2018-2019学年四川省宜宾市叙州区第一中学高二下学期期中考试物理试题 解析版

2018-2019学年四川省宜宾市叙州区第一中学高二下学期期中考试物理试题 解析版

‎2019年春四川省叙州区第一中学高二期中考试理综物理试题 一．单选题 ‎1.根据麦克斯韦电磁场理沦,下列说法中正确的是 A. 在电场周围一定存在磁场，在磁场周围一定存在电场 B. 稳定的电场一定产生稳定的磁场 C. 在均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场 D. 周期性变化的电场周围一定产生同频率周期性变化的磁场 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 根据麦克斯韦电磁场理论，在变化的电场周围一定存在磁场，在变化的磁场周围一定存在电场，选项A错误；稳定的电场不会磁场，选项B错误；在均匀变化的电场周围一定产生稳定的磁场，选项C错误；周期性变化的电场周围一定产生同频率周期性变化的磁场，选项D正确；故选D.‎ ‎2.如图所示，一束由红光和紫光组成的复色光沿PO方向垂直于AB边射人玻璃三棱镜后，在界面AC上的O处分成两東光线沿和方向射出，则下列说法正确的是（ ）‎ A. 为紫光, 为红光 B. 为红光, 为红紫复色光 C. 为紫光, 为红紫复色光 D. 为红光, 为紫光 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 因为红光的折射率小于紫光的折射率大小，根据sinC=1/n知，紫光的临界角小，两束光在AC面上的入射角相等，知紫光发生全反射，所以O′M为红光，O′N为红紫色复合光。故B正确，ACD错误；故选B.‎ ‎3.质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌落，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来。已知安全带的缓冲时间为1.5s，安全带的自然长度为5m，取g=10m/s2，则安全带所受的平均冲力大小为（ ）‎ A. 300N B. 600N C. 1000N D. 1200N ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据自由落体运动，当安全带伸直时，，解得：，根据动量定理可得：，解得：F=1000N，ABD错误C正确。‎ ‎4.一列简谐横波，在t=1s时刻的波形如图甲所示，图乙为波中质点P1的振动图像，则根据甲、乙两图判断不正确的：（ ）‎ A. 此时刻，P2质点在平衡位置向下振 B. 该波的传播速度为6m/s C. 从t=0时刻起经过时间△t=3s，质点P1通过路程为6m D. 在振动过程中P1、P2的位移大小总是相等的 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据图乙可知，此时质点P1的运动方向过平衡位置向负向，根据平移法可知，波向x负向传播，P2质点在平衡位置向上振，A错误。‎ B.该波的周期，波长，波速，B正确。‎ C.从t=0时刻起经过时间△t=3s，即经过，通过路程，C正确。‎ D.因为两质点相距12m，相差半个波长，所以两质点振动位置关于平衡位置对称，所以位移大小总是相等，D正确。‎ ‎5.如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈正上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下。在将磁铁的S极插入线圈的过程中（ ）‎ A. 通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥 B. 通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引 C. 通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引 D. 通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为b→a；根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥，故D正确，ABC错误。‎ 点睛：楞次定律应用的题目我们一定会做，大胆的去找原磁场方向、磁通量的变化情况，应用楞次定律判断即可。‎ ‎6.图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1:n2=5:1，电阻R=20 Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关。原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示。现将S1接l、S2闭合，此时L2正常发光。下列说法正确的 A. 输入电压u的表达式是 B. 只断开S2后，L1、L1均正常发光 C. 只断开S2后，原线圈的输入功率增大 D. 若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8 W ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：周期是0.02s，则ω=100π，所以输入电压u的表达式应为u=20sin（100πt）V，A错误；‎ 只断开S2后，负载电阻变大为原来的2倍，电压不变，副线圈电流变小为原来的一半，L1、L2的功率均变为额定功率的四分之一，均无法正常发光，故B正确；只断开S2后，原线圈的输入功率等于副线圈的功率都减小，C错误；若S1换接到2后，电阻R电压有效值为4V，R消耗的电功率为，D正确．故选BD.‎ 考点：交流电；变压器；‎ ‎【名师点睛】此题考查了交流电的瞬时值及有效值、变压器的计算等知识点；掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，即电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等；计算电功率要用交流电的有效值.