【数学】内蒙古包头市2020届高三第二次模拟试题（文）（解析版）

【数学】内蒙古包头市2020届高三第二次模拟试题（文）（解析版）

内蒙古包头市2020届高三第二次模拟数学试题（文）‎ 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每个题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.设集合，，则（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】,，‎ ‎，‎ 故选：A.‎ ‎2.复数的虚部为（ ）‎ A. 0 B. C. 1 D. 2‎ ‎【答案】C ‎【解析】，故复数的虚部为.‎ 故选：C.‎ ‎3.对两个变量与进行线性相关性和回归效果分析，得到一组样本数据：、、、，则下列说法不正确的是（ ）‎ A. 残差平方和越小的模型，拟合的效果越好 B. 由样本数据利用最小二乘法得到的回归方程表示的直线必过样本点的中心 C. 若变量与之间的相关系数，则变量与之间具有很强的线性相关性 D. 用相关指数来刻画回归效果，越小，说明模型的拟合效果越好 ‎【答案】D ‎【解析】对于A选项，残差平方和越小的模型，拟合的效果越好，A选项正确；‎ 对于B选项，由于回归直线过样本的中心点，B选项正确；‎ 对于C选项，对于相关系数而言，当，则变量与之间具有很强的线性相关性，C选项正确；‎ 对于D选项，对于相关指数而言，当越大，说明模型的拟合效果越好，D选项错误.‎ 故选：D.‎ ‎4.已知角满足，则（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】由题意可得，‎ ‎∴，‎ 故选D ‎5.对数的发明是数学史上的重大事件，它可以改进数字的计算方法、提高计算速度和准确度.已知，，若从集合，中各任取一个数，，则为整数的概率为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】，，‎ 若从集合，中各任取一个数，，‎ 基本事件总数，‎ 为整数包含的基本事件有，，，，‎ ‎，，共有个，‎ 为整数的概率为.‎ 故选：C.‎ ‎6.已知函数，则（ ）‎ A. 在单调递增 B. 在单调递减 C. 的图象关于直线对称 D. 的图象关于点对称 ‎【答案】C ‎【解析】对于函数，，解得，‎ 则函数的定义域为，且，‎ 由于内层函数在区间上单调递增，在区间上单调递减，‎ 外层函数为增函数，‎ 所以，函数的单调递增区间为，单调递减区间为，A、B选项均错；‎ ‎，‎ 所以，函数的图象关于直线对称，C选项正确；‎ 由上可知不恒为零，所以，函数的图象不关于点对称，‎ D选项错误.‎ 故选：C.‎ ‎7.甲、乙、丙三名学生参加数学竞赛，他们获得一、二、三等奖各一人，对于他们分别获得几等奖，其他学生作了如下的猜测：‎ 猜测1：甲获得二等奖，丙获得三等奖；‎ 猜测2：甲获得三等奖，乙获得二等奖；‎ 猜测3：甲获得一等奖，丙获得二等奖；‎ 结果，学生们的三种猜测各对了一半，则甲、乙、丙所获得的奖项分别是（ ）‎ A. 一等、二等、三等 B. 二等、一等、三等 C 二等、三等、一等 D. 三等、二等、一等 ‎【答案】A ‎【解析】假设猜测1：甲获得二等奖正确，‎ 则猜测2：甲获得三等奖错误，乙获得二等奖错误；与题意矛盾，假设不成立.‎ 故：猜测1：甲获得二等奖错误，丙获得三等奖正确；‎ 根据丙获得三等奖正确得到：‎ 猜测3：甲获得一等奖正确，丙获得二等奖错误；‎ 根据甲获得一等奖正确，得到：‎ 猜测2：甲获得三等奖错误，乙获得二等奖正确，‎ 综上：甲获得一等奖，乙获得二等奖，丙获得三等奖.‎ 故选：A.‎ ‎8.函数在的极值点个数为（ ）‎ A. 4 B. ‎3 ‎C. 2 D. 1‎ ‎【答案】B ‎【解析】令，解得，‎ 由于，‎ 当时，；‎ 当时，；‎ 当时，.‎ 故选：B.‎ ‎9.某多面体的三视图如图所示，其中正视图和侧视图都由正方形和等腰直角三角形组成，正方形的边长为2，俯视图为等腰直角三角形.则该多面体的体积为（ ）‎ A. 8 B. ‎6 ‎C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】由三视图知原几何体是下面一个直三棱柱上面一个三棱锥组合而成，尺寸见三视图，‎ 其体积为．‎ 故选：D．‎ ‎10.已知双曲线的顶点分别为，，以线段为直径的圆与直线相切，且的焦距为4，则的方程为（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】双曲线的顶点分别为，，‎ 且以线段为直径的圆的圆心为，‎ 以线段为直径的圆与直线相切，‎ 圆心到直线的距离为，则，‎ 则，又，‎ 双曲线的焦距为，所以，解得，，‎ 所以双曲线方程为：.