【物理】四川省绵阳市南山中学实验学校2019-2020学年高一上学期12月月考试题 （解析版）

【物理】四川省绵阳市南山中学实验学校2019-2020学年高一上学期12月月考试题 （解析版）

四川省绵阳市南山中学实验学校2019-2020学年 高一上学期12月月考试题 一、本大题12小题，每题3分，共36分。在每题给出的四个选项中只有一个是正确的。‎ ‎1.下列关于伽利略的说法，正确的是　　‎ A. 伽利略认为，在同一地点，重的物体下落的快，轻的物体下落的慢 B. 伽利略猜想物体做自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了证明 C. 伽利略思想方法的核心是把实验和逻辑推理包括数学推演和谐地结合起来 D. 伽利略的理想斜面实验，完全是理想的，没有事实为基础 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．伽利略认为，在同一地点，重的物体和轻的物体应该下落得同样快，故A错误；‎ B．伽利略猜想物体做自由落体运动的速度与下落时间成正比，但没有直接用实验进行了证明，故B错误；‎ C．伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理，伽利略思想方法的核心是把实验和逻辑推理包括数学推演和谐地结合起来，故C正确；‎ D．伽利略的理想斜面实验，完全是理想的，是以斜面实验的事实为基础的，故D错误，‎ ‎2.某同学乘坐电梯从一楼到九楼，在电梯将要停下来时，该同学 A. 处于失重状态 B. 处于超重状态 C. 所受的重力变大 D. 所受的重力变小 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】因为电梯在向上走，速度向上，在电梯将要停下来时，加速度向下，所以处于失重状态，故BCD错误，A正确；‎ ‎3.请阅读以下信息：“川藏铁路成雅段位于全线东端，长约42千米，从成蒲铁路朝阳湖站接出，新建名山、雅安两个车站，设计时速160千米/小时；通车后，成都至雅安原来2小时的汽车车程将缩短为1小时的火车车程”．由以上信息可知（）‎ A. “42千米”指的是位移 B. “160千米/小时”指平均速度 C. “2小时”指时刻 D. 研究火车从雅安站到成都站所需时间，可以将火车看成质点 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】“42千米”指的是路程，选项A错误；“160千米/小时”指平均速率，选项B错误；“2小时”指时间，选项C错误；研究火车从雅安站到成都站所需时间时，火车的大小可忽略不计，可以将火车看成质点，选项D正确；故选D.‎ ‎4.下列关于力的叙述正确的是 A. 放在桌面上的书对桌面的压力就是书受到的重力 B. 摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反 C. 放在水平桌面上的书受到一个向上的支持力，这是由于桌面发生微小弹性形变而产生的 D. 由磁铁间有相互作用可知：力可以离开物体而单独存在 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】放在桌面上的书对桌面的压力大小等于书的重力，不能说就是书受到的重力，选项A错误； 摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向相反，不一定与运动方向相反，选项B错误；放在水平桌面上的书受到一个向上的支持力，这是由于桌面发生微小弹性形变而产生的，选项C正确；力是物体对物体的作用，不能离开物体单独存在，选项D错误.‎ ‎5.唐代大诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，描述了庐山瀑布的美景.如果3尺为1米，则水落到地面的速度约为（设初速度为零）（ ）‎ A. 100 m/s B. 140 m/s C. 200 m/s D. 1000 m/s ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】水下落的高度，根据 得，水落到地面的速度的大小为：‎ ‎，故B正确，ACD错误．‎ ‎6.如图所示，两个同学抬一桶水在水平地面上匀速前进，桶和水的总重力为G．若两个同学的手对桶的拉力与竖直方向的夹角均为，则每个同学对桶的拉力大小为 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】水桶受重力和两个拉力，根据平衡条件可得：，解得：，故D正确，ABC错误．‎ ‎7.如图所示，甲图为某质点的图象，乙图为某质点的图象,下列关于两质点的运动情况说法正确的是( )‎ A. 0s～2s内：甲图质点做匀加速直线运动，乙图质点做匀速直线运动 B 2s～3s内：甲图质点和乙图质点均静止不动 C. 3s～5s内：甲图质点和乙图质点均做匀减速运动，加速度为﹣15m/s2‎ D. 0s～5s内：甲图质点的位移为﹣10m，乙图质点的位移为100m ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】x-t图像的斜率表示物体运动的速度大小，v-t图像的斜率表示物体加速度的大小，故0~2s内甲图质点做匀速直线运动，乙图质点做匀加速直线运动，A错误；2~3s内甲图质点斜率为零，即速度为零，乙图质点速度恒定不变，做匀速直线运动，B错误；3~5s内甲图斜率恒定做匀速直线运动，而乙图质点速度均匀减小，做匀减速直线运动，C错误；x-t表示质点的位置坐标随时间变化图像，故甲图质点位移为 ‎，v-t图像图线与坐标围成的面积表示位移，故，D正确．‎ ‎8.