湖南省衡阳八中2020-2021学年高二上学期第二次月考物理试题 Word版含答案

湖南省衡阳八中2020-2021学年高二上学期第二次月考物理试题 Word版含答案

衡阳市八中2019级高二第2次月考试题 物理 请注意：时量90分钟 满分100分 一、选择题（共48分，12小题，1—8题为单选题，9—12题为多选题，选对得4分，选不全得2分，错选得0分）‎ ‎1．下列描述正点电荷电场线的图示正确的是（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎2．下列说法正确的是（ ）‎ A．在加油站给汽车加油时，可以接打移动电话 B．如果有人触电倒地，应该抱住他的腰部将他拖到安全的地方 C．摩擦起电不能创造电荷 D．油罐车在车后增加一条接地的铁链，是为了把地上的电荷导入油罐增加油罐的带电量 ‎3．某静电场中有点P，关于P点的电场强度与电势，下列说法正确的是（ ）‎ A．若放在P点的试探电荷的电荷量减半，则P点的场强减半 B．若放在P点的试探电荷的电荷量减半，则P点的电势减半 C．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向 D．P点的场强、电势由电场决定，与试探电荷无关 ‎4．如图所示是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（ ）‎ A．正电荷运动中通过A点时，受电场力方向向右 B．A点的场强大于B点的场强 C．A点的场强等于B点的场强 D．A点的场强小于B点的场强 ‎5．如图所示，虚线表示电场中一簇等势面，相邻等势面之间电势差相等，一个电荷以一定的初速度进入电场中，仅在电场力作用下从M点运动到N点，由此可以判断（ ）‎ A．M点的电场强度大于N点的电场强度 B．M点的电势低于N点的电势 C．电荷在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 D．电荷在M点的电势能小于在N点的电势能 ‎6．如图所示，接地的空心金属球壳B右侧有一原来不带电的枕形导体C，现将带正电的小球A置于空心金属球壳B的内部，则下列说法中正确的是（ ）‎ A．球壳B不带电，枕形导体C的左端带负电 B．球壳B带负电，枕形导体C的左端带正电 C．球壳B不带电，枕形导体C的左端不带电 D．球壳B带负电，枕形导体C的左端不带电 ‎7．真空中两个完全相同的金属小球A、B带同种电荷（可看成点电荷），其所带电量大小之比为1:9，相隔一定距离时，它们之间的库仑力大小为F，现将A、B球接触后再放回原处，则它们之间的库仑力大小变为（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎8．在x轴上的-L和L点分别固定了A、B两个点电荷，A的电荷量为+Q，B的电荷量为-Q，如图所示，设沿x轴正方向为电场强度的正方向，则整个x轴上的电场强度E随x变化的图像正确的是（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎9．A是某点电荷电场中一条电场线上的点，把电量为C的试探电荷从零电势点移动到A点，静电力做功为J，则下列说法正确的是（ ）‎ A．该电荷的电势能减小 B．该电荷的电势能增加 C．A点的电势为-40V D．A点的电势为0.25V ‎10．一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V。下列说法正确的是（ ）‎ A．坐标原点处的电势为0V B．线段ac中点处电势为18V C．该匀强电场的电场强度的大小为2.5V/cm D．电子在a点的电势能比在b点的低7eV ‎11．如图甲所示，一条电场线Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势随x变化的情况如图乙所示。若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（ ）‎ A．电子的电势能将增大 B．电子将沿Ox方向运动 C．电子运动的加速度恒定 D．电子运动的加速度减小后增大 ‎12．如图所示的电路中，A、B是平行板电容器的两金属板。先将电键S闭合，等电路稳定后将S断开，并将B板向下平移一小段距离，保持两板间的某点P与A板的距离不变。则下列说法正确的是（ ）。‎ A．电容器的电容变小 B．电容器内部电场强度大小不变 C．电容器内部电场强度大小变大 D．P点电势升高 二、实验题（2小题共计14分，13题每空2分共计8分，14题每空2分共计6分）‎ ‎13．“验证动量守恒定律”的实验装置如图所示，回答下列问题：‎ ‎（1）每次小球下滑要从________（填“相同位置”或“不同位置”）处由静止释放。‎ ‎（2）实验装置中应保持斜槽末端________。‎ ‎（3）入射小球的质量mA和被碰小球的质量mB的大小关系是_________。‎ ‎（4）在图中，若已测得mA、mB ‎、OP、OM、ON及小球半径均为r，因此只需验证__________便可达到实验目的。‎ ‎14．在“探究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的实验中，如图所示的实验装置，平行板电容器的极板A与一静电计相接，极板B接地。‎ ‎（1）静电计的指针偏转程度显示两极板间的________（填“电量”或“电压”）的大小。