‎ 故选：A ‎11.已知函数是定义在上连续的奇函数，且当时，，则函数的零点个数是（ ）‎ A. 0 B. ‎1 ‎C. 2 D. 3‎ ‎【答案】B ‎【解析】因为函数是定义在上连续的奇函数，，‎ 所以在上是连续的奇函数.‎ 因为，当时，，‎ 所以，即在上的增函数，又由为上连续的奇函数，且，则为上的增函数，‎ 所以只有1个零点.‎ 故选：B.‎ ‎12.已知椭圆的左右焦点分别为，，过的直线与交于，两点，其中为椭圆与轴正半轴的交点.若，则的离心率为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】由可知可得，设，‎ 因为，所以，即 求得，‎ 代入椭圆方程可得：，即，‎ 解得：.‎ 故选：D.‎ 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.‎ ‎13.已知，，则________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】，，‎ ‎，，即，因此，.‎ 故答案为：.‎ ‎14.已知圆柱的高为，它的两个底面半径为的圆周在直径为4的同一个球的球面上，则该圆柱的侧面积为________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】如图所示，‎ 圆柱的高为，球的直径为，‎ 所以圆柱的底面半径满足，‎ 解得. ‎ 所以该圆柱的侧面积为.‎ 故答案为：‎ ‎15.在中，角，，的对边分别为，，，已知，且，，则的面积为________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】，故，，‎ 故，，故，，‎ 故，，，故，‎ 根据正弦定理：，故，，‎ ‎.‎ 故答案为：.‎ ‎16.已知函数，关于函数有下列结论：‎ ‎①，；‎ ‎②函数的图象是中心对称图形，且对称中心是；‎ ‎③若是的极大值点，则在区间单调递减；‎ ‎④若是的极小值点，且，则有且仅有一个零点.‎ 其中正确的结论有________（填写出所有正确结论的序号）.‎ ‎【答案】①④‎ ‎【解析】易知时，，时，，因此一定存在零点，①正确；‎ ‎，所以图象不一定关于点对称，②错；‎ 由题意，若是的极大值点，则是的一根，则它还有另一根，据题意，只有在上，递减，在时，，递增，③错；‎ 与上面讨论类似，有两个不等实根，，在或时，，在两个区间上都是递增，时，，递减，是极小值点，是极大值点，则，，在上无零点，在上有唯一零点．④正确．‎ 故答案为：①④‎ 三、解答题：本大题共6小题，共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程和演算步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答，第22、23题为选考题，考生根据要求作答.‎ ‎（一）必考题：共60分.‎ ‎17.在①，且，②，且，③，且这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，若问题中的存在，求出和数列的通项公式与前项和；若不存在，请说明理由.‎ 设为各项均为正数的数列的前项和，满足________，是否存在，使得数列成为等差数列？‎ ‎【答案】答案不唯一，具体见解析 ‎【解析】选择①，‎ 因为，所以，两式相减，得 ‎，‎ 即，又，所以，‎ 因为，且，所以，‎ 由，得，即，‎ 把代入上式，得，‎ 当时，由及，得，‎ 所以，，满足，可知数列是以3为首项，以2为公差的等差数列.‎ 数列的通项公式为，‎ 数列的前项和为.‎ 选择②，‎ 因为，所以，两式相减，得 ‎，‎ 即，又，所以，‎ 由，得，即，‎ 因为已知数列的各项均为正数，所以，‎ 因为关于的一元二次方程至少存在一个正实数解的充要条件是 ‎，‎ 解得，‎ 这与已知条件矛盾，所以满足条件的不存在.‎ ‎（注：若存在两个实数解分别为，，则，，‎ 当时，的解一正一负；当时，的解一正一零；‎ 当时，的解均为正.‎ 所以方程至少存在一个正实数解，当且仅当.）‎ 选择③，因为，所以，两式相减，得 ‎，‎ 即，又，所以，‎ 由，得，又已知，‎ 所以，，‎ 由，得，，所以，‎ 当时，由及得，‎ 由，及，得，‎ 所以和满足，‎ 可知数列是以3为首项，以2为公差的等差数列，‎ 数列的通项公式为，‎ 数列的前项和为.‎ ‎18.如图，在中，，，点为的中点，交于点，现将沿翻折至，使得平面平面.‎ ‎（1）若为线段的中点，求证：平面；‎ ‎（2）若是线段的中点，求四棱锥的体积.