2018-2019学年青海省西宁市第四高级中学高二上学期期末考试物理试题 解析版

2018-2019学年青海省西宁市第四高级中学高二上学期期末考试物理试题 解析版

西宁市第四高级中学18—19学年第一学期期末考试卷高二物理 一、选择题 ‎1. 关于电流，下列说法中正确的是 （ ）‎ A. 通过导线截面的电量越多，电流越大 B. 电子运动的速率越大，电流越大 C. 单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大 D. 因为电流有方向，所以电流是矢量 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：根据可知，电流等于单位时间内通过导体横截面的电量，通过导体的横截面的电荷量多，电流不一定大，还要看时间，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大,故A错误，C正确；‎ 根据I=nesv可知电子运动的速率越大，电流不一定越大，选项B错误；电流的方向是认为规定的，所以电流是一个标量，故D错误；故选C。‎ 考点：电流 ‎【名师点睛】本题考查了学生对电流的相关知识的掌握，属于电学基础知识的考查，相对比较简单。‎ ‎2.关于电源电动势，下列说法正确的是（ ）‎ A. 同一电源接入不同的电路中，其电动势会发生改变 B. 电源电动势与是否接入外电路无关 C. 电源电动势就是电源两极间的电压 D. 电源电动势与外电路电阻有关 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．‎ ‎【详解】A. 电动势反映电源本身的特性，与外电路的结构无关，同一电源接入不同电路中，电动势不变，故AD错误，B正确；‎ B. 电压表是有内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势。故C错误。‎ 故选：B ‎3. 如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则（ ）‎ A. 电容器中的电场强度将增大 B. 电容器上的电荷量将减少 C. 电容器的电容将减小 D. 液滴将向上运动 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A、B、带电粒子受重力和电场力平衡，滑动变阻器的滑片P向左移动，电容器两端电压变小到等于电源电动势，故场强变小，电场力变小，粒子会向下加速，故A错，B对；‎ C、D、电键断开前，电容器两端电压等于电阻R2两端的电压，滑动变阻器的滑片P向左移动，电容器两端电压变大到等于电源电动势，根据电容的决定式C=，所以电容不变，C对；液滴将向下运动。D错。故选BC．‎ ‎4. 如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b。下列表述正确的是 （ ）‎ A. 该电场是匀强电场 B. a点的电场强度比b点的大 C. b点的电场强度比a点的大 D. 正电荷在a、b两点受力方向相同 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 据电场线的疏密表示电场强度大小，则有Ea>Eb故B正确，AC错误；正电荷在a、b两点所受电场力方向与该点电场强度方向相同，而a、b两点的电场强度方向不同．所以受力方向也不同，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎5.一个固定的光滑斜面，倾角为θ，其空间存在水平向右的匀强电场，如图所示，一个质量为m的带电滑块沿光滑斜面匀速下滑，下列说法正确的是（ ）‎ A. 物块一定带负电 B. 物块受到的支持力是mgcosθ C. 物块受到的电场力大小是mgtanθ D. 物块向下运动过程中其电势能减小 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 对滑块进行正确的受力分析，根据所处状态列出方程即可判断电荷的正负，各力的大小．根据电场力做功判断电势能的变化。‎ ‎【详解】A.物体匀速下滑，所以物体受力如图所示，所受电场力水平向右，因此带正电，故A正确；‎ B.物体匀速下滑因此有，沿斜面：mgsinθ=Eqcosθ，垂直斜面：FN=mgcosθ+Eqsinθ，所以有：Eq=mgtanθ，FN＝，故B错误，C正确；‎ D.下滑过程中电场力做负功，电势能增大，故D错误．‎ 故选：C．‎ ‎6. 