某旅游景区新开发了一个游乐项日，可简化为图示坡道模型，整个坡道由三段倾角不同的倾斜直轨道组成，滑车从坡顶A点由静止滑下，AB段做匀加速直线运动，BC段做匀速直线运动，CD段做匀减速直线运动，滑到坡底D点时速度减为零，不计空气的阻力，则　　‎ A. 坡道AB对滑车的作用力沿坡面向下 B. 坡道BC对滑车的作用力为零 C 坡道BC对滑车作用力竖直向上 D. 坡道CD对滑车的作用力可能垂直坡道斜面向上 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．滑车从坡顶A点由静止滑下，AB段做匀加速直线运动，从受力分析角度，受到重力，支持力与滑动摩擦力，因此做匀加速直线运动，则车受到的支持力与滑动摩擦力的合力在竖直向上偏右方向，这样再与重力的合力，才能产生向下的加速度，故A错误；‎ BC．车在BC段做匀速直线运动，因此车受到的支持力与滑动摩擦力的合力与重力等值反向，则坡道BC对滑车作用力竖直向上，故B错误，C正确；‎ D．车在坡道CD做匀减速直线运动，那么车受到支持力与滑动摩擦力的合力，即对滑车的作用力，应该在竖直向上偏左方向，这样再与重力的合力才能产生向上的加速度，因此对滑车的作用力不可能垂直坡道斜面向上，故D错误；‎ ‎9.如图所示，自由下落的小球下落一段时间后与弹簧接触，从它接触弹簧开始，到弹簧压 缩到最短的过程中，以下说法正确的是（ ）‎ A 小球加速度先减小再增大 B. 小球先失重状态后超重 C. 小球刚接触弹簧时，小球速度最大 D. 弹簧被压缩最短时小球的加速度为零 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力．在接触后的前一阶段，重力大于弹力，合力向下，因为弹力F=kx不断增大，所以合外力不断减小，故加速度不断减小，由于加速度与速度同向，因此速度不断变大．当弹力逐步增大到与重力大小相等时，合外力为零，加速度为零，速度达到最大．后一阶段，即小球达到上述位置之后，由于惯性小球仍继续向下运动，但弹力大于重力，合外力竖直向上，且逐渐变大，因而加速度逐渐变大，方向竖直向上，小球做减速运动，当速度减小到零时，达到最低点，弹簧的压缩量最大；因加速度先向下后向上，先减小再增大；故物体先失重后超重；故AB正确，CD错误．故选AB．‎ ‎10.一个物体在外力作用下由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的关系图线如图所示，则该物体 A. 2s时速度方向与0.5s时的速度方向相反 B. 0～3s内物体位移是12m C. 0～1s内与1s～3s内的平均速度相同 D. 0～1s内加速运动，1s～3s内减速运动，第3s末回到出发点 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据图像与时间轴所围的面积表示速度变化量，知2s时速度为正，与0.5s时的速度方向相同，故A错误；‎ B．0～3s内物体位移为，故B错误；‎ C．0～1s内的位移为，平均速度为，1s～3s内的位移为，平均速度为，故C正确；‎ D．0～1s内做匀加速运动，1s～3s内做匀减速运动，根据速度图像与时间轴所围的面积表示速度变化量，知3s末速度为零，所以0-3s内物体一直沿正向运动，第3s末没有回到出发点，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎11.如图所示，物块A、B质量分别为4 kg、6 kg，P是弹簧秤，质量忽略不计．滑轮光滑、质量不计，轻质细绳不可伸长，g取10 m/s2．当弹簧秤示数稳定后，示数为 A. 60 N B. 50 N C. 48 N D. 20 N ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】物块A、B质量分别为4kg、6kg，导致物体受力不平衡，先选整体为研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律得：GB-GA=（mA+mB）a，代入数据解得：a=2m/s2，对A受力分析：向上的拉力F和自身的重力GA，由牛顿第二定律得：F-mAg=mAa，解得：F=48N，故ABD错误，C正确．‎ ‎12.如图所示，斜劈形物体A的质量为，放在水平地面上，质量为的粗糙物块B以某一初速沿斜劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止，物块上下滑动的整个过程中，下述结论正确的是 A. 地面对斜劈A的支持力总等于 B. 地面对斜劈A的摩擦力方向没有改变 C. 地面对斜劈A的摩擦力方向先向左，后向右 D. 物块B向上、向下滑动时的加速度大小可能相同 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC．物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有 所以地面对斜劈A的支持力总小于，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故AC错误，B正确；‎ D．物体上滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有 物体下滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有 物体沿斜面向上滑动时，加速度较大，故D错误。‎ 故选B。‎ 二、本大题6小题，每小题3分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确。全选对得3分，选对但不全的得1分，有错或不答的得0分。