物理卷·2018届江苏省徐州市王杰中学高二上学期期中物理试卷 （解析版）

物理卷·2018届江苏省徐州市王杰中学高二上学期期中物理试卷 （解析版）

‎2016-2017学年江苏省徐州市王杰中学高二（上）期中物理试卷 ‎　‎ 一、单项选择题（本题共27小题，每小题3分，共81分．）‎ ‎1．A、B两物体均不带电，相互摩擦后A带负电荷，电荷量大小为Q，则B的带电情况是（　　）‎ A．带正电荷，电荷量大于Q B．带正电荷，电荷量等于Q C．带负电荷，电荷量大于Q D．带负电荷，电荷量等于Q ‎2．图中展示的是下列哪种情况的电场线（　　）‎ A．单个正点电荷 B．等量异种点电荷 C．单个负点电荷 D．等量同种点电荷 ‎3．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离保持不变，它们之间的相互作用力变为（　　）‎ A． B．F C．4F D．16F ‎4．两点电荷形成电场的电场线分布如图所示，A、B是电场 线上的两点．关于A、B两点的电场强度，下列判断正确的是（　　）‎ A．EA＞EB，方向相同 B．EA＞EB，方向不同 C．EA＜EB，方向相同 D．EA＜EB，方向不同 ‎5．两个完全相同的金属小球所带电荷量分别为+5Q和﹣Q，将两小球接触之后再分开，则它们所带的电荷量分别为（　　）‎ A．+2Q，+2Q B．+3Q，+3Q C．+5Q，﹣Q D．+3Q，+Q ‎6．下列说法错误的是（　　）‎ A．摩擦时失去电子的物体带正电 B．所有带电体的电荷量都是元电荷e的整数倍 C．只有体积很小的带电体才能看成点电荷 D．电荷守恒定律在各种变化中都成立 ‎7．如图所示，绝缘细线悬挂着的两小球带同种电荷，将它们相互靠近，观察到两小球向两侧偏离的角度增大，由此可以推断（　　）‎ A．同种电荷相互吸引，距离越近电荷间的作用力越大 B．同种电荷相互吸引，距离越近电荷间的作用力越小 C．同种电荷相互排斥，距离越近电荷间的作用力越大 D．同种电荷相互排斥，距离越近电荷间的作用力越小 ‎8．下列对静电现象的认识中，正确的是（　　）‎ A．摩擦起电说明了电荷可以创生 B．自然界中只存在正、负两种电荷 C．在高大的烟囱中安装静电除尘器是静电的防止 D．在高大的建筑物顶端装上避雷针是静电的利用 ‎9．关于电容器和电容，下列说法错误的是（　　）‎ A．电容器贮存电荷的同时也就贮存了电能 B．给电容器充电时，两极板分别带上等量的异号电荷 C．电容器不带电时电容为零 D．电容的单位是法拉 ‎10．如图所示，AB是某电场中的一根电场线，在线上O点放一个自由静止的负电荷，它将沿电场线向B点运动，下列判断中正确的是（　　）‎ A．电场线由A指向B，EA＞EB B．电场线由A指向B，EA＜EB C．电场线由B指向A，EA=EB D．电场线由B指向A，无法比较EA 和EB的大小 ‎11．关于通电螺旋线管磁极的判断，下列示意图中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎12．关于磁感线，下列说法中正确的是（　　）‎ A．两条磁感线可以相交 B．磁感线是磁场中实际存在的线 C．磁感线的疏密程度反映磁场的强弱 D．磁感线总是从N极出发，到S极终止 ‎13．如图所示，示波管中的电子束水平向右运动，若在示波管所在区域加垂直纸面向里的匀强磁场，则电子束将（　　）‎ A．向上偏转 B．向下偏转 C．向纸外偏转 D．向纸里偏转 ‎14．在通电直导线与磁场方向垂直的情况下，为研究安培力与电流大小的关系，实验时应保持不变的物理量是（　　）‎ A．只有电流 B．只有磁感应强度 C．只有导线在磁场中的长度 D．磁感应强度和导线在磁场中的长度 ‎15．如图所示，一通电直线竖直放置，其右侧A、B两点的磁感应强度分别为BA和BB，则（　　）‎ A．BA＞BB，方向均垂直纸面向里 B．BA＜BB，方向均垂直纸面向里 C．BA＞BB，方向均垂直纸面向外 D．BA＜BB，方向均垂直纸面向外 ‎16．如图所示，在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，若线框面积为S，则通过线框的磁通量为（　　）‎ A．S/B B．B/S C．BS D．0‎ ‎17．关于磁感应强度B的概念，下列说法中正确的是（　　）‎ A．根据磁感应强度B的定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比 B．一小段通电导线放存磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零 C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零 D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同 ‎18．