2018-2019学年江苏省淮安市高中校协作体高一下学期期末考试物理试题 Word版含解析

2018-2019学年江苏省淮安市高中校协作体高一下学期期末考试物理试题 Word版含解析

淮安市高中校协作体2018～2019学年第二学期高一年级期末考试物理试卷 一、单项选择题:每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）‎ ‎1.第一次通过实验比较准确地测出引力常量的科学家是（ ）‎ A. 牛顿 B. 伽利略 C. 胡克 D. 卡文迪许 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 本题考查对物理史实的记忆，第一次通过实验比较准确的测出引力常量的科学家是卡文迪许 ‎2.自然界中有很多物体做曲线运动，在曲线运动中，物体的运动速度（　　）‎ A. 方向一定改变 B. 方向一定不变 C. 大小一定改变 D. 大小一定不变 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：曲线运动的速度方向一定发生变化，大小不一定变化，如平抛运动速度大小在变化，但是匀速圆周运动速度大小恒定不变，所以A正确，BCD错误 故选A 考点：考查了对曲线运动的理解 点评：基础题，关键是知道曲线运动速度方向一定是变化 ‎3.关于匀速圆周运动，下列说法中正确的是（ 　）‎ A. 是匀变速运动 B. 是变加速运动 C. 匀速运动 D. 是合外力不变的运动 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】匀速圆周运动的加速度大小不变，方向改变，可知加速度在变化，所以匀速圆周运动是变加速运动，由加速度改变，由牛顿第二定律可知，合外力也改变 A. 是匀变速运动与分析不符，故A项与题意不相符；‎ B. 是变加速运动与分析相符，故B项与题意相符；‎ C. 是匀速运动与分析不符，故C项与题意不相符；‎ D. 是合外力不变的运动与分析不符，故D项与题意不相符。‎ ‎4.如图所示，一条小船过河，河水流速为 v1，船在静水中速度为 v2，船头方向与河岸垂直， 关于小船运动，以下说法正确的是（ ）‎ A. 小船做匀加速直线运动 B. 小船做匀速直线运动 C. 小船做匀加速曲线运动 D. 小船做变加速曲线运动 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】小船实际的速度是水流速度与静水的合速度，因两方向均是匀速直线运动，根据平行四边形定则，则小船实际的运动是匀速直线 A. 小船做匀加速直线运动与分析不符，故A项与题意不相符；‎ B. 小船做匀速直线运动与分析相符，故B项与题意相符；‎ C. 小船做匀加速曲线运动与分析不符，故C项与题意不相符；‎ D. 小船做变加速曲线运动与分析不符，故D项与题意不相符。‎ ‎5.决定平抛物体在空中运动时间的因素是（ ）‎ A. 初速度 B. 抛出时物体的高度 C. 抛出时物体的高度和初速度 D. 以上说法都不正确 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】平抛运动下落时只要接触到地面即不能再运动，故由可得：‎ ‎ ‎ 即下落时间只与抛出点的高度有关，和水平初速度无关 A. 初速度与分析不符，故A项错误；‎ B. 抛出时物体的高度与分析相符，故B项正确；‎ C. 抛出时物体高度和初速度与分析不符，故C项错误；‎ D. 以上说法都不正确与分析不符，故D项错误。‎ ‎6. 如图所示，在研究平抛运动时，小球 A 沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开接触开关 S ，被电磁铁吸住的小球 B 同时自由下落．改变整个装置的高度 H 做同样的实验，发现位于同一高度的 A 、 B 两个小球总是同时落地．该实验现象说明了 A 球在离开轨道后 A. 竖直方向的分运动是自由落体运动 B. 水平方向的分运动是匀加速直线运动 C. 水平方向的分运动是匀速直线运动 D. 竖直方向的分运动是匀速直线运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】改变整个装置的高度 H 做同样的实验，发现位于同一高度的 A 、 B 两个小球总是同时落地，说明两小球在竖直方向为自由落体运动。故该实验现象说明了 A 球在离开轨道后竖直方向的分运动是自由落体运动，故A正确，BCD错误。故选A ‎【点评】本题考查了平抛运动的物体在竖直方向的运动规律为自由落体。平抛运动规律一般只能借助分解来求解。‎ ‎7. 如图为平抛运动轨迹的示意图，对轨迹上的A、B两点，下列说法正确的是 A. A的点速度方向沿切线向下，受力方向竖直向下 B. B点的速度方向沿切线向下，受力方向沿切线向下 C. A、B两点的速度、加速度均不同 D. A、B两点的速度、加速度均相同 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析: A、B两点的速度方向均沿切线向下，所以两点速度不同，由于物体只受重力，加速度为重力加速度g，方向都是竖直向下，所以两点加速度相同，故A正确，BCD错误．