反应 B. 甲烷和氯气反应生成一氯甲烷 C. 溴乙烷的水解反应 D. 乙炔在一定条件下生成乙烯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A. 苯与浓硝酸在浓硫酸加热条件下发生取代反应生成硝基苯；B. 甲烷与氯气在光照条件下发生取代反应生成一氯甲烷；C. 溴乙烷在氢氧化钠溶液加热条件下发生取代反应生成乙醇；D. 乙炔在一定条件下与氢气发生加成反应生成乙烯；故答案选D。‎ 点晴：取代反应的本质是旧单键的断裂，形成新的单键，在有机反应中这种反应类型发生在不同类物质时有不同的名称（如水解反应、硝化反应、酯化反应等），但本质是一样的。‎ ‎5.下列各组物质，不能用分液漏斗分离的是 A. 乙酸乙酯和水 B. 溴苯和水 C. 苯和甲苯 D. 汽油和水 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分液漏斗适用于两种互不相溶物质的分离，A. 乙酸乙酯和水互不相溶，可用分液漏斗分离；B. 溴苯和水不相溶，可用分液漏斗分离；C. 苯和甲苯相溶，不能用分液漏斗分离；D. 汽油和水不相溶，可用分液漏斗分离；故答案选C。‎ ‎6.下列有机物不属于分子内所有原子均在同一平面上的是 A. 苯 B. 乙烯 C. 乙炔 D. 乙烷 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A. 苯环上6个C与6个H共平面；B. 乙烯分子结构中2个C与4个H共平面；C. 乙炔分子结构中4个原子在一直线上，肯定共平面；D. 乙烷分子中有2个碳原子与6个氢原子，其中最多有4个原子共平面；故答案选D。‎ ‎7.下列各组物质中，能用酸性高锰酸钾溶液鉴别的是 A. 乙烯、乙炔 B. 己烷、苯 C. 己烯、苯 D. 乙醇、乙醛 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. 乙烯、乙炔均与酸性高锰酸钾溶液反应，溶液紫色褪去，无法鉴别，故错误；B. 己烷、苯均不与酸性高锰酸钾溶液反应，且在溶液的上层，无法鉴别，故错误；C. 己烯与酸性高锰酸钾溶液反应，溶液紫色褪去，苯不与酸性高锰酸钾溶液反应，且在溶液的上层，故正确；D. 乙醇、乙醛均被酸性高锰酸钾溶液氧化，溶液紫色褪去，无法鉴别，故错误；故答案选C。‎ ‎8.下列物质间反应的产物中一定不存在同分异构体的是 A. CH3-CH=CH2与HBr B. 与NaOH乙醇溶液共热 C. CH3CH3与Cl2 D. 与NaHCO3溶液 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分子式相同结构不同的有机化合物互为同分异构体,反应产物生成过程和方式不同,生成同分异构体,据此分析判断;‎ ‎【详解】CH3-CH=CH2与HBr加成反应,可以得到1-溴丙烷和2-溴丙烷,互为同分异构体,故A不符合; B. 与NaOH乙醇溶液共热，发生消去反应,得到1-丁烯或2-丁烯,二者互为同分异构体,故B不符合; ‎ C.CH3CH3与Cl2在光照条件下发生取代反应，生成的二氯取代物、三氯取代物、四氯取代物都存在同分异构体,故C不符合; D.邻羟基苯甲酸中羧基和碳酸氢钠反应,酚羟基不与碳酸氢钠反应,产物只有一种,不存在同分异构体,故D符合; 综上，本题选D。‎ ‎9.下列有机物存在顺反异构现象的是 A. HC≡CH B. CH2=CH‎2 ‎C. CH3CH=CHCH3 D. CH3CH=CH2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. HC≡CH分子中4个原子在一直线上，不存在顺反异构现象，错误；B. CH2=CH2分子中碳原子上都是氢原子，不存在顺反异构现象，错误；C. CH3CH=CHCH3分子中双键两端碳上连两个不同的原子或基团（氢、甲基），存在顺反异构现象，正确；D. CH3CH=CH2分子中右端碳上边两个氢原子（相同原子或基团），不存在顺反异构现象，错误；故答案选C。