四川省绵阳市2020届高三诊断性测试文科数学试题

四川省绵阳市2020届高三诊断性测试文科数学试题

绵阳市高中2017级第二次诊断性考试 文科数学 注意事项：‎ ‎1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.‎ ‎2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.‎ ‎3. 考试结束后，将答题卡交回.‎ 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.设全集，，则（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先确定集合的元素，再由补集定义求解．‎ ‎【详解】由题意，∴．‎ 故选：D．‎ ‎【点睛】本题考查补集的运算，解题时需确定集合的元素后才能进行集合的运算．本题还考查了指数函数的单调性．‎ ‎2.已知为虚数单位，复数满足，则（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由除法计算出复数．‎ ‎【详解】由题意．‎ 故选：A．‎ ‎【点睛】本题考查复数的除法运算，属于基础题．‎ ‎3.已知高一（1）班有学生45人，高一（2）班有50人，高一（3）班有55人，现在要用分层抽样的方法从这三个班中抽30人参加学校“遵纪守法好公民”知识测评，则高一（2）班被抽出的人数为（ ）‎ A. 10 B. 12 C. 13 D. 15‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分层抽样是按比例抽取人数．‎ ‎【详解】设高一（2）被抽取人，则，解得．‎ 故选：A．‎ ‎【点睛】本题考查分层抽样，属于基础题．‎ ‎4.已知向量，，若，则（ ）‎ A. B. C. D. 5‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据向量平行的坐标运算计算出，再由模的坐标表示求模．‎ ‎【详解】∵，∴，，∴．‎ 故选：C．‎ ‎【点睛】本题考查向量平行的坐标表示，考查向量模的坐标表示．属于基础题．‎ ‎5.已知为任意角，则“”是“”的（ ）‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析】‎ 说明命题和是否为真即可．‎ ‎【详解】，则，因此“”是“”的必要不充分条件．‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查充分必要条件的判断，只要命题为真，则是的充分条件，是的必要条件．‎ ‎6.已知，是圆：上一动点，线段的垂直平分线交于点，则动点的轨迹方程为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用，确定点轨迹是椭圆，从而易求得其方程．‎ ‎【详解】由题意圆标准方程为，圆心为，半径为6，‎ ‎∵线段的垂直平分线交于点，∴，‎ ‎∴，‎ ‎∴点轨迹是以为焦点，长轴长为6的椭圆，‎ ‎∴，，‎ ‎∴其轨迹方程为．‎ 故选：A．‎ ‎【点睛】本题考查用椭圆的定义求轨迹方程，属于基础题．根据椭圆定义确定动点轨迹是椭圆，然后求出得标准方程，要注意所求轨迹方程是不是圆锥曲线的标准方程．‎ ‎7.已知某产品的销售额与广告费用之间的关系如下表：‎ ‎（单位：万元）‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎（单位：万元）‎ ‎10‎ ‎15‎ ‎30‎ ‎35‎ 若根据表中的数据用最小二乘法求得对的回归直线方程为，则下列说法中错误的是（ ）‎ A. 产品的销售额与广告费用成正相关 B. 该回归直线过点 C. 当广告费用为10万元时，销售额一定为74万元 D. 值是20‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据回归直线方程中系数为正，说明两者是正相关，求出后，再由回归方程求出，然后再求得，同样利用回归方程可计算出时的预估值．