‎ ‎（2）当极板电荷量不变时，使两极板间距离减小，可知电容器电容________（填“增大”“不变”或“减小”）。当极板电荷量不变时，使两极板正对面积减小，可观察到静电计指针的偏转角__________（填“增大”“不变”或“减小”）。‎ 三、解答题（4小题共计38分，其中15题8分，16题8分，17题10分，18题12分）‎ ‎15．如图所示，一质重kg，带电量未知的小球A用长为10cm的轻质绝缘细线悬挂于O点，另一带电量C的小球B固定在O点正下方绝缘柱上（A、B均可视为点电荷）。当小球A平衡时，恰好与B处在同一水平线上，此时细线与竖直方向的夹角θ=37°。已知重力加速度g=10m/s2，静电力常量N·m2/C2，求：‎ ‎（1）小球A受到的静电力大小；‎ ‎（2）小球A的电荷量。‎ ‎16．如图所示，在竖直平面内固定的圆形绝缘轨道的圆心在O点，半径为r，内壁光滑，A、B两点分别是圆弧的最低点和最高点。该区间存在方向水平向右的匀强电场，一质量为m、带负电的小球在轨道内侧做完整的圆周运动（电荷量不变），经C点时速度最大，O、C连线与竖直方向夹角θ=60°，重力加速度为g。‎ ‎（1）求小球所受到的电场力大小；‎ ‎（2）若小球恰好能做完整的圆周运动，通过A点时的速度大小？‎ ‎17．如图甲所示，极板A、B间电压为U0，极板C、D间距为d，荧光屏到C、D板右端的距离等于C、D板的板长。A板O处的放射源连续无初速地释放质量为m、电荷量为+q的粒子，经电场加速后，沿极板C、D的中心线射向荧光屏（荧光屏足够大且与中心线垂直），当C、D板间未加电压时，粒子通过两板间的时间为t0；当C、D板间加上图乙所示电压（图中电压U1已知）时，粒子均能从C、D两板间飞出，不计粒子的重力及相互间的作用。求：‎ ‎（1）C、D板的长度L；‎ ‎（2）粒子打在荧光屏上区域的长度。‎ ‎18．如图所示，一竖直光滑绝缘的管内有一劲度系数为k0的轻质绝缘弹簧，其下端固定于地面，上端与一质量为m，带电量为+q的小球A相连，整个空间存在一竖直向上的匀强电场，小球A静止时弹簧恰为原长，另一质量也为m的不带电的绝缘小球B从管内距A高为x0处由静止开始下落，与A发生碰撞后一起向下运动．若全过程中小球A的电量不发生变化，重力加速度为g．‎ ‎ ‎ ‎（1）若x0已知，试求B与A碰撞过程中损失的机械能△E；‎ ‎（2）若x0未知，且B与A一起向上运动在最高点时恰未分离，试求A，B运动到最高点时弹簧的形变量x；‎ ‎（3）在满足第（2）问的情况下，试求A、B一起运动过程中的最大速度vm．‎ 衡阳市八中高二第2次月考参考答案 物理 一、选择题（共48分，12小题，1—8题为单选题，9—12题为多选题，选对得4分，选不全得2分，错选得0分）‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 答案 B C D A D D A A AC BC BD ABD 二、实验题（2小题共计14分，13题每空2分共计8分，14题每空2分共计6分）‎ ‎13.（1）相同位置 （2）切线水平 （3）mA>mB （4）mAOP=mAOM+mB（ON-2r）‎ ‎14.（1）电压 （2）增大 增大 三、解答题（4小题共计38分，其中15题8分，16题8分，17题10分，18题12分）‎ ‎15.（1）对小球A受力分析，有重力、绳子的拉力和小球B对A的静电力。小球处于静止状态，由力的平衡条件可得 ‎ F静=mgtanθ，F静=1.5×10-3N 3分 ‎（2）根据库仑定律可得 ‎ 2分 根据几何关系可得 ‎ r=lsinθ=6cm 2分 则 ‎ qA=+3×10-9C 1分 ‎16.（1）已知带电小球在光滑的竖直圆轨道内做完整的圆周运动，经C点时速度最大，因此，C点是竖直平面内圆周运动的物理“最低点”，也就是小球在C点电场力和重力的合力则背离圆心的方向，如图：‎ 则有 因此电场力为： 2分 ‎（2）D点竖直平面内圆周运动的物理“最高点”，恰好能完整的做圆周运动，在“最高点”有最小速度，即：‎ ‎ 解得： 2分 由A点运动到D点的过程，由动能定理： 3分 ‎ 解得： 1分 ‎17．（1） （2）‎ ‎（1）粒子在A、B板间有 2分 ‎ 在C、D板间有L=v0t0 1分 ‎ 解得： 1分 ‎（2）粒子从nt0（n=0、2、4……）时刻进入C、D间，偏移距离最大 粒子做类平抛运动 ‎ 偏移距离 1分 ‎ 加速度 1分 ‎ 得： 1分 粒子在C、D间偏转距离最大时打在荧光屏上距中心线最远 ‎ 出C、D板偏转角，vy=at0 1分 ‎ 打在荧光屏上距中心线最远距离s=y+Ltanθ 1分 ‎ 荧光屏上区域长度 1分 ‎18．解：（1）设匀强电场的场强为E，在碰撞前A静止时有qE=mg ‎ 解得：‎ 在与A碰撞前B的速度为v0，由机械能守恒定律得 ‎ 1分 B与A碰撞后共同速度为v1，由动量守恒定律得mv0=2mv1‎ ‎ 1分 B与A碰撞过程中损失的机械能△E为 1分 ‎（2）A、B在最高点恰不分离，此时A、B加速度相等，且它们间的弹力为零，设此时弹簧的伸长量为x1，则 ‎ 对B：mg=ma 1分 ‎ 对A： 1分 ‎ 所以弹簧的伸长量为 1分 ‎（3）A、B一起运动过程中合外力为零时，具有最大速度vm，设此时弹簧的压缩量为x2，则 ‎ 2分 ‎ 1分 由于x1=x2，说明A，B在最高点处与合外力为零处弹簧的弹性势能相等，对此过程由能量守恒定律得 ‎ 2分 ‎ 解得： 1分