山东省济宁市鱼台县一中2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题

山东省济宁市鱼台县一中2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题

鱼台一中2019-2020学年高一上学期期中考试物理试卷 一、选择题：‎ ‎1.在物理学的发展历程中，首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来的科学家是 A. 伽利略 B. 亚里士多德 C. 爱因斯坦 D. 牛顿 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】伽利略首先建立了平均速度，瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动，并首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展。故A正确，BCD错误；故选A。‎ ‎2.现有八个描述运动的物理量:①位移；②路程；③时间；④瞬时速度；⑤平均速度；⑥速率；⑦速度变 化量；⑧加速度。全部是矢量的组合是（ ）‎ A. ①②④⑤⑥ B. ①⑤⑥⑦⑧ C. ④⑤⑥⑦⑧ D. ①④⑤⑦⑧‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 位移、瞬时速度、平均速度、速度的变化量、加速度都既有大小，又有方向，运算时遵守平行四边形定则，它们都是矢量；路程、时间、速率只有大小、没有方向，它们是标量；故D正确，ABC错误；‎ 故选D。‎ ‎3. 北京奥运火炬成功登上珠峰，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，据此图判断下列说法正确的是 A. 由起点到终点火炬手所走线路的总长度等于位移 B. 线路总长度与火炬所走时间的比等于登山者的平均速度 C. 在计算登山运动的速度时可以把火炬手当成质点 D. 珠峰顶的重力加速度要小于‎9.8m/s2‎ ‎【答案】CD ‎【解析】‎ 位移为初位置指向末位置有向线段，与路径无关，A错；线路总长度与火炬所走时间的比等于登山者的平均速率，B错；‎ ‎4.如图,物体沿两个半径为的半圆弧由A到C,则它的位移和路程分别是 A. 4R，2πR向东 B. 4R向东，2πR向东 C. 4πR向东，4R D. 4R向东，2πR ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】路程是路径的长度，而位移是从起点指向终点的有向线段；则从A到C的路程：2πR；位移为4R，方向向东；‎ A．4R，2πR向东，与结论不相符，选项A错误；‎ B．4R向东，2πR向东，与结论不相符，选项B错误；‎ C．4πR向东，4R，与结论不相符，选项C错误；‎ D．4R向东，2πR，与结论相符，选项D正确；‎ ‎5.‎2019年7月16日，在韩国光州世界游泳锦标赛跳水项目男女混合团体决赛中，中国组合林珊/杨健获得该项目金牌。将林珊进入水中后向下的运动视为匀减速直线运动，该运动过程的总时间为t。林珊入水后前时间内的位移为x1，后时间内的位移为x2，则为 A. 1：16 B. 1：‎7 ‎C. 1：5 D. 1：3‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】将运动员入水后的运动逆过来看，可看作初速度为零的匀加速直线运动，根据其运动规律可知，连续相等的时间间隔内的位移之比为1：3：5：7…，可得林珊入水后前时间内的位移为x1，后时间内的位移为x2，则。‎ A．1：16。故A不符合题意。 ‎ B．1：7。故B不符合题意。 ‎ C．1：5。故C不符合题意。 ‎ D．1：3。故D符合题意。‎ ‎6.甲、乙、丙三辆汽车同时以相同速度经过某一路标，此后甲一直做匀速直线运动，乙先加速后减速，丙先减速后加速，它们经过下一路标时的速度仍相同，则 A. 甲车先经过下一个路标 B. 乙车先经过下一个路标 C. 丙车先经过下一个路标 D. 无法判断谁先经过下一个路标 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】设甲做匀速直线运动的速度为v，乙先加速后减速，在运动的过程中速度大于v，则整个过程中的平均速度大于v；丙先减速后加速，在运动过程中的速度小于v，则整个过程中的平均速度小于v。根据，知乙的运动时间最短，所以乙车先经过下一个路标。‎ A．