‎ ‎13.关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是（ ）‎ A. 1N/kg=1m/s2‎ B. “m”“kg”“s”都是国际单位制中的基本单位 C. 后人为了纪念牛顿，把“N”作为力学中的基本单位 D. 在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】A、据牛顿第二定律F=ma得：F的单位是N，m的单位是kg，a的单位是m/s2，则知：1N=1kg•m/s2，得1N/kg=1m/s2．故A正确．‎ B、“m”“kg”“s”都是国际单位制的基本单位，故B正确．‎ C、人们为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力的单位，但不是力学基本单位，故C错误．‎ D、在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，故D错误．‎ 故选AB。‎ ‎14.关于牛顿第三定律，下列说法正确的是( )‎ A. 作用力先于反作用力产生，反作用力是由于作用力引起的 B. 作用力变化，反作用力也必然同时发生变化 C. 任何一个力的产生必涉及两个物体，它总有反作用力 D. 一对作用力和反作用力的合力一定为零 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】既然相互作用力总是大小相等，则一定有作用力和反作用力同时产生、同时消失、同时变化，否则谈不上“总是”，故A错误，B正确；力是相互作用，故任何一个力的产生必涉及两个物体，它总有反作用力，故C正确；作用力与反作用力大小相等，方向相反，但是两个力作用在不同的物体上，效果不能抵消，故不能求合力，故D错误．所以BC正确，AD错误．‎ ‎15.如图所示，均匀小球放在光滑竖直墙和光滑斜木板之间，木板上端用水平细绳固定，下端可以绕O点转动，在放长细绳使板转至水平之前的过程中 A. 小球对板的压力逐渐增大且恒小于球的重力 B. 小球对板的压力逐渐减小且恒大于球的重力 C. 小球对墙的压力逐渐增大 D. 小球对墙的压力逐渐减小 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．设木板和墙的夹角为α，如图所示，将重力沿着如图所示方向分解，由此得 ‎，则由题意，α增大，可得G2减小，G1减小，因为sinα＜1，则G2＞G，故A错误，B正确；‎ CD．由可知，α增大，所以小球对墙的压力逐渐减小，故C错误，D正确。‎ 故选BD。‎ ‎16.如图所示，一固定杆与水平方向夹角=30°，将一滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个小球，滑块与小球恰能一起沿杆向下匀速运动，则下列说法中正确的是（ ）‎ A. 滑块与杆之间动摩擦因数为0.5‎ B. 滑块与杆之间动摩擦因数为 C. 当二者相对静止地沿杆上滑时轻绳对小球拉力斜向左上与水平方向成30°角 D. 当二者相对静止地沿杆上滑时轻绳对小球拉力斜向右上与水平方向成60°角 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．由题意滑块与小球恰能一起沿杆向下匀速运动，把滑块和小球作为一整体，可知 ，‎ 所以 ，故A错；B对 CD．当二者相对静止地沿杆上滑时，以整体为对象可知加速度 ‎ 设此时绳子与水平方向的夹角为，绳子的拉力为T，对小球列牛顿第二定律公式 在水平方向上： ‎ 在竖直方向上： ‎ 解得： ，即 ‎ 由于加速度沿斜面向下，所以小球受到的合力也应该沿斜面向下，所以拉力的方向应该斜向左上与水平方向成30°角，故C对；D错；‎ 故选BC ‎17.如图所示，光滑斜面AE被分为四个相等的部分，一物体从A点由静止释放，它沿斜面向下做匀加速运动。依次通过B、C、D点，最后到达底端E点。下列说法正确的是 A. 下滑全程的平均速度等于vB B. 物体通过每一部分时，其速度增量vB-vA=vC-vB=vD-vC=vE-vD C. 物体由A点到各点所经历的时间之比为tB:tC:tD:tE=1:::2‎ D. 物体通过各点的瞬时速度之比为vB:vC:vD:vE=1:-1:-:2-‎ ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】物体做初速度为零的匀加速直线运动，由得，所以物体到达各点的速率之比 同时有，，，‎ 由可知，‎ 因，即，vB为AE段的中间时刻的速度，故，故选AC。‎ ‎18.在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为3m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一沿斜面向上的恒力F拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚要离开C时，A的加速度方向沿斜面向上，大小为a，则　　‎ A. 物体A始终做匀加速运动 B. 从静止到B刚离开C的过程中，弹簧的弹力先减小后增大 C. 从静止到B刚离开C的过程中，A运动的距离为 D. 恒力F的大小为 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．物体A沿斜面方向受恒力F、重力沿斜面向下的分力、弹簧的弹力，弹簧的弹力是变化的，则合力是变化的，所以加速度是变化的，故A错误；‎ B．弹簧开始是被压缩的，物体A向上运动时，弹簧先回复原长，后被拉长，所以弹力先减小后增大，故B正确；‎ C．