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文档介绍
2020版高考数学(新课改省份专用)一轮复习课时跟踪检测十九难点自选—函数与导数压轴大题的3大难点及破解策略
课时跟踪检测(十九) 难点自选——函数与导数压轴大题的 3大难点及破解策略 1.定义在R上的奇函数f(x),当x>0时,f(x)=ln x-ax+1,若f(x)有5个零点,求实数a的取值范围. 解:因为f(x)是定义在R上的奇函数,所以f(0)=0;所以要使f(x)在R上有5个零点,只需f(x)在(0,+∞)上有2个零点.所以等价于方程a=在(0,+∞)上有2个根.所以等价于y=a与g(x)=(x>0)的图象有2个交点.g′(x)=, x (0,1) (1,+∞) g(x) + - 所以g(x)的最大值为g(1)=1. 因为x→0时,g(x)→-∞;x→+∞时,由洛必达法则可知: lig(x)=li =li =0, 所以00. 解:(1)f′(x)=ex-,由f′(0)=0,得m=1, 所以f′(x)=ex-,f″(x)=ex+>0, 又由f′(0)=0,所以当x∈(-1,0)时,f′(x)<0, 当x∈(0,+∞)时,f′(x)>0. 所以函数f(x)在(-1,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增. (2)证明:依题意,f′(x)=ex-. 令f′(x0)=0,则ex0=>0,且f″(x)=ex+>0,所以函数f′(x)在区间(-m,+∞)上单调递增. 则当x∈(-m,x0)时,f′(x0)<0; 当x∈(x0,+∞)时,f′(x)>0,故函数f(x)在(-m,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增. 所以f(x)min=f(x0)=ex0-ln(x0+m). 又x0满足方程ex0=, 则f(x0)=ex0-ln(x0+m)=-ln e-x0=x0+=x0+m+-m2-m=2-m0不等号①取等号的条件是不等号②取等号的条件是m=2. 由于不等号①、②不能同时取等号,故f(x0)>0,即f(x)min>0,因此f(x)>0. 3.已知函数f(x)=ax++c(a>0)的图象在点(1,f(1))处的切线方程为y=x-1. (1)试用a表示出b,c; (2)若f(x)≥ln x在[1,+∞)恒成立,求a的取值范围. 解:(1)b=a-1,c=1-2a. (2)题设即“a≥(x>1),或a≥(x>1) 恒成立”. 用导数可证函数g(x)=(x-1)2+(x-1)-xln x(x≥1)是增函数(只需证g′(x)=x-ln x-1≥0(x≥1)恒成立,再用导数可证), 所以g(x)≥g(1)=0(x≥1), 当且仅当x=1时g(x)=0,得<(x>1),li =. 所以若a≥(x>1)恒成立,则a≥, 即a的取值范围是. 4.(2019·安徽二校联考)已知函数f(x)=-m(a,m∈R)在x=e(e为自然对数的底数)时取得极值,且有两个零点记为x1,x2. (1)求实数a的值,以及实数m的取值范围; (2)证明:ln x1+ln x2>2. 解:(1)f′(x)==, 由f′(x)=0,得x=ea+1,且当0查看更多