‎ 点睛：判断是否存在顺反异构现象方法是：一是构成一个平面，如碳碳双键、四边形、三角形等，同一个碳原子中连2个不同原子或基团。‎ ‎10.化学式为C5H10的链状烃有（不考虑顺反异构体）‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 化学式为C5H10的链状烃即为戊烯，含有1个C=C 双键，可先写出戊烷的同分异构体，再移动“C=C”的位置即可得戊烯的同分异构体。‎ ‎【详解】戊烷的同分异构体有CH3CH2CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH2CH3、，‎ 若为CH3CH2CH2CH2CH3，相应戊烯有CH2=CHCH2CH2CH3、CH3CH=CHCH2CH3，有2种异构；‎ 若为CH3CH(CH3)CH2CH3，相应戊烯烃：CH2═C(CH3)CH2CH3；CH‎3C(CH3)═CHCH3；CH3CH(CH3)CH═CH2，有3种异构；‎ 若为，没有相应的戊烯；‎ 则化学式为C5H10的链状烃（不考虑顺反异构体）有2+3=5种，C项正确；‎ 答案选C。‎ ‎11.下列物质中，能发生消去反应的是 A CH3OH B. CH3CH2CH2OH C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 发生消去反应的结构条件是官能团相邻碳原子上存在氢原子。而CH3OH、、均不满足这项条件，故无法发生消去反应，CH3CH2CH2OH在浓硫酸作用下可发生消去反应生成CH3CH=CH2。故答案选B。‎ 点睛：消去反应有两大类，既要注意反应条件（醇消去是浓硫酸加热，卤代烃消去是氢氧化钠醇溶液加热），又要注意结构条件（官能团邻位碳上存在氢原子）。‎ ‎12.结合下表数据分析，下列关于乙醇、乙二醇的说法，不合理的是（ ）‎ 物质 分子式 沸点／℃‎ 溶解性 乙醇 C2H6O ‎78.5‎ 与水以任意比混溶 乙二醇 C2H6O2‎ ‎197.3‎ 与水和乙醇以任意比混溶 A. 二者的溶解性与其在水中能够形成氢键有关 B. 可以采用蒸馏的方法将二者进行分离 C. 丙三醇沸点应该高于乙二醇的沸点 D. 二者组成和结构相似，互为同系物 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A. 乙醇和乙二醇都与水分子形成氢键，所以二者均能与水经任意比混溶，A正确；B.二者的沸点相差较大，所以 可以采用蒸馏的方法将二者进行分离，B正确；C. 丙三醇分子中的羟基数目更多，其分子之间可以形成更多的氢键，所以其沸点应该高于乙二醇的沸点，C正确；D. 同系物的结构相似是指碳链相似、官能团的种类和个数分别相同，所以乙醇和乙二醇不是同系物，D不正确。本题选D。‎ 点睛：同系物之间碳链相似、官能团的种类和数目均需相同，在分子组成上必须相差一个或若干个“CH‎2”‎原子团。‎ ‎13.为检验某卤代烃中的卤元素，进行如下操作，正确的顺序是 ‎ ①加热②加入溶液③取少量该卤代烃 ④加入足量稀硝酸酸化 ⑤加入溶液⑥冷却 A. ③①⑤⑥②④ B. ③⑤①⑥④② C. ③②①⑥④⑤ D. ③⑤①⑥②④‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 检验卤代烃（R－X）中的X元素，先取少量卤代烃，卤代烃的水解需在碱性条件下，所以向卤代烃中加入氢氧化钠溶液，然后进行加热加快反应速率，溶液冷却后，由于碱性条件下，氢氧根离子干扰银离子与卤素离子的反应现象，所以应先向溶液中加入稀硝酸使溶液酸化，再加入硝酸银溶液观察是否生成沉淀，所以正确的操作顺序为：③⑤①⑥④②，答案选B。‎ 点睛：本题考查了卤代烃的性质，易错点为卤代烃水解是碱性溶液中进行，加硝酸银时必须先加酸中和碱才能出现沉淀，注意实验的操作步骤。‎ ‎14.以2-溴丙烷为原料制取1，2-丙二醇，需要经过的反应是 A. 加成—消去一取代 B. 消去—加成—取代 C. 消去—取代一加成 D. 取代一消去—加成 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：要制取1，2-丙二醇，则需要1，2-二溴丙烷通过水解反应。