‎ ‎【详解】因为回归直线方程中系数为6.5＞0，因此，产品的销售额与广告费用成正相关，A正确；‎ 又，∴，回归直线一定过点，B正确；‎ 时，，说明广告费用为10万元时，销售额估计为74万元，不是一定为74万元，C错误；‎ 由，得，D正确．‎ 故选：C．‎ ‎【点睛】本题考查回归直线方程，回归直线方程中系数的正负说明两变量间正负相关性，回归直线一定过中心点，回归直线方程中计算的值是预估值，不是确定值．‎ ‎8.甲、乙、丙三位客人在参加中国（绵阳）科技城国际科技博览会期间，计划到绵阳的九皇山、七曲山大庙两个景点去参观考察，由于时间关系，每个人只能选择一个景点，则甲、乙、丙三人恰好到同一景点旅游参观的概率为（ ）‎ A B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 可用列举法写出三人选择景点的各种情形．然后计数后可概率．‎ ‎【详解】两景点用1，2表示，三人选择景点的各种情形为：甲1乙1丙1 ，甲1乙1丙2 ，甲1乙2丙1 ，甲2乙1丙1 ，甲2乙2丙1 ，甲2乙1丙2 ，甲1乙2丙2 ，甲2乙2丙2 共8种，其中三人去同一景点的有甲1乙1丙1 和甲2乙2丙2两种，所以概率为．‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查古典概型，解题时可用列举法写出所有的基本事件．‎ ‎9.双曲线的右焦点为，过作与双曲线的两条渐近线平行的直线且与渐近线分别交于，两点，若四边形（为坐标原点）的面积为，则双曲线的离心率为（ ）‎ A. B. 2 C. D. 3‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 把四边形面积用表示出来，它等于，变形后可求得离心率．‎ ‎【详解】由题意，渐近线方程为，不妨设方程为，‎ 由，得，即，同理，‎ ‎∴，由题意，∴．‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查求双曲线的离心率．求离心率关键是找到关于的一个等式，本题中四边形的面积是就是这个等式，因此只要按部就班地求出其面积即可得．‎ ‎10.已知圆：，直线经过点，且将圆及其内部区域分为两部分，则当这两部分的面积之差的绝对值最大时，直线的方程为（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 如图，设设，求出直线分圆所成两部分面积之差的绝对值，利用导数确定函数的单调性，确定出当最小时最大，由圆的性质知最小时，，从而可求得直线方程．‎ ‎【详解】圆标准方程为，圆心为，半径为，‎ 直线交圆于两点，设，如图，则直线分圆所成两部分中较小部分面积为，较大部分面积为，‎ ‎∴这两部分面积之差的绝对值为，‎ ‎，∴是减函数，最小时，最大．‎ 在中，，∴最小时，最大，从而最小．‎ ‎∵经过点，∴由圆的性质知当时，取得最小值.此时，∴直线方程为，即．‎ 故选：D．‎ ‎【点睛】本题考查直线与圆相交问题，解题关键是引入，借助于扇形面积公式用表示出两个弓形面积之差绝对值，再利用导数确定这个绝对值最大时的值，从而确定直线的位置，求得其方程．本题考查了函数思想的应用．‎ ‎11.已知为偶函数，且当时，，则满足不等式的实数的取值范围为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由偶函数性质把不等式化为，由导数确定函数在上的单调性，利用单调性解不等式．‎ ‎【详解】∵是偶函数，∴，则不等式可化为，即，‎ 时，，，‎ 令，则，∴是上的增函数，∴当时，‎ ‎，‎ ‎∴时，，∴在上是增函数，‎ ‎∴由得，即，．‎ 故选：A．‎ ‎【点睛】本题考查函数的奇偶性与单调性，考查解对数不等式．此各种类型不等式的解法是：本题这种类型的不等式有两种，一种是奇函数，不等式为，转化为，一种是偶函数，不等式为，转化为，然后由单调性去函数符号“”．‎ ‎12.