如图所示，圆环上带有大量的负电荷，当圆环以轴心沿如图方向转动时，则a、b、c、d四个小磁针的运动情况是（　　）‎ A．a、b、d不动，c的N极朝纸外 B．a、b、d的N极朝纸内，c的N极朝纸外 C．d不动，c的N极朝纸外．a、b的N极朝纸内 D．a、b、d的N极朝纸外，c的N极朝纸内 ‎19．关于正常工作的发电机、电动机和白炽灯，以下说法中正确的是（　　）‎ A．发电机是将电能转化为机械能的装置 B．电动机是将机械能等能转化为电能的装置 C．电动机消耗的电能大于产生的热能，白炽灯消耗的电能等于产生的热能 D．电动机消耗的电能等于产生的热能，白炽灯消耗的电能大于产生的热能 ‎20．在下列各图中，已标出了磁感应强度B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎21．传感器已广泛应用在生产、生活中，下列关于传感器的说法正确的是（　　）‎ A．火警报警器使用了压力传感器 B．冰箱控温系统使用了温度传感器 C．商场里的自动门使用了光传感器 D．夜间自动打开的路灯使用了温度传感器 ‎22．下列关于电场、磁场及电磁波的说法中正确的是（　　）‎ A．均匀变化的电场在周围空间产生均匀变化的磁场 B．只要空间某处的电场或磁场发生变化，就会在其周围产生电磁波 C．电磁波的频率与它传播的速度大小成正比 D．电磁波可以在真空中传播 ‎23．如图所示，线圈平面与条形磁铁的轴线垂直，现将线圈沿轴线由A点平移到B点，穿过线圈磁通量的变化情况是（　　）‎ A．变大 B．变小 C．不变 D．先变大，后变小 ‎24．在赤道处沿东西方向放置一根通电直导线，电流方向由东向西，则导线受到地磁场的作用力的方向为（　　）‎ A．向上 B．向下 C．向东 D．向北 ‎25．如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外，下述过程中使线圈产生感应电流的是（　　）‎ A．以bc边为轴转动60°‎ B．将线圈向下平移 C．将一半在匀强磁场外的线圈向右平移到磁场内 D．将线圈向上平移 ‎26．对匝数一定的线圈，下列说法中正确的是（　　）‎ A．线圈放在磁场越强的位置，线圈中产生的感应电动势一定越大 B．线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势一定就大 C．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大 D．线圈中磁通量越大，线圈中产生的感应电动势一定越大 ‎27．如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法正确的是（　　）‎ A．合上开关S接通电路，A2灯先亮，A1灯逐渐变亮，最后一样亮 B．合上开关S接通电路，A1和A2始终一样亮 C．断开开关S切断电路，A1和A2都立刻熄灭 D．断开开关S切断电路，A2立刻熄灭，A1过一会儿才熄灭 ‎　‎ 二、填空题（本题共2小题，每小题4分，共8分）‎ ‎28．如图所示为一个按正弦规律变化的交变电流的I﹣t图象，由图可知：该交变电流的频率为　　Hz．电流的有效值为　　A．‎ ‎29．现代科技离不开电磁波，历史上首先预言电磁波存在的物理学家是　　，他认为变化的磁场会产生电场；如图所示，螺线管的匝数为100匝，在0.1s内穿过螺线管的磁通量变化了0.02Wb，则螺线管两端产生的感应电动势为　　V．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题共2小题，共11分）‎ ‎30．真空中有一个电场，电场线如图所示．在这个电场中的A点放入电量为5.0×10﹣9C的点电荷，它受到的电场力为3.0×10﹣4N．‎ ‎（1）画出A点电场强度的方向．‎ ‎（2）求出A点电场强度的大小．‎ ‎（3）若把该点电荷从电场中移走，则A点电场强度是多大？‎ ‎31．把一根长l=10cm的导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中，‎ ‎（1）当导线中通以I1=2A的电流时，导线受到的安培力大小为1.0×10﹣7N，则该磁场的磁感应强度为多少？‎ ‎（2）若该导线中通以I2=3A的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向如何？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年江苏省徐州市王杰中学高二（上）期中物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单项选择题（本题共27小题，每小题3分，共81分．）