【数学】2019届一轮复习全国通用版第58讲古典概型学案

【数学】2019届一轮复习全国通用版第58讲古典概型学案

第58讲　古典概型 考纲要求 考情分析 命题趋势 ‎1.理解古典概型及其概率计算公式．‎ ‎2．会计算一些随机事件所含的基本事件数及事件发生的概率.‎ ‎2017·山东卷，8‎ ‎2016·江苏卷，7‎ ‎2016·天津卷，16‎ 古典概型主要考查实际背景的等可能事件，通常与互斥事件、对立事件等知识相结合进行考查.‎ 分值：5分 ‎1．基本事件的特点 ‎(1)任何两个基本事件都是__互斥__的；‎ ‎(2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成__基本事件__的和．‎ ‎2．古典概型 具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型，简称古典概型．‎ ‎(1)有限性：试验中所有可能出现的基本事件__只有有限个__；‎ ‎(2)等可能性：每个基本事件出现的可能性__相等__．‎ ‎3．古典概型的概率公式 P(A)＝.‎ ‎1．思维辨析(在括号内打“√”或“××”)．‎ ‎(1)某袋中装有大小均匀的三个红球、两个黑球、一个白球，那么每种颜色的球被摸到的可能性相同．(　×　)‎ ‎(2)从－3，－2，－1,0,1,2中任取一数，取到的数小于0与不小于0的可能性相同．(　√　)‎ ‎(3)分别从3名男同学、4名女同学中各选一名作代表，那么每个同学当选的可能性相同．(　×　)‎ ‎(4)利用古典概型的概率公式求“在边长为2的正方形内任取一点，这点到正方形中心距离小于或等于‎1”‎的概率．(　×　)‎ ‎(5)“从长为1的线段AB上任取一点C，求满足AC≤的概率是多少”是古典概型．(　×　)‎ 解析 (1)错误．摸到红球的概率为，摸到黑球的概率为，摸到白球的概率为.‎ ‎(2)正确．取到小于0的数的概率为，取到不小于0的数的概率也为.‎ ‎(3)错误．男同学当选的概率为，女同学当选的概率为.‎ ‎(4)错误．由于正方形内点的个数具有无限性，与古典概型不符．‎ ‎(5)错误．线段上的点及所取的点不具有古典概型所满足的有限性，所以(5)错误．‎ ‎2．从甲、乙、丙三人中任选两名代表，甲被选中的概率为(　C　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D．1‎ 解析 基本事件总数为(甲、乙)、(甲、丙)、(乙、丙)共3种，甲被选中共2种，则P＝.‎ ‎3．从1,2,3,4,5,6六个数中任取2个数，则取出的两个数不是连续自然数的概率是(　D　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 从六个数中任取2个数有15种方法，取出的两个数是连续自然数有5种情况，则取出的两个数不是连续自然数的概率P＝1－＝.‎ ‎4．从分别写有1,2,3,4,5的五张卡片中依次取两张，假设每张卡片被取到的概率相等，且每张卡片上只有一个数字，则取到的两张卡片上的数字之和为偶数的概率为(　D　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 列举法：从分别写有1,2,3,4,5的五张卡片中依次取两张，总的情况为：(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(2,1)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(3,1)，(3,2)，(3,4)，(3,5)，(4,1)，(4,2)，(4,3)，(4,5)，(5,1)，(5,2)，(5,3)，(5,4)共20种情况．两张卡片上的数字之和为偶数的有：(1,3)，(1,5)，(2,4)，(3,1)，(3,5)，(4,2)，(5,1)，(5,3)共8种情况．∴从分别写有1,2,3,4,5的五张卡片中依次取两张，这两张卡片上的数字之和为偶数的概率P＝＝，故选D．‎ ‎5．将甲、乙两球随机放入编号为1,2,3的3个盒子中，每个盒子的放球数量不限，则在1,2号盒子中各有一个球的概率为(　B　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 依题意得，甲、乙两球各有3种不同的放法，共9种放法，其中1,2号盒子中各有一个球的放法有2种，故有1,2号盒子中各有一个球的概率为.