函数在区间上恰有一个零点，则实数的取值范围是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由零点存在定理得，但还要验证此时在上是否只有一个零点，然后讨论和两种情形是否符合题意．‎ ‎【详解】（1）若由得，，‎ ‎，，∴．‎ 设，，∵，∴在定义域内是增函数，‎ 作出，的示意图，如图．‎ ‎，，，∴与的图象在上只有一个交点，即在上只有一个零点，符合题意．‎ ‎（2）若，则，．如（1）中示意图，是增函数，只是，而，∴与的图象在上只有一个交点，即在上只有一个零点，符合题意．‎ ‎（3）若，则，，如（1）中示意图，是增函数，此时，但，而，因此在上与的图象还有一个交点，即在上有两个零点，不合题意．‎ 综上，的取值范围是．‎ 故选：D．‎ ‎【点睛】本题考查函数零点分布问题．在闭区间上只有一个零点，首先由零点存在定理确定参数范围，但是此种情形下必须验证在上是否是一个零点，零点存在定理只说明有零点，没有说明有几个零点．其次分别讨论和两种情形是否满足题意．‎ 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.‎ ‎13.直线：与直线平行，则实数的值是______.‎ ‎【答案】2.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由两直线平行的条件判断．‎ ‎【详解】由题意，解得．‎ 故答案为：2．‎ ‎【点睛】本题考查两直线平行的充要条件，两直线和平行，条件是必要条件，不是充分条件，还必须有或，但在时，两直线平行的充要条件是．‎ ‎14.某同学在最近的五次模拟考试中，其数学成绩的茎叶图如图所示，则该同学这五次数学成绩的方差是______.‎ ‎【答案】30.8.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 写出茎叶图中的5个数据，计算均值后再计算方差．‎ ‎【详解】五个数据分别是：110，114，119，121，126，其平均值为，‎ 方差为 故答案为：30.8‎ ‎【点睛】本题考查茎叶图，考查方差的计算．读懂茎叶图是解题基础．‎ ‎15.函数的图象如图所示，则在区间上的零点之和为______.‎ ‎【答案】.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先求出周期，确定，再由点确定，得函数解析式，然后可求出上的所有零点．‎ ‎【详解】由题意，∴，又且，∴，‎ ‎∴．‎ 由得，，，‎ 在内有：，它们的和为．‎ ‎【点睛】本题考查三角函数的零点，由三角函数图象求出函数解析式，然后解方程得出零点，就可确定在已知范围内的零点．本题也可用对称性求解，由函数周期是，区间含有两个周期，而区间端点不是函数零点，因此在上有4个零点，它们关于直线对称，由此可得4个零点的和．‎ ‎16.过点的直线与抛物线：交于，两点（在，之间），是抛物线的焦点，若，则的面积为______.‎ ‎【答案】3.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 不妨设在第一象限且由设，由，得，从而．由共线及在抛物线上，可求得．‎ ‎【详解】不妨设在第一象限，如图，设，由题意，‎ ‎∵，∴，∴．‎ 又共线，∴，即，把代入得：‎ ‎，显然，解得，∴，‎ ‎∴，，∴．‎ 故答案为：3．‎ ‎【点睛】本题考查直线与抛物线相交的面积问题．解题关键是善于发现和有共同的底，从而由面积比得出两点的纵坐标比，再由共线及在抛物线上，求得的纵坐标，从而得三角形面积．‎ 三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.‎ ‎（一）必考题：共60分.‎ ‎17.每年的4月23日为“世界读书日”，某调查机构对某校学生做了一个是否喜爱阅读的抽样调查.该调查机构从该校随机抽查了100名不同性别的学生（其中男生45名），统计了每个学生一个月的阅读时间，其阅读时间（小时）的频率分布直方图如图所示：‎ ‎（1）求样本学生一个月阅读时间的中位数.‎ ‎（2）已知样本中阅读时间低于的女生有30名，请根据题目信息完成下面的 列联表，并判断能否在犯错误的概率不超过0.1的前提下认为阅读与性别有关.