物理·吉林省长春市第十一高中2016-2017学年高二上学期期初考试物理试题+Word版含解析

物理·吉林省长春市第十一高中2016-2017学年高二上学期期初考试物理试题+Word版含解析

全*品*高*考*网， 用后离不了！体验 探究 合作 展示 长春市十一高中2016-2017学年度高二上学期期初考试 物 理 试 题 注意事项：‎ ‎1．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分， 共100分，测试时间为80分钟。‎ ‎2. 选择题用2B铅笔正确的涂在答题卡上，非选择题必须在规定答题区域内作答，否则无效。‎ 第I卷（选择题，共48分）‎ 一、选择题：(本题共12小题，每小题4分.单选还是多选,题号前已标出。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。)‎ ‎1.（多选）关于电源电动势的说法，正确的是：（ ）‎ A.电动势是表征电源把其他形式的能转变成电能的本领的一个物理量 B.电动势在数值上等于外电路断开时两极间的电压，也等于电路中通过1C电量时，电源所提供的能量 C.外电路接通时，电源电动势等于内、外电路上的电压之和 D.由于内外电路上的电压随外电路电阻的改变而改变，因此，电源电动势跟外电路电阻有关 ‎2. （多选）如图所示，两个截面不同，长度相等的均匀铜棒接在电路中，两端的电压为U，则（ ）‎ A.通过两棒的电流强度不相等 B.两棒的自由电子定向移动的平均速率相等 C.两棒内的电场强度不同，细棒内场强E1大于粗棒内场强E2‎ D.相等时间通过两棒的电荷量相等 ‎3．粗细均匀的金属环上A、B、C、D四点把其周长分成四等分，如图所示．当A、B点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P；当A、D点接入电路中时，圆环消耗的电功率为：（电源内阻不计）（　　）‎ A． B．P C． D．3P ‎4．（多选）用图1所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了U﹣I图线，由图2可知（　　）‎ A．电池电动势的测量值是1.40V B．电池内阻的测量值是1Ω C．外电路发生短路时的电流为0.40A D．电压表的示数为1.20V时电流表的示数I′=0.20A ‎5. 如图所示是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关S闭合。一带电液滴悬浮在两板间P点不动，下列说法正确的是(　　)‎ A. 带电液滴可能带正电 B. 增大两极板距离的过程中，电阻R中有从a到b的电流，电容器中负电荷从B到A C. 断开S，减小两极板正对面积的过程中，液滴将加速下降 D. 断开S，减小两极板距离过程中，液滴静止不动 ‎6．如图所示， A、B、C为直角三角形的三个顶点，∠A=30°，D为AB的中点，负点电荷Q位于D点．A、B、C三点的电势分别用、、表示，下列说法正确的是（ ）‎ A．大于 B．A、B两点电场强度相同 C．负检验电荷在BC连线上各点具有的电势能都相等 D．将正检验电荷沿AC从A点移到C点，电场力先做正功后做负功 ‎7．如图所示，电源的内阻不可忽略．已知定值电阻R1=10Ω，R2=8Ω．当开关S接位置1时，电流表的示数为0.20A．那么当开关S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值（　　）‎ A．0.28 A ‎ B．0.25 A ‎ C．0.22 A ‎ D．0.19 A ‎　‎ ‎8. （多选） 如图5所示，U－I图线上， a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，b点α＝β，则下列说法中正确的是(　　)‎ A．在b点时，电源有最大输出功率 B．在b点时，电源的总功率最大 C．从a到b时，β角增大，电源的总功率和输出功率都将增大 D．从b到c时，β角增大，电源的总功率和输出功率都将减小 ‎9. 在使用多用电表测电阻时，一同学选用“×10”挡，调整欧姆零点后测量一电阻的阻值，发现表针向右偏转幅度太大，为了把电阻值测得更准确些，下列判断和做法正确的是（ ） ‎ A．换用“×1 ”挡，直接测量 B．换用“×100 ”挡，直接测量 C．换用“×1 ”挡，重新调整欧姆零点后测量 D．换用“×100”挡，重新调整欧姆零点后测量 ‎10．一电流表并联一个分流电阻后就改装成一个电流表，当把它和标准电流表串联后去测某电路中的电流时，发现标准表读数为1A时，而改装表的读数为1.1A，稍微偏大些，为了使它的读数准确，应（ ）‎ A、在原分流电阻上再并联一个较大的电阻 B、在原分流电阻上再串联一个较小的电阻 C、在原分流电阻上再串联一个较大的电阻 D、在原分流电阻上再并联一个较小的电阻 ‎11．