开始A处于静止状态，弹簧处于压缩状态，根据平衡有，解得，当B刚离开C时，B对挡板的弹力为零，弹簧处于拉伸状态有 ‎，解得，可知从静止到B刚离开C的过程中，A发生的位移，故C正确；‎ D．根据牛顿第二定律有，解得，故D错误．‎ 三、填空题，本题2小题，每空2分，共16分。‎ ‎19.在“探究共点力合成的规律”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮筋，使它伸长到某一位置O点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中：‎ ‎（1）必须记录的是______‎ A.橡皮筋固定端的位置 B.描下O点位置和两条细绳套的方向 C.橡皮筋伸长后的总长度 D.两个弹簧秤的读数 ‎（2）做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的示意图，其中O为橡皮筋与细绳的结点，图中的F1和F2的合力的理论值是________；F1和F2的合力的实际测量值是________。‎ ‎（3）若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为锐角，则______选填“能”或“不能”用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力。‎ ‎【答案】 (1). BD (2). F F' (3). 不能 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，实验时，需两次将结点拉到同一位置，故需要记录的是两弹力的大小和方向，以及结点的位置，故AC错误，BD正确。‎ 故选BD。‎ ‎(2)F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则得出的值，而实际值是单独一个力拉到O点时的值，因此F是F1与F2合成的理论值，F′是F1与F2合成的实际值。‎ ‎(3)若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为直角时合力为5N，当为锐角时合力将大于5N，故不能用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力。‎ ‎20.在“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中，某实验小组利用如图所示的实验装置，将一端带滑轮的长木板固定在水平桌面上，木块置于长木板上，并用细绳跨过定滑轮与砂桶相连，小车左端连一条纸带，通过打点计时器记录其运动情况．‎ ‎(1)下列做法正确的是（ ）‎ A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行 B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将砂桶通过定滑轮拴在木块上 C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源 D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度 ‎(2)某学生在平衡摩擦力时，把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大．他所得到的a－F关系可用图中的________表示(图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力)．‎ ‎（3）右图是打出纸带的一段，相邻计数点间还有四个点未画出，已知打点计时器使用的交流电频率50 Hz．由图可知，打纸带上B点时小车的瞬时速度vB＝________m/s，木块的加速度a＝________m/s2．(结果保留两位有效数字)‎ ‎【答案】 (1). AD (2). C (3). 0.15 0.60‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）A.该实验“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”，所以每次物体受力为恒力，所以细绳应与轨道平行，A正确 B.平衡摩擦力时，使小车在没有重物牵引下沿导轨匀速运动，B错误 C.打点计时器在使用时，应该先接通电源，后释放小车，C错误 D.平衡摩擦力完成后，满足的是 所以改变小车质量时，无需再次平衡摩擦，D正确 ‎（2）平衡摩擦力时，把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，这时在没有悬挂重物时，小车就已经获得一个加速度，所以图像有纵轴截距，选C ‎（3）根据匀变速直线运动的规律可得 根据匀变速直线运动的规律可得 四、本大题3小题，共30分。写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤和明确的答案。‎ ‎21.汽车在平直公路上以10m/s的速度做匀速直线运动，发现前面有情况而刹车，获得的加速度大小是2m/s2，求：‎ ‎（1）汽车经3s时速度大小；‎ ‎（2）经6s时的速度大小；‎ ‎（3）从刹车开始经过8s，汽车通过的距离．‎ ‎【答案】（1）4m/s；（2）0；（3）25m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）汽车刹车到速度减为零所需的时间：． 则3s末的速度：v=v0+at=10-2×3m/s=4m/s． （2）经6s时汽车已经停止，则速度大小为0；‎ ‎（2）8s内的位移等于5s内的位移，则：．‎ ‎22.如图，质量为50