2017年高考数学（理,山东）二轮专题复习（教师用书）第2部分 技法篇：4大思想提前看，渗透整本提时效
技法篇：4大思想提前看，渗透整本提时效
高考试题一是着眼于知识点新颖巧妙的组合；二是着眼于对数学思想方法、数学能力的考查．如果说数学知识是数学内容，可用文字和符号来记录与描述，那么数学思想方法则是数学意识，重在领会、运用，属于思维的范畴，用以对数学问题的认识、处理和解决．高考中常用到的数学思想主要有函数与方程思想、数形结合思想、分类讨论思想、转化与化归思想．这些在一轮复习中都有所涉及，建议二轮复习前应先学习此部分．带着方法去复习，这样可以使理论指导实践，“一法一练”“一练一过”，既节省了复习时间又能起到事半功倍的效果，而市面上有些资料把方法集中放于最后，起不到”依法训练”的作用，也因时间紧造成学而不透、学而不深，在真正的高考中不能从容应对．不过也可根据自身情况选择学完后再复习此部分．
思想1 函数与方程思想
函数的思想，就是通过建立函数关系或构造函数，运用函数的图象和性质去分析问题、转化问题，从而使问题获得解决的数学思想.,方程的思想，就是建立方程或方程组，或者构造方程，通过解方程或方程组，或者运用方程的性质去分析、转化问题，使问题获得解决的数学思想.
(1)设函数f(x)的导函数为f′(x)，对任意x∈R都有f(x)＞f′(x)成立，则( ) 【导学号：67722000】
A．3f(ln 2)＜2f(ln 3)
B．3f(ln 2)＝2f(ln 3)
C．3f(ln 2)＞2f(ln 3)
D．3f(ln 2)与2f(ln 3)的大小不确定
(2)(名师押题)直线y＝kx＋2和椭圆＋＝1在y轴左侧部分交于A，B两点，直线l过点P(0，－2)和线段AB的中点M，则l在x轴上的截距a的取值范围为________．
(1)C (2) [(1)令F(x)＝，则F′(x)＝.
因为对∀x∈R都有f(x)＞f′(x)，所以F′(x)＜0，
即F(x)在R上单调递减．
又ln 2＜ln 3，所以F(ln 2)＞F(ln 3)，
即＞，
所以＞，即3f(ln 2)＞2f(ln 3)，故选C.
(2)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，M(x0，y0)，直线l与x轴的交点为N(a,0)．
由得(3＋4k2)x2＋16kx＋4＝0.
因为直线y＝kx＋2和椭圆＋＝1在y轴左侧部分交于A，B两点，所以
解得k＞.
又M为线段AB的中点，所以
由P(0，－2)，M(x0，y0)，N(a,0)三点共线，
所以＝，
所以－＝2k＋.
又因为k＞，所以2k＋≥2，当且仅当k＝时等号成立，所以－≥2，则－≤a≤0.]
函数与方程思想在解题中的应用
1．函数与不等式的相互转化，对函数y＝f(x)，当y＞0时，就化为不等式f(x)＞0，借助于函数的图象和性质可解决有关问题，而研究函数的性质也离不开不等式．
2．数列的通项与前n
项和是自变量为正整数的函数，用函数的观点去处理数列问题十分重要．
3．解析几何中的许多问题，需要通过解二元方程组才能解决．这都涉及二次方程与二次函数有关理论．
4．立体几何中有关线段、角、面积、体积的计算，经常需要运用列方程或建立函数表达式的方法加以解决．
[变式训练1] 将函数y＝sin的图象向左平移m(m＞0)个单位长度后，所得到的图象关于y轴对称，则m的最小值为________. 【导学号：67722001】
[把y＝sin的图象上所有的点向左平移m个单位长度后，得到y＝sin＝sin的图象，
而此图象关于y轴对称，则4m－＝kπ＋(k∈Z)，
解得m＝kπ＋(k∈Z)．又m＞0，所以m的最小值为.]
思想2 数形结合思想
数形结合思想，就是通过数与形的相互转化来解决数学问题的思想.其应用包括以下两个方面：
(1)“以形助数”，把某些抽象的数学问题直观化、生动化，能够变抽象思维为形象思维，揭示数学问题的本质，如应用函数的图象来直观地说明函数的性质.
(2)“以数定形”，把直观图形数量化，使形更加精确，如应用曲线的方程来精确地阐明曲线的几何性质.
