辽宁省大连海湾高级中学2019-2020学年高二上学期第一次质量检测物理试题

辽宁省大连海湾高级中学2019-2020学年高二上学期第一次质量检测物理试题

海湾高级中学2019-2020学年高二上学期第一次质量检测 高二物理试题 总分：100分 时间：90分钟 一、选择题（每题4分，共48分；1-8题为单项选择题，9—12题为多项选择题，选不全得2分，选错误选项得零分。）‎ ‎1.下列叙述正确是 （ ）‎ A. 电流方向和该电流产生的磁场方向之间关系可由安培定则判断 B. 磁感应强度和磁通量都是矢量 C. 惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大 D. 牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动状态的原因 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．电流方向和该电流产生的磁场方向之间关系可由安培定则(右手螺旋定则)判断，故A与题意相符；‎ B．磁感应强度是矢量，磁通量虽有正负之分，但磁通量是标量，故B与题意不符；‎ C．惯性是物体的固有属性；质量是惯性大小的唯一量度；惯性大小与速度无关，故C与题意不符；‎ D．伽利略最早通过理想实验提出力不是维持物体运动的原因，故D与题意不符。‎ ‎2.如图所示，电灯悬于两壁之间，保持O点及OB绳的位置不变，而将绳端A点向上移动，则 ( 　 )‎ A. 绳OA所受的拉力逐渐增大 B. 绳OA所受的拉力逐渐减小 C. 绳OA所受的拉力先增大后减小 D. 绳OA所受的拉力先减小后增大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】以O点位研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，当A点向上移动时，绳OA拉力由图中位置1到2到3，可以看出绳OA所受的拉力先减小后增大，故D正确。‎ ‎3. 我国将第16颗北斗卫星“北斗－G6”送入太空，并定点于地球静止轨道东经110．5°．由此，具有完全自主知识产权的北斗系统将首先具备为亚太地区提供高精度、高可靠性的定位、导航、授时服务，并具短报文通信能力，其定位精度优于20 m，授时精度优于100 ns．关于这颗“北斗－G6”卫星，以下说法中正确的有 A. 这颗卫星轨道平面与东经110．5°的经线平面重合 B. 通过地面控制可以将这颗卫星定点于杭州正上方 C. 这颗卫星的线速度大小比离地350 km高的“天宫一号”空间站线速度要小 D. 这颗卫星的周期一定等于地球自转周期 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ 试题分析：同步卫星运行轨道只能位于地球赤道平面上的圆形轨道，所以北斗导航卫星不可能与东经110．5°的经线平面重合，也不可能定点于杭州正上方，故AB错误；根据，r越大，v越小．同步卫星距离地球的高度约为36000 km，所以该卫星正常运行时的速度比离地350公里高的天宫一号空间站线速度小，故C错误；同步卫星运行周期与地球自转一周的时间相等，故D正确 考点：考查了万有引力定律的应用 ‎【名师点睛】考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速率、定周期．本题难度不大，属于基础题．‎ ‎4.一小球做竖直上抛运动的v-t图象如图所示，下列说法正确的是（ ）‎ A. 在t时刻，小球的加速度为零 B. 在t时刻，小球的合外力为零 C. 在0~2t时间内，合力对小球做的功为零 D. 在0~2t时间内，合力对小球的冲量为零 ‎【答案】C ‎【解析】‎ v-t图象的斜率表示加速度，由图可知t时刻，小球的加速度为：，故A错误；设物体的质量为m，根据牛顿第二定律可知在t时刻小球所受的合外力为：，故B错误；在0~2t时间内，根据动能定理有：，故C正确；在0~2t时间内，根据动量定理可得：，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎5.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.00 A和24.0 V．则这台电动机正常运转时输出功率为(　　　)‎ A. 24W B. 32 W C. 42 W D. 56W ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】电动机的电阻 电动机总功率 电动机的热功率为 电动机正常运转时的输出功率是 故B正确。‎ ‎6.汽车以恒定功率P、初速度v0冲上倾角一定的斜坡时，汽车受到的阻力恒定不变，则汽车上坡过程的v —t图像不可能是选项图中的 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】汽车冲上斜坡，受重力、支持力、牵引力和阻力，设斜面的坡角为，根据牛顿第二定律，有，其中，故；‎ AC、若，则物体加速运动，加速度会减小，当加速度减为零时，速度达到最大，故选项C正确，A错误；‎ B、若，则物体速度不变，做匀速运动，故选项B正确；‎ D、若，即加速度沿斜面向下，物体减速，故加速度会减小，当加速度减零时，速度达到最小，故选项D正确；‎ 故不可能是选选项A。‎ ‎7.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头，G为灵敏电流表，A为理想电流表。开关S闭合后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态。在P向上移动的过程中，下列说法正确的是( 　 )‎ ‎ ‎ A. 电源路端电压变化值大于电容器,电压变化值且油滴向上加速运动 B. 电源路端电压变化值小于电容器电压变化值且油滴向上加速运动 C. 电容器放电，G中有由a至b的电流 D. 电源的输出功率一定变大 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．在P向上移动的过程中，R增大，总电阻增大，电源的电动势和内阻不变，可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，外电压等于R1上的电压和R2与R并联电压之和，而R1上的电压减小，所以R2与R的并联电压增大，电容器两端电压等于R2与R并联电压，所以电源路端电压变化值小于电容器电压变化值，由于电容器两端电压增大，所以板间电压增大，场强增大，所以油滴向上加速运动，故A错误，B正确；‎ C．根据Q=CU，电容器所带的电量增大，上极板带正电，电容器充电，所以流过电流计G中的电流方向是b→a，故C错误；‎ D．当电源内阻与外电阻相等时，电源的输出功率最大，或当外电阻与电源的内阻越接时，电源的输出功率越大，由于不知道电源内阻与外电阻的关系，所以当P向上移动的过程中，无法判断电源内阻和外电阻的大小关系，所以无法判断电源的输出功率变化情况，故D错误。‎ ‎8.如图所示，河的宽度为L，河水流速为u，甲、乙两船均以静水中的速度v同时渡河。出发时两船相距2L，甲、乙船头均与岸边成60°角，且乙船恰好能直达正对岸的A点。则下列判断正确的是 （　 ）‎ A. 甲船正好也在A点靠岸 B. 甲船在A点下游侧靠岸 C. 甲船在A点上游侧靠岸 D. 甲乙两船可能在未到达对岸前相遇 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC．乙船恰好能直达正对岸的A点，根据速度合成与分解，知v=2u。将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，知甲乙两船到达对岸的时间相等。渡河的时间 甲船沿河岸方向上的位移 故AB错误，C正确；‎ D．由于甲船在A点上游侧靠岸，乙船在A点靠岸，所以甲乙两船不可能在未到达对岸前相遇，故D错误。‎ ‎9.如图所示，小球P在A点从静止开始沿光滑的斜面AB运动到B点所用的时间为t1，在A点以一定的初速度水平向右抛出，恰好落在B点所用时间为t2，在A点以较大的初速度水平向右抛出，落在水平面BC上所用时间为t3，则t1、t2和t3的大小关系错误的是 (　　)‎ A. t1t2＝t3 C. t1>t2>t3 D. t1

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