关于磁感应强度，下列说法中正确的是（ ）‎ A. 由可知，B与F成正比，与IL成反比 B. 通电导线放在磁场中的某点，那点就有磁感应强度，如果将通电导线拿走，那点的磁感应强度就为零 C. 通电导线不受安培力的地方一定不存在磁场，即B＝0‎ D. 磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定，其大小和方向是唯一确定的，与通电导线无关 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：ABD、磁感应强度是反映磁场性质的物理量，由磁场自身决定，与L和F无关，与是否引入电流也无关．故D正确 C、因为通电导线取不同方向时，其受力大小不尽相同，当导线与磁场平行时安培力为零；错误 故选D 考点：对磁感应强的理解 点评：容易题。对于定义式，不能理解为B与F成正比，与IL成反比，B由磁场本身决定。‎ ‎7.如图所示，在虚线所围的圆形区域内有方向垂直圆面向里的匀强磁场，从边缘A点处有一束速率各不相同的质子沿半径方向射入磁场区域，这些质子在磁场中运动的过程中，下面的说法中正确的是( )‎ ‎ ‎ A. 运动时间越长的，其轨迹也越长 B. 运动时间越长的，其轨迹所对的圆心角也越小 C. 运动时间越长的，射出磁场时的速率也越大 D. 运动时间越长的，射出磁场时速度方向偏转也越大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为α，则粒子在磁场中运动时间为t=，圆心角α越大，时间越长．根据几何知识得到轨迹半径r与R的关系，就能得到轨迹长度与时间的关系．带电粒子在磁场中偏转角等于轨迹的圆心角．‎ ‎【详解】‎ BCD、设磁场区域半径为R，轨迹圆心角为α粒子在磁场中运动的时间为t= ，而轨迹半径r=Rcot， 而r=，粒子速度v越大的，r越大，偏转角α越小，则t越短，故B错误，C错误，D正确；‎ A. 由以上分析可知，速度越大，轨迹半径越大，在磁场中的运动轨迹所对的圆心角就越小，轨迹越长，故A错误 故选：D。‎ ‎8.关于磁感应强度和磁感线，下列说法中不正确的是（ ）‎ A. 磁感线上某点的切线方向就是该点的磁感应强度的方向 B. 磁感线的疏密程度表示磁感应强度的大小 C. 磁感线是一系列不闭合的曲线 D. 磁感就强度是既有大小、又有方向的矢量 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．磁感线是形象描述磁场的强弱与方向，但它不是实际存在的．‎ ‎【详解】A. 磁感线上某点的切线方向就是该点的磁感线强度的方向，故A正确；‎ B. 磁感线的疏密表示磁感应强度的强弱，故B正确；‎ C. 磁感线是从N极发出，从S极进入的闭合曲线，故C错误；‎ D. 磁感应强度既有大小、又有方向，是矢量。故D正确，‎ 本题选择错误答案，故选：C ‎9. 倾角为α的导电轨道间接有电源，轨道上静止放有一根金属杆ab．现垂直轨道平面向上加一匀强磁场，如图所示，磁感应强度B逐渐增加的过程中，ab杆受到的静摩擦力（ ）‎ A. 逐渐增大 B. 逐渐减小 C. 先增大后减小 D. 先减小后增大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 解：加上磁场之前，对杆受力分析，受重力、支持力、静摩擦力；‎ 根据平衡条件可知：mgsinθ=f；‎ 加速磁场后，根据左手定则，安培力的方向平行斜面向上，磁感应强度B逐渐增加的过程中，安培力逐渐增加；‎ 根据平衡条件，有：mgsinθ=f′+FA；‎ 由于安培力逐渐变大，故静摩擦力先减小后反向增加；‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题关键是对杆受力分析，然后根据平衡条件列式分析，不难．‎ ‎10.在x轴上存在与x轴平行的电场，x轴上各点的电势随x点位置变化情况如图所示。图中－x1～x1 之间为曲线，且关于纵轴对称，其余均为直线，也关于纵轴对称。下列关于该电场的论述正确的是( )‎ A. x轴上各点的场强大小相等 B. 从-x1到x1场强的大小先减小后增大 C. 一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在-x1点的电势能 D. 