而丙烯与溴发生加成反应得到，1，2-二溴丙烷；2—溴丙烷通过消去反应即可得到丙烯，答案选B。‎ 考点：考查有机物制备 ‎15.关于所具有性质说法不正确的是 A. 该有机物加入FeCl3溶液，显紫色 B. 通常条件下，1mol该有机物与饱和溴水反应最多消耗2molBr2‎ C. 通常条件下，1mol该有机物最多可与1molNaOH溶液反应 D. 1mol该有机物最多可与4molH2反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 有机物中含有酚羟基，加入FeCl3溶液，显紫色，A项正确； B. 有机物中含有碳碳双键、酚羟基，酚羟基的两个邻位可被溴取代，则1mol该有机物与饱和溴水反应最多消耗3mol Br2，B项错误； C. 1mol有机物中含有1mol酚羟基，酚羟基具有酸性，能和1mol氢氧化钠发生中和反应，C项正确； D. 有机物中的苯环和双键可以与4mol H2加成，D项正确； 答案选B。‎ ‎【点睛】醇羟基在水溶液中不能电离，因此其不能与氢氧化钠溶液发生反应，酚羟基可以发生电离，显弱酸性，可与氢氧化钠发生反应，则通常条件下，1mol该有机物最多可与1molNaOH溶液反应，这是学生们的易错点。‎ ‎16.己烯雌酚（结构简式如图所示），是一种激素类药物。下列叙述不正确的是（ ）‎ A. 己烯雌酚的分子式为C18H20O2‎ B. 己烯雌酚与NaOH溶液、NaHCO3溶液均能反应 C. 该化合物存在2种官能团 D. 己烯雌酚与饱和溴水可以发生加成反应和取代反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 由结构简式，可知己烯雌酚的分子式为C18H20O2，A项正确；‎ B. 含酚羟基−OH，与NaOH溶液反应，但与NaHCO3溶液不反应，B项错误；‎ C. 该化合物含由−OH和碳碳双键2种官能团，C项正确；‎ D. 含碳碳双键，能与溴水发生加成反应，含酚羟基−OH，酚羟基的邻位能与溴水发生取代反应，D项正确；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】酚羟基能电离，显弱酸性，能与NaOH溶液反应，但酚羟基的酸性比碳酸酸性弱，因此不能与NaHCO3溶液反应，但比碳酸氢根的酸性强，因此可以与碳酸钠溶液反应生成碳酸氢钠。这是学生们的易错点。‎ ‎17.可用于鉴别以下三种化合物的一组试剂是 ‎①银氨溶液； ②溴的四氯化碳溶液； ③氯化铁溶液； ④氢氧化钠溶液。‎ A. ②与③ B. ③与④ C. ①与④ D. ①与②‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】碳碳双键能使溴的四氯化碳溶液褪色，丁香酚和肉桂酸被鉴别出来，又因为酚羟基使氯化铁溶液发生显色反应，丁香酚被鉴别出来，所以要鉴别乙酰水杨酸、丁香酚和肉桂酸所选的试剂为②溴的四氯化碳溶液；③氯化铁溶液，故A项正确。答案：A。‎ ‎【点睛】考查官能团的性质。根据结构简式中所包含的官能团的性质进行鉴别。碳碳双键能与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，使得溴水褪色，酚羟基使氯化铁溶液发生显色反应，以此来进行解答。‎ ‎18.除去混合物中的杂质（括号中为杂质），所选试剂和分离方法都正确的是 混合物 除杂试剂 分离方法 A 溴苯（溴）‎ NaOH溶液 分液 B 乙烷（乙烯）‎ 酸性KMnO4‎ 洗气 C 甲苯（苯酚）‎ 溴水 过滤 D 溴乙烷（乙醇）‎ NaOH溶液 分液 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】‎ A．溴与NaOH反应后与溴苯分层，然后分液可除杂，A正确；B．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，则引入新杂质，应选择溴水、洗气法分离，B错误；C．溴、三溴苯酚均易溶于甲苯，不能除杂，应选NaOH溶液、分液来除杂，C错误；D．