‎ ‎1．A、B两物体均不带电，相互摩擦后A带负电荷，电荷量大小为Q，则B的带电情况是（　　）‎ A．带正电荷，电荷量大于Q B．带正电荷，电荷量等于Q C．带负电荷，电荷量大于Q D．带负电荷，电荷量等于Q ‎【考点】元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】物体相互摩擦后会带电，这就是摩擦起电，在摩擦起电过程中，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；摩擦起电过程中，电荷是守恒的，正负电荷的代数和保持不变．‎ ‎【解答】解：A、B两物体均不带电，相互摩擦后A带负电荷，电荷量大小为Q，‎ 根据电荷守恒定律得B的带电情况是带正电荷，电荷量等于Q．故ACD错误，B正确．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎2．图中展示的是下列哪种情况的电场线（　　）‎ A．单个正点电荷 B．等量异种点电荷 C．单个负点电荷 D．等量同种点电荷 ‎【考点】电场线．‎ ‎【分析】根据电场线从正电荷或无穷远出发，到负电荷或无穷远终止，结合对称性即可解答．‎ ‎【解答】解：A、单个正点电荷的电场，其电场线从正电荷出发，到无穷远终止，电场线是直线，与图不符，故A错误．‎ BD、根据电场线从正电荷出发，到负电荷终止，以及对称性，可知，该电场是两个等量异种点电荷的电场．故B正确，D错误．‎ C、单个负点电荷的电场，其电场线从无穷远出发，到负电荷终止，电场线是直线，与图不符，故C错误．‎ 故选：B ‎　‎ ‎3．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离保持不变，它们之间的相互作用力变为（　　）‎ A． B．F C．4F D．16F ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力．‎ ‎【解答】解：由库仑定律可得：‎ 变化前 F=K； ‎ 变化后F′==4F，故C正确，ABD错误；‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎4．两点电荷形成电场的电场线分布如图所示，A、B是电场 线上的两点．关于A、B两点的电场强度，下列判断正确的是（　　）‎ A．EA＞EB，方向相同 B．EA＞EB，方向不同 C．EA＜EB，方向相同 D．EA＜EB，方向不同 ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．‎ ‎【分析】电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线的切线方向表示电场强度的方向．由此分析即可．‎ ‎【解答】解：电场线的疏密代表场强的强弱，电场线越密，电场强度越大，从图可以看出，A点处的电场线的密集程度大于B点处电场线的密集程度，故EA＞EB；‎ 又电场线的切线方向表示电场强度的方向，由图可知，A、B两点的电场强度的方向不同．故ACD错误，B正确．‎ 故选：B ‎　‎ ‎5．两个完全相同的金属小球所带电荷量分别为+5Q和﹣Q，将两小球接触之后再分开，则它们所带的电荷量分别为（　　）‎ A．+2Q，+2Q B．+3Q，+3Q C．+5Q，﹣Q D．+3Q，+Q ‎【考点】电荷守恒定律．‎ ‎【分析】这两个带电体接触后负电荷完全中和，剩余的电荷平均分配，由此解答．‎ ‎【解答】解：两个完全相同的金属小球所带电荷量分别为+5Q和﹣Q，将两小球接触之后再分开，两球所带的电量先中和再平分，所以两球所带电荷量分别为+2Q和+2Q．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎6．下列说法错误的是（　　）‎ A．摩擦时失去电子的物体带正电 B．所有带电体的电荷量都是元电荷e的整数倍 C．只有体积很小的带电体才能看成点电荷 D．电荷守恒定律在各种变化中都成立 ‎【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】不论静电感应带电，还是摩擦起电，它们不会创造电荷，只是电荷的转移，从一物体转移另一物体，或从一部分转移另一部分，当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷，点电荷的电量不确定，但是元电荷的整数倍．‎ ‎【解答】解：A、物体存在电中性，当失去电子时，物体一定带正电，故A正确；‎ B、物体带电是由于得到或失去电子，所以所有带电体的电荷量都是元电荷e的整数倍，故B正确；‎ C、只要带电体的大小和形状在所研究的问题中可以忽略，则带电体即可以看成点电荷，并不是只有体积小的带电体才能看成点电荷，故C错误；‎ D、根据电荷守恒的规律可知，电荷守恒定律在各种变化中都成立，故D正确．