甲车先经过下一个路标，与结论不相符，选项A错误；‎ B．乙车先经过下一个路标，与结论相符，选项B正确；‎ C．丙车先经过下一个路标，与结论不相符，选项C错误；‎ D．无法判断谁先经过下一个路标，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎7.“蹦床”运动时奥运会新增比赛项目之一，运动员在空中展示着优美的动作，深受观众欢迎，假设某运动员在弹力的作用下以的初速度从蹦床上跃起，则可以估算运动员从跃起到落回蹦床瞬间，可以在空中展示动作的时间是取 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】运动员在弹力的作用下以的初速度从蹦床上跃起，做竖直上抛运动，返回时速度大小仍然为；以向上为正方向，根据速度时间关系公式，有：，故A正确，BCD错误。‎ ‎8.如图所示，一个大人（甲）跟一个小孩（乙）站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了.对这个过程中作用于双方的力的关系，下列说法正确的是 A. 大人拉小孩的力一定比小孩拉大人的力大 B. 只有在大人把小孩拉动的过程中，大人的力才比小孩的力大，在可能出现的短暂相持过程中，两人的拉力一样大 C. 大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大是一对平衡力 D. 大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．一方对另一方有拉力作用，同时另一方也受到这一方对他的拉力，根据牛顿第三定律知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力一定大小相等，无论是在哪个过程中都是相等的，故AB错误。‎ CD．大人与小孩间的拉力是两人间相互作用力，是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等，故C错误，D正确。‎ ‎9.如图所示，用一把直尺可以测量反应速度。现有甲、乙两同学，甲同学用手指拿着一把长‎60cm 的直尺，零刻度在上端甲同学手附近，乙同学把手放在最大刻度线位置做抓尺的准备，当甲同学松开直尺，乙同学见到直尺下落时，立即用手抓住直尺，记录抓住处的数据，重复以上步骤多次。得到数据中有以下三组（单位：cm），g=‎10m/s2则下列说法正确的是 A. 第一次测量的反应时间约为s B. 第二次抓住之前的瞬间，直尺的速度约为‎30m/s C. 三次中测量的反应时间最长为0.3s D. 若某同学的反应时间为0.4s，则该直尺仍可测量该同学的反应时间 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．令直尺下降的高度h。根据，代入数据可得第一次测量的反应时间约为：‎ 故A错误。‎ B．第二次抓住之前的瞬间，直尺的速度约：‎ 故B错误。‎ C．根据，可知下落的高度最大的用的时间最长，所以第二次下落的高度最大，代入数据可得：‎ 故C正确。‎ D．若反应时间为0.4s，则直尺下降的高度：‎ 可知直尺无法测量该同学的反应时间。故D错误。‎ ‎10.‎2017年4月23日,青岛快乐运动秀之遥控车漂移激情挑战赛中，若ab两个遥控车从同一地点向同一方向做直线运动,它们的v-t图象如图所示,则下列说法正确的是 A. b车启动后经3s正好追上a车 B. b车启动时,a车在其前方‎2m处 C. b车超过a车后,两车不会再相遇 D. 运动过程中,b车落后a车的最大距离为‎4m ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，b车启动3s后b的位移 ‎；‎ a的位移 即b车启动后经3s正好追上a车，故A正确；‎ B．根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知b在t=2s时启动，此时a的位移为 即a车在b前方‎1m处，故B错误；‎ C．b车超过a车后，由于b的速度大，所以不可能再相遇，故C正确。‎ D．两车的速度相等时相距最远，最大距离为：‎ 故D错误；‎ ‎11.如图，一辆放有油桶的汽车在水平地面上向左匀速运动。运动过程中，汽车轮胎与地面未打滑，车厢水平，油桶与汽车未发生相对运动，不计空气阻力，下列说法正确的是 A. 汽车竖直方向受到2个力而处于平衡状态 B. 汽车向左运动过程中，受到地面向右的滑动摩擦力 C. 油桶受2个力作用 D. 