如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则（　　）‎ A．电压表示数U和电流表示数I的比值不变 B．变化过程中△U和△I的比值保持不变 C．电阻R0两端电压减小，减小量为△U D．电容器的带电量减小，减小量为C△U ‎12.（多选）如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，环的AB及其以下部分处于水平向左的匀强电场中，管的内壁光滑。现将一质量为m，带电量为＋q的小球从管中A点由静止释放，已知qE＝mg，以下说法正确的是（ ）‎ A．小球从释放到第一次达B点的过程中，在D点时速度最大，B点时速度为零，并在BDA间往复运动 B．小球释放后，第一次达到最高点C时对管壁无压力 C．小球释放后，第一次和第二次经过最高点C时对管壁的压力之比为1:5‎ D．小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力之比为5:1‎ 第II卷（6小题，共52分）‎ 二、实验题（本题共计12分．请将解答填写在答题卡相应的位置．）‎ ‎　‎ ‎13．（1）用游标为50分度的游标卡尺测量某工件的长度时，示数如图所示，则测量结果应该读作________mm ‎(2)用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图所示，此示数为________mm. ‎ ‎14．有一个小灯泡上有“4V　2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：‎ A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）‎ B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）‎ C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）‎ D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）‎ E．滑动变阻器（10Ω，2A）‎ F．滑动变阻器（1kΩ，1A）‎ G．学生电源（直流6V），还有电键、导线若干 ‎（1）电流表应选　　　　　　，滑动变阻器应选　　　　　　（用序号字母表示）．‎ ‎（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图．‎ ‎（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路．如图1所示，请在图中完成其余的电路连接 三、计算题 (共4小题，每小题10分，共计40分。解答计算题部分应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位。)‎ ‎15.如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，理想电压表V的示数为7.5V，理想电流表A的示数为0.75A，S断开时，理想电流表A的示数为1A，求：‎ ‎（1）电阻R3的值；‎ ‎（2）电源电动势E和内阻r的值．‎ ‎16．如图12所示的电路中，电源电动势E＝10 V，内阻r＝0.5 Ω，电动机的电阻R0＝1.0 Ω，电阻R1＝1.5 Ω.电动机正常工作时，电压表的示数U1＝3.0 V，求：‎ ‎(1)电源释放的电功率；‎ ‎(2)电动机消耗的电功率．将电能转化为机械能的功率；‎ ‎(3)电源的输出功率．‎ ‎17．如图所示的电路，电源的电动势E＝28 V，内阻r＝2 Ω，电阻R1＝12 Ω，R2＝R4＝4 Ω，R3＝8 Ω，C为平行板电容器，其电容C＝3.0 pF，虚线到两极板的距离相等，极板长L＝0.20 m，两极板的间距d＝1.0×10－2 m.‎ ‎(1)若开关S处于断开状态，则将其闭合后，流过R4的电荷量为多少？ ‎ ‎(2)若开关S断开时，有一个带电微粒沿虚线方向以v0＝2.0 m/s的初速度射入平行板电容器的两极板间，带电微粒刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同的初速度沿虚线方向射入两极板间，能否从极板间射出？(要求写出计算和分析过程，g取10m/s2)‎ ‎ ‎ ‎18.如图，在x＞0的空间存在沿x轴正方向的匀强电场，在x＜0的空间中存在沿x轴负方向的匀强电场，场强大小均为E．一电子（﹣e，m）（不计重力）从x=d处的P点以初速度v0沿y轴正方向进入电场区域，求 ‎（1）电子x方向分运动的周期；‎ ‎（2）电子第二次通过y轴时的速度大小；‎ ‎（3）电子运动的轨迹与y轴的各个交点中任意两个交点间的距离．