‎ 本题选错误的，故选：C．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示，绝缘细线悬挂着的两小球带同种电荷，将它们相互靠近，观察到两小球向两侧偏离的角度增大，由此可以推断（　　）‎ A．同种电荷相互吸引，距离越近电荷间的作用力越大 B．同种电荷相互吸引，距离越近电荷间的作用力越小 C．同种电荷相互排斥，距离越近电荷间的作用力越大 D．同种电荷相互排斥，距离越近电荷间的作用力越小 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；根据库仑定律可知，当电荷量不变时，间距越小，则库仑力越大，即可求解．‎ ‎【解答】解：将它们相互靠近，观察到两小球向两侧偏离的角度增大，可以推断两个小球带同种电荷，且距离越近电荷间的作用力越大，故C正确，ABD错误；‎ 故选：C ‎　‎ ‎8．下列对静电现象的认识中，正确的是（　　）‎ A．摩擦起电说明了电荷可以创生 B．自然界中只存在正、负两种电荷 C．在高大的烟囱中安装静电除尘器是静电的防止 D．在高大的建筑物顶端装上避雷针是静电的利用 ‎【考点】* 静电的利用和防止；电荷守恒定律．‎ ‎【分析】明确电荷守恒定律的应用，自然界只存在正负两种电荷，电荷是不能被创生、也不能被消灭；‎ 明确生活中有关静止的防止和应用规律，知道静止防止是为了防止静电的危害，而静电应用是利用静电的性质而完成某些工作．‎ ‎【解答】解：A、摩擦起电的原因是电荷的转移，并没有创生出电荷，故A错误；‎ B、自然界只存在正、负两种电荷，故B正确；‎ C、在高大的烟囱中安装静电除尘器是静电的应用，故C错误；‎ D、在高大的建筑物顶端装上避雷针是静电的防止，故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎9．关于电容器和电容，下列说法错误的是（　　）‎ A．电容器贮存电荷的同时也就贮存了电能 B．给电容器充电时，两极板分别带上等量的异号电荷 C．电容器不带电时电容为零 D．电容的单位是法拉 ‎【考点】电容．‎ ‎【分析】两个相互靠近又彼此绝缘的导体就构成了电容器；由于电荷间的相互吸引，而可以容纳电荷量．要明确电容的性质，知道电容与电压和电量无关．‎ ‎【解答】解：A、电容器贮存电荷的同时也就贮存了电能，故A正确；‎ B、给电容器充电时，两极板分别带上等量的异号电荷，与正极相连的极板带上正电，另一极板带上负电，故B正确；‎ C、电容是电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与带电量和电压无关，故C错误．‎ D、电容的单位为法拉，故D正确．‎ 本题选错误的，故选：C．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示，AB是某电场中的一根电场线，在线上O点放一个自由静止的负电荷，它将沿电场线向B点运动，下列判断中正确的是（　　）‎ A．电场线由A指向B，EA＞EB B．电场线由A指向B，EA＜EB C．电场线由B指向A，EA=EB D．电场线由B指向A，无法比较EA 和EB的大小 ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】根据负电荷的运动方向判断电场力的方向，从而确定场强方向．而场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密场强越大．‎ ‎【解答】解：由题，负电荷由静止开始从O运动到B，负电荷所受电场力方向从0到B，场强方向与电场力方向相反，即场强方向由B指向A．由于电场线的分布情况未知，所以场强如何变化无法确定，无法确定电场强度的大小，故D正确，ABC错误．‎ 故选：D ‎　‎ ‎11．关于通电螺旋线管磁极的判断，下列示意图中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】通电螺线管周围有磁场存在，根据右手安培定则可判定电流方向与磁场方向的关系．‎ ‎【解答】解：由右手安培定则可判定通电导线周围的磁场方向．‎ A、伸开右手弯曲四指，让四指所指方向与电流方向相同，则大拇指所指向为通电螺线管内部磁感线的方向．故A正确；‎ B、伸开右手弯曲四指，让四指所指方向与电流方向相同，则大拇指所指向为通电螺线管内部磁感线的方向．因此左端应是S极，故B错误；‎ C、伸开右手弯曲四指，让四指所指方向与电流方向相同，则大拇指所指向为通电螺线管内部磁感线的方向．因此左端应该是S极，故C错误；‎ D、伸开右手弯曲四指，让四指所指方向与电流方向相同，则大拇指所指向为通电螺线管内部磁感线的方向．