(2016·山东高考)已知函数f(x)＝其中m>0.若存在实数b，使得关于x的方程f(x)＝b有三个不同的根，则m的取值范围是________．
(3，＋∞) [作出f(x)的图象如图所示．当x>m时，x2－2mx＋4m＝(x－m)2＋4m－m2，∴要使方程f(x)＝b有三个不同的根，则4m－m2
0.又m>0，解得m>3.]
数形结合思想在解题中的应用
1．构建函数模型并结合其图象求参数的取值范围或解不等式．
2．构建函数模型并结合其图象研究方程根或函数的零点的范围．
3．构建解析几何模型求最值或范围．
4．构建函数模型并结合其图象研究量与量之间的大小关系．
[变式训练2] (1)若方程x2＋(1＋a)x＋1＋a＋b＝0的两根分别为椭圆、双曲线的离心率，则的取值范围是( )
A．(－2，－1)
B．(－∞，－2)∪(－1，＋∞)
C.
D.∪
(2)(2015·吉林模拟)若不等式4x2－logax<0对任意x∈恒成立，则实数a的取值范围为( )
A. B.
C. D.
(1)C (2)B [(1)由题意可知，方程的一个根位于(0,1)之间，另一根大于1.
设f(x)＝x2＋(1＋a)x＋1＋a＋b，则
即
作出可行域如图阴影部分所示．
可以看作可行域内的点(a，b)与原点(0,0)连线的斜率，由图可知kOA＝－，∴－2＜＜－.
(2)由已知4x21时，不成立，当a<1时，如图，只需loga≥4×2⇒a≥⇒a≥，
又a<1，故a∈.故选B.]
思想3 分类讨论思想
分类讨论思想是当问题的对象不能进行统一研究时，就需要对研究的对象按某个标准进行分类，然后对每一类分别研究，给出每一类的结论，最终综合各类结果得到整个问题的解答.实质上分类讨论就是“化整为零，各个击破，再集零为整”的数学思想.
(1)(2015·山东高考)设函数f(x)＝则满足f(f(a))＝2f(a)的a的取值范围是( )
A. B．[0,1]
C. D．[1，＋∞)
(2)设F1，F2为椭圆＋＝1的两个焦点，P为椭圆上一点．已知P，F1，F2
是一个直角三角形的三个顶点，且|PF1|＞|PF2|，则的值为________．
(1)C (2)2或 [(1)由f(f(a))＝2f(a)得，f(a)≥1.当a<1时，有3a－1≥1，∴a≥，∴≤a<1.
当a≥1时，有2a≥1，∴a≥0，∴a≥1.
综上，a≥，故选C.
(2)若∠PF2F1＝90°，
则|PF1|2＝|PF2|2＋|F1F2|2.
∵|PF1|＋|PF2|＝6，|F1F2|＝2，
解得|PF1|＝，|PF2|＝，
∴＝.
若∠F2PF1＝90°，
则|F1F2|2＝|PF1|2＋|PF2|2
＝|PF1|2＋(6－|PF1|)2，
解得|PF1|＝4，|PF2|＝2，
∴＝2.
综上所述，＝2或.]
分类讨论思想在解题中的应用
1．由数学概念引起的分类．有的概念本身是分类的，如绝对值、直线斜率、指数函数、对数函数等．
2．由性质、定理、公式的限制引起的分类讨论．有的定理、公式、性质是分类给出的，在不同的条件下结论不一致，如等比数列的前n项和公式、函数的单调性等．
3．由数学运算和字母参数变化引起的分类．如除法运算中除数不为零，偶次方根为非负，对数真数与底数的限制，指数运算中底数的要求，不等式两边同乘以一个正数、负数，三角函数的定义域等．
4．由图形的不确定性引起的分类讨论．有的图形类型、位置需要分类，如：角的终边所在的象限；点、线、面的位置关系等．
[变式训练3] (1)已知二次函数f(x)＝ax2＋2ax＋1在区间[－3,2]上的最大值为4，则a等于( )
A．－3 B．－
C．3 D.或－3
(2)在等比数列{an}中，已知a3＝，S3＝，则a1＝________.
(1)D (2)或6 [(1)当a＞0时，f(x)在[－3，－1]上单调递减，在[－1,2]上单调递增，故当x＝2时，f(x)取得最大值，即8a＋1＝4，解得a＝.当a＜0时，易知f(x)在x＝－1处取得最大，即－a＋1＝4，∴a＝－3.
综上可知，a＝或－3.故选D.