一个带正电的粒子在－x1点的电势能小于在-x2点的电势能 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ 试题分析：φ-x图象的斜率大小等于电场强度，故x轴上的电场强度不同，故A错误；从-x1到x1场强斜率先减小后增大，故场强先减小后增大，故B正确；由图可知，场强方向均指向O，根据对称性可知，一个带正电的粒子在x1点的电势能等于在-x1点的电势能，故C错误；电场线指向O点，则负电荷由-x1到-x2的过程中电场力做正功，故电势能减小，故带负电的粒子在-x1点的电势能大于在-x2的电势能，故D正确；故选BD。‎ 考点：电场强度；电势及电势能 ‎【名师点睛】本题关键要理解φ-t图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况，并确定电势能的变化。‎ ‎11.如图所示，一正点电荷周围有A、B、C三点，其中B、C两点在同一个等势面上．下列说法中正确的是（ ）‎ A. B、C两点的电势与电场强度均相同 B. 试探电荷从B点运动到C点，电场力做的功为零 C. A点的电势高于B点的电势 D. 带负电的试探电荷在A点的电势能大于在B点的电势能 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 正点电荷的电场线的分布，电场强度是矢量，电势是标量；沿电场线的方向电势降低；根据w=qU，判断电场力做功；根据E=qφ，判断电势能的大小．‎ ‎【详解】A. B点与C点位于同一个等势面上，所以B、C两点的电势相等，电场强度沿电场线方向，所以电场强度方向不同，故A错误；‎ B、根据w=qU，B、C两点的电势相等，试探电荷从B点运动到C点，电场力做的功为零。故B正确； ‎ C、沿电场线的方向电势降低，所以A点的电势低于B点的电势。故C错误；‎ D.沿电场线的方向电势降低，负电荷在电势高的位置电势能反而小，故试探电荷在A点的电势能大于在B点的电势能，故D正确。‎ 故选：BD ‎12.电子以初速度v0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，则（　　）‎ A. 磁场对电子的洛伦兹力大小、方向恒定不变 B. 磁场对电子的洛伦兹力始终不做功 C. 电子的速度、加速度始终不变 D. 电子的动能始终不变 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】电子以初速度v0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，电子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，粒子受到的洛伦兹力的大小：f=qvB，大小不变，但方向时刻改变，故A错误；‎ 洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，所以洛伦兹力只是改变了电子的运动方向，并没有改变速度的大小，磁场不会对电子做功。故B正确。电子在磁场中做匀速圆周运动，速度的方向始终沿圆弧的切线方向，方向不断变化。同时加速度的方向也在时刻改变，故C错误。电子在磁场中做匀速圆周运动，速度的大小不变，所以电子的动能就没有变化。故D正确。故选BD。‎ ‎【点睛】带电粒子垂直于匀强磁场射入，此时粒子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，洛伦兹力只是改变带电粒子的运动方向，不改变粒子的速度大小，即洛伦兹力不会对带电粒子做功．‎ ‎13.设空间中存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如右图所示。已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿ABC曲线运动，到达B点时速度为零，C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法中正确的是：(　　)‎ ‎ ‎ A. 这个离子必带正电荷；‎ B. A点和B点位于同一高度；‎ C. 离子在C点时速度最大；‎ D. 离子达B点后将沿原路返回点。‎ ‎【答案】ABC ‎【解析】‎ 试题分析：（1）由离子从静止开始运动的方向可知离子必带正电荷；‎ ‎（2）在运动过程中，洛伦兹力永不做功，只有电场力做功根据动能定理即可判断BC；‎ ‎（3）达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动．‎ 解：A．离子从静止开始运动的方向向下，电场强度方向也向下，所以离子必带正电荷，A正确；‎ B．