因此左端应是N极，故D错误；‎ 故选：A ‎　‎ ‎12．关于磁感线，下列说法中正确的是（　　）‎ A．两条磁感线可以相交 B．磁感线是磁场中实际存在的线 C．磁感线的疏密程度反映磁场的强弱 D．磁感线总是从N极出发，到S极终止 ‎【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．‎ ‎【分析】据磁感线的特点分析即可，磁感线有如下特点：磁感线是人们为形象描述磁场而假想的，在磁体外部由N极指向S极，在内部有S极指向N极的闭合曲线，其疏密程度反映磁场的强弱，切线方向表示该点的磁场方向．‎ ‎【解答】解：AC、据磁感线是疏密程度反映磁场的强弱，切线方向表示磁场的方向，而磁感应强度为矢量，其方向有唯一性，所以磁感线不相交，故A错误，C正确．‎ BD、磁感线是人们为形象描述磁场而假想的，在磁体外部由N极指向S极，在内部有S极指向N极的闭合曲线，故BD错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎13．如图所示，示波管中的电子束水平向右运动，若在示波管所在区域加垂直纸面向里的匀强磁场，则电子束将（　　）‎ A．向上偏转 B．向下偏转 C．向纸外偏转 D．向纸里偏转 ‎【考点】洛仑兹力．‎ ‎【分析】由左手定则判断出电子束受到的安培力方向，最后根据电子束的受力方向判断电子束如何偏转．‎ ‎【解答】解：在示波管处电流磁场方向垂直于纸面向里；‎ 电子束由左向右运动，电子束形成的电流方向水平向左，‎ 由左手定则可知，电子束受到的安培力竖直向下，则电子束向下偏转，故B正确；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎14．在通电直导线与磁场方向垂直的情况下，为研究安培力与电流大小的关系，实验时应保持不变的物理量是（　　）‎ A．只有电流 B．只有磁感应强度 C．只有导线在磁场中的长度 D．磁感应强度和导线在磁场中的长度 ‎【考点】安培力．‎ ‎【分析】安培力F=BIL，根据控制变量法探究实验．‎ ‎【解答】解：根据安培力公式F=BIL，根据控制变量法研究安培力与电流大小的关系，实验时应保持不变的物理量是B和L，即磁感应强度和导线在磁场中的长度．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示，一通电直线竖直放置，其右侧A、B两点的磁感应强度分别为BA和BB，则（　　）‎ A．BA＞BB，方向均垂直纸面向里 B．BA＜BB，方向均垂直纸面向里 C．BA＞BB，方向均垂直纸面向外 D．BA＜BB，方向均垂直纸面向外 ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．‎ ‎【分析】正确利用安培定则直接判断通电直导线周围磁场方向，并由越靠近导线的，磁场越强，即可求解．‎ ‎【解答】解：利用安培定则可以判断出通电直导线周围的磁场线分布情况，如图中电流方向向上，则右侧磁场垂直纸面向里，且越靠近导线的，磁场越强，故BCD错误，A正确．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎16．如图所示，在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，若线框面积为S，则通过线框的磁通量为（　　）‎ A．S/B B．B/S C．BS D．0‎ ‎【考点】磁通量．‎ ‎【分析】在匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直时，磁通量公式是Φ=BS．‎ ‎【解答】解：由题图可知，线框在匀强磁场中，且线框平面与磁场方向垂直，所以通过线框的磁通量是 Φ=BS．故C正确，ABD错误．‎ 故选：C ‎　‎ ‎17．关于磁感应强度B的概念，下列说法中正确的是（　　）‎ A．根据磁感应强度B的定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比 B．一小段通电导线放存磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零 C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零 D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同 ‎【考点】磁感应强度．‎ ‎【分析】本题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直．