福建省南平市2018-2019学年高二下学期期末质量检测数学(理)试题

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福建省南平市2018-2019学年高二下学期期末质量检测数学(理)试题

南平市2018-2019学年高二下学期期末考试 数学理试卷 一.选择题;本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的 ‎1.已知集合A={x|x<1},B={x|<1},则A∩B=(  )‎ A. {x|x<0} B. (x|x>0} C. {x|x>1} D. {x|x<1}‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分别求出集合A,B,由此能求出A∩B.‎ ‎【详解】∵集合A={x|x<1},B={x|3x<1}={x|x<0},‎ ‎∴A∩B={x|x<0}.‎ 故选:A.‎ ‎【点睛】本题考查交集的求法及指数不等式的解法,考查运算求解能力,是基础题.‎ ‎2.下列函数中既是奇函数又在区间(﹣∞,0)上单调递增的函数是(  )‎ A. y= B. y=x2+1 C. y= D. y=‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由函数的奇偶性的定义和常见函数的单调性,即可得到符合题意的函数.‎ ‎【详解】对于A,y=f(x)=2x﹣2﹣x定义域为R,且f(﹣x)=﹣f(x),可得f(x)为奇函数,当x<0时,由y=2x,y=﹣2﹣x递增,可得在区间(﹣∞,0)上f(x)单调递增,故A正确;‎ y=f(x)=x2+1满足f(﹣x)=f(x),可得f(x)为偶函数,故B不满足条件;‎ y=f(x)=()|x|满足f(﹣x)=f(x),可得f(x)为偶函数,故C不满足题意;‎ y为奇函数,且在区间(﹣∞,0)上f(x)单调递减,故D不满足题意.‎ 故选:A.‎ ‎【点睛】本题考查函数的奇偶性和单调性的判断,注意运用常见函数的奇偶性和单调性,考查判断能力,属于基础题.‎ ‎3.袋中共有10个除了颜色外完全相同的球,其中有6个白球,4个红球,从袋中任取2个球,则所取的2个球中恰有1个白球,1个红球的概率为(  )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 从袋中任取2个球,基本事件总数n.所取的2个球中恰有1个白球,1个红球包含的基本事件个数m,利用古典概型公式可得所求.‎ ‎【详解】袋中共有10个除了颜色外完全相同的球,其中有6个白球,4个红球,‎ 从袋中任取2个球,基本事件总数n45.‎ 所取的2个球中恰有1个白球,1个红球包含的基本事件个数m24,‎ ‎∴所取的2个球中恰有1个白球,1个红球的概率为p.‎ 故选:C.‎ ‎【点睛】本题考查概率的求法,考查古典概型、排列组合等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.‎ ‎4.设f(x)=+x﹣4,则函数f(x)的零点位于区间(  )‎ A. (﹣1,0) B. (0,1) C. (1,2) D. (2,3)‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据零点的判定定理,结合单调性直接将选项的端点代入解析式判正负即可.‎ ‎【详解】∵f(x)=2x+x﹣4中,y=2x单增,y=x-4也是增函数,∴f(x)=2x+x﹣4是增函数,又f(1)=﹣1<0,f(2)=2>0,‎ 故选:C.‎ ‎【点睛】本题考查了函数零点存在定理的应用,考查了函数单调性的判断,属于基础题.‎ ‎5.命题p:x∈R,ax2﹣2ax+1>0,命题q:指数函数f(x)=ax(a>0且a≠1)为减函数,则P是q的(  )‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析】‎ 根据充分条件和必要条件的定义分别进行判断即可.