‎ 列联表 男 女 总计 总计 附表：‎ ‎0.15‎ ‎0.10‎ ‎0.05‎ ‎2.072‎ ‎2.706‎ ‎3.841‎ 其中：.‎ ‎【答案】（1）；（2）不能在犯错误的概率不超过0.1的前提下认为阅读与性别有关.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）频率为0.5对应的点的横坐标为中位数；‎ ‎（2）100名学生中男生45名，女生55名，由频率分布直方图知，阅读时长大于等于的人数为50人，小于的也有50人，阅读时间低于的女生有30名，这样可得列联表中的各数，得列联表，依据公式计算，对照附表可得结论．‎ ‎【详解】（1）由题意得，直方图中第一组，第二组的频率之和为 ‎.‎ 所以阅读时间的中位数.‎ ‎（2）由题意得，男生人数为45人，因此女生人数为55人，‎ 由频率分布直方图知，阅读时长大于等于的人数为人，‎ 故列联表补充如下：‎ 男 女 总计 ‎25‎ ‎25‎ ‎50‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎50‎ 总计 ‎45‎ ‎55‎ ‎100‎ 的观测值，所以不能在犯错误的概率不超过0.1的前提下认为阅读与性别有关.‎ ‎【点睛】本题考查频率分布直方图，考查独立性检验．正确认识频率分布直方图是解题基础．‎ ‎18.已知等差数列的公差，，且为与的等比中项.数列的通项公式为.‎ ‎（1）求数列的通项公式；‎ ‎（2）记，求数列的前项和.‎ ‎【答案】（1）；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）由等差数列的通项公式表示出，由等比中项定义求得，注意可确定只有一解，从而中得，也即得；‎ ‎（2）由（1）得，用分组求和法可求得．‎ ‎【详解】（1）由题意得，.‎ ‎∴，解得或.‎ 又，得，故.‎ ‎∴.‎ ‎∴.‎ ‎（2）由（1）可知，.‎ ‎.‎ ‎【点睛】本题考查等差数列的通项公式，考查等比中项的定义，考查分组求和法以及等差数列和等比数列前项和公式，掌握等差数列与等比数列的通项公式和前项和公式是解题基础．‎ ‎19.在中，内角，，所对的边分别为，，.已知.‎ ‎（1）求；‎ ‎（2）若为边上一点，且，，求.‎ ‎【答案】（1）；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）由正弦定理把角的关系转化为边的关系，再由余弦定理可求得；‎ ‎（2）把的面积用两种方法表示建立与三角形各边的关系，由，即即代入可得，再代入余弦定理中可求得，从而可得，于是得的值．‎ ‎【详解】（1）中，由正弦定理得 ‎，即.‎ 由余弦定理得，‎ 结合，可知.‎ ‎（2）在中，，即.‎ 由已知，可得.‎ 在中，由余弦定理得，‎ 即，整理得，即，‎ ‎∴.‎ ‎∴.‎ ‎【点睛】本题考查正弦定理、余弦定理、三角形面积公式，第（2）问解题关键是把三角形面积用两种方法表示而建立等式：．‎ ‎20.已知椭圆：，动直线过定点且交椭圆于，两点（，不在轴上）.‎ ‎（1）若线段中点的纵坐标是，求直线的方程；‎ ‎（2）记点关于轴的对称点为，若点满足，求的值.‎ ‎【答案】（1）；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）设，，直线：，直线方程与椭圆方程联立消元得的二次方程，由判别式得的取舍范围，由韦达定理得，利用中点纵坐标是可求得，只要满足即可；‎ ‎（2）由题意，，说明，，三点共线，即.这样可求出，化为只含的式子后代入（1）中的就可求得．‎ ‎【详解】（1）设，，直线：.‎ 由消去得.‎ ‎，解得或.‎ 由韦达定理得，.①‎ ‎∵中点的纵坐标是，‎ ‎∴，代入①解得或.‎ 又或，得.‎ ‎∴直线的方程为.‎ ‎（2）由题意得，‎ 由，知，，三点共线，‎ 即.‎ ‎∴，‎ 即，‎ 解得.‎ 将，，代入得.②‎ 由①有，.③‎ 将③代入②得到.‎ ‎【点睛】本题考查直线与椭圆相交问题，解题方法是“设而不求”的思想方法，解题时注意体会．