‎ ‎（1）证明：在中，∵，，‎ ‎∴，‎ ‎∴将沿翻折至，∴，‎ ‎∴，‎ 又∵，∴平面，‎ ‎∵平面，∴，‎ 在中，∵，为的中点，∴，‎ 又∵，‎ ‎∴平面.‎ ‎（2）解：因为在中，，，沿翻折至，‎ 且平面平面，由（1）有，所以平面.‎ 设点到平面的距离为，‎ 在中，因为是的中点，所以，‎ 又因为在四边形中，，，‎ 所以 所以四棱锥的体积.‎ ‎19.2020年寒假是特殊的寒假，因为疫情全体学生只能在家进行网上在线学习，为研究学生网上学习的情况，某校社团对男女各10名学生进行了网上在线学习的问卷调查，每名学生给出评分（满分100分），得到如图所示的茎叶图.‎ ‎（1）根据茎叶图判断男生组和女生组哪个组对网课的评价更高？并说明理由；‎ ‎（2）如图是按该20名学生的评分绘制的频率分布直方图，求的值并估计这20名学生评分的平均值（同一组中的数据用该组区间中点值作为代表）；‎ ‎（3）求该20名学生评分的中位数，并将评分超过和不超过的学生数填入下面的列联表：‎ 超过 不超过 男生 女生 根据列联表，能否有的把握认为男生和女生的评分有差异？‎ 附：，‎ ‎0.50‎ ‎0.40‎ ‎0.25‎ ‎0.15‎ ‎0.10‎ ‎0.05‎ ‎0.025‎ ‎0.455‎ ‎0.708‎ ‎1.323‎ ‎2.072‎ ‎2.706‎ ‎3.841‎ ‎5.024‎ 解：（1）男生对网课的评价更高，理由如下：‎ ‎①由茎叶图可知，评价分数不低于分的男生比女生多2人（或），因此男生对网课的评价更高.‎ ‎②由茎叶图可知，男生评分中位数为77，女生评分的中位数为，因此男生对网课的评价更高.‎ ‎③由茎叶图可知，男生评分的平均分数为，‎ 女生评分的平均分数为，因此男生对网课的评价更高.‎ 以上给出了3种理由，考生答出其中任意一种或其他合理理由均可得分.‎ ‎（2）由茎叶图知这20名学生评分在内的有9人，则，‎ 这20名学生评分的平均值为：‎ ‎.‎ ‎（3）由茎叶图知该20名学生评分的中位数为，‎ 超过 不超过 男生 ‎6‎ ‎4‎ 女生 ‎4‎ ‎6‎ ‎.‎ 所以没有的把握认为男生和女生的评分有差异.‎ ‎20.已知抛物线过点 ‎（1）求抛物线的方程，并求其焦点坐标与准线方程；‎ ‎（2）直线与抛物线交于不同的两点，过点作轴的垂线分别与直线，交于，两点，其中为坐标原点.若为线段的中点，求证：直线恒过定点.‎ 解：（1）由抛物线过点，‎ 得，所以抛物线的方程为，‎ 其焦点坐标为，准线方程为.‎ ‎（2）由题意知直线斜率存在且不为零，设直线方程为，直线与抛物线的交点为，.‎ 由得，‎ 由韦达定理，得，.‎ 由已知得直线的方程为，所以，‎ 由已知得直线方程为，所以.‎ 因为是线段的中点，所以①，‎ 将，，代入①式，并化简得，‎ 把，代入②式，化简得 所以直线的方程为，故直线恒过定点.‎ ‎21.已知函数.‎ ‎（1）若，求函数的单调区间；‎ ‎（2）若方程在区间内有解，求实数的取值范围.‎ 解：（1）由题意可得 则，‎ 令，得，‎ 当时，，所以单调递减；‎ 当时，，所以单调递增；‎ 当时，，所以单调递减；‎ 所以函数的单调增区间是，‎ 单调减区间是和.‎ ‎（2）由题意可知，其中，‎ ‎①当时，由于，得，故在上为增函数，‎ 且，所以方程在有解；‎ ‎②当时，由，得，（舍）.‎ ‎（i）当，即时， ‎ 因为，所以，即，‎ 故，所以在上为减函数，‎ 所以，‎ 所以此时方程在区间没有解；‎ ‎（ii）当，即时，在上为增函数，‎ 在上为减函数，所以当时，‎ 方程在区间才有解，‎ 而，‎ 由，解得时，或（不合题意，舍去），‎ 所以，当时，方程在区间有解；‎ 综上，当时，方程区间有解.‎ ‎（二）选考题：共10分.请考生在第22、23两题中任选一题作答，并用2B铅笔将所选题号涂黑，多涂、错涂、漏涂均不给分，如果多做，则按照所做的第一题记分.‎ ‎22.在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数）.在以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线，其中.‎ ‎（1）说明是哪种曲线，并将的方程化为极坐标方程；‎ ‎（2）设曲线和曲线交于，两点，求.‎ 解：（1）消去参数得到的普通方程为，‎ 是以为圆心，5为半径的圆，将，代人的普通方程中，‎ 得到，化简整理得到：.‎ ‎（2）设，两点所对应的极径分别为，，‎ 将曲线的极坐标方程代人曲线的极坐标方程，得.‎ 于是，，‎ ‎.‎ 由，得，两边平方整理得，‎ 所以.‎ ‎23.已知，，为正实数，且，证明：‎ ‎（1）；‎ ‎（2）.‎ 解：（1）因为，，为正实数，所以，，，‎ ‎（当且仅当时，等号同时成立），‎ 所以.‎ ‎（2）因为，所以 又，‎ 即.（当且仅当时，等号同时成立）.‎ 所以，即.‎