2020届二轮复习（理）专题七第2讲不等式选讲学案
第2讲 不等式选讲
「考情研析」 不等式选讲主要考查平均值不等式的应用，绝对值三角不等式的理解及应用、含绝对值不等式的解法、含参不等式解法和恒成立问题以及不等式的证明方法(比较法、综合法、分析法、放缩法)及它们的应用．其中绝对值不等式的解法及证明方法的应用是重点．难度不大，分值10分，一般会出现在选考部分第二题的位置.
核心知识回顾
1.绝对值的三角不等式
定理1：如果a，b是实数，则|a＋b|≤|a|＋|b|，当且仅当ab≥0时，等号成立．
定理2：如果a，b，c是实数，那么|a－c|≤|a－b|＋|b－c|，当且仅当(a－b)(b－c)≥0时，等号成立．
2．|ax＋b|≤c(c>0)和|ax＋b|≥c(c>0)型不等式的解法
(1)|ax＋b|≤c(c>0)⇔－c≤ax＋b≤c.
(2)|ax＋b|≥c(c>0)⇔ax＋b≥c或ax＋b≤－c.
3．|x－a|＋|x－b|≥c(c>0)和|x－a|＋|x－b|≤c(c>0)型不等式的解法
(1)利用绝对值不等式几何意义求解，体现数形结合思想．
(2)利用“零点分段法”求解，体现分类讨论思想．
(3)通过构建函数，利用函数图象求解，体现函数与方程思想．
4．证明不等式的基本方法
(1)比较法；(2)综合法；(3)分析法；
(4)反证法；(5)放缩法．
5．二维形式的柯西不等式
若a，b，c，d都是实数，则(a2＋b2)(c2＋d2)≥(ac＋bd)2，当且仅当ad＝bc时，等号成立．
热点考向探究
考向1 绝对值不等式的解法及应用
角度1 绝对值不等式的解法
例1 (2019·乌鲁木齐高三第二次质量检测)已知函数f(x)＝2|x＋1|－|x－a|，a∈R.
(1)当a＝1时，求不等式f(x)<0的解集；
(2)若关于x的不等式f(x)
f(x)min.
f(x)＝所以f(x)的最小值为9.
所以a>9，即实数a的取值范围为(9，＋∞)．
角度2 绝对值不等式恒成立(或存在性)问题
例2 (2019·德阳市高三第二次诊断)已知函数f(x)＝|x－a|－|x＋2|.
(1)当a＝1时，求不等式f(x)≤－x的解集；
(2)若f(x)≤a2＋1恒成立，求a的取值范围．
解 (1)当a＝1时，f(x)＝|x－1|－|x＋2|，
即f(x)＝不等式f(x)≤－x即为或或
即有x≤－3或－1≤x＜1或1≤x≤3，得x≤－3或－1≤x≤3，
所以不等式的解集为{x|x≤－3或－1≤x≤3}．
(2)因为|x－a|－|x＋2|≤|x－a－x－2|＝|a＋2|，
所以f(x)≤|a＋2|，
若f(x)≤a2＋1恒成立，则|a＋2|≤a2＋1，
即或
解得a≤或a≥，
解答含参数的绝对值不等式应熟记的几个转化
f(x)>a恒成立⇔f(x)min>a；f(x)a有解⇔f(x)max>a；f(x)a无解⇔f(x)max≤a；f(x)0，b>0，函数f(x)＝|x＋a|－|x－b|.
(1)当a＝1，b＝1时，解关于x的不等式f(x)>1；
(2)若函数f(x)的最大值为2，求证：＋≥2.
解 (1)当a＝1，b＝1时，
f(x)＝|x＋1|－|x－1|＝
①当x≥1时，f(x)＝2>1，不等式恒成立，
此时不等式的解集为{x|x≥1}；
②当－1≤x<1时，f(x)＝2x>1，所以x>，
此时不等式的解集为；
③当x<－1时，f(x)＝－2>1，不等式不成立，此时无解．
综上所述，不等式f(x)>1的解集为.
(2)证法一：由绝对值三角不等式可得
|x＋a|－|x－b|≤|a＋b|，a>0，b>0，∴a＋b＝2，
∴＋＝(a＋b)＝≥2，
当且仅当a＝b＝1时，等号成立．
证法二：∵a>0，b>0，∴－a<00，a＋b＋c＝1.求证：
(1)＋＋≤ ；
(2)＋＋≥.