(2)当q＝1时，a1＝a2＝a3＝，
S3＝3a1＝，显然成立；
当q≠1时，由题意，
得
所以
由①②，得＝3，即2q2－q－1＝0，所以q＝－或q＝1(舍去)．
当q＝－时，a1＝＝6.
综上可知，a1＝或a1＝6.]
思想4 转化与化归思想
转化与化归思想，就是在研究和解决有关数学问题时采用某种手段将问题通过变换使之转化，进而得到解决的一种方法.一般总是将复杂的问题通过变换转化为简单的问题，将难解的问题通过变换转化为容易求解的问题，将未解决的问题通过变换转化为已解决的问题.
(1)(2016·洛阳模拟)抛物线y2＝4x的焦点为F，点P(x，y)为该抛物线上的动点，又点A(－1,0)，则的最小值是( ) 【导学号：67722002】
A. B.
C. D.
(2)(名师押题)已知函数f(x)＝3e|x|.若存在实数t∈[－1，＋∞)，使得对任意的x∈[1，m]，m∈Z且m>1，都有f(x＋t)≤3ex，则m的最大值为________．
[解题指导] (1)利用抛物线的定义把的最值问题等价转化成直线PA的斜率问题．
(2)f(x＋t)≤3exex＋t≤ext≤1＋ln x－xh(x)min≥－1.
(1)B (2)3 [(1)如图，作PH⊥l于H，由抛物线的定义可知，|PH|＝|PF|，从而的最小值等价于的最小值，等价于∠PAH最小，等价于∠PAF最大，即直线PA的斜率最大．此时直线PA与抛物线y2＝4x相切，由直线与抛物线的关系可知∠PAF＝45°，所以＝＝sin 45°＝.
(2)因为当t∈[－1，＋∞)且x∈[1，m]时，x＋t≥0，
所以f(x＋t)≤3ex⇔ex＋t≤ex⇔t≤1＋ln x－x.
所以原命题等价转化为：存在实数t∈[－1，＋∞)，使得不等式t≤1＋ln x－x对任意x∈[1，m]恒成立．
令h(x)＝1＋ln x－x(x≥1)．
因为h′(x)＝－1≤0，
所以函数h(x)在[1，＋∞)上为减函数．
又x∈[1，m]，所以h(x)min＝h(m)＝1＋ln m－m.
所以要使得对x∈[1，m]，t值恒存在，
只需1＋ln m－m≥－1.
因为h(3)＝ln 3－2＝ln>ln ＝－1，
h(4)＝ln 4－3＝ln0(n＝1,2,3，…)，则q的取值范围是________．
(－1,0)∪(0，＋∞) [因为{an}是等比数列，Sn>0，可得a1＝S1>0，q≠0.
当q＝1时，Sn＝na1>0；
当q≠1时，Sn＝>0，
即>0(n∈N*)，则有 ①
或 ②
由①得－11.
故q的取值范围是(－1,0)∪(0，＋∞)．]
6．若x＞0且x≠1，则函数y＝lg x＋logx10的值域为________．
(－∞，－2]∪[2，＋∞) [当x＞1时，y＝lg x＋≥2＝2，当且仅当lg x＝1，即x＝10时等号成立；当0＜x＜1时，y＝lg x＋＝－≤－2＝－2，当且仅当lg x＝，即x＝时等号成立．∴y∈(－∞，－2]∪[2，＋∞)．]
题组2 由参数变化引起的分类讨论
7．已知集合A＝{x|1≤x＜5}，C＝{x|－a＜x≤a＋3}．若C∩A＝C，则a的取值范围为( )
A. B.
C．(－∞，－1] D.
C [因为C∩A＝C，所以C⊆A.
①当C＝∅时，满足C⊆A，此时－a≥a＋3，得a≤－；
②当C≠∅时，要使C⊆A，则
解得－＜a≤－1.由①②得a≤－1.]
8．(2016·保定模拟)已知不等式组，所表示的平面区域为D，若直线y＝kx－3与平面区域D有公共点，则k的取值范围为( )
【导学号：67722006】
A．[－3,3]
B.∪
C．(－∞，－3]∪[3，＋∞)
D.
C [满足不等式组的平面区域如图中阴影部分所示．∵y＝kx－3过定点(0，－3)，∴当y＝kx－3过点C(1,0)时，k＝3；当y＝kx－3过点B(－1,0)时，k＝－3.
∴k≤－3或k≥3时，直线y＝kx－3与平面区域D有公共点，故选C.]
