2019届二轮复习分类讨论思想、转化与化归思想转化与化归思想课件（19张）（全国通用）

2019届二轮复习分类讨论思想、转化与化归思想转化与化归思想课件（19张）（全国通用）

二、转化与化归思想 - 2 - 转化与化归思想在高考中占有十分重要的地位 , 数学问题的解决 , 离不开转化与化归 , 如未知向已知的转化、新知识向旧知识的转化、复杂问题向简单问题的转化、不同数学问题之间的互相转化、实际问题向数学问题的转化等 . - 3 - 1 . 转化与化归思想的含义 转化与化归的思想方法,就是在研究和解决有关数学问题时,采用某种手段将问题通过变换使之转化,进而得到解决的一种思想方法 . 2 . 转化与化归的原则 (1)熟悉化原则;(2)简单化原则;(3)直观化原则;(4)正难则反原则;(5)等价性原则 . 3 . 常见的转化与化归的方法 (1)直接转化法;(2)换元法;(3)数形结合法;(4)构造法;(5)坐标法;(6)类比法;(7)特殊化方法;(8)等价问题法;(9)补集法 . - 4 - 应用 一 应用二 应用三 应用四 答案 解析 解析 关闭 答案 解析 关闭 - 5 - 应用 一 应用二 应用三 应用四 思维升华 1 . 当问题难以入手时 , 应先对特殊情形进行观察、分析 , 发现问题中特殊的数量或关系 , 再推广到一般情形 , 以完成从特殊情形的研究到一般问题的解答的过渡 , 这就是特殊化的化归策略 . 2 . 数学题目有的具有一般性 , 有的具有特殊性 , 解题时 , 有时需要把一般问题化归为特殊问题 , 有时需要把特殊问题化归为一般问题 . - 6 - 应用 一 应用二 应用三 应用四 突破训练1 在定圆 C : x 2 +y 2 = 4内过点 P ( - 1,1)作两条互相垂直的直线与 C 分别交于 A , B 和 M , N , 则 的 取值范围是 　　　　　 .   答案 解析 解析 关闭 答案 解析 关闭 - 7 - 应用一 应用二 应用三 应用四 应用二 　 命题的等价转化  例 2 (2015 全国 1, 理 12 改编 )设函数 f ( x ) = e x (2 x- 1) -ax+a ,其中 a< 1,若存在唯一的整数 x 0 使得 f ( x 0 ) < 0,求 a 的取值范围 . - 8 - 应用一 应用二 应用三 应用四 - 9 - 应用一 应用二 应用三 应用四 - 10 - 应用一 应用二 应用三 应用四 思维升华 将已知条件进行转换 , 有几种转换方法就有可能得出几种解题方法 . - 11 - 应用一 应用二 应用三 应用四 突破训练2 (1)(2018 山西吕梁一模 , 理 5)函数 f ( x )在(0, +∞ )单调递增,且 f ( x+ 2)关于 x=- 2对称,若 f ( - 2) = 1,则使 f ( x- 2) ≤ 1的 x 的取值范围是( 　　 ) A.[ - 2,2] B .( -∞ , - 2] ∪ [2, +∞ ) C.( -∞ ,0] ∪ [4, +∞ ) D.[0,4] (2)若关于 x 的方程9 x + (4 +a )·3 x + 4 = 0有解,则实数 a 的取值范围是 　　　　　 .   答案 : (1)D 　 (2)( -∞ , - 8] - 12 - 应用一 应用二 应用三 应用四 解析 : (1) f ( x+ 2) 关于 x=- 2 对称 ⇔ f ( x ) 为偶函数 , ∴ f ( x- 2) ≤ 1 ⇔ f ( x- 2) ≤ f ( - 2) ⇔ f ( |x- 2 | ) ≤ f ( |- 2 | ) . ∵ f ( x ) 在 (0, +∞ ) 单调递增 , ∴ f ( |x- 2 | ) ≤ f ( |- 2 | ) ⇔ |x- 2 | ≤ 2, 即 0 ≤ x ≤ 4 . 选 D . (2)( 法一 ) 设 t= 3 x , 则原命题等价于关于 t 的一元二次方程 t 2 + (4 +a ) t+ 4 = 0 有正解 , - 13 - 应用一 应用二 应用三 应用四 应用三 　 常量与变量的转化  例 3 已知函数 f ( x ) =x 3 + 3 ax- 1, g ( x ) =f' ( x ) -ax- 5,其中 f' ( x )是 f ( x )的导函数 . 