‎ 考点：平抛运动 ‎8.质点做匀速圆周运动时，下面说法中正确的是（ ）‎ A. 向心加速度一定与旋转半径成反比，因为an = B. 向心加速度一定与旋转半径成正比，因为an = rw2‎ C. 角速度一定与旋转半径成反比，因为w= D. 角速度一定与转速成正比，因为ω =2πn（n 的单位为转/秒）‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据知，线速度相等时，向心加速度才与旋转半径成反比，故A项与题意不相符；‎ B. 根据an=rω2知，半径相等时，向心加速度才与角速度的平方成正比，故B项与题意不相符；‎ C. 根据v=rω知，角速度不一定与旋转半径成反比，还与线速度大有关，故C项与题意不相符；‎ D. 根据ω=2πn可知，角速度一定与转速成正比，故D项与题意相符。‎ ‎9.如图所示，为齿轮传动装置示意图，A、B 两点均位于齿轮的边缘，则下列说法中正确的是（ ）‎ A. vA>vB B. ωA>ωB C. vA=vB D. ωA=ωB ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AC. A和B两点属于齿轮传动，所以两点的线速度相等，故A项与题意不相符，C项与题意相符；‎ BD. A和B两点线速度相等；据v=ωr和两点的A半径大，所以角速度A小，故BD项与题意不相符。‎ ‎10.漠河和广州所在处物体具有的角速度和线速度相比较（ ）‎ A. 漠河处物体的角速度大，广州处物体的线速度大 B. 漠河处物体的线速度大，广州处物体的角速度大 C. 两处地方物体的角速度、线速度都一样大 D. 两处地方物体的角速度一样大，但广州物体的线速度比漠河处物体线速度要大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】由于漠河和广州都绕地轴一起转动，漠河地面上的物体随地球自转的角速度与广州地面上的物体随地球自转的角速度相同；漠河地面上的物体随地球自转的半径小于广州地面上的物体随地球自转的半径，由v=ωr知，漠河地面上的物体随地球自转的线速度小于广州地面上的物体随地球自转的线速度 A. 漠河处物体的角速度大，广州处物体的线速度大与分析不符，故A项错误；‎ B. 漠河处物体的线速度大，广州处物体的角速度大与分析不符，故B项错误；‎ C. 两处地方物体的角速度、线速度都一样大与分析不符，故C项错误；‎ D. 两处地方物体的角速度一样大，但广州物体的线速度比漠河处物体线速度要大与分析相符，故D项正确。‎ ‎11.在下面所介绍的各种情况中,哪种情况将出现超重现象(   )‎ ‎①荡秋千经过最低点的小孩 ‎ ‎②汽车过凸形桥 ‎③汽车过凹形桥 ‎ ‎④在绕地球作匀速圆周运动的飞船中的仪器 A. ①②‎ B. ①③‎ C. ①④‎ D. ③④‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：①荡秋千经过最低点的小球，此时有向上的加速度，处于超重状态．②汽车过凸形桥最高点，加速度向下，处于失重状态；③汽车过凹形桥最低点，此时有向上的加速度，处于超重状态．④在绕地球做匀速圆周运动的飞船中的仪器，处于完全失重状态．故选B。‎ 考点：失重与超重 ‎【名师点睛】本题考查了学生对超重与失重现象的理解，要知道当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g；掌握住超重与失重的判断依据，本题就可以解决了。‎ ‎12.如图所示，光滑水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动．若小球运动到P点时，拉力F突然消失，关于小球运动情况的说法正确的是（ ）‎ A. 小球将沿轨迹 Pa 做离心运动 B. 小球将沿轨迹 Pb 做离心运动 C. 小球将沿轨迹 Pc 做向心运动 D. 小球将继续做匀速圆周运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】当拉力消失，物体受力合为零，将沿切线方向做匀速直线运动，即沿轨迹Pa做离心运动 A. 小球将沿轨迹 Pa 做离心运动与分析相符，故A项与题意相符；‎ B. 小球将沿轨迹 Pb 做离心运动与分析不符，故B项与题意不符；‎ C. 小球将沿轨迹 Pc 做向心运动与分析不符，故C项与题意不符；‎ D. 小球将继续做匀速圆周运动与分析不符，故D项与题意不符。‎ ‎13.均匀小球A、B的质量分别为m、6m，球心相距为R，引力常量为G，则A球受到B球的万有引力大小是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据万有引力公式，质量分布均匀的球体间的距离指球心间距离，故两球间的万有引力 A. 与分析不符，故A项错误；‎ B. 与分析不符，故B项错误；‎ C. 与分析不符，故C项错误；‎ D. 与分析相符，故D项正确。‎ ‎14.物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫“第一宇宙速度”，其大小为（ ）‎ A. 7.9km/s B. 11.2 km/s C. 16.7 km/s D. 24.4 km/s ‎【答案】A ‎【解析】‎ 第一宇宙速度是把近地人造卫星的轨道半径近似等于地球半径R，所受的万有引力近似等于卫星在地面上所受的重力mg，即根据公式得出=7.9km/s ‎15.