‎ 试题解析部分 ‎1‎ ‎【答案】ABC ‎【解析】本题考查了电源的电动势和内阻知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领强弱的物理量，选项A正确；电动势的数值反映了在两极间移动1C电荷量时把其他形式的能转换成电能的大小，也等于外电路断开时两极间的电压，或者在外电路接通时，内外电路上电压之和，选项BC正确；电动势是电源本身的性质，与外电路的结构无关，它不随内外电路的阻值变化而变化，选项D错误。综上本题选ABC。‎ ‎ ‎ ‎2‎ ‎【答案】CD ‎【解析】本题考查了欧姆定律，串联电路与并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 因两导体棒串联，则电流强度一定相等，选项A错误；由可知，电流相同，单位体积内的电子数相同，电子的电荷量相同，因截面积不相同，故电子的定向移动速率不同，细棒中的电子定向移动速率大，选项B错误；因两棒的长度相等，而根据电阻定律，可知细棒的电阻较大，则由欧姆定律可知，细棒两端的电压较大，则由可知，细棒内的电场强度E1大于粗棒内的电场强度E2，选项C正确；根据，可知相等时间通过两棒的电荷量相等，选项D正确。综上本题选CD。‎ ‎ ‎ ‎3‎ ‎【答案】C ‎【解析】本题考查了电功、电功率，串联电路和并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 设电源的电动势为E，金属环每一等分的电阻为R，则当A、B点接入电路中时总电阻R1=R，当A、D点接入电路中时总电阻，由功率公式，由于电源内阻不计，则，得，又P1=P，则可得，选项C正确，选项ABD错误。综上本题选C。‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎4‎ ‎【答案】ABD ‎【解析】本题考查了闭合电路的欧姆定律，电源的电动势和内阻等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 根据闭合电路欧姆定律原理，由图象2可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标表示电源的电动势，则知电源的电动势的测量值为1.40V，选项A正确；电源的内阻的测量值为，选项B正确；外电路发生短路时的电流为，选项C错误；当电压表示数为1.20V时，电流表的示数，选项D正确。综上本题选ABD。‎ ‎ ‎ ‎5‎ ‎【答案】D ‎【解析】本题考查了带电粒子在混合场中的运动，电容器的动态分析等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 带电液滴悬浮在两板间P点不动，所受的电场力与重力平衡，则知电场力向上，而场强向下，所以液滴带的是负电，选项A错误；增大电容器两极板间距离，根据电容的决定式，可知电容C减小，U不变，由，分析可知Q减小，电容器放电，则R中有从a流向b的电流.但是电荷不能“通过”电容器，选项B错误；断开S，极板上是电量不变，减小两极板正对面积的过程中，根据电容的决定式，可知电容减小，由，分析可知U增大，由公式场强公式，分析可知E增大，电场力大于重力，所以液滴将加速向上运动，选项C错误；当断开S，极板上是电量不变，减小两极板两极板距离过程中，根据电容的决定式，电容的定义式，以及电场强度公式，分析可得，与d无关，即场强E保持不变，所以液滴静止不动，选项D正确。综上本题选D。‎ ‎ ‎ ‎6‎ ‎【答案】D ‎【解析】本题考查了电势差与电场强度的关系，电势，电势能等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 点电荷的等势面是一系列的同心圆，由几何关系可知A、C两点在同一个等势面上，则等于，选项A错误；A、B两点到场源点电荷距离相等，根据点电荷场强公式，可知A、B两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A、B两点的电场强度不相同，选项B错误；由于BC连线上各点距场源电荷距离不等，则电势不等，根据，负检验电荷在BC连线上各点具有的电势能不相等，选项C错误；由图可知AC 连线上，越靠近负电荷电势越低，从A到C电势先降低后升高，正检验电荷具有的电势能先减小后增大，故电场力先做正功后做负功，选项D正确。综上本题选D。‎ ‎ ‎ ‎7‎ ‎【答案】C ‎【解析】开关接“2”后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以不可能是0.19A，故D错误；路端电压一定减小， 一定小于2V，因此电流一定小于0.25A，故A、B错误，C正确。‎ ‎ ‎ ‎8‎ ‎【答案】AD ‎【解析】本题考查了闭合电路的欧姆定律，电功、电功率等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 电源的输出功率，由数学知识可知，等于图线上的点与两坐标轴所围图形的“面积”，由图可知，在b点时“面积”最大，电源的输出功率最大，选项A正确；电源的总功率，在b点时I不是最大，电源的总功率不是最大，选项B错误；从时，角越大，电流越小，电源的总功率越小，但图线上的点与两坐标轴所围图形的“面积”增大，电源输出功率增大选项C错误；从时，角越大，电流越小，电源的总功率越小，图线上的点与两坐标轴所围图形的“面积”减小，电源的输出功率减小，选项D正确。