甘肃省天水市第六中学2020届高三上学期考试物理试题

甘肃省天水市第六中学2020届高三上学期考试物理试题

‎2019--2020学年天水市第六中学第二次检测考试卷 高三级物理 一、单选题 ‎1.下列关于女排比赛中的研究对象，可以视为质点的是(　　)‎ A. 研究女排比赛中选手扣球的动作时 B. 确定运动员在球场上的位置时 C. 研究运动员比赛中发出的旋转球时 D. 确定落在边线处排球是否为界内时 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】研究女排比赛中选手扣球动作时，运动员的形状对研究结果有较大影响，因此运动员不可视为质点，但研究运动员在球场上的位置时可将运动员视为质点，故A错误，B正确；在研究发出的旋转球和排球落点是否在边线界内时球的大小对研究结果的影响不可忽略，因此，不能视为质点，故CD错误．所以B正确，ACD错误．‎ ‎2.对于体育比赛的论述，下列说法正确的是 A. 运动员铅球成绩为‎4.50 m，指的是位移大小为‎4.50 m B. 运动员跑完‎800 m比赛，指的是路程大小为‎800 m C. 某场篮球比赛打了两个加时赛，共需10 min，指的是时刻 D. 足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币可以看作质点 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在时间轴上，时间间隔用一段线段表示，而时刻用一个点表示；位移是初位置到末位置的有效线段，而路程是运动轨迹的实际长度．如果物体的大小和形状可以忽略时，物体即可以看作质点．‎ ‎【详解】运动员铅球成绩为‎4.50 m，‎4.50 m指是位移的水平分量的大小，不是位移，故A错误；运动员跑完‎800 m比赛，轨迹是曲线，故‎800 m指的是路程大小，故B正确；某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10 min，10 min指的是一段时间，是时间间隔，故C错误；足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币的大小和形状不能忽略，故不能看作质点，故D错误．所以B正确，ACD错误．‎ ‎3.做匀减速直线运动的物体经4 s停止，若在第1 s内的位移是‎14 m，则最后1 s内位移是(　　)‎ A. ‎3.5‎ m‎ B. ‎2 m C. ‎1 m D. 0‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】利用“逆向思维法”，把物体运动看成逆向的初速度为零的匀加速直线运动，则做匀减速直线运动的物体在每1 s内的位移之比为7∶5∶3∶1，所以，x1＝‎2 m，选项B正确．‎ ‎4.做匀加速直线运动的质点，在第一个3 s内的平均速度比它在第一个5 s内的平均速度小‎3 m/s.则质点的加速度大小为(　 　)‎ A. ‎1 m/s2 B. ‎3 m/s‎2 ‎C. ‎2m/s2 D. ‎4 m/s2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 由平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可知1.5s时刻的瞬时速度比2.5s时刻的速度小‎3m/s，由加速度定义可知加速度大小为‎3 m/s2，C对；‎ ‎5.一物体以初速度v0做匀减速直线运动，第1 s内通过的位移为x1＝‎3 m，第2 s内通过的位移为x2＝‎2 m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法错误的是 A. 初速度v0的大小为‎2.5 m/s B. 加速度a的大小为‎1 m/s2‎ C. 位移x3的大小为‎1.125 m D. 位移x3内的平均速度大小为‎0.75 m/s ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．根据△x=aT2得：‎ ‎ ‎ 即加速度a大小为‎1 m/s2，第1s末速度为：‎ 物体的初速度为：‎ v0=v1-aT=2.5-（-1）×‎1m/s=‎3.5m/s 故A错误，符合题意，B正确，不符合题意； CD．根据匀变速直线运动规律，匀减速的总位移为：‎ 匀减速的总时间为：‎ 故有：‎ x3=x-x1-x2=‎‎1.125m 位移x3内的平均速度为：‎ 故C D正确，不符合题意； 故选A。‎ ‎6.如图甲所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到‎100 m/s；如图乙所示，汽车以‎108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来，下列说法中正确的是 A. 10 s内火箭的速度改变量为‎10 m/s B. 2.5 s内汽车的速度改变量为－‎30 m/s C. 火箭的速度变化比汽车的快 D. 火箭的加速度比汽车的加速度小 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】规定初速度的方向为正方向。 A．火箭的速度改变量为 ‎△v=v2-v1=‎100m/s-0=‎100m/s 故A错误， B．‎108km/h=‎30m/s，汽车的速度改变量为 ‎△v′=v2′-v1′=0‎-30m/s=‎-30m/s 故B正确；‎ CD．根据得：火箭的加速度为：‎ 汽车的加速度为：‎ 所以火箭的加速度比汽车的加速度小，火箭的速度变化比汽车慢，所以C错误，D正确。 故选BD。‎ 二、多选题 ‎7.甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲＝‎4 m/s2，a乙＝－‎4 m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是(　　)‎ A. 甲的加速度与乙的加速度大小相等 B. 甲做加速直线运动，乙做减速直线运动 C. 甲的速度比乙的速度变化快 D. 每经过1 s，甲的速度增加‎4 m/s ‎【答案】ABD ‎【解析】‎ ‎【详解】加速度的正负表示方向，可知甲的加速度与乙的加速度大小相等，但方向相反，故A正确．由于甲的速度方向与正方向相同而加速度的方向与正方向也相同，所以甲做加速运动．乙的速度方向与正方向相同而加速度的方向与正方向相反，所以乙做减速运动，故B正确．乙的加速度大小等于甲的加速度大小，加速度是反映速度变化快慢的物理量，所以甲的速度与乙的速度变化一样快，故C错误．加速度的正负表示方向，甲的加速度为正，速度的方向为正，所以每经过1 s，甲的速度增加‎4m/s，故D正确．故选ABD．‎ ‎【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．即加速度的正负表示方向，不表示大小，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动．