证明 (1)由柯西不等式得(＋＋)2＝(1·＋1·＋1·)2≤(12＋12＋12)[()2＋()2＋()2]＝3，当且仅当＝＝，即a＝b＝c＝时等号成立，∴＋＋≤ .
(2)证法一：∵＋(3a＋1)≥2＝4，
∴≥3－3a.同理得≥3－3b，≥3－3c，
以上三式相加得，4≥9－3(a＋b＋c)＝6，
∴＋＋≥.
证法二：由柯西不等式得
[(3a＋1)＋(3b＋1)＋(3c＋1)]≥＋·＋·2＝9，
又a＋b＋c＝1，∴6≥9，
∴＋＋≥.
柯西不等式的应用方法
(1)使用柯西不等式证明的关键是恰当变形，化为符合它的结构形式，当一个式子与柯西不等式的左边或右边具有一致形式时，就可使用柯西不等式进行证明．
(2)利用柯西不等式求最值的一般结构为(a＋a＋…＋a)≥(1＋1＋…＋1)2＝n2.在使用柯西不等式时，要注意右边为常数且应注意等号成立的条件．
(2019·南通市高三下学期模拟)已知a，b，c均为正数，且a＋2b＋4c＝3，求＋＋的最小值，并指出取得最小值时a，b，c的值．
解 因为a＋2b＋4c＝3，所以(a＋1)＋2(b＋1)＋4(c＋1)＝10，
因为a，b，c为正数，所以由柯西不等式得，[(a＋1)＋2(b＋1)＋4(c＋1)]·＋＋≥(1＋＋2)2，
当且仅当(a＋1)2＝2(b＋1)2＝4(c＋1)2等式成立，
所以＋＋≥，
所以＋＋的最小值是，
此时a＝，b＝，c＝.
真题押题
『真题模拟』
1．(2019·哈尔滨市第六中学高三第二次模拟)设函数f(x)＝|2x－1|＋2|x＋1|－a.
(1)当a＝4时，求不等式f(x)>0的解集；
(2)若函数f(x)的定义域为R，求a的取值范围．
解 (1)当a＝4时，f(x)＞0为|2x－1|＋2|x＋1|>4，
当x≤－1时，1－2x－2x－2>4⇒x<－；
当－14，无解；
当x≥时，2x－1＋2x＋2>4⇒x>.
综上，f(x)>0的解集为（－∞，－）∪（，＋∞）.
(2)由题意得|2x－1|＋2|x＋1|>a恒成立，a<(|2x－1|＋2|x＋1|)min.
|2x－1|＋2|x＋1|＝|2x－1|＋|2x＋2|≥|(2x－1)－(2x＋2)|＝3，∴a<3.
2．(2019·赤峰市高三模拟)已知函数f(x)＝|x＋1|＋|x－1|，g(x)＝x2－2x－1.
(1)若m，n∈R，不等式f(m)≥g(n)恒成立，求实数n的取值范围；
(2)设a>0，b>0，且a＋b＝2，求证：＋≤2.
解 (1)由f(m)＝|m－1|＋|m＋1|≥|(m－1)－(m＋1)|＝2，
∴f(m)min＝2，∴n2－2n－1≤2，∴－1≤n≤3，所以n的取值范围是[－1,3]．
(2)证明：由(1)可知，2≥2，
∴(＋)2＝a＋b＋2＋2≤4＋(a＋1)＋(b＋1)＝8，∴＋≤2，
当且仅当a＝b＝1时等号成立，
∴＋≤2.
3．(2019·全国卷Ⅰ)已知a，b，c为正数，且满足abc＝1.
证明：(1)＋＋≤a2＋b2＋c2；
(2)(a＋b)3＋(b＋c)3＋(c＋a)3≥24.
证明 (1)因为a2＋b2≥2ab，b2＋c2≥2bc，c2＋a2≥2ac，又abc＝1，故有a2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca＝＝＋＋.
当且仅当a＝b＝c＝1时，等号成立．
所以＋＋≤a2＋b2＋c2.
(2)因为a，b，c为正数且abc＝1，
故有(a＋b)3＋(b＋c)3＋(c＋a)3
≥3＝3(a＋b)(b＋c)(c＋a)
≥3×(2)×(2)×(2)＝24.
当且仅当a＝b＝c＝1时，等号成立．
所以(a＋b)3＋(b＋c)3＋(c＋a)3≥24.