因为洛伦兹力不做功，只有静电力做功，A、B两点速度都为0，根据动能定理可知，离子从A到B运动过程中，电场力不做功，故A、B位于同一高度，B正确；‎ C．C点是最低点，从A到C运动过程中电场力做正功最大，根据动能定理可知离子在C点时速度最大，C正确；‎ D．到达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动，向右运动，不会返回，故D错误．‎ 故选ABC．‎ ‎【点评】本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中．‎ ‎14.使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是 。‎ A．测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处 B．每一次换挡，都要重新进行一次调零 C．在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔 D．测量时，若指针偏转很小(靠近∞附近)，应换倍率更大的挡进行测量 ‎【答案】ABD ‎【解析】‎ 本题考查万用表的原理，使用多用电表的欧姆挡测电阻时，测量前应检查是否把挡调到电阻档，方法是看指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处，A对；每一次换挡，都要重新进行一次欧姆调零，B对；在外电路，电流从黑表笔流经被测电阻到红表笔，C错；测量时，若指针偏转很小（靠近∞附近），说明电路内部流过灵敏电流表的电流很小，应减小闭合电路中的总电阻，根据万用表的原理可知应换倍率更大的挡进行测量，D对；‎ 点评：欧姆表的设计是利用灵敏电流表串联上不同的电阻来实现不同的档位的，除了要掌握万用表的使用规范和方法以外，还要对欧姆表的工作原理、内部结构有所了解 ‎15.在竖直平面内放一个光滑绝缘的半圆形轨道，水平方向的磁场与轨道所在平面垂直．如图所示．一个带正电荷的小球由静止开始从半圆形轨道的最高点A滑下，则（ ）‎ A. 小球经过最低点C的速率比无磁场时大 B. 小球运动到最低点C所用的时间比无磁场时短 C. 小球经过最低点C的速度与无磁场时相等 D. 小球运动到最低点C所用的时间跟无磁场时相等 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 滑块下滑时受到重力、洛伦兹力、轨道的支持力，洛伦兹力与轨道支持力不做功，只有重力做功；由动能定理可以判断滑块到达最低点时的速度关系，由向心力公式可以判断加速度大小，对轨道压力大小，根据滑块的速度关系判断运动时间．‎ ‎【详解】AC、滑块下滑时受到重力、洛伦兹力、轨道的支持力，洛伦兹力与轨道支持力不做功，只有重力做功，由动能定理可知，滑块到达最低点时的速度与磁场不存在时的速度相等，故A错误，C正确；‎ BD、滑块在下滑过程中，在任何位置的速度与有没有磁场无关，因此滑块从M点到最低点所用时间与磁场不存在时相等，故B错误，D正确；‎ 故选：CD．‎ 二、实验题 ‎16.图甲中游标卡尺的读数是________cm，图乙中螺旋测微器的读数是_______mm。‎ ‎【答案】 (1). 2.98 (2). 5.680‎ ‎【解析】‎ 试题分析：如图所示游标卡尺主尺上整毫米数为‎29mm，游标尺上读数为8×0.1=‎0.8mm，故游标卡尺的读数为‎29.8mm=‎2.98cm；乙图主轴上读数为‎5.5mm，螺旋上读数为18.0×0.01=‎0.180mm，故乙图的读数为‎5.680mm.‎ 考点：本题考查游标卡尺、螺旋测微器的读数。‎ ‎17. 在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中备有下列器材：‎ A．小灯泡（3.8V，1.5W）‎ B．直流电源（电动势4.5V，内阻约0.4Ω）‎ C．电流表（量程0～500mA，内阻约0.5Ω）‎ D．电压表（量程0～5V，内阻约5000Ω）‎ E．滑动变阻器R1（0～5Ω，额定电流‎2A）‎ F．滑动变阻器R2（0～50Ω，额定电流‎1A）‎ G．开关一个，导线若干 如果既要满足测量要求，又要使测量误差较小，应选择如图所示的四个电路中的 ，应选用的滑动变阻器是 ．‎ ‎【答案】丁；R1‎ ‎【解析】‎ 由于伏安特性曲线中的电压和电流均要从零开始测量，所以滑动变阻器应选用分压式，分压式接法适用于测量较大阻值电阻(与滑动变阻器的总电阻相比)，由于R1

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