‎ 一　简单的古典概型问题 求古典概型概率的基本步骤 ‎(1)算出所有基本事件的个数n.‎ ‎(2)算出事件A包含的所有基本事件的个数m.‎ ‎(3)代入公式P(A)＝，求出P(A)．‎ ‎【例1】 (1)袋中共有15个除了颜色外完全相同的球，其中有10个白球，5个红球．从袋中任取2个球，所取的2个球中恰有1个白球，1个红球的概率为(　B　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D．1‎ ‎(2)从分别标有1,2，…，9的9张卡片中不放回地随机抽取2次，每次抽取1张，则抽到的2张卡片上的数奇偶性不同的概率是(　C　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 (1)从15个球中任取2个球共有C种取法，其中有1个红球，1个白球的情况有C·C＝50(种)，所以P＝＝.‎ ‎(2)所求概率为P＝＝.‎ 二　复杂的古典概型问题 求较复杂事件的概率问题的方法 ‎(1)将所求事件转化成彼此互斥的事件的和事件，再利用互斥事件的概率加法公式求解．‎ ‎(2)先求其对立事件的概率，再利用对立事件的概率公式求解．‎ ‎【例2】 为振兴旅游业，四川省面向国内发行总量为2 000万张的熊猫优惠卡，向省外人士发行的是熊猫金卡(简称金卡)，向省内人士发行的是熊猫银卡(简称银卡)．某旅游公司组织了一个有36名游客的旅游团到四川名胜景区旅游，其中是省外游客，其余是省内游客．在省外游客中有持金卡，在省内游客中有持银卡．‎ ‎(1)在该团中随机采访2名游客，求恰有1人持银卡的概率；‎ ‎(2)在该团中随机采访2名游客，求其中持金卡与持银卡人数相等的概率．‎ 解析 (1)由题意得，省外游客有27人，其中9人持金卡；省内游客有9人，其中6人持银卡．设事件A为“采访该团2人，恰有1人持银卡”，则P(A)＝＝，所以采访该团2人，恰有1人持银卡的概率是.‎ ‎(2)设事件B为“采访该团2人，持金卡与持银卡人数相等”，可以分为事件B1为“采访该团2人，持金卡0人，持银卡0人”，或事件B2为“采访该团2人，持金卡1人，持银卡1人”两种情况．‎ 则P(B)＝P(B1)＋P(B2)＝＋＝，‎ 所以采访该团2人，持金卡与持银卡人数相等的概率是.‎ 三　知识交汇中的古典概型问题 古典概型可以出现在很多问题背景下，关键是理解题目的实际含义，找出基本事件的总数及目标事件的数目．‎ ‎【例3】 (2017·山东卷)在心理学研究中，常采用对比试验的方法评价不同心理暗示对人的影响，具体方法如下：将参加试验的志愿者随机分成两组，一组接受甲种心理暗示，另一组接受乙种心理暗示，通过对比这两组志愿者接受心理暗示后的结果来评价两种心理暗示的作用．现有6名男志愿者A1，A2，A3，A4，A5，A6和4名女志愿者B1，B2，B3，B4，从中随机抽取5人接受甲种心理暗示，另5人接受乙种心理暗示．‎ ‎(1)求接受甲种心理暗示的志愿者中包含A1但不包含B1的概率；‎ ‎(2)用X表示接受乙种心理暗示的女志愿者人数，求X的分布列与数学期望E(X)．‎ 解析 (1)记接受甲种心理暗示的志愿者中包含A1但不包含B1的事件为M，则P(M)＝＝.‎ ‎(2)由题意知X可取的值为：0,1,2,3,4，则 P(X＝0)＝＝，P(X＝1)＝＝，‎ P(X＝2)＝＝，P(X＝3)＝＝，‎ P(X＝4)＝＝.‎ 因此X的分布列为 X ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ P X的数学期望是 E(X)＝0×P(X＝0)＋1×P(X＝1)＋2×P(X＝2)＋3×P(X＝3)＋4×P(X＝4)‎ ‎＝0＋1×＋2×＋3×＋4×＝2.‎ ‎1．投掷两枚质地均匀的骰子，向上的点数之差的绝对值为3的概率是(　B　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 抛掷两枚质地均匀的骰子，向上的点数之差的绝对值为3的情况有：1,4；4,1；2,5；5,2；3,6；6,3；共6种，而抛掷两枚质地均匀的骰子的情况有36种，所以所求概率P＝＝，故选B．‎ ‎2．已知函数f(x)＝x3＋ax2＋b2x＋1，若a是从1,2,3三个数中任取的一个数，b是从0,1,2三个数中任取的一个数，则该函数有两个极值点的概率为(　D　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 f′(x)＝x2＋2ax＋b2，要使函数f(x)有两个极值点．