综上本题选AD。‎ ‎ ‎ ‎9‎ ‎【答案】C ‎【解析】本题考查了多用电表的原理及其使用知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 调整欧姆零点后测量一电阻的阻值，发现表针向右偏转幅度太大，说明所测电阻比较小，用的挡位比较大，要让指针指在中间附近误差较小，所以需换用“×1 ”挡，换挡后需重新欧姆调零才能进行测量，选项C正确，ABD错误。综上本题选C。‎ ‎ ‎ ‎10‎ ‎【答案】A ‎【解析】改装表示数偏大,说明改装成电流表时并联的分流电阻偏大,故要使内阻稍微变小一些,需要在原分流电阻上再并联一个较大的电阻,故A正确。‎ ‎ ‎ ‎11‎ ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了闭合电路的欧姆定律，串联电路与并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由图可知，，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大，选项A错误；根据闭合电路欧姆定律得：，由数学知识得知，，保持不变，选项B正确；闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由闭合欧姆定律分析得知，电源内电电压变小，路端电压变大，而电阻R0两端的电压减小，则R两端的电压增大，所以电阻两端的电压减小量小于，选项C错误；电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为，选项D错误。综上本题选B。‎ ‎ ‎ ‎12‎ ‎【答案】CD ‎【解析】本题考查了向心力，牛顿第二定律，动能定理的应用，电场强度等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 小球释放后，只有重力和电场力做功，当带电小球到达B点，重力势能不变，电势能减小，其动能大小等于电场力做的功，所以小球在B点时速度不为零，选项A错误；根据题意，小球从A运动到D过程根据动能定理有：，在D点由牛顿第二定律得，解得，根据牛顿第三定律可知小球第一次经过最低点D时对管壁的压力为，小球从A第一次运动到C的过程根据动能定理有：，小球释放后，第一次在C点有：，小球从A第二次运动到C的过程有：，小球释放后，第二次在C点有：，联立解得，，根据牛顿第三定律可知小球第一次经过最高点C与第二次经过最高点C，小球对管壁的压力分别为，，选项B错误，选项CD正确。综上本题选CD。‎ ‎ ‎ ‎13‎ ‎【答案】(1)10.40 (2)2.720-2.722‎ ‎【解析】本题考查了刻度尺、游标卡尺的使用，螺旋测微器的使用等物理实验基础，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)游标为50分度的游标卡尺的精确度为0.02mm，由图可知游标卡尺的固定刻度读数为10mm，游标读数为0.02×20mm=0.40mm，所以最终读数为10.40mm；‎ ‎(2)螺旋测微器的固定刻度为2.5mm，可动刻度为22.2×0.01mm=0.222mm，所以最终读数为2.5mm+0.222mm=2.722mm。‎ ‎ ‎ ‎14‎ ‎【答案】(1)D E ‎(2) (3) ‎ ‎【解析】本题考查了描绘小电珠的伏安特性曲线电学实验，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)灯泡额定电压是“4 V 2 W”，通过灯泡的额定电流，则电流表选D；由于描绘小灯泡伏安特性曲线实验要求电流从零调，所以变阻器应用分压式接法，故选用E来完成实验，综上本题选DE。‎ ‎(2)由于小灯泡的额定电压为4V，所以电压表选用A，小灯泡的电阻，满足 ，所以电流表应用外接法，又实验要求电流从零调，变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：‎ ‎(3)根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：‎ ‎ ‎ ‎15‎ ‎【答案】(1) R3=6 Ω (2)E=9 V r=1 Ω ‎【解析】本题考查了闭合电路的欧姆定律知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)由电路图可知，S闭合时电压表测量电源的路端电压，而电流表测量流过R2的电流，则干路电流：，流过R3的电流为，R3两端的电压等于R2两端的电压：，则电阻R3的值；‎ ‎(2)由闭合电路欧姆定律可得，当S闭合时：，‎ 当S断开时：，由闭合电路欧姆定律可得，联立解得，。