‎ ‎【详解】命题p:∀x∈R,ax2﹣2ax+1>0,解命题p:①当a≠0时,△=4a2﹣4a=4a(a﹣1)<0,且a>0,‎ ‎∴解得:0<a<1,‎ ‎②当a=0时,不等式ax2﹣2ax+1>0在R上恒成立,‎ ‎∴不等式ax2﹣2ax+1>0在R上恒成立,有:0≤a<1;‎ 命题q:指数函数f(x)=ax(a>0且a≠1)为减函数,则0<a<1;‎ 所以当0≤a<1;推不出0<a<1;当0<a<1;能推出0≤a<1;‎ 故P是q的必要不充分条件.‎ 故选:B.‎ ‎【点睛】本题主要考查充分条件和必要条件的判断,考查了二次型函数恒成立的问题,考查了指数函数的单调性,属于基础题.‎ ‎6.将4名学生分配到5间宿舍中的任意2间住宿,每间宿舍2人,则不同的分配方法有(  )‎ A. 240种 B. 120种 C. 90种 D. 60种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据分步计数原理分两步:先安排宿舍,再分配学生,继而得到结果.‎ ‎【详解】根据题意可以分两步完成:‎ 第一步:选宿舍有10种;‎ 第二步:分配学生有6种;‎ 根据分步计数原理有:10×6=60种.‎ 故选:D.‎ 点睛】本题考查排列组合及计数原理的实际应用,考查了分析问题解决问题的能力,属于基础题.‎ ‎7.若x∈(0,1),a=lnx,b=,c=elnx,则a,b,c的大小关系为(  )‎ A. b>c>a B. c>b>a C. a>b>c D. b>a>c ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用指数函数、对数函数的单调性直接求解.‎ ‎【详解】∵x∈(0,1),‎ ‎∴a=lnx<0,‎ b=()lnx>()0=1,‎ ‎0<c=elnx<e0=1,‎ ‎∴a,b,c的大小关系为b>c>a.‎ 故选:A.‎ ‎【点睛】本题考查三个数的大小的判断,考查指数函数、对数函数的单调性等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.‎ ‎8.设函数f(x)=xlnx的图象与直线y=2x+m相切,则实数m的值为(  )‎ A. e B. ﹣e C. ﹣2e D. 2e ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设切点为(s,t),求得f(x)的导数,可得切线的斜率,由切线方程可得s,t,进而求得 m.‎ ‎【详解】设切点为(s,t),f(x)=xlnx的导数为f′(x)=1+lnx,‎ 可得切线的斜率为1+lns=2,解得s=e,‎ 则t=elne=e=2e+m,即m=﹣e.‎ 故选:B.‎ ‎【点睛】本题考查导数的运用:求切线方程,考查直线方程的运用,属于基础题.‎ ‎9.函数的图象大致为( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据函数的奇偶性,排除选项,通过函数的导数,判断函数的单调性,可排除选项,从而可得结果.‎ ‎【详解】函数是偶函数,排除选项;‎ 当时,函数 ,可得,‎ 当时,,函数是减涵数,当时,函数是增函数,排除项选项,故选C.‎ ‎【点睛】函数图象的辨识可从以下方面入手:‎ ‎(1)从函数的定义域,判断图象的左右位置;从函数的值域,判断图象的上下位置.‎ ‎(2)从函数的单调性,判断图象的变化趋势.‎ ‎(3)从函数的奇偶性,判断图象的对称性.‎ ‎(4)从函数的特征点,排除不合要求的图象 ‎10.设函数f(x)=,若函数f(x)的最大值为﹣1,则实数a的取值范围为(  )‎ A. (﹣∞,﹣2) B. [2,+∞) C. (﹣∞,﹣1] D. (﹣∞,﹣2]‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 考虑x≥1时,f(x)递减,可得f(x)≤﹣1,当x<1时,由二次函数的单调性可得f(x)max=1+a,由题意可得1+a≤﹣1,可得a的范围.‎ ‎【详解】当x≥1时,f(x)=﹣log2(x+1)递减,可得f(x)≤f(1)=﹣1,‎ 当且仅当x=1时,f(x)取得最大值﹣1;‎ 当x<1时,f(x)=﹣(x+1)2+1+a,当x=﹣1时,f(x)取得最大值1+a,‎ 由题意可得1+a≤﹣1,解得a≤﹣2.‎ 故选:D.‎ ‎【点睛】本题考查分段函数的最值求法,注意运用对数函数和二次函数的单调性,考查运算能力,属于中档题.