‎ ‎21.已知函数，其中.‎ ‎（1）讨论函数的单调性；‎ ‎（2）若，记函数的两个极值点为，（其中），求的最大值.‎ ‎【答案】（1）当时，在上单调递增；当时，函数在和上单调递增，在上单调递减；‎ ‎（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）求出导函数，由得增区间，由得减区间，注意题中函数定义域是，因此对二次三项式分类情况为第一类：或，第二类且．‎ ‎（2）与极值点有关的问题，不是直接代入极值点，而是用表示极值点，由是方程的解，得，..不妨设，引入变量，则，就转化为的函数，由求得的范围，由导数知识可得所求最大值．‎ ‎【详解】（1）.‎ 令，则.‎ ‎①当或，即时，得恒成立，‎ ‎∴在上单调递增.‎ ‎②当，即时，‎ 由，得或；‎ 由，得.‎ ‎∴函数在和上单调递增，‎ 在上单调递减.‎ 综上所述，当时，在上单调递增；‎ 当时，函数在和上单调递增，‎ 在上单调递减.‎ ‎（2）由（1）得，当时，有两极值点，（其中）.‎ 则，为的两根，‎ ‎∴，.‎ ‎.‎ 令，‎ 则.‎ 由，得，‎ 即，解得.‎ ‎∵，‎ ‎∴在上单调递减，‎ ‎∴.‎ 即的最大值为.‎ ‎【点睛】本题考查用导数研究函数的单调性，函数的极值点以及与极值点有关的最值．在求单调区间时要注意分类讨论．在研究极值点有关的最值问题时，常常设极值点为，由极值点的定义得出函数中参数与的关系，即用表示参数，并代入待求（证）式，同时设（本题），可把待求（证）式转化为的函数式，从而再利用导数的知识确定这个函数得出结论．这类题难度较大，对学生的思维能力、推理论证能力、转化与化归能力要求较高．‎ ‎（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题做答。如果多做，则按所做的第一题记分.‎ ‎[选修4-4：坐标系与参数方程]‎ ‎22.在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为（，为参数），以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线经过点，曲线的直角坐标方程为.‎ ‎（1）求曲线的普通方程，曲线的极坐标方程；‎ ‎（2）若，是曲线上两点，当时，求的取值范围.‎ ‎【答案】（1），；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）由消元后得普通方程，由代入直角坐标方程可得极坐标方程；‎ ‎（2）直接把两点的极坐标代入曲线的极坐标方程，得，这样就可转化为三角函数式，利用三角函数知识可得取值范围．‎ ‎【详解】（1）将的参数方程化为普通方程为.‎ 由，，‎ 得点的直角坐标为，代入，得，‎ ‎∴曲线的普通方程为.‎ 可化为，即，‎ ‎∴曲线的极坐标方程为.‎ ‎（2）将点，代入曲线的极坐标方程，‎ 得，，‎ ‎∴‎ ‎.‎ 由已知，可得，‎ 于是.‎ 所以的取值范围是.‎ ‎【点睛】本题考查极坐标方程与直角坐标方程的互化，考查参数方程与普通方程的互化．消元法和公式法是解决此类问题的常用方法．‎ ‎[选修4-5：不等式选讲]‎ ‎23.已知关于的不等式，其中.‎ ‎（1）当时，求不等式的解集；‎ ‎（2）若该不等式对恒成立，求实数的取值范围.‎ ‎【答案】（1）；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）用分类讨论的方法去绝对值符号后再解不等式，最后要合并（求并集）；‎ ‎（2）设，同样用分类讨论去绝对值符号化函数为分段函数，求得的最大值，解相应不等式可得的范围．‎ ‎【详解】（1）由时，.原不等式化为，‎ 当时，，解得，综合得；‎ 当时，，解得，综合得；‎ 当时，，解得，综合得.‎ ‎∴不等式的解集为.‎ ‎（2）设函数，‎ 画图可知，函数的最大值为.‎ 由，解得.‎ ‎【点睛】本题考查解含绝对值的不等式，解题方法是根据绝对值定义去掉绝对值符号，用分类讨论的方法分段解不等式．‎ ‎ ‎ ‎ ‎