不需要NaOH溶液，可选择水、分液来分离除杂，D错误；答案选A。‎ ‎19.下列实验方案中，能达到相应实验目的的是 实验方案 目的 A．比较乙醇分子中羟基氢原子和水分子中氢原子的活泼性 B．除去乙烯中的二氧化硫 C．制银氨溶液 D．证明碳酸酸性强于苯酚 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】‎ A．通过比较钠与水、乙醇反应产生氢气速率大小，可确定乙醇分子中羟基氢原子和水分子中氢原子的活泼性大小，故A正确；B．乙烯与溴的四氯化碳溶液反应，故B错误；C．制银氨溶液是步骤是向2mL2%AgNO3溶液中滴加稀氨水至沉淀恰好消失为止，故C错误；D．碳酸钙与浓盐酸反应产生的二氧化碳气体中存在挥发出来的氯化氢气体，将此混合气体通入苯酚钠溶液，氯化氢、二氧化碳均与之反应，故不能说明它们酸性的相对强弱，故D错误。故答案选A。‎ ‎20.下列各组有机物，无论以何种物质的量的比例混合，只要总物质的量一定，则完全燃烧消耗氧气的量为一恒定值的是（ ）‎ A. C6H14和C7H14O3 B. C2H6O和C2H‎4 ‎C. C5H8和C6H6 D. C2H6和C3H8‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有机物无论以何种物质的量的比例混合，只要总物质的量一定，完全燃烧消耗氧气的量为一恒定值，则说明该两种物质物质的量相等时，完全燃烧消耗的氧气的物质的量一定相等，可以假设两种物质都是1mol，根据消耗氧气的量为（x为C原子数，y为H原子数）计算，如果有机物中含有O原子，利用分子式拆写的方法计算。‎ ‎【详解】A. 1molC6H14完全燃烧消耗9.5mol氧气，1molC7H14O3（可以写成C6H12⋅CO2⋅H2O），完全燃烧消耗9mol氧气，消耗氧气的量不相等，A项错误；‎ B. 1molC2H6O（可以写成C2H4∙H2O）完全燃烧消耗3mol氧气，1molC2H4完全燃烧消耗3mol氧气，消耗氧气的量相等，B项正确；‎ C. 1molC5H8完全燃烧消耗7mol氧气，1molC6H6完全燃烧消耗7.5mol氧气，消耗氧气的量不相等，C项错误；‎ D. 1molC2H6完全燃烧消耗3.5mol氧气，1molC3H8完全燃烧消耗5mol氧气，消耗氧气的量不相等，D项错误；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】不论是烷烃、烯烃、炔烃还是苯及苯的同系物，它们的组成均可用CxHy来表示，当它们在氧气或空气中完全燃烧时，均可用烃的燃烧通式来表示如下：CxHy+O2=xCO2+H2O，‎ 因此物质的量相同的烃（CxHy）完全燃烧时，耗氧量的多少决定于的数值，其值越大，耗氧越多，反之越少，因此该题有机物无论以何种物质的量的比例混合，只要总物质的量一定，完全燃烧消耗氧气的量为一恒定值，则说明该两种物质物质的量相等时，完全燃烧消耗的氧气的物质的量一定相等，即相等，如果有机物中含有O原子，利用分子式拆写的方法计算。这是学生们学习的难点。‎ 第Ⅱ卷 ‎21.化学与生产、生活息息相关。现有下列4种有机物：①乙炔 ②乙二醇 ③甲苯 ④苯酚，请将相应的序号填入空格内。‎ ‎（1）用做汽车防冻剂的是___；‎ ‎（2）可用于杀菌消毒、制造阿司匹林等，俗称石炭酸的是___；‎ ‎（3）常用来焊接或切割金属的是___。‎ ‎（4）制造烈性炸药TNT的化学方程式是___。‎ ‎【答案】 (1). ② (2). ④ (3). ① (4). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）乙二醇可用做汽车防冻剂； （2）苯酚俗称石炭酸； （3）乙炔焰温度很高，可达到3000多度； （4）甲苯与浓硝酸在浓硫酸加热的条件下发生取代反应生成2,4,6−‎ 三硝基甲苯，为烈性炸药TNT。