‎ ‎11.己知某物体的温度θ(单位:摄氏度)随时间t(单位:分钟)的变化规律是θ=m·2t+(t≥0,m>0),若物体的温度总不低于2摄氏度,则实数m的取值范围是(  )‎ A. [,+∞) B. [,+∞) C. [,+∞) D. (1,+∞]‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 直接利用基本不等式求解即可.‎ ‎【详解】由基本不等式可知,,‎ 当且仅当“m•2t=21﹣t”时取等号,‎ 由题意有,,即,解得.‎ 故选:C.‎ ‎【点睛】本题考查基本不等式的运用,注意等号成立的条件,属于基础题.‎ ‎12.定义在(0,+∞)上的函数f(x)的导数满足x2<1,则下列不等式中一定成立的是(  )‎ A. f()+1<f()<f()﹣1 B. f()+1<f()<f()﹣1‎ C. f()﹣1<f()<f()+1 D. f()﹣1<f()<f()+1‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 构造函数g(x)=f(x),利用导数可知函数在(0,+∞)上是减函数,则答案可求.‎ ‎【详解】由x2f′(x)<1,得f′(x),即得f′(x)0,‎ 令g(x)=f(x),则g′(x)=f′(x)0,‎ ‎∴g(x)=f(x)在(0,+∞)上为单调减函数,‎ ‎∴f()+2<f()+3<f()+4,‎ 则f()<f()+1,即f()﹣1<f();‎ f()<f()+1.‎ 综上,f()﹣1<f()<f()+1.‎ 故选:D.‎ ‎【点睛】本题考查利用导数研究函数的单调性,正确构造函数是解题的关键,是中档题.‎ 二.填空题:本大题共4小题,每小题5分 ‎13.已知命题P:∃x0>0,使得<2,则¬p是_____‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据含有量词的命题的否定即可得到结论.‎ ‎【详解】命题为特称命题,由特称命题的定义,命题的否定就是对这个命题的结论进行否认.‎ 全称特称命题即改变量词,再否定结论可得:‎ 命题的否定为:∀x>0,x2,‎ 故答案为:∀x>0,x2.‎ ‎【点睛】本题主要考查含有量词的命题的否定,全(特)称命题的否定命题的格式和方法,要注意两点:1)全称命题变为特称命题;2)只对结论进行否定.属于基础题.‎ ‎14.若,则a4+a2+a0=_____‎ ‎【答案】41‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用特殊值法,令x=0,1,﹣1,将所得结果进行运算可得解.‎ ‎【详解】令x=0,可得a0=1;‎ 令x=1,可得a0+a1+a2+a3+a4=1,‎ 即a1+a2+a3+a4=0 ①;‎ 令x=﹣1,可得a0﹣a1+a2﹣a3+a4=81,‎ 即﹣a1+a2﹣a3+a4=80 ②,‎ 将①和②相加可得,2(a2+a4)=80,‎ 所以a2+a4=40,‎ 所以a0+a2+a4=41.‎ 故答案为:41.‎ ‎【点睛】本题考查二项式展开式的系数的求解方法:赋值法,对题目中的x合理赋值是解题的关键,属于基础题.‎ ‎15.已知f(x)是定义在(﹣∞,+∞)上周期为2的偶函数,当x∈[0,1]时,f(x)=2x﹣1,则f(log23)=_____‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用周期及奇偶性可将f(log23)化为,而,则答案可求.‎ ‎【详解】∵f(x)是定义在(﹣∞,+∞)上周期为2的偶函数,‎ ‎∴f(log23)=f(﹣log23)=f(﹣log23+2),‎ ‎∵,且当x∈[0,1]时,f(x)=2x﹣1,‎ ‎∴.‎ 故答案为:.‎ ‎【点睛】本题考查函数的奇偶性及周期性的应用,考查指数及对数的运算,属于基础题.‎ ‎16.已知函数,若,则实数a的取值范围是____‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先判断函数的奇偶性,再由导数可得函数f(x)在R上单调递减,然后把f(a2)+f(a﹣2)≥0转化为关于a的一元二次不等式求解.