‎ ‎8.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝6＋5t－t2(各物理量均采用国际单位制)，则该质点(　　 )‎ A. 第1 s内的位移是‎10 m B. 前2 s内的平均速度是‎3 m/s C. 运动的加速度为‎1 m/s2‎ D. 任意1 s内的速度增量都是－‎2 m/s ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】第1 s内的位移x1＝(6＋5×1－1) m－‎6 m＝‎4 m，故A错误．前2 s内的位移x2＝(6＋5×2－4)m－‎6 m＝‎6 m，则前2 s内的平均速度m/s＝‎3 m/s，故B正确．根据x＝v0t＋at2＝6＋5t－t2得，加速度a＝－‎2 m/s2，任意1 s内速度的增量Δv＝at＝－2×‎1 m/s＝－‎2 m/s，故C错误，D正确．故选BD.‎ ‎9.如图所示为飞机起飞时，在同一底片上相隔相等时间多次曝光“拍摄”的照片，可以看出在相等时间间隔内，飞机的位移不断增大，则下列说法中正确的是(　　)‎ A. 由“观察法”可以看出飞机做匀加速直线运动 B. 若测出相邻两段位移之差都相等，则飞机做匀变速直线运动 C. 若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，则可以用逐差法计算出飞机的加速度 D. 若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，可以求出这两段总时间的中间时刻的速度 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）‎ 通过图片，可以知道飞机在相等时间内的位移在增大，可知飞机做加速直线运动，但是根据题意无法得出飞机做匀加速直线运动，故A错误；‎ ‎（2）根据匀变速直线运动的推论，物体在相邻相等时间内的位移差相等，即，故B正确；‎ ‎（3）由于已知，而t不知道，无法求出加速度，故C错误；‎ ‎（4）由于物体做匀变速运动，根据中间时刻点速度等于该段运动的平均速度可求出两段总时间的中间时刻速度，故D错误；‎ 故本题正确答案选B．‎ ‎【点睛】从图象可知飞机做变速运动，且飞机速度越来越大，但飞机不一定是匀变速直线，需要自己用匀变速公式进行判断．‎ ‎10.一物体以‎5 m/s的初速度在光滑斜面上向上运动，其加速度大小为‎2 m/s2，设斜面足够长，经过t时间物体位移的大小为‎4 m，则时间t可能为 A. 1 s B. 3 s C. 4 s D. s ‎【答案】ACD ‎【解析】‎ ‎【详解】当物体的位移为‎4m时，根据得，‎ 解得 t1=1s t2=4s。‎ 当物体的位移为‎-4m时，根据得，‎ 解得 ‎．‎ A．1 s，与结论相符，选项A正确；‎ B．3 s，与结论不相符，选项B错误；‎ C．4 s，与结论相符，选项C正确；‎ D．s，与结论相符，选项D正确；‎ 故选ACD。‎ 三、填空题 ‎11.在匀变速直线运动中，速度与时间的关系式为________________，位移与时间的关系式为____________，速度与位移的关系式为_______________。‎ ‎【答案】 (1). v=v0+at (2). x=v0t+at2 (3). v2-v02=2ax ‎【解析】‎ ‎【详解】[1][2][3]．在匀变速直线运动中，速度与时间的关系式为v=v0+at，位移与时间的关系式为x=v0t+at2，速度与位移的关系式为v2-v02=2ax。‎ ‎12.电磁打点计时器的工作电压为__________________的交变电流。‎ ‎【答案】4V—6V ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]．电磁打点计时器的工作电压为4V—6V的交变电流。‎ ‎13.利用打点计时器求匀变速直线运动加速度的公式为__________________________。‎ ‎【答案】a=‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]．根据可知，利用打点计时器求匀变速直线运动的加速度的公式为 四、计算题 ‎14.一个在摩擦力作用下做匀减速直线运动的物体，初速度的大小为‎10 m/s，其加速度大小为‎1 m/s2。求：‎ ‎（1）5s内的位移和5s末的速度 ‎（2）12s内的位移和12s末的速度 ‎【答案】（1）‎37.5m ；‎5m/s （2）‎50m； 0‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）5s内的位移 ‎ ‎ ‎5s末的速度 ‎ ‎ ‎（2）物体停下来的时间 ‎12s内位移等于10s的位移：‎ ‎12s末的速度为零。‎ ‎15.一个小球从A点以‎10 m/s的速度竖直向上抛出，经过4s落回地面。求：‎ ‎（1）从A点到最高点的位移大小 ‎（2）从最高点到地面的高度 ‎【答案】（1）‎5m （2）‎‎45m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）从A点到最高点的位移大小 ‎（2）上升的时间 则下落的时间为3s，从最高点到地面的高度 ‎16.如图所示，倾角为θ=45°的粗糙平直导轨与半径为R的光滑圆环轨道相切，切点为B，整个轨道处在竖直平面内．一质量为m的小滑块从导轨上离地面高为h=3R的D处无初速下滑进入圆环轨道.接着小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，不计空气阻力.‎ 求：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小；‎ ‎（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小；‎ ‎（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功．‎ ‎【答案】（1）（2）（3）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）小滑块从C点飞出来做平抛运动，水平速度为v0，竖直方向上：，水平方向上：，解得 ‎（2）小滑块在最低点时速度为vC由机械能守恒定律得 牛顿第二定律：由牛顿第三定律得：，方向竖直向下 ‎（3）从D到最低点过程中，设DB过程中克服摩擦力做功W1，由动能定理h=3R ‎【点睛】对滑块进行运动过程分析，要求滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小，我们要知道滑块运动到圆环最低点时的速度大小，小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，运用平抛运动规律结合几何关系求出最低点时速度．在对最低点运用牛顿第二定律求解．‎