‎ ‎【详解】（1）用做汽车防冻剂的是乙二醇；‎ 故答案为：②；‎ ‎（2）可用于杀菌消毒、制造阿司匹林等，俗称石炭酸的是苯酚；‎ 故答案为：④；‎ ‎（3）乙炔焰温度很高，可达到3000多度，可以用于切割金属，则常用来焊接或切割金属的是乙炔；‎ 故答案为：①；‎ ‎（4）甲苯与浓硝酸在浓硫酸加热的条件下发生取代反应生成2,4,6−三硝基甲苯,为烈性炸药TNT，反应的化学方程式为，‎ ‎；‎ 故答案为：。‎ ‎22.（1）某有机物分子式为C2H6O，该化合物的核磁共振氢图如图所示，请写出其结构简式___。‎ ‎（2）有机物CH3－CH2－CH2－OH（1-丙醇），核磁共振氢谱共有___个特征峰，峰强度比为___。‎ ‎（3）苯的同系物C9H12的核磁共振氢谱图，有2个特征峰，且峰面积之比为1：3，其结构简式___。‎ ‎（4）已知：1，3-丁二烯的一类二烯烃能发生与具有双键的化合物进行1，4-加成反应，生成环状化合物，这类反应称为双烯合成，例如：‎ 在下列横线上写出适当的反应物或生成物的结构简式，完成下列反应的化学方程式：‎ ‎①+→___‎ ‎②___+___→‎ ‎【答案】 (1). CH3OCH3 (2). 4 (3). 3:2:2:1 (4). (5). (6). (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）核磁共振氢谱中吸收峰的个数等于有机物中氢原子的种类数，核磁共振氢谱中只给出一种峰，说明该分子中的H原子都是等效的，只有1种H原子； （2）分子中有几种等效氢原子就有几种峰，峰面积之比等于氢原子个数之比； （3）核磁共振氢谱只有两个吸收峰说明有2类氢原子；‎ ‎（4）根据1，3-丁二烯与乙烯反应知，1，3-丁二烯中的两个碳碳双键断裂中间形成一个碳碳双键，边上两个半键与乙烯中的两个半键相连构成环状，类比1，3-丁二烯与乙烯的加成反应分析。‎ ‎【详解】（1）由图可知，该有机物的核磁共振氢谱图中只有一种吸收峰，则6个H原子都是等效的，CH3OCH3中2个甲基连在同一个碳原子上，6个H原子都是等效的，则该有机物的结构简式为CH3OCH3；‎ 故答案为：CH3OCH3；‎ ‎（2）有机物CH3－CH2－CH2－OH（1-丙醇）中，甲基上3个氢原子相同，两个－CH2－的氢原子不同，羟基上的氢原子，共4种氢原子，个数之比为3:2:2:1；，则核磁共振氢谱共有4个特征峰，峰面积之比为3:2:2:1；‎ 故答案为：4；3:2:2:1；‎ ‎（3）苯的同系物C9H12的核磁共振氢谱图，有2个特征峰，且峰面积之比为1：3，说明有2类氢原子，且个数比为1:3，则该分子的结构简式为；‎ 故答案为：；‎ ‎（4）①2−丁烯和1，3−丁二烯反应，1，3−丁二烯的两个碳碳双键断裂，中间两个半键形成碳碳双键，边上两个半键与2−丁烯双键断裂形成的两个半键相连接形成环状，所以生成物的是；‎ 故答案为：；‎ ‎②由知反应物中一种物质含有两个双键，且在单键的两侧，即一种反应物为，另外一种反应物断键以后和1，3−丁二烯发生1，4−加成反应，形成新的双键，故未断键前另一种反应物为，反应方程式为：+；‎ 故答案为：；。‎ ‎23.以乙烯为原料合成化合物C的流程如图所示：‎ ‎（1）①③的反应类型分别为___反应和___反应。‎ ‎（2）写出反应③和④的化学方程式：‎ ‎③____；④___。‎ ‎（3）写出B与银氨溶液反应的化学方程式：___。‎ ‎【答案】 (1). 加成 (2). 取代（或水解） (3). CH2ClCH2Cl+2H2OHOCH2CH2OH+2HCl (4). HOCH2CH2OH+2CH3COOH ‎ CH3COOCH2CH2OOCCH3+2H2O (5). CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由合成流程可知，乙烯与氯气发生加成反应生成物质A为1，2-二氯乙烷CH2ClCH2Cl，1，2-二氯乙烷水解生成乙二醇；乙烯与水反应生成乙醇，乙醇发生催化氧化得到物质B为乙醛，乙醛氧化得到乙酸，乙酸与乙二醇在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应生成二乙酸乙二酯，然后结合有机物的结构与性质来解答。