2019年高考数学复习大二轮精准提分练习第二篇 第29练

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2019年高考数学复习大二轮精准提分练习第二篇 第29练

第29练 压轴小题突破练(1)‎ ‎[明晰考情] 高考选择题的12题位置、填空题的16题位置,往往出现逻辑思维深刻,难度高档的题目.‎ 考点一 与函数、不等式有关的压轴小题 方法技巧 本类压轴题常以超越方程、分段函数、抽象函数等为载体,考查函数性质、函数零点、参数的范围和通过函数性质求解不等式.解决该类问题的途径往往是构造函数,进而研究函数的性质,利用函数性质去求解问题是常用方法,其间要注意导数的应用.‎ ‎1.(2018·西宁模拟)偶函数f(x)满足f(x-1)=f(x+1),且当x∈[-1,0]时,f(x)=x2,若函数g(x)=f(x)-|lg x|,则g(x)在(0,10)上的零点个数为(  )‎ A.11 B.10‎ C.9 D.8‎ 答案 B 解析 由题意g(x)=f(x)-|lg x|= ‎∵f(x-1)=f(x+1),∴f(x)=f(x+2),故f(x)是周期函数,且T=2,‎ 又函数f(x)是R上的偶函数,‎ ‎∴f(1-x)=f(1+x),∴f(x)的图象关于x=1对称,当x>0时,在同一坐标系中作出y=f(x)和y=|lg x|的图象,如图所示.‎ 由图象知函数g(x)的零点个数为10.‎ ‎2.设函数f(x)在R上存在导数f′(x),∀x∈R,有f(-x)+f(x)=x2,且在(0,+∞)上,f′(x)<x,若f(4-m)-f(m)≥8-4m,则实数m的取值范围为(  )‎ A.[-2,2] B.[2,+∞)‎ C.[0,+∞) D.(-∞,-2]∪[2,+∞)‎ 答案 B 解析 令g(x)=f(x)-x2,‎ 则g(x)+g(-x)=0,函数g(x)为奇函数,在区间(0,+∞)上,‎ g′(x)=f′(x)-x<0,且g(0)=0,‎ 则函数g(x)是R上的单调递减函数,‎ 故f(4-m)-f(m)=g(4-m)+(4-m)2-g(m)-m2‎ ‎=g(4-m)-g(m)+8-4m≥8-4m,‎ 据此可得g(4-m)≥g(m),∴4-m≤m,解得m≥2.‎ ‎3. 已知函数f(x)=2x-(x<0)与g(x)=log2(x+a)的图象上存在关于y轴对称的点,则a的取值范围是(  )‎ A.(-∞,-) B.(-∞,)‎ C.(-∞,2) D. 答案 B 解析  由f(x)关于y轴对称的函数为h(x)=f(-x)=2-x-(x>0),‎ 令h(x)=g(x),得2-x-=log2(x+a)(x>0),‎ 则方程2-x-=log2(x+a)在(0,+∞)上有解,‎ 作出y=2-x-与y=log2(x+a)的图象,如图所示,‎ 当a≤0时,函数y=2-x-与y=log2(x+a)的图象在(0,+∞)上必有交点,符合题意;‎ 若a>0,两函数在(0,+∞)上必有交点,则log2a<,解得00,且m≠1)是“成功函数”,则实数t的取值范围为________.‎ 答案  解析 无论m>1还是00),则mx+2t=可化为2t=λ-λ2=-2+,结合图形(图略)可得t∈.‎ 考点二 与数列有关的压轴小题 方法技巧 数列与函数的交汇、数列与不等式的交汇问题是高考的热点.解决这类问题的关键在于利用数列与函数的对应关系,将条件进行准确的转化,确定数列的通项或前n项和,利用函数的性质、图象求解最值问题,不等关系或恒成立问题.‎ ‎5.(2018·浙江 )已知a1,a2,a3,a4成等比数列,且a1+a2+a3+a4=ln(a1+a2+a3),若a1>1,则(  )‎ A.a1<a3,a2<a4 B.a1>a3,a2<a4‎ C.a1<a3,a2>a4 D.a1>a3,a2>a4‎ 答案 B 解析 构造不等式ln x≤x-1,‎ 则a1+a2+a3+a4=ln(a1+a2+a3)≤a1+a2+a3-1,‎ 所以a4=a1·q3≤-1.由a1>1,得q<0.‎ 若q≤-1,则ln(a1+a2+a3)=a1+a2+a3+a4=a1(1+q)·(1+q2)≤0.