油桶受到汽车对其的支持力方向竖直向上 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．汽车竖直方向受重力、地面的支持力、油桶的压力，水平方向：主动轮受到地面向左的摩擦力，从动轮受到地面向右的摩擦力，故AB错误；‎ CD．汽车做匀速运动，油桶也做匀速运动，所以油桶受竖直向下的重力和汽车的竖直向上的支持力而平衡，故CD正确；‎ ‎12. 甲乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲的x﹣t和乙的v﹣t图象如图所示，下列说法中正确的是（ ）‎ A. 甲为匀速直线运动，乙为匀加速直线运动 B. 6s内甲的路程为‎16m，乙的路程为‎12m C. 0～2s内与4s～6s内，甲的速度等大同向，乙的加速度等大同向 D. 甲、乙均在3s末回到出发点，距出发点的最大距离均为‎4m ‎【答案】BC ‎【解析】‎ 解：A、匀速直线运动的速度保持不变，而图甲中物体的速度大小和方向作周期性变化，则甲做的不是一种匀速直线运动．图乙中物体的加度速度大小和方向作周期性变化，乙做的不是匀加速直线运动．故A错误．‎ B、甲前2s内路程为‎4m，第3s内路程为‎4m，第4s内路程为‎4m，最后2s路程为‎4m，总路程为‎16m．乙的路程为S=2×m=‎12m．故B正确．‎ C、位移图象的斜率表示速度，速度图象的斜率表示加速度，0～2s内与4s～6s内，甲图中两段图象平行，速度等大同向．0～2s内与4s～6s内，乙图中两段图象平行，加速度等大同向．故C正确．‎ D、甲在3s末位移为零，回到出发点，而乙的位移为‎6m，没有回到出发点．故D错误．‎ 故选：BC 考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ 专题：运动学中图像专题．‎ 分析：位移﹣时间图象中斜率直线表示物体做匀速直线运动，速度﹣时间图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动．根据图象读出位移判断物体是否回到出发点．位移图象根据路程与位移的关系求出路程，速度图象根据“面积”求出位移．‎ 点评：对于速度﹣时间图象往往根据“面积”求位移，根据路程与位移的关系求路程．而位移图象能直接位移，要分析运动情况，根据路程与位移的关系求路程．‎ 二、填空题 ‎13.某学生做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验。实验时把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码均记下对应的弹簧伸长的长度x，数据记录如下表所示 钩码个数 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ 弹力F/N ‎0‎ ‎1.0‎ ‎2.0‎ ‎3.0‎ ‎4.0‎ ‎5.0‎ ‎6.0‎ ‎7.0‎ 弹簧伸长的长度x/cm ‎0‎ ‎2.00‎ ‎3.98‎ ‎6.02‎ ‎7.97‎ ‎9.95‎ ‎11.80‎ ‎13.50‎ ‎（1）根据表中数据在图中作出F－x图线。（ ）‎ ‎（2）根据F－x图线可以求得弹簧的劲度系数为________ N/m。（保留三位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). (2). 50.0‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1]根据描点法可得出对应的F-x图象，如图所示：‎ ‎（2）[2]根据胡克定律可知，图象的斜率表示劲度系数，则可知：‎ N/m ‎14.用打点计时器测量重力加速度的实验装置如图所示。当纸带在钩码带动下向下运动时，打点计时器在纸带上打下一系列的点。‎ ‎（1）该实验中，下列实验操作正确的是__________。‎ A．应从纸带上的第一个点迹开始测量、计算 B．选用的钩码的质量应尽可能小些 C．操作时，应先释放纸带，后接通电源 D．打点计时器的上下两限位孔应在同一竖直线上 ‎（2‎ ‎）某同学在正确操作下，从打出的几条纸带中，挑出较为理想的一条纸带。把开始打的第一个点标为A，随后连续的几个点依次标记为B、C、D、E和F，测量出B点以后各点间的距离如图所示。计算纸带下落的加速度g=____________m/s2。（保留三位有效数字）‎ ‎（3）若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：___________________________。