我国发射的“神州六号”载人飞船，与“神州五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（ ）‎ A. “神州六号”的速度大于“神州五号”的速度 B. “神州六号”的周期大于“神州五号”的周期 C. “神州六号”的角速度大于 “神州五号”的角速度 D. “神州六号”的向心加速度大于 “神州五号”的向心加速度 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 根据万有引力提供向心力得出 解得：‎ ‎ ‎ 可知“神州六号”的速度小于“神州五号”的速度，故A项与题意不相符；‎ B.根据 解得：‎ 故“神州六号”的周期大于“神州五号”的周期，故B项与题意相符；‎ C.根据 ‎ ‎ 解得：‎ ‎ ‎ 故“神州六号”的角速度小于“神州五号”的角速度，故C项与题意不相符；‎ D.根据 解得：‎ ‎ ‎ 故“神州六号”的向心加速度小于“神州五号”的向心加速度，故D项与题意不相符。‎ ‎16.由于通信和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的（ ）‎ A. 轨道平面可以不同 B. 轨道半径可以不同 C. 质量可以不同 D. 速率可以不同 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的。所以所有的同步卫星都在赤道上方同一轨道上，故A错误；‎ B. 因为同步卫星要和地球自转同步，即这些卫星ω相同，根据万有引力提供向心力得：‎ 因为ω一定，所以r必须固定，故B错误；‎ C. 许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的质量可以不同，故C正确；‎ D. 根据万有引力提供向心力得运转速度为，由于同步卫星轨道半径是一定的，所以速率也不变。故D错误。‎ ‎17.如图，一物体在水平面上受到向右、大小为8N的恒力F作用，在4s时间内，向右运动2m，则在此过程中，力F对物体所做的功和平均功率分别为（　）‎ A. 32J，4W B. 32J，8W C. 16J，8W D. 16J，4W ‎【答案】D ‎【解析】‎ 力F所做的功为，平均功率为，故D正确。‎ 点睛：本题主要考查了功和平均功率的求法，属于基础问题。‎ ‎18.飞机从 8500m 高空下降到 1500m 高度的过程中（ ）‎ A. 重力做正功，重力势能减少 B. 重力做正功，重力势能增大 C. 重力做负功，重力势能减少 D. 重力做负功，重力势能增大 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】飞机从8500m高空下降到1500m 高度的过程中，重力方向与位移方向相同，则重力做正功，重力势能减少 A. 重力做正功，重力势能减少与分析相符，故A项正确；‎ B. 重力做正功，重力势能增大与分析不符，故B项错误；‎ C. 重力做负功，重力势能减少与分析不符，故C项错误；‎ D. 重力做负功，重力势能增大与分析不符，故D项错误。‎ ‎19.物体做下列几种运动，其中物体的机械能守恒的是（ ）‎ A. 平抛运动 B. 竖直方向上做匀速直线运动 C. 水平方向上做匀变速直线运动 D. 竖直平面内做匀速圆周运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 平抛运动的物体只受到重力的作用，所以机械能守恒，故A正确；‎ B. 物体在竖直方向做匀速直线运动，说明物体受力平衡，除了重力之外还有其他的外力的作用，并且其他的外力对物体做功，所以机械能不守恒，故B错误；‎ C. 水平方向上做匀变速直线运动，动能变化，重力势能不变，所以机械能也变化，故C错误；‎ D. 竖直平面内做匀速圆周运动，速度大小不变，动能不变，但是物体的高度变化，即重力势能发生变化，所以物体的机械能不守恒，故D错误。‎ ‎20. 真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为 （ ）‎ A. F/2 B. F C. 4F D. 16F ‎【答案】D ‎【解析】‎ 由库仑定律：，可知它们的带电量都增大为原来的2倍，距离不变，则它们之间的相互作用力变为原来的4倍，即4F，故选C。‎ ‎【点睛】直接根据库仑定律公式 列式判断两个点电荷间的静电力大小的变化情况即可．‎ ‎21.某电场的电场线如图所示，A、B是一电场线上的两点，则A、B两点的电场强度 A. 大小相等，方向不同 B. 大小不等，方向不同 C. 大小相等，方向相同 D. 大小不等，方向相同 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 由图可知，B处的电场线比A处密集，电场线越密，场强越大，所以EA＜EB；场强的方向均水平向右，方向相同，故ABC错误，D正确；故选D.‎ ‎22.下列各图，电场线描述正确的是（ ）‎ A. 正点电荷 B. 负点电荷 C. 