则有Δ＝(‎2a)2－4b2＞0，即a2＞b2.由题意知所有的基本事件9个，即(1,0)，(1,1)，(1,2)，(2,0)，(2,1)，(2,2)，(3,0)，(3,1)，(3,2)，其中第一个数表示a的取值，第二个数表示b的取值．满足a2＞b2的有6个基本事件，即(1,0)，(2,0)，(2,1)，(3,0)，(3,1)，(3,2)，所以所求事件的概率为＝.‎ ‎3．盒子中装有标有数字且大小相同的小球，其中m个小球标有数字1,3个小球标有数字3,2个小球标有数字5.若从盒子中任取2个球，可得这两个球所标数字之和为6的概率是 .若从盒子中任取3个球，则三个球所标数字之和小于10的概率为(　B　)‎ A．　　 B．　　‎ C．　　 D． 解析 依题意＝，化简得‎13m2‎－‎63m－10＝0，解得m＝5，‎ 任取3个球．它们所标数字之和小于10的情况有：‎ ‎(1,1,1)，(1,1,3)，(1,1,5)，(1,3,3)，(1,3,5)，(3,3,3)，‎ 故所求概率为：＝.‎ ‎4．某校50名学生参加智力答题活动，每人回答3个问题，答对题目个数的及对应人数统计结果如下表.‎ 答对题目个数 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ 人数 ‎5‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎15‎ 根据上表信息解答以下问题：‎ ‎(1)从这50名学生任选两人，求两人答对题目个数之和为4或5的概率；‎ ‎(2)从这50名学生中任选两人，用X表示这两名学生答对题目之差的绝对值，求随机变量X的分布列及数学期望E(X)．‎ 解析 (1)记“两人答对题目个数之和为4或‎5”‎为事件A，则P(A)＝＝＝，即两人答对题目个数之和为4或5的概率为.‎ ‎(2)依题意可知X的可能取值分别为0,1,2,3.‎ 则P(X＝0)＝＝＝，‎ P(X＝1)＝＝＝，‎ P(X＝2)＝＝＝，‎ P(X＝3)＝＝＝.‎ 从而X的分布列为 X ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ P X的数学期望E(X)＝0×＋1×＋2×＋3×＝.‎ 易错点　将基本事件的“等可能”与“非等可能”弄错 错因分析：误认为题目中所有的基本事件的出现都是等可能的，而有些时候基本事件的出现不是等可能的，从而造成错解，如对于下面的例题会误认为基本事件共有4个：(正正正)(正正反)(正反反)(反反反)，其实这四种结果的出现不是等可能的．‎ ‎【例1】 同时投掷三枚质地均匀的硬币一次，三枚硬币同时正面向上的概率为________．‎ 解析 由题意作出树状图如下．‎ 一共有8种情况，三枚硬币同时正面向上只有1种情况，所以，P(三枚硬币同时正面向上)＝.‎ 答案 ‎【跟踪训练1】 (2016·江苏卷)将一颗质地均匀的骰子(一种各个面上分别标有1,2,3,4,5,6个点的正方体玩具)先后投掷2次，则出现向上的点数之和小于10的概率是____.‎ 解析 先后抛掷2次骰子，所有可能出现的情况可用数对表示为 ‎(1,1)，(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(1,6)，‎ ‎(2,1)，(2,2)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(2,6)，‎ ‎…‎ ‎(5,1)，(5,2)，(5,3)，(5,4)，(5,5)，(5,6)，‎ ‎(6,1)，(6,2)，(6,3)，(6,4)，(6,5)，(6,6)，共36个．‎ 其中点数之和不小于10的有(4,6)，(5,5)，(5,6)，(6,4)，(6,5)，(6,6)，共6个．从而点数之和小于10的数对共有30个，故所求概率P＝＝.‎ 课时达标　第58讲 ‎[解密考纲]古典概型在高考中常以选择题或填空题的形式出现，有时与集合、函数、不等式等知识综合，以解答题形式出现．‎ 一、选择题 ‎1．从{1,2,3,4,5}中随机选取一个数a，从{1,2,3}中随机选取一个数b，则a

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