‎ ‎【详解】函数f(x)=﹣x3+2x﹣ex+e﹣x,‎ 满足f(﹣x)=﹣f(x),则函数f(x)在R上为奇函数.‎ f′(x)=﹣3x2+2﹣ex3x2+2﹣2≤0.‎ ‎∴函数f(x)在R上单调递减.‎ ‎∵f(a2)+f(a﹣2)≥0,‎ ‎∴f(a2)≥﹣f(a﹣2)=f(﹣a+2),‎ ‎∴a2≤﹣a+2,解得﹣2≤a≤1.‎ 则实数a的取值范围是[﹣2,1].‎ 故答案为:[﹣2,1].‎ ‎【点睛】本题考查了利用导数研究函数的单调性,方程与不等式的解法、函数的奇偶性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.‎ 三.解答题:解答应写出文字说明.证明过程或演算步骤 ‎17.已知实数a>0且a≠1.设命题p:函数f(x)=logax在定义域内单调递减;命题q:函数g(x)=x2﹣2ax+1在(,+∞)上为增函数,若“p∧q”为假,“p∨q”为真,求实数a的取值范围.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先分别求得p,q为真时的a的范围,再将问题转化为p,q一真一假时,分类讨论可得答案.‎ ‎【详解】∵函数f(x)=logax在定义域内单调递减,∴0<a<1.‎ 即:p:{a|0<a<1}.‎ ‎∵a>0且a≠1,∴¬p:{a|a>1},‎ ‎∵g(x)=x2﹣2ax+1在(,+∞)上为增函数,∴a.‎ 又∵a>0且a≠1,‎ 即q:{a|0<a}.‎ ‎∴¬q:{a|a且a≠1}.‎ 又∵“p∧q”为假,“p∨q”为真,∴“p真q假”或“p假q真”.‎ ‎①当p真q假时,{a|0<a<1}∩{a|a且a≠1}={a|a<1}..‎ ‎②当p假q真时,{a|a>1}∩{a|0<a}=∅,‎ 综上所述:实数a的取值范围是:{a|a<1}.‎ ‎【点睛】本题主要考查复合命题之间的关系,根据不等式的性质分别求得命题p,q为真时的参数的范围是解决本题的关键,考查分类讨论的思想,比较基础.‎ ‎18.某企业甲,乙两个研发小组,他们研发新产品成功的概率分别为和,现安排甲组研发新产品,乙组研发新产品.设甲,乙两组的研发是相互独立的.‎ ‎(1)求至少有一种新产品研发成功的概率;‎ ‎(2)若新产品研发成功,预计企业可获得万元,若新产品研发成功,预计企业可获得利润万元,求该企业可获得利润的分布列和数学期望.‎ ‎【答案】(1)(2)详见解析 ‎【解析】‎ 试题分析:(1)首先设出至少有一种新产品研发成功为事件A,包含情况较多,所以要求该事件的概率,考虑求其对立事件,即没有一种新产品研发成功,根据独立试验同时发生的概率计算方法即可求的对立事件的概率,再利用互为对立事件概率之间的关系,即和为,即可求的相应的概率.‎ ‎(2)根据题意,研发新产品的结果分为四种情况,利用独立试验同时发生的概率计算方法分别得到每种情况的概率,再根据题意算出此时的利润,即可得到关于利润的分布列,再利用概率与对应的利润成绩之和即可得到数学期望.‎ ‎(1)解:设至少有一组研发成功的事件为事件且事件为事件的对立事件,则事件为新产品都没有成功,因为甲,乙成功的概率分别为,则,再根据对立事件概率之间的概率公式可得,所以至少一种产品研发成功的概率为.‎ ‎(2)由题可得设该企业可获得利润为,则的取值有,,,,即,由独立试验同时发生的概率计算公式可得:‎ ‎;;‎ ‎;;‎ 所以的分布列如下:‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 则数学期望.‎ 考点:分布列 数学期望 概率 ‎19.某高校共有学生15000人,其中男生10500人,女生4500人.为调查该校学生每周平均体育运动时间的情况,采用分层抽样的方法,收集300位学生每周平均体育运动时间的样本数据(单位:小时).‎ ‎(1)应收集多少位女生的样本数据?‎ ‎(2)根据这300个样本数据,得到学生每周平均体育运动时间的频率分布直方图(如图所示),其中样本数据的分组区间为:[0,2],(2,4],(4,6],(6,8],(8,10],(10,12].估计该校学生每周平均体育运动时间超过4小时的概率.‎ ‎(3)在样本数据中,有60位女生每周平均体育运动时间超过4小时,请完成每周平均体育运动时间与性别列联表,并判断是否有95%的把握认为“该校学生的每周平均体育运动时间与性别有关”.