‎ 又a1+a2+a3=a1(1+q+q2)≥a1>1,‎ 所以ln(a1+a2+a3)>0,矛盾.‎ 因此-1<q<0.‎ 所以a1-a3=a1(1-q2)>0,a2-a4=a1q(1-q2)<0,‎ 所以a1>a3,a2<a4.‎ 故选B.‎ ‎6.已知f(x),g(x)都是定义在R上的函数,g(x)≠0,f′(x)g(x)>f(x)g′(x),且f(x)=axg(x)(a>0,且a≠1),+=,若数列的前n项和大于62,则n的最小值为(  )‎ A.6 B.7‎ C.8 D.9‎ 答案 A 解析 ∵f′(x)g(x)>f(x)g′(x),‎ ‎∴f′(x)g(x)-f(x)·g′(x)>0,又g(x)≠0,‎ ‎∴′=>0,‎ 从而可得=ax单调递增,从而可得a>1,‎ ‎∵+=a+a-1=,∴a=2,‎ 故++…+=a+a2+…+an=2+22+…+2n==2n+1-2>62,‎ ‎∴2n+1>64,即n+1>6,n>5,n∈N*,‎ ‎∴nmin=6,故选A.‎ ‎7.已知数列{an}满足:a1=1,an+1=(n∈N*).若bn+1=(n-2λ)·(n∈N*),b1=-λ,且数列{bn}是单调递增数列,则实数λ的取值范围是(  )‎ A.λ> B.λ> C.λ< D.λ< 答案 D 解析 由an+1=,得=+1,即+1=2,所以是以+1为首项,2为公比的等比数列,所以+1=2n-1=2n,所以bn+1=(n-2λ)·2n.因为数列{bn}是单调递增数列,‎ 所以当n≥2时,由bn+1>bn,得(n-2λ)·2n>(n-1-2λ)·2n-1,解得n>2λ-1,即2>2λ-1,所以λ<;当n=1时,由b2>b1得(1-2λ)·2>-λ,解得λ<,因此λ<,故选D.‎ ‎8.已知函数f(x)=x2+(a+8)x+a2+a-12,且f(a2-4)=f(2a-8),设等差数列{an}的前n项和为Sn(n∈N*),若Sn=f(n),则的最小值为________.‎ 答案  解析 由题意可得a2-4=2a-8或a2-4+2a-8=2×,解得a=1或a=-4.‎ 当a=1时,f(x)=x2+9x-10,数列{an}不是等差数列;‎ 当a=-4时,f(x)=x2+4x,Sn=f(n)=n2+4n,‎ ‎∴a1=5,a2=7,an=5+(7-5)(n-1)=2n+3,‎ ‎∴==× ‎=×≥=+1,‎ 当且仅当n+1=,即n=-1(舍负)时取等号,‎ ‎∵n为正整数,2<-1<3,当n=2时,=;当n=3时,=,故当n=3时原式取最小值.‎ 考点三 与立体几何有关的压轴小题 方法技巧 空间几何体中的线面关系、表面积和体积计算是高考中常见的一个考点,解题时要明确几何体的形状,可以适当进行分割;空间几何体的截面及最值问题解决的关键是画出正确的截面,把空间问题转化为平面问题处理.‎ ‎9.如图为某几何体的三视图,则其体积为(  )‎ A.+4 B. C.+4 D.π+ 答案 D 解析 由三视图可知,该几何体是一个半圆柱(所在圆柱为圆柱OO1)与四棱锥的组合体,其中四棱锥的底面ABCD为圆柱的轴截面,顶点P在半圆柱 所在圆柱的底面圆上(如图所示),且P在AB上的射影为底面的圆心O.由三视图数据可得,半圆柱所在圆柱的底面半径r=1,高h=2,‎ 故其体积V1=πr2h=π×12×2=π;‎ 四棱锥的底面ABCD是边长为2的正方形,‎ PO⊥底面ABCD,且PO=r=1.‎ 故其体积V2=S正方形ABCD×PO=×22×1=.‎ 故该几何体的体积V=V1+V2=π+.‎ ‎10.(2018·全国Ⅰ)已知正方体的棱长为1,每条棱所在直线与平面α所成的角都相等,则α截此正方体所得截面面积的最大值为(  )‎ A. B. C. D. 答案 A 解析 如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,平面AB1D1与棱A1A,A1B1,A1D1所成的角都相等,又正方体的其余棱都分别与A1A,A1B1,A1D1平行,故正方体ABCD-A1B1C1D1的每条棱所在直线与平面AB1D1所成的角都相等.‎ 取棱AB,BB1,B1C1,C1D1,DD1,AD的中点E,F,G,H,M,N,则正六边形EFGHMN所在平面与平面AB1D1平行且面积最大,此截面面积为S正六边形EFGHMN=6×××sin 60°=.