‎ ‎【解答】解：A、磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，故A错误；‎ B、根据F=BIL可知，当磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零，故B正确．‎ C、当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力作用，此时磁感应强度并非为零，故C错误；‎ D、根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，圆环上带有大量的负电荷，当圆环以轴心沿如图方向转动时，则a、b、c、d四个小磁针的运动情况是（　　）‎ A．a、b、d不动，c的N极朝纸外 B．a、b、d的N极朝纸内，c的N极朝纸外 C．d不动，c的N极朝纸外．a、b的N极朝纸内 D．a、b、d的N极朝纸外，c的N极朝纸内 ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】正电荷的定向移动方向是电流的方向，负电荷的定向移动方向与电流方向相反；‎ 在磁场中，小磁针静止时N极所指的方向是磁场的方向；‎ 由安培定则判断出a、b、c、d各处磁场方向，然后确定小磁针的转动情况．‎ ‎【解答】解：圆环带有负电荷，圆环顺时针转动时，产生的等效电流方向沿逆时针方向；由安培定则可知，a、b、d所在处磁场垂直于纸面向里，c处磁场垂直于纸面向外，故a、b、d处的小磁针的N极朝纸内转动，c处小磁针的N极朝纸外转动，故B正确；‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎19．关于正常工作的发电机、电动机和白炽灯，以下说法中正确的是（　　）‎ A．发电机是将电能转化为机械能的装置 B．电动机是将机械能等能转化为电能的装置 C．电动机消耗的电能大于产生的热能，白炽灯消耗的电能等于产生的热能 D．电动机消耗的电能等于产生的热能，白炽灯消耗的电能大于产生的热能 ‎【考点】焦耳定律．‎ ‎【分析】电动机内有线圈，不是纯电阻，消耗的电能要大于产生的热能；而白炽灯是纯电阻，则消耗的电能等于产生的热能．‎ ‎【解答】解：A、发电机工作过程中就是将机械能转化为电能，故A错误 B、电动机的工作过程中是电能转化为机械能，故B错误；‎ C、电动机内部有线圈，通电后要产生热能，同时要转动，产生机械能．所以电动机消耗的电能均大于产生的热能，而白炽灯仅仅是电阻，消耗的电能全等于产生的热能．故C正确；‎ D、电动机内部有线圈，通电后要产生热能，同时要转动，产生机械能．所以电动机消耗的电能均大于产生的热能，而白炽灯仅仅是电阻，消耗的电能全等于产生的热能．故D错误 故选：C ‎　‎ ‎20．在下列各图中，已标出了磁感应强度B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】安培定则．‎ ‎【分析】根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．‎ ‎【解答】解：根据左手定则可得：‎ A、图中安培力的方向是垂直导体棒向上的，故A正确；‎ B、电流方向与磁场方向在同一直线上，不受安培力作用，故B错误；‎ C、图中安培力的方向是竖直导体棒向下的，故C错误；‎ D、图中安培力的方向垂直纸面向外，故D错误．‎ 故选：A ‎　‎ ‎21．传感器已广泛应用在生产、生活中，下列关于传感器的说法正确的是（　　）‎ A．火警报警器使用了压力传感器 B．冰箱控温系统使用了温度传感器 C．商场里的自动门使用了光传感器 D．夜间自动打开的路灯使用了温度传感器 ‎【考点】传感器在生产、生活中的应用．‎ ‎【分析】了解各种传感器的特点、工作原理，和它们在仪器设备中的应用原理，据此即可正确解答．‎ ‎【解答】解：A、火警报警器使用了温度传感器，故A错误；‎ B、冰箱控温系统使用了温度传感器，故B正确．‎ C、一般人体都有恒定的体温，一般在37度，所以会发出特定波长10UM左右的红外线，被动式红外探头就是靠探测人体发射的10UM左右的红外线而进行工作的．人走向门口时，门会自动打开，是因为安装了红外线传感器．从而能感知红外线，导致门被打开，故C错误；‎ D、灯要求夜晚亮、白天熄．则白天有光，黑夜没有光，则是由光导致电路的电流变化，所以电路中光传感器导致电阻变化，实现动控制，因此是利用半导体的光敏性，即为光电传感器，故D错误；‎ 故选：B ‎　‎ ‎22．下列关于电场、磁场及电磁波的说法中正确的是（　　）‎ A．均匀变化的电场在周围空间产生均匀变化的磁场 B．只要空间某处的电场或磁场发生变化，就会在其周围产生电磁波 C．电磁波的频率与它传播的速度大小成正比 D．电磁波可以在真空中传播 ‎【考点】电磁波谱；电场．