‎ 附:‎ ‎【答案】(1)90;(2);(3)有的把握认为“该校学生的每周平均课外阅读时间与性别有关”‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据频率分布直方图进行求解即可.‎ ‎(2)由频率分布直方图先求出对应的频率,即可估计对应的概率.‎ ‎(3)利用独立性检验进行求解即可 ‎【详解】(1)30090,所以应收集90位女生的样本数据.‎ ‎(2)由频率分布直方图得1﹣2×(0.100+0.025)=0.75,‎ 所以该校学生每周平均体育运动时间超过4小时的概率的估计值为0.75.‎ ‎(3)由(2)知,300位学生中有300×0.75=225人的每周平均体育运动时间超过4小时,75人的每周平均体育运动时间不超过4小时,又因为样本数据中有210份是关于男生的,90份是关于女生的,所以每周平均体育运动时间与性别列联表如下:每周平均体育运动时间与性别列联表 男生 女生 总计 每周平均体育运动时间 不超过4小时 ‎45‎ ‎30‎ ‎75‎ 每周平均体育运动时间 ‎165‎ ‎60‎ ‎225‎ 超过4小时 总计 ‎210‎ ‎90‎ ‎300‎ 结合列联表可算得K24.762>3.841‎ 所以,有95%的把握认为“该校学生的每周平均体育运动时间与性别有关”.‎ 点睛】本题主要考查频率分布直方图以及独立性检验的应用,比较基础 ‎20.某高科技公司研究开发了一种新产品,生产这种新产品的每天固定成木为30000元,每生产x件,需另投入成本为t元, ,每件产品售价为10000元.(该新产品在市场上供不应求可全部卖完.)‎ ‎(1)写出每天利润y关于每天产量x的函数解析式;‎ ‎(2)当每天产量为多少件时,该公司在这一新产品的生产中每天所获利润最大.‎ ‎【答案】(1);(2)当每天产量为100件时,该公司在这一新产品生产中所获利润最大,最大利润为每天240000元 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由题意,分0<x<90及x≥90两种情况即可建立函数解析式;‎ ‎(2)由二次函数以及基本不等式求得各自的最值,再比较即可求得结论.‎ ‎【详解】(1)因为每件商品售价为10000元,则x件商品销售额为10000x元,‎ 依题意得:当0<x<90时,‎ 当x≥90时,‎ ‎.‎ 所以.‎ ‎(2)当0<x<90时,,‎ 此时,当x=60件时,y取得最大值210000元.‎ 当x≥90时,,‎ 此时,当时,即x=100件时,y取得最大值240000元.‎ 因为210000<240000,所以当每天产量为100件时,该公司在这一新产品生产中所获利润最大,最大利润为每天240000元.‎ ‎【点睛】本题考查分段函数模型的实际运用,考查利用基本不等式求函数的最值,属于中档题.‎ ‎21.已知函数f(x)=alnx﹣ex(a∈R).其中e是自然对数的底数.‎ ‎(1)讨论函数f(x)的单调性并求极值;‎ ‎(2)令函数g(x)=f(x)+ex,若x∈[1,+∞)时,g(x)≥0,求实数a取值范围.‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)函数f(x)的定义域为(0,+∞).求出函数的导函数,然后对a分类讨论可得原函数的单调性并求得极值;‎ ‎(2)对g(x)求导函数,对a分类讨论,当a≥0时,易得g(x)为单调递增,有g(x)≥g(1)=0,符合题意.当a<0时,结合零点存在定理可得存在x0∈(1,)使g′(x0)=0,再结合g(1)=0,可得当x∈(1,x0)时,g(x)<0‎ ‎,不符合题意.由此可得实数a的取值范围.‎ ‎【详解】(1)函数f(x)的定义域为(0,+∞).‎ f′(x).‎ ‎①当a≤0时,f′(x)<0,可得函数f(x)在(0,+∞)上单调递减,f(x)无极值;‎ ‎②当a>0时,由f′(x)>0得:0<x,可得函数f(x)在(0,)上单调递增.‎ 由f′(x)<0,得:x,可得函数f(x)在(,+∞)单调递减,‎ ‎∴函数f(x)在x时取极大值为:f()=alna﹣2a;‎ ‎(2)由题意有g(x)=alnx﹣ex+ex,x∈[1,+∞).