‎ ‎【答案】 (1). D (2). 9.50 (3). 纸带和限位孔之间的摩擦 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1]A.不一定要从纸带上第一个点开始计算验证机械能是否守恒，故A错误；‎ B.选用的钩码的质量应尽可能大些，密度尽量大一些，可以减小受到的阻力的影响，可减少实验误差，故B错误；‎ C.操作时，应先接通电源，后释放纸带，以保证纸带充分利用，该次序不能颠倒。故C错误；‎ D.打点计时器的上下两限位孔应在同一竖直线上，以减小摩擦造成的误差，故D正确。‎ ‎（2）[2]由题意知T=0.02s，根据匀变速直线运动的推论公式：‎ ‎△‎ 可以求出加速度的大小，则有：‎ 代入数据得：‎ m/s2‎ ‎（3）[3] 测量值比真实值偏小，误差的来源是纸带和限位孔之间的摩擦。‎ 三、计算题 ‎15.在上饶高铁站附近的某段平直的铁路上，一列以‎90m/s高速行驶的列车某时刻开始匀减速行驶，5min后恰好停在上饶高铁站，并在该车站停留2min，随后匀加速驶离车站，经‎8.1km后恢复到原速‎90m/s。‎ 求：‎ ‎(1)求列车减速过程中的位移大小；‎ ‎(2)求列车驶离车站过程中加速度大小及加速到‎90m/s所用时间。‎ ‎【答案】(1)x=1.35×‎104m (2) t′=180s ‎【解析】‎ 试题分析：根据位移时间求得通过的位移；根据速度位移公式求得就爱速度，根据速度时间求得加速时间。‎ ‎（1）物体减速过程中的位移为：‎ 代入数据解得：x=1.35×‎‎104m ‎（2）在加速阶段，根据速度位移公式： ‎ 代入数据解得：a2＝‎0.5m/s2 ‎ 根据速度时间公式： ‎ 代入数据解得：t′＝180s ‎ 点睛：本题主要考查了匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用。‎ ‎16.如图所示，一质量不计的弹簧原长为‎10 cm，一端固定于质量m＝‎4 kg的物体上，另一端施一水平拉力F。（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，弹簧始终在弹性限度内，g＝‎10 m/s2）‎ ‎（1）若物体与水平面间的动摩擦因数为0.45，当弹簧拉长至‎14.5 cm时，物体恰好向右匀速运动，弹簧的劲度系数多大？‎ ‎（2）若将弹簧压缩至‎6cm，物体受到的摩擦力？‎ ‎（3）若将弹簧拉长至‎16 cm，物体受到的摩擦力？‎ ‎【答案】（1）400N/m（2）16N，方向水平向右（3）18N、方向水平向左 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由胡克定律：‎ F=kx1‎ x1=L1-L0=‎‎4.5cm FN=G=40N 由物体恰好匀速运动：‎ F=f=μFN=18N 解得：‎ k=400N/m ‎（2）压缩量x2=L2-L0=‎4cm、‎ F1=kx2=16N ‎ F1小于最大静摩擦力，物体受静摩擦 ‎ Ff=F1=16N 方向水平向右 ‎（3）x3=L3-L0=‎6cm >x1=‎4cm、物体受滑动摩擦 ‎ f=μFN=18N 方向水平向左 ‎17.如图所示，水平地面O点正上方的装置M每隔相等的时间由静止释放一小球。当某小球离开M的同时，O点右侧一长为L=‎1.2m的平板车开始以a= ‎6.0m/s2的恒定加速度从静止开始向左运动，该小球恰好落在平板车的左端。已知平板车上表面距离M的竖直高度为h =‎0.45m.忽略空气的阻力，重力加速度g取l‎0 m/s2。‎ ‎（1）小球自由落至平板车上表面经历的时间是多少？‎ ‎（2）求小车左端离O点的水平距离s；‎ ‎（3）若至少有2个小球落到平板车上，则释放小球的时间间隔Δt应满足什么条件？‎ ‎【答案】（1）0.3s（2）‎0.27m（3）∆t≤0.4s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）设小球自由下落至平板车上表面处历时t0，在该时间段内由运动学方程 对小球有：h=gt02‎ 解得 ‎ ‎（2）对平板车有：s=at02‎ 代入数据可得：s=‎0.27m． （2）从释放第一个小球至第2个小球下落到平板车上表面高度处历时△t+t0，设平板车在该时间段内的位移为s1，由运动学方程有：s1=a（△t+t0）2 至少有2个小球落在平板车上须满足：s1≤s+L 联立并代入数据可得：△t≤0.4s．‎ ‎【点睛】本题主要考查了运动学基本公式直接应用，知道小球和小车运动时间是相同的，再抓住位移关系求解，难度适中．‎