‎ ‎【分析】变化的电场可以产生磁场；变化的磁场可以产生电场；均匀变化的电场产生恒定的磁场；均匀变化的磁场产生恒定的电场．电场和磁场交替产生，向外传播，形成电磁波．电磁波可以在介质中传播，也可以在真空中传播，可以反射，也可以折射，只有在同一均匀介质中才能沿直线匀速传播．‎ ‎【解答】解：A、均匀变化的磁场产生恒定的电场，故A错误．‎ B、均匀变化的电场和磁场变化时只能产生恒定的磁场和电场；故不会产生电磁波；故B错误；‎ C、电磁波的频率是由电磁波本身决定的．与波速无关，故C错误．‎ D、电磁波是种能量形式，电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故D正确；‎ 故选：D ‎　‎ ‎23．如图所示，线圈平面与条形磁铁的轴线垂直，现将线圈沿轴线由A点平移到B点，穿过线圈磁通量的变化情况是（　　）‎ A．变大 B．变小 C．不变 D．先变大，后变小 ‎【考点】磁通量．‎ ‎【分析】磁通量用穿过线圈平面的磁感线的条数表示，根据条形磁铁磁感线的分布情况进行分析．‎ ‎【解答】解：线圈在N极和S极附近时，磁场较强，磁感线较密，穿过线圈的磁感线较多，磁通量较大，而远离条形磁铁磁极附近，磁场变弱，磁感线较疏，穿过线圈的磁通量较小．故线圈在A出的磁通量比较大．线圈从A到B的过程中磁通量逐渐减小．故B正确，ACD错误；‎ 故选：B ‎　‎ ‎24．在赤道处沿东西方向放置一根通电直导线，电流方向由东向西，则导线受到地磁场的作用力的方向为（　　）‎ A．向上 B．向下 C．向东 D．向北 ‎【考点】洛仑兹力；左手定则．‎ ‎【分析】解答本题首先要明确地球磁场的分布情况：地理的南极为磁场的北极；同时注意电流方向为正电荷运动方向，然后根据左手定则直接进行判断即可．‎ ‎【解答】解：地球磁场的南北极和地理的南北极相反，因此在赤道上方磁场方向从南指向北，电流的方向从东向西，依据左手定则可得安培力方向向下，故ACD错误，B正确．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎25．如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外，下述过程中使线圈产生感应电流的是（　　）‎ A．以bc边为轴转动60°‎ B．将线圈向下平移 C．将一半在匀强磁场外的线圈向右平移到磁场内 D．将线圈向上平移 ‎【考点】感应电流的产生条件．‎ ‎【分析】磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化进行分析判断有无感应电流产生．‎ ‎【解答】解：A、以bc边为轴转动5°，穿过线圈的磁通量仍为Φ=B，保持不变，没有感应电流产生，不符合题意．故A错误．‎ B、将线圈向下平移时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意．故B错误．‎ C、将一半在匀强磁场外的线圈向右平移到磁场内，磁通量一定增大，故可以产生感应电流，故C正确；‎ D、将线圈向上平移时，线圈所包含的磁通量不变，故不会产生感应电流，故D错误．‎ 故选：C ‎　‎ ‎26．对匝数一定的线圈，下列说法中正确的是（　　）‎ A．线圈放在磁场越强的位置，线圈中产生的感应电动势一定越大 B．线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势一定就大 C．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大 D．线圈中磁通量越大，线圈中产生的感应电动势一定越大 ‎【考点】法拉第电磁感应定律．‎ ‎【分析】由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关．‎ ‎【解答】解：A、由E=N得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁感强度强弱无关，故A错误；‎ B、由E=N得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，故B正确；‎ C、由E=N得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的变化大小无关，故C错误；‎ D、由E=N得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的大小无关，故D错误；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎27．如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法正确的是（　　）‎ A．