‎ 故选A.‎ ‎11.已知四棱锥P-ABCD中,平面PAD⊥平面ABCD,其中ABCD为正方形,△PAD为等腰直角三角形,PA=PD=,则四棱锥P-ABCD外接球的表面积为(  )‎ A.10π B.4π C.16π D.8π 答案 D 解析 因为△PAD为等腰直角三角形,PA=PD=,故AD=AB=2,‎ 则点P到平面ABCD的距离为1,而底面正方形的中心O到边AD的距离也为1,则顶点P到正方形中心O的距离PO=,正方形的外接圆的半径为,故正方形ABCD的中心是球心,且球的半径为,所以该几何体外接球的表面积S=4π×2=8π,故选D.‎ ‎12.(2018·全国Ⅱ)已知圆锥的顶点为S,母线SA,SB所成角的余弦值为,SA与圆锥底面所成角为45°,若△SAB的面积为5,则该圆锥的侧面积为________.‎ 答案 40π 解析 如图,‎ ‎∵SA与底面所成角为45°,‎ ‎∴△SAO为等腰直角三角形.‎ 设OA=r,‎ 则SO=r,SA=SB=r.‎ 在△SAB中,cos∠ASB=,‎ ‎∴sin∠ASB=,‎ ‎∴S△SAB=SA·SB·sin∠ASB=(r)2·=5,‎ 解得r=2,‎ ‎∴SA=r=4,即母线长l=4,‎ ‎∴S圆锥侧=πr·l=π×2×4=40π.‎ ‎1.(2018·全国Ⅱ)已知f(x)是定义域为(-∞,+∞)的奇函数,满足f(1-x)=f(1+x).若f(1)=2,则f(1)+f(2)+f(3)+…+f(50)等于(  )‎ A.-50 B.0 C.2 D.50‎ 答案 C 解析 ∵f(x)是奇函数,∴f(-x)=-f(x),‎ ‎∴f(1-x)=-f(x-1).∵f(1-x)=f(1+x),‎ ‎∴-f(x-1)=f(x+1),∴f(x+2)=-f(x),‎ ‎∴f(x+4)=-f(x+2)=-[-f(x)]=f(x),‎ ‎∴函数f(x)是周期为4的周期函数.‎ 由f(x)为奇函数及其定义域为R得f(0)=0.‎ 又∵f(1-x)=f(1+x),‎ ‎∴f(x)的图象关于直线x=1对称,‎ ‎∴f(2)=f(0)=0,∴f(-2)=0.‎ 又f(1)=2,∴f(-1)=-2,‎ ‎∴f(1)+f(2)+f(3)+f(4)=f(1)+f(2)+f(-1)+f(0)=2+0-2+0=0,‎ ‎∴f(1)+f(2)+f(3)+f(4)+…+f(49)+f(50)=0×12+f(49)+f(50)=f(1)+f(2)=2+0=2.‎ ‎2.已知实数f(x)=若关于x的方程f2(x)+f(x)+t=0有三个不同的实根,则t的取值范围为(  )‎ A.(-∞,-2] B.[1,+∞)‎ C.[-2,1] D.(-∞,-2]∪[1,+∞)‎ 答案 A 解析 设m=f(x),作出函数f(x)的图象,如图所示,‎ 则当m≥1时,m=f(x)有两个根,当m<1时,m=f(x)有一个根.若关于x的方程f2(x)+f(x)+t=0有三个不同的实根,则等价为m2+m+t=0有两个不同的实数根m1,m2,且m1≥1,m2<1.当m=1时,t=-2,此时由m2+m-2=0,解得m=1或m=-2,f(x)=1有两个根,f(x)=-2有一个根,满足条件;当m≠1时,设h(m)=m2+m+t,其对称轴为m=-,则需h(1)<0即可,即1+1+t<0,解得t<-2.综上实数t的取值范围为t≤-2,故选A.‎ ‎3.(2018·兰州模拟)已知f(x)是定义在R上的可导函数,若在R上3f(x)>f′(x)恒成立,且f(1)=e3(e为自然对数的底数),则下列结论正确的是(  )‎ A.f(0)=1 B.f(0)<1‎ C.f(2)e6‎ 答案 C 解析 设g(x)=,则g′(x)==.‎ ‎∵在R上3f(x)>f′(x)恒成立,‎ ‎∴g′(x)<0在R上恒成立,即g(x)在R上为减函数,‎ ‎∴g(0)==f(0)>g(1)=,‎ ‎∵f(1)=e3,‎ ‎∴f(0)>1,故A,B不正确.‎ ‎∵g(2)=
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