‎ g′(x).‎ ‎①当a≥0时,g′(x).‎ 故当x∈[1,+∞)时,g(x)=alnx﹣ex+ex为单调递增函数;‎ g(x)≥g(1)=0,符合题意.‎ ‎②当a<0时,g′(x),令函数h(x),‎ 由h′(x)0,c∈[1,+∞),‎ 可知:g′(x)为单调递增函数,‎ 又g′(1)=a<0,g′(x),‎ 当x时,g′(x)>0.‎ ‎∴存在x0∈(1,)使g′(x0)=0,‎ 因此函数g(x)在(1,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增,‎ 又g(1)=0,∴当x∈(1,x0)时,g(x)<0,不符合题意.‎ 综上,所求实数a的取值范围为[0,+∞).‎ ‎【点睛】本题考查利用导数研究函数的单调性,考查利用导数求函数的最值,考查数学转化思想方法及分类讨论的数学思想方法,考查了利用了进行放缩的技巧,是难题.‎ ‎22.在平面直角坐标系xOy中,以坐标原点O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,已知线C的极坐标方程为:ρ=2sin(θ+),过P(0,1)的直线l的参数方程为:(t为参数),直线l与曲线C交于M,N两点.‎ ‎(1)求出直线l与曲线C的直角坐标方程.‎ ‎(2)求|PM|2+|PN|2的值.‎ ‎【答案】(1),;(2)3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)直接利用转换关系,把参数方程直角坐标方程和极坐标方程之间进行转换;‎ ‎(2)将直线l的参数方程代入圆C的方程中,得到关于t的方程,根据t的几何意义可得的值.‎ ‎【详解】(1)直线l:(t为参数),消去参数t得:‎ 直线l的直角坐标方程为:,‎ 曲线C的极坐标方程,‎ 即ρ2=2ρsinθ+2ρcosθ,‎ 可得直角坐标方程:x2+y2﹣2x﹣2y=0;‎ ‎(2)把直线l的参数方程(t为参数)‎ 代入圆C的方程,化简得:t2﹣t﹣1=0,‎ ‎∴,‎ ‎∴.‎ ‎【点睛】本题主要考查了参数方程、直角坐标方程和极坐标方程之间的转换,考查了直线参数方程的几何意义,考查了学生的运算能力和转化能力,属中档题.‎ ‎23.设函数f(x)=|3﹣2x|+|2x﹣a|‎ ‎(1)当a=1时,求不等式f(x)≤3的解集;‎ ‎(2)若存在x∈R使得不等式f(x)≤t++2对任意t>0恒成立,求实数a的取值范围.‎ ‎【答案】(1);(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)解法一:利用分类讨论法去掉绝对值,解对应的不等式即可;‎ 解法二:利用分段函数表示f(x),作出y=f(x)和直线y=3的图象,利用图象求出不等式的解集;‎ ‎(2)由题意可得f(x)的最小值不大于t2的最小值,利用绝对值不等式求出f(x)的最小值,利用基本不等式求出t2的最小值,‎ 再列不等式求得实数a的取值范围.‎ ‎【详解】(1)解法一:当a=1时,f(x)=|3﹣2x|+|2x﹣1|;‎ 当x时,不等式f(x)≤3可化为:﹣2x+1﹣2x+3≤3,‎ 解得x,此时x;‎ 当x时,不等式f(x)≤3可化为为:2x﹣1﹣2x+3≤3,‎ 此不等式恒成立,此时得x;‎ 当x时,不等式f(x)≤3可化为:2x﹣1+2x﹣3≤3,‎ 解得得x,此时x,‎ 综上知,x,即不等式的解集为[,];‎ 解法二:利用分段函数表示f(x);‎ 作出y=f(x)和直线y=3的图象,如图所示:‎ 由f(x)=3解得:x或x,‎ 由图象可得不等式的解集为[,];‎ ‎(2)由f(x)=|3﹣2x|+|2x﹣a|≥|3﹣2x+2x﹣a|=|3﹣a|=|a﹣3|,‎ 即f(x)的最小值为|a﹣3|,‎ 由t2≥22=6,当且仅当t,即t=2时,取等号,‎ 因为存在x∈R,使得不等式f(x)≤t2对任意t>0恒成立,‎ 所以|a﹣3|≤6,解得﹣3≤a≤9;‎ 所以实数a的取值范围是﹣3≤a≤9.‎ ‎【点睛】本题考查了含有绝对值的不等式的解法与应用问题,也考查了不等式恒成立问题,是中档题.‎ ‎ ‎
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