9．已知函数f(x)＝(a＋1)ln x＋ax2＋1，试讨论函数f(x)的单调性．
[解] 由题意知f(x)的定义域为(0，＋∞)，1分
f′(x)＝＋2ax＝.2分
①当a≥0时，f′(x)>0，故f(x)在(0，＋∞)上单调递增.4分
②当a≤－1时，f′(x)<0，故f(x)在(0，＋∞)上单调递减.6分
③当－10；
当x∈时，f′(x)<0.
故f(x)在上单调递增，
在上单调递减.10分
综上，当a≥0时，f(x)在(0，＋∞)上单调递增；
当a≤－1时，f(x)在(0，＋∞)上单调递减；
当－1b>0)上一点，F1，F2是椭圆的两焦点，且满足|AF1|＋|AF2|＝4.
(1)求椭圆的两焦点坐标；
(2)设点B是椭圆上任意一点，当|AB|最大时，求证：A，B两点关于原点O不对称．
[解] (1)由椭圆定义，知2a＝4，所以a＝2.所以＋＝1.2分
把A(1,1)代入，得＋＝1，得b2＝，所以椭圆方程为＋＝1.4分
所以c2＝a2－b2＝4－＝，即c＝.
故两焦点坐标为，.6分
(2)反证法：假设A，B两点关于原点O对称，则B点坐标为(－1，－1)，7分
此时|AB|＝2，而当点B取椭圆上一点M(－2,0)时，则|AM|＝，所以|AM|>|AB|.10分
从而知|AB|不是最大，这与|AB|最大矛盾，所以命题成立.12分
题组2 主与次的相互转化
6．设f(x)是定义在R上的单调递增函数，若f(1－ax－x2)≤f(2－a)对任意a∈[－1,1]恒成立，则x的取值范围为________. 【导学号：67722008】
(－∞，－1]∪[0，＋∞) [∵f(x)是R上的增函数，
∴1－ax－x2≤2－a，a∈[－1,1]．①
①式可化为(x－1)a＋x2＋1≥0，对a∈[－1,1]恒成立．
令g(a)＝(x－1)a＋x2＋1，
则
解得x≥0或x≤－1.
即实数x的取值范围是(－∞，－1]∪[0，＋∞)．]
7．已知函数f(x)＝x3＋3ax－1，g(x)＝f′(x)－ax－5，其中f′(x)是f(x)的导函数．对满足－1≤a≤1的一切a的值，都有g(x)＜0，则实数x的取值范围为________．
[由题意，知g(x)＝3x2－ax＋3a－5，
令φ(a)＝(3－x)a＋3x2－5，－1≤a≤1.
对－1≤a≤1，恒有g(x)＜0，即φ(a)＜0，
∴即
解得－＜x＜1.
故当x∈时，对满足－1≤a≤1的一切a的值，都有g(x)＜0.]
8．对于满足0≤p≤4的所有实数p，使不等式x2＋px＞4x＋p－3成立的x的取值范围是________．
(－∞，－1)∪(3，＋∞) [设f(p)＝(x－1)p＋x2－4x＋3，
则当x＝1时，f(p)＝0，所以x≠1.
f(p)在0≤p≤4上恒正，等价于
即解得x＞3或x＜－1.]
9．已知函数f(x)＝x3＋x2＋x(0＜a＜1，x∈R)．若对于任意的三个实数x1，x2，x3∈[1,2]，都有f(x1)＋f(x2)＞f(x3)恒成立，求实数a的取值范围．
[解] 因为f′(x)＝x2＋x＋＝(x＋a－2)，2分
所以令f′(x)＝0，解得x1＝，x2＝2－a.3分
由0＜a＜1，知1＜2－a＜2.
所以令f′(x)＞0，得x＜或x＞2－a；4分
令f′(x)＜0，得＜x＜2－a，
所以函数f(x)在(1,2－a)上单调递减，在(2－a,2)上单调递增.5分
所以函数f(x)在[1,2]上的最小值为f(2－a)＝(2－a)2，最大值为max{f(1)，f(2)}＝max.6分
因为当0＜a≤时，－≥a；7分
当＜a＜1时，a＞－，8分
由对任意x1，x2，x3∈[1,2]，都有f(x1)＋f(x2)＞f(x3)恒成立，得2f(x)min＞f(x)max(x∈[1,2])．
所以当0＜a≤时，必有2×(2－a)2＞－，10分
结合0＜a≤可解得1－＜a≤；
当＜a＜1时，必有2×(2－a)2＞a，
结合＜a＜1可解得＜a＜2－.
综上，知所求实数a的取值范围是1－＜a＜2－.12分