‎ ‎【详解】由合成流程可知，乙烯与氯气发生加成反应生成物质A为1，2-二氯乙烷CH2ClCH2Cl，1，2-二氯乙烷水解生成乙二醇；乙烯与水反应生成乙醇，乙醇发生催化氧化得到物质B为乙醛，乙醛氧化得到乙酸，乙酸与乙二醇在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应生成二乙酸乙二酯，‎ ‎（1）反应①为乙烯与水反应生成乙醇，属于加成反应；反应③为1，2-二氯乙烷水解生成乙二醇，属于取代反应（或水解反应）；‎ 故答案为：加成；取代（或水解）；‎ ‎（2）反应③1，2-二氯乙烷水解生成乙二醇，化学方程式为：CH2ClCH2Cl+2H2OHOCH2CH2OH+2HCl；反应④为乙二醇与乙酸反应生成二乙酸乙二酯，化学方程式为：HOCH2CH2OH+2CH3COOHCH3COOCH2CH2OOCCH3+2H2O；‎ 故答案为：CH2ClCH2Cl+2H2OHOCH2CH2OH+2HCl；HOCH2CH2OH+2CH3COOH CH3COOCH2CH2OOCCH3+2H2O；‎ ‎（3）B为乙醛，其与银氨溶液反应的化学方程式为：CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O；‎ 故答案为：CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O。‎ ‎24.Ⅰ.在实验室利用下列装置，可制备某些气体并验证其化学性质。‎ 完成下列表格：‎ 序号 气体 装置连接顺序（填字母）‎ 制备反应的化学方程式 ‎（1）‎ 乙烯 B→D→E ‎___‎ ‎（2）‎ 乙炔 ‎___‎ ‎___‎ ‎（3）D装置中氢氧化钠溶液的作用___。‎ Ⅱ.工业上用乙烯和氯气为原料，经下列各步合成聚氯乙烯（PVC）：‎ 乙烯甲乙PVC ‎（4）甲的结构简式是___；‎ ‎（5）反应③的化学方程式是__。‎ ‎（6）下列说法正确的是___。‎ A．乙烯可以作为植物生长调节剂 B．PVC不能使酸性高锰酸钾溶液褪色 C．PVC中的官能团是碳碳双键和氯原子 ‎【答案】 (1). CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O (2). A→C→E (3). CaC2+2H2O→CH≡CH↑+Ca(OH)2 (4). 除去二氧化碳和二氧化硫 (5). CH2ClCH2Cl (6). nCH2=CHCl (7). AB ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ I.（1）实验室制取乙烯，需要加热到‎170℃‎，应该选择B装置，反应中会发生副反应生成二氧化硫，由于二氧化硫也可以使高锰酸钾溶液褪色，因此必须用氢氧化钠溶液除去，选择D 装置除去二氧化硫，最后用高锰酸钾溶液检验乙烯的性质； （2）常用电石（主要成分为CaC2）与水反应生成乙炔，固液不加热制气体，选A为反应装置，由于电石中常含有CaS等杂质，生成的乙炔中常含有H2S等杂质，需要用硫酸铜溶液除去，所以选C为除杂装置，选E为性质实验装置； （3）NaOH溶液的作用为除杂；‎ II.CH2=CH2可与氯气发生加成反应生成CH2ClCH2Cl，CH2ClCH2Cl发生消去反应生成CH2=CHCl，CH2=CHCl发生加聚反应可生成PVC，据此解答即可。‎ ‎【详解】Ⅰ.（1）实验室制取乙烯，需要加热到‎170℃‎，应该选择B装置，反应中会发生副反应生成二氧化硫，由于二氧化硫也可以使高锰酸钾溶液褪色，因此必须用氢氧化钠溶液除去，选择D装置除去二氧化硫、二氧化碳等，所以连接顺序为：B→D→E，实验室利用乙醇发生消去反应制乙烯的反应方程式为CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O； 故答案为：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O；‎ ‎（2）常用电石（主要成分为CaC2）与水反应生成乙炔，固液不加热制气体，选A为反应装置，由于电石中常含有CaS等杂质，生成的乙炔中常含有H2S等杂质，需要用硫酸铜溶液除去，所以选C为除杂装置，选E为性质实验装置，则装置的顺序为A→C→E，制备乙炔的反应方程式为CaC2+2H2O→CH≡CH↑+Ca(OH)2；‎ 故答案为：A→C→E；CaC2+2H2O→CH≡CH↑+Ca(OH)2； （3）由（1）可知，D装置中氢氧化钠溶液的作用是除二氧化碳和二氧化硫；‎ 故答案为：除去二氧化碳和二氧化硫；‎ Ⅱ.CH2=CH2可与氯气发生加成反应生成CH2ClCH2Cl，CH2ClCH2Cl发生消去反应生成CH2=CHCl，CH2=CHCl发生加聚反应可生成PVC，‎ ‎（4）CH2=CH2与氯气发生加成反应生成甲，甲的结构简式是CH2ClCH2Cl；‎ 故答案为：CH2ClCH2Cl；‎ ‎（5）反应③为CH2=CHCl发生加聚反应可生成PVC，反应的化学方程式是nCH2=CHCl；‎ 故答案为：nCH2=CHCl；‎ ‎（6）A. 乙烯可以作为植物生长调节剂，A项正确；‎ B. PVC没有碳碳双键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B项正确；‎ C. PVC没有碳碳双键，C项错误；‎ 故答案为：AB；‎ ‎25.医用麻醉药苄佐卡因E和食品防腐剂J的合成路线如下：‎ 已知：I．M代表E分子结构中的一部分 II． ‎ 请回答下列问题：‎ ‎（1）E中含氧官能团的名称是___。‎ ‎（2）A属于芳香烃，其结构简式是___。‎ ‎（3）C能与NaHCO3溶液反应，反应①的化学方程式是___。‎ ‎（4）反应②、③中试剂ii和试剂iii依次是____。(填序号)‎ a．高锰酸钾酸性溶液、氢氧化钠溶液 b．氢氧化钠溶液、高锰酸钾酸性溶液 ‎（5）H的结构简式是___。‎ ‎（6）J有多种同分异构体，其中符合下列条件同分异构体有___种，写出其中任一种同分异构体的结构简式：___。‎ a．为苯的二元取代物，其中一个取代基为羟基 b．与J具有相同的官能团，且能发生银镜反应 ‎（7）以A为起始原料，选用必要的无机试剂合成涂改液的主要成分亚甲基环己烷()，写出合成路线（用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反应条件）。___‎ ‎【答案】 (1). 酯基 (2). (3). +CH3CH2OH ‎+H2O (4). a (5). (6). 6 (7). ；（邻、间、对3种）、（邻、间、对3种）（任一种即可） (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由第（2）问可知A属于芳香烃，A与氯气在氯化铁作催化剂的条件下生成F，由F的分子式为C7H7Cl，可知A为，A与浓硝酸在浓硫酸加热的条件下反应生成B，由E的取代基位于对位可知，B为，B与高锰酸钾溶液反应生成C为，由D到E的反应条件可知，D为，E为，则C应与CH3CH2OH在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应生成D，I到J的反应条件与C到D相同，则I为，由I的取代基位于对位可知，F的结构简式为，F与高锰酸钾溶液反应生成G为，G在碱的水溶液加热的条件下反应生成H为，H经过酸化得到I，据此分析解答。‎ ‎【详解】由第（2）问可知A属于芳香烃，A与氯气在氯化铁作催化剂的条件下生成F，由F的分子式为C7H7Cl，可知A为，A与浓硝酸在浓硫酸加热的条件下反应生成B，由E的取代基位于对位可知，B为，B与高锰酸钾溶液反应生成C为，由D到E的反应条件可知，D为，E为，则C应与CH3CH2OH 在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应生成D，I到J的反应条件与C到D相同，则I为，由I的取代基位于对位可知，F的结构简式为，F与高锰酸钾溶液反应生成G为，G在碱的水溶液加热的条件下反应生成H为，H经过酸化得到I，‎ ‎（1）E为，含氧官能团的名称是酯基；‎ 故答案为：酯基；‎ ‎（2）由分析可知，A的结构简式是；‎ 故答案为；‎ ‎（3）C为，反应①的化学方程式为：+CH3CH2OH+H2O；‎ 故答案为：+CH3CH2OH+H2O；‎ ‎（4）F的结构简式为，由于酚羟基易被氧化，则F应先与高锰酸钾溶液反应生成G为，然后G在碱的水溶液加热的条件下反应生成H为，H经过酸化得到I，则反应②、③中试剂ii为高锰酸钾酸性溶液，试剂iii为氢氧化钠溶液；‎ 故答案为：a；‎ ‎（5）由分析可知，H的结构简式是；‎ 故答案为：；‎ ‎（6）J有多种同分异构体，其中符合下列条件的同分异构体，a．