对满足 - 1 ≤ a ≤ 1的一切 a 的值,都有 g ( x ) < 0,则实数 x 的取值范围为 　　　　　 .   答案 解析 解析 关闭 答案 解析 关闭 - 14 - 应用一 应用二 应用三 应用四 思维升华 在处理多变量的数学问题时 , 当常量 ( 或参数 ) 在某一范围取值时 , 求变量 x 的范围时 , 经常进行常量与变量之间的转化 , 即可以选取其中的参数 , 将其看做是变量 , 而把变量看做是常量 , 从而达到简化运算的目的 . - 15 - 应用一 应用二 应用三 应用四 突破训练3 设 f ( x )是定义在 R 上的增函数,若 f (1 -ax-x 2 ) ≤ f (2 -a )对任意 a ∈ [ - 1,1]恒成立,则 x 的取值范围为 　　　　　　　　　　　　 .   答案 解析 解析 关闭 答案 解析 关闭 - 16 - 应用一 应用二 应用三 应用四 应用四 　 函数、方程与不等式之间的转化  例 4 设函数 f' ( x )是奇函数 f ( x )( x ∈ R )的导函数, f ( - 1) = 0,当 x> 0时, xf' ( x ) -f ( x ) < 0,则使得 f ( x ) > 0成立的 x 的取值范围是( 　　 ) A.( -∞ , - 1) ∪ (0,1) B.( - 1,0) ∪ (1, +∞ ) C.( -∞ , - 1) ∪ ( - 1,0) D.(0,1) ∪ (1, +∞ ) 答案 解析 解析 关闭 答案 解析 关闭 - 17 - 应用一 应用二 应用三 应用四 思维升华 函数、方程与不等式三者之间存在着密不可分的联系 , 解决方程、不等式的问题需要函数帮助 , 解决函数的问题需要方程、不等式的帮助 , 因此借助于函数、方程、不等式之间的转化可以将问题化繁为简 , 常常将不等式的恒成立问题转化为函数的最值问题 ; 将证明不等式问题转化为函数的单调性与最值问题 ; 将方程的求解问题转化为函数的零点问题、两个函数图象的交点问题等 . - 18 - 应用一 应用二 应用三 应用四 突破训练 4 已知函数 f ( x ) = 3e |x| . 若存在实数 t ∈ [ - 1, +∞ ), 使得对任意的 x ∈ [1, m ], m ∈ Z , 且 m> 1, 都有 f ( x+t ) ≤ 3e x , 求 m 的最大值 . 解 : 因为当 t ∈ [ - 1, +∞ ), 且 x ∈ [1, m ] 时 , x+t ≥ 0, 所以 f ( x+t ) ≤ 3e x ⇔ e x+t ≤ e x ⇔ t ≤ 1 + ln x-x. 所以原命题等价转化为 : 存在实数 t ∈ [ - 1, +∞ ), 使得不等式 t ≤ 1 + ln x-x 对任意 x ∈ [1, m ] 恒成立 . 令 h ( x ) = 1 + ln x-x ( x ≥ 1) . 因为 h' ( x ) = - 1 ≤ 0, 所以函数 h ( x ) 在 [1, +∞ ) 内为减函数 . 又 x ∈ [1, m ], 所以 h ( x ) min =h ( m ) = 1 + ln m-m. 所以要使得对任意 x ∈ [1, m ], t 值恒存在 , 只需 1 + ln m-m ≥ - 1 . 因为 h ( x ) 在 [1, +∞ ) 内为减函数 , 所以满足条件的最大整数 m 的值为 3 . - 19 - 1 . 在应用化归与转化的思想方法去解决数学问题时,没有一个统一的模式,它可以在数与数、形与形、数与形之间进行转换 . 2 . 转化与化归思想在解题中的应用 (1)在三角函数和解三角形中,主要的方法有公式的“三用”(顺用、逆用、变形用)、角度的转化、函数的转化、通过正弦、余弦定理实现边角关系的相互转化 . (2)在解决平面向量与三角函数、平面几何、解析几何等知识的交汇题目时,常将平面向量语言与三角函数、平面几何、解析几何语言进行转化 . (3)在解决数列问题时,常将一般数列转化为等差数列或等比数列求解 . (4)在利用导数研究函数问题时,常将函数的单调性、极值(最值)、切线问题,转化为其导函数 f' ( x )构成的方程、不等式问题求解 .