合上开关S接通电路，A2灯先亮，A1灯逐渐变亮，最后一样亮 B．合上开关S接通电路，A1和A2始终一样亮 C．断开开关S切断电路，A1和A2都立刻熄灭 D．断开开关S切断电路，A2立刻熄灭，A1过一会儿才熄灭 ‎【考点】自感现象和自感系数．‎ ‎【分析】电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小．‎ ‎【解答】解：AB、合上开关S接通电路，A2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A1的电流慢慢变大，最后两灯泡的电压一样大，所以一样亮．故A正确，B错误；‎ CD、断开开关S切断电路时，通过A2的用来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过A1的电流会慢慢变小，并且通过A2，所以两灯泡一起过一会儿熄灭，但通过A2的灯的电流方向与原来的方向相反．故CD错误 故选：A ‎　‎ 二、填空题（本题共2小题，每小题4分，共8分）‎ ‎28．如图所示为一个按正弦规律变化的交变电流的I﹣t图象，由图可知：该交变电流的频率为　50　Hz．电流的有效值为　10　A．‎ ‎【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．‎ ‎【分析】由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值，读出周期，求出频率．‎ ‎【解答】解：根据图象可知该交流电的电流最大值是Im=20A，有效值为：‎ I==10A ‎ 周期T=0.02s，则频率为：‎ f==50Hz 故答案为：50，10．‎ ‎　‎ ‎29．现代科技离不开电磁波，历史上首先预言电磁波存在的物理学家是　麦克斯韦　，他认为变化的磁场会产生电场；如图所示，螺线管的匝数为100匝，在0.1s内穿过螺线管的磁通量变化了0.02Wb，则螺线管两端产生的感应电动势为　20　V．‎ ‎【考点】电磁波的产生；法拉第电磁感应定律．‎ ‎【分析】麦克斯韦建立了电磁场理论，预言了电磁波的存在．赫兹用实验证实电磁波存在．根据法拉第电磁感应定律即可求得结果．‎ ‎【解答】解：麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验证实电磁波存在． ‎ 根据法拉第电磁感应定律得：E=n=100×V=20V 故答案为：麦克斯韦，20．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题共2小题，共11分）‎ ‎30．真空中有一个电场，电场线如图所示．在这个电场中的A点放入电量为5.0×10﹣9C的点电荷，它受到的电场力为3.0×10﹣4N．‎ ‎（1）画出A点电场强度的方向．‎ ‎（2）求出A点电场强度的大小．‎ ‎（3）若把该点电荷从电场中移走，则A点电场强度是多大？‎ ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】电场中某点的电场强度方向沿着该点切线方向．‎ 电场强度是描述电场强弱的物理量，它是由电荷所受电场力与其电量的比值来定义，比值与电场力及电量均无关．‎ ‎【解答】解：（1）‎ ‎（2）已知F=3.0×10﹣4N，q=5.0×10﹣9C 由，代入数据得E=6.0×104N/C ‎（3）不变，仍为E=6.0×104N/C 答：（1）如图．‎ ‎（2）A点电场强度的大小是6.0×104N/C．‎ ‎（3）若把该点电荷从电场中移走，则A点电场强度不变，仍为E=6.0×104N/C ‎　‎ ‎31．把一根长l=10cm的导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中，‎ ‎（1）当导线中通以I1=2A的电流时，导线受到的安培力大小为1.0×10﹣7N，则该磁场的磁感应强度为多少？‎ ‎（2）若该导线中通以I2=3A的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向如何？‎ ‎【考点】安培力；左手定则．‎ ‎【分析】（1）已知B与L互相垂直，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B．‎ ‎（2）根据安培力的公式F=BIL，求出安培力的大小，并用左手定则判断出安培力的方向．‎ ‎【解答】解：（1）‎ 代入数据得：B=5×10﹣7T ‎ 故磁场的磁感应强度为5×10﹣7T． ‎ ‎（2）由F=BIL ‎ 代入数据得：F=1.5×10﹣7N ‎ 方向竖直向上 ‎ 故安培力的大小1.5×10﹣7N，方向竖直向上．‎ ‎　‎