等量异种电荷 D. 等量同种电荷 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB. 电场线是从正电荷出发，终至于负电荷。所以正点电荷的电场线是以电荷为中心向四周发散，而负点电荷是向中心会聚，呈球体分布，故AB项与题意不相符；‎ C. 真空中两个等量异种电荷是相互吸引的，它们产生的电场线是沿电荷的连线对称的，并且电场线都是从正电荷发出，到负电荷终止的，故C项与题意相符；‎ D. 等量同种电荷是相互排斥的，它们产生的电场线是沿电荷的连线对称的，并且电场线都是从正电荷发出，到负电荷终止的，故D项与题意不相符。‎ ‎23.对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是（ ）‎ A. 使正对面积增大，电容将减小 B. 使正对面积减小，电容将减小 C. 将两极板的间距增大，电容将增大 D. 将两极板的间距增大，电容将不变 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】由电容器的决定式可知：‎ A. 正对面积增大，则电容增大，故A项与题意不相符；‎ B. 正对面积减小，则电容减小，故B项与题意相符；‎ CD. 增大两板间的间距，则电容器将减小，故CD项与题意不相符。‎ 二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上(本大题2小题，其中24小题6分，25小题4分，共10分).‎ ‎24.如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置．‎ ‎(1)通过研究重物自由下落过程中增加的__________与减小的重力势能的关系，从而验证机械能守恒定律．‎ ‎(2)实验中打点计时器应接__________ （选填“直流”或“交流”）电源．正确操作得到的纸带如图所示，O点对应重物做自由落体运动的初始位置，从合适位置开始选取的三个连续点 A、B、C 到O点的距离如图，已知重物的质量为m，重力加速度为g．则从打下 O点到B点的过程中，重物减少的重力势能为________．‎ ‎【答案】 (1). 动能 (2). 交流 (3). mgh2‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1] 通过研究重物自由下落过程中增加的动能与减少的重力势能是否相等，验证机械能守恒；‎ ‎(2)[2][3] 打点计时器应接交流电源，从打下O点到B点的过程中，重物减少的重力势能△Ep=mgh2‎ ‎25.电场中沿着电场线方向电势逐渐________(选填“升高”或“降低”)．在电场中移动电荷时，电场力所做的功与电荷的运动路径________(选填“有关”或“无关”)．‎ ‎【答案】 (1). 降低 (2). 无关 ‎【解析】‎ 沿电场线方向电势降低，电场力所做的功与电荷的运动路径无关。‎ 三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本部分3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分）．‎ ‎26.从某高度处以12m/s的初速度水平抛出一物体，经2s落地，g取10m/s2，求：‎ ‎(1)物体抛出处的高度；‎ ‎(2)物体落地点距抛出点的水平距离．‎ ‎【答案】(1) (2) ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1) 该物体作平抛运动在竖直方向上做自由落体运动可得抛出高度为：得：‎ 代入数据解得：‎ ‎(2) 物体在水平上做匀速直线运动可得物体落地点的水平距离为，代入数据解得：‎ ‎27.将20kg的物体从静止开始以2m/s2的加速度竖直提升4m，求：‎ ‎(1)拉力的大小；‎ ‎(2)该过程中拉力做的功；‎ ‎(3)到达 4m 高处时拉力的瞬时功率．（g 取10m/s2）‎ ‎【答案】(1) (2) (3) ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律列式得：‎ 代入数据得：‎ ‎(2) 该过程中拉力做的功代入数据解得： ‎ ‎(3) 设物体到达4m高处时速度为v，由得：，到达4m高处时拉力的瞬时功率 ‎ P=Fv=240×4W=960W ‎28.如图所示，光滑水平面AB与竖直面内粗糙的半圆形导轨在B点衔接，BC为导轨的直径，与水平面垂直，导轨半径为R，一个质量为m的小球将弹簧压缩至A处．小球从A 处由静止释放被弹开后，以速度v 经过B点进入半圆形轨道，之后向上运动恰能沿轨道运动到C点，求：‎ ‎(1)释放小球前弹簧的弹性势能；‎ ‎(2)小球到达C点时的速度；‎ ‎(3)小球在由B到C过程中克服阻力做的功．‎ ‎【答案】(1) (2) (3) ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)小球从A至B，由弹簧和小球构成的系统机械能守恒得释放小球前弹簧的弹性势能为：‎ ‎(2)由题意，小球在C点，由重力提供向心力，则有：‎ 得：‎ ‎(3)小球从B至C由动能定理有：‎ 得：‎ ‎ ‎