『金版押题』
4．已知函数f(x)＝|2x－3|－|x＋1|.
(1)若不等式f(x)≤a的解集是空集，求实数a的取值范围；
(2)若存在x0∈R，使得2f(x0)≤－t2＋4|t|成立，求实数t的取值范围．
解 (1)f(x)＝|2x－3|－|x＋1|
＝
y＝f(x)的图象如图所示，
易得f(x)min＝－.
∵不等式f(x)≤a的解集是空集，
∴a的取值范围为.
(2)∃x0∈R，使得2f(x0)≤－t2＋4|t|成立，
即2f(x)min≤－t2＋4|t|，由(1)知f(x)min＝－，
∴t2－4|t|－5≤0，解得－5≤t≤5，∴t的取值范围为[－5,5]．
配套作业
1．(2019·西安八校高三联考)已知a，b均为实数，且|3a＋4b|＝10.
(1)求a2＋b2的最小值；
(2)若|x＋3|－|x－2|≤a2＋b2对任意的a，b∈R恒成立，求实数x的取值范围．
解 (1)因为102＝(3a＋4b)2≤(32＋42)(a2＋b2)＝25(a2＋b2)，所以a2＋b2≥4，当且仅当＝，
即或时取等号，即a2＋b2的最小值为4.
(2)由(1)知|x＋3|－|x－2|≤a2＋b2对任意的a，b∈R恒成立⇔|x＋3|－|x－2|≤4⇔或或⇔x<－3或－3≤x≤⇔x≤，所以实数x的取值范围为（－∞，].
2．已知函数f(x)＝|2x－a|＋|x－1|.
(1)当a＝3时，求不等式f(x)≥2的解集；
(2)若f(x)≥5－x对任意x∈R恒成立，求实数a的取值范围．
解 (1)当a＝3时，即求解|2x－3|＋|x－1|≥2，
①当x≥时，2x－3＋x－1≥2，∴x≥2；
②当10，所以x不存在；
当0≤x<时，原不等式可化为－2x－x<0，
解得x>0，所以02x成立，求a的取值范围．
解 (1)当a＝1时，
f(x)＝|2x＋1|－|x－1|＝
由f(x)≤2，得或或
解得x∈∅或－≤x≤或－4≤x<－，
6．已知函数f(x)＝|x－m|，m<0.
(1)当m＝－1时，解不等式f(x)＋f(－x)≥2－x；
(2)若不等式f(x)＋f(2x)<1的解集非空，求m的取值范围．
解 (1)当m＝－1时，f(x)＋f(－x)＝|x＋1|＋|x－1|，
设F(x)＝|x＋1|＋|x－1|＝
当x<－1时，－2x≥2－x，解得x≤－2；
当－1≤x<1时，2≥2－x，解得0≤x<1；
当x≥1时，2x≥2－x，解得x≥1.
综上，原不等式的解集为{x|x≤－2或x≥0}．
(2)f(x)＋f(2x)＝|x－m|＋|2x－m|，m<0.
设g(x)＝f(x)＋f(2x)，
当x≤m时，g(x)＝m－x＋m－2x＝2m－3x，则g(x)≥－m；
当m－，解得m>－2，由于m<0，故m的取值范围是(－2，0)．
7．(2019·宝鸡市高考模拟)已知函数f(x)＝|x－2|－|x＋3|.
(1)求不等式f(x)≤2的解集；
(2)若不等式f(x)2，
(2)因为|f(x)|＝||x－2|－|x＋3||≤|x－2－x－3|＝5，
所以－5≤f(x)≤5，即f(x)min＝－5；
要使不等式f(x)0，解得a<－5或a>－1，
所以a的取值范围为(－∞，－5)∪(－1，＋∞)．
8．(2019·太原市高三模拟)已知函数f(x)＝|2x－1|＋2|x＋1|.
(1)求不等式f(x)≤5的解集；
(2)若存在实数x0，使得f(x0)≤5＋m－m2成立的m的最大值为M，且实数a，b满足a3＋b3＝M，证明：00，
∵2ab≤a2＋b2，∴4ab≤(a＋b)2，∴ab≤，
∵2＝a3＋b3＝(a＋b)(a2－ab＋b2)＝(a＋b)[(a＋b)2－3ab]≥(a＋b)3，∴a＋b≤2，∴0
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