‎ ‎7.如图所示，足够长的光滑U形导轨宽度为L，其所在平面与水平面的夹角为α，上端连接一个阻值为R的电阻，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨平面向上．现有一质量为m、有效电阻为r的金属杆沿框架由静止下滑，设磁场区域无限大，当金属杆下滑达到最大速度v0时，运动的位移为x，则(　　)‎ A. 金属杆下滑的最大速度 B. 在此过程中电阻R产生的焦耳热为 C. 在此过程中金属杆做是加速度不变的加速运动 D. 在此过程中流过电阻R的电荷量为 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】金属杆下滑达到最大速度v0时做匀速直线运动，则有：，得：‎ ‎，故A正确。根据能量守恒定律得：在此过程中回路中产生总热量为：Q=mgxsinα-mv02，电阻R产生的焦耳热为：，故B正确。在此过程中，根据和牛顿第二定律得：mgsinα-F安=ma，速度增大时，安培力增大，加速度减小，故导体棒做加速度减小的变加速运动，故C错误。在此过程中流过电阻R的电荷量为：，故D错误。‎ ‎8.交流发电机的输出电压为U，采用图示理想变压器输电，升压变压器原、副线圈匝数比为m，降压变压器原、副线圈匝数之比为n，输电导线电阻为r，用户的工作电压为U．下列说法正确的是（　　）‎ A. mn＜1‎ B. mn＞1‎ C. 输电线上损失的功率为 D. 输电线上损失的功率为 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】若变压器的输电功率为P，用户得到的功率为P′，由于升压变压器输入电压为U，降压变压器输出电压为U，则升压变压器输出，降压变压器输入为U3=nU，由于在输电线上有功率损失，所以P＞P′，又，整理可得：mn＜1，故选项A正确，B错误；根据变压器的规律，升压变压器副线圈的电压，降压变压器原线圈电压U3=nU，线路损失的电压△U=U3-U2，损失的功率，由以上式子代入求得：‎ ‎，故选项C正确，D错误。‎ 二．实验题 ‎9.如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置.‎ ‎(1)将图中所缺的导线补接完整_________；‎ ‎(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上开关后可能出现的情况有：‎ A.将线圈A迅速抽出线圈B时，灵敏电流计指针将________.‎ B.线圈A插入线圈B后，将滑动变阻器滑片迅速向左拉时，灵敏电流计指针________.‎ ‎【答案】 (1). (2). 右偏； (3). 左偏；‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）探究电磁感应现象实验电路分两部分，要使原线圈产生磁场必须对其通电，故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路；如图所示： ‎ ‎ （2）在闭合电键时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针向右偏了一下； ①闭合开关，将原线圈迅速插入副线圈时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计指针将右偏。 ②原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻变大，电流减小，则穿过线圈的磁通量减少，灵敏电流计指针左偏。‎ ‎10.某同学用如图所示研究玻意耳定律的实验装置（主要器材针管及其附件），来测定大气压强的值，实验步骤如下：‎ ‎（1）将针管水平固定，拔下橡皮帽，向右将活塞从针管中抽出；‎ ‎（2）用游标卡尺测出活塞直径d；‎ ‎（3）再将活塞插入针管中，保持针管中有一定质量的气体，并盖上橡皮帽，此时，从针管上可读出气柱体积为V1，如图所示；‎ ‎（4）将弹簧秤挂钩钩在活塞支架上，向右水平缓慢拉动活塞到一定位置，此时，弹簧称读数为F，气柱体积为V2．‎ 试用以上的直接测量数据，写出大气压强的最终表达式p0＝________。该实验步骤(4)水平缓慢拉动活塞过程管中气体内能_______（填“增大”“减小”或“不变”）‎ ‎【答案】 (1). (2). 不变 ‎【解析】‎ ‎【详解】气体初态压强为，体积为，末态压强根据平衡有：，末态体积，截面积，根据波意尔定律，联立解得：；缓慢拉动过程中，气体温度不变，分子平均动能不变，而气体分子间距非常大，分子势能可忽略，所以气体内能不变。‎ 三、本题共3小题 ‎11.如图所示，水平地面上固定一半径为R=0.8m的光滑圆弧轨道，轨道左端放一质量为M=3kg、长为L=l.75m的木板，木板上表面与轨道末端等高，木板与地面间无摩擦，其左端放一质量m=lkg的物块，物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.4．现给物块施一水平向右的恒力F ‎=15N，作用一段距离x后撤去F，物块正好能滑到圆弧轨道的最高点，然后再滑回，取g=l0m/s2。‎ ‎(1)求物块滑到板右端时的速度v多大；‎ ‎(2)求x的大小；‎ ‎(3)通过计算说明，物块最终能否滑离木板。‎ ‎【答案】(1) v=4m/s (2) x=lm (3) 不会滑离木板 ‎【解析】‎ ‎（1）对于物块从轨道底端上升到顶端的过程，由机械能守恒可得：‎ 解得：v＝4m/s ‎（2）对于物块从木板左端滑到右端的过程，由动能定理可得： ‎ 解得：x＝lm ‎ ‎（3）设物块相对板向左滑动距离Dx后，与木板达到相同速度，由动量守恒定律得：‎ 解得： ‎ 由能量守恒定律得： ‎ 解得：Dx＝1.5m

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