为苯的二元取代物，其中一个取代基为羟基；b．与J具有相同的官能团，且能发生银镜反应；则在该同分异构体中含有一个酚羟基，且含有的酯基为甲酸酯，符合要求的可以是以下6种，‎ ‎（邻、间、或对）、（邻、间、或对）；‎ 故答案为：6；（邻、间、或对）、（邻、间、或对）（任一种即可）；‎ ‎（7）由的结构简式可知，的苯环与氢气发生了加成反应，且引入碳碳双键，卤代烃的消去反应可引入双键，因此的甲基先被氯原子取代后生成，再与氢气加成反应生成，再发生消去反应生成，合成路线图为：；‎ 故答案为：。‎ ‎26.某有机化合物A的相对分子质量为甲烷的6.75倍。取‎10.8g有机化合物Ａ，在足量氧气中完全燃烧，将产生的高温气体依次通过浓硫酸和氢氧化钠溶液，使浓硫酸增重‎7.2g，氢氧化钠增重‎30.8g。‎ ‎（1）试计算该有机物的分子式。（写出计算过程）___‎ ‎（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基。在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，据此确定该有机物可能的结构简式为___。‎ ‎【答案】 (1). A的相对分子质量为M(A)=M(CH4)×6.75=108，，A完全燃烧生成的水蒸气和二氧化碳的物质的量分别为，，根据原子守恒知，n(H)=2n(H2O)=0.8mol，则n(A):n(C):n(H)=0.1mol:0.7mol:0.8mol=1:7:8，A的相对分子质量为108，A中氧原子个数=，所以A的分子式为C7H8O (2). 、‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）先计算A的相对分子质量，再计算10.8gA的物质的量，再计算燃烧产物水和二氧化碳的物质的量，进而确定一个A分子中的C、H原子的个数，再结合相对分子质量计算O原子的个数，从而确定分子式；‎ ‎（2）A分子结构中含有苯环和羟基，在常温下A可与浓溴水反应，说明A含有酚羟基，A中含有7个碳原子，不饱和度为4，A中除了苯环外还有一个甲基，1molA最多可与2molBr2作用，说明甲基和酚羟基位于邻位或对位，据此确定A结构简式。‎ ‎【详解】（1）某有机化合物A的相对分子质量为甲烷的6.75倍，甲烷的相对分子质量是16，则A的相对分子质量为108，10.8gA的物质的量0.1mol，A完全燃烧生成的气体通过浓硫酸和氢氧化钠时，浓硫酸吸收水蒸气，氢氧化钠吸收二氧化碳，，根据原子守恒知，n(H)=2n(H2O)=0.8mol，，A中含有C、H原子，物质的量之比等于其个数之比，n(A):n(C):n(H)=0.1mol:0.7mol:0.8mol=1:7:8，A的相对分子质量为108，A中氧原子个数=，所以A的分子式为C7H8O；‎ 故答案为：A的相对分子质量为M(A)=M(CH4)×6.75=108，，A完全燃烧生成的水蒸气和二氧化碳的物质的量分别为，，根据原子守恒知，n(H)=2n(H2O)=0.8mol，则n(A):n(C):n(H)=0.1mol:0.7mol:0.8mol=1:7:8，A的相对分子质量为108，A中氧原子个数=，所以A的分子式为C7H8O；‎ ‎（2）A分子结构中含有苯环和羟基，在常温下A可与浓溴水反应，说明A含有酚羟基，A中含有7个碳原子，不饱和度为4，A中除了苯环外还有一个甲基，1molA最多可与2molBr2‎ 作用，说明甲基和酚羟基位于邻位或对位，当甲基和酚羟基位于对位时，其结构简式为：，当甲基和酚羟基位于邻位时，其结构简式为：；‎ 故答案为：、。‎