‎ ‎ ‎ ‎16‎ ‎【答案】(1)20 W (2) 12 W 8 W (3) 18 W ‎【解析】本题考查了闭合电路的欧姆定律，串联电路与并联电路，电功率知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)电动机正常工作时，总电流为：I＝＝ A＝2 A，电源释放的电功率为P＝EI＝10×2 W＝20 W；‎ ‎(2)电动机两端的电压为：‎ U＝E－Ir－U1＝(10－2×0.5－3.0) V＝6 V 电动机消耗的电功率为：P电＝UI＝6×2 W＝12 W 电动机消耗的热功率为：P热＝I2R0＝22×1.0 W＝4 W 电动机将电能转化为机械能的功率，据能量守恒为：‎ P机＝P电－P热＝(12－4) W＝8 W；‎ ‎(3)电源的输出功率为：P出＝P－P内＝P－I2r＝(20－22×0.5) W＝18 W。‎ ‎ ‎ ‎17‎ ‎【答案】(1)6.0×10-12C；(2)不能 ‎【解析】本题考查闭合电路欧姆定律和带电粒子在匀强电场中的电偏转 ‎(1) S断开时，电阻R3两端电压为：‎ S闭合后，外阻为：‎ 路端电压为：‎ 电阻R3两端电压为：‎ 则所求流过R4的总电量为：△Q＝CU3−CU3′＝6.0×10−12C ‎(2)设微粒质量为m，电量为q，当开关S断开时有：＝mg 当开关S闭合后，设微粒加速度为a，则：＝ma 设微粒能从C的电场中射出，则水平方向：t＝竖直方向：y＝at2‎ 由以上各式求得：y＝6.25×10−3m＞故微粒不能从C的电场中射出．‎ ‎ ‎ ‎18‎ ‎【答案】(1) ；(2)；(3)‎ ‎【解析】本题考查了带电粒子在匀强电场中的运动知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)电子在电场中运动的受力情况及轨迹如图甲所示：‎ 在x＞0的空间中，沿y轴正方向以的速度做匀速直线运动，沿x轴负方向做匀加速直线运动，设加速度的大小为a，则F=eE=ma，‎ 解得：t1=，电子从A点进入x＜0的空间后，沿y轴正方向仍做v0的匀速直线运动，沿x轴负方向做加速度大小仍为a的匀减速直线运动，到达Q点，根据运动的对称性得，电子在x轴方向速度减为零的时间为：，电子的x方向分运动的周期：；‎ ‎(2)由以上的分析可知，粒子第二次通过y轴时速度的大小与第一次通过y轴的速度大小相等，沿x轴方向的分速度的大小：‎ 电子第二次通过y轴时的速度大小：；‎ ‎(3)电子运动的轨迹与y轴的各个交点中任意两个交点间的距离等于电子沿y轴正方向的半个周期内的位移，即：。‎ ‎ ‎ 体验 探究 合作 展示 长春市十一高中2016-2017学年度高二上学期期初考试 物理试题参考答案 一、选择题 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ABC CD C ABD D D ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ C AD C A B CD 二、实验 ‎13.(1)(1)10.40（2分）　(2)2.720-2.722（2分）‎ ‎14.（1）D （1分 ）E （1分 ）‎ ‎ ‎ ‎ (2) （3分） (3) （3分）‎ 三、解答题 ‎15. (1) R3=6Ω(4分) (2)E=9V r=1Ω （6分）‎ ‎16. 解　(1)电动机正常工作时，总电流为：I＝＝ A＝2 A，电源释放的电功率为P＝EI＝10×2 W＝20 W.（3分）‎ ‎(2)电动机两端的电压为：‎ U＝E－Ir－U1＝(10－2×0.5－3.0) V＝6 V. （1分）‎ 电动机消耗的电功率为：P电＝UI＝6×2 W＝12 W. （1分）‎ 电动机消耗的热功率为：P热＝I2R0＝22×1.0 W＝4 W. （1分）‎ 电动机将电能转化为机械能的功率，据能量守恒为：‎ P机＝P电－P热＝(12－4) W＝8 W. （1分）‎ ‎(3)电源的输出功率为：P出＝P－P内＝P－I2r＝(20－22×0.5) W＝18 W. （3分）‎ ‎17. （共12分） (1)S断开时，电阻R3两端电压 U3＝＝16 V （1分）‎ S闭合后，外电路的总电阻R＝＝6 Ω 路端电压U＝＝21 V 电阻R3两端的电压U′3＝U＝14 V （2分）‎ 流过R4的电荷量ΔQ＝CU3－CU′3＝6.0×10－12 C. （1分）‎ ‎(2)设带电微粒的质量为m，带电荷量为q，当开关S断开时有＝mg （1分）‎ 当开关S闭合后，设带电微粒的加速度为a，则mg－＝ma （1分）‎ 假设带电微粒能从极板间射出，则水平方向t＝ （1分）‎ 竖直方向y＝at2 （1分）‎ 由以上各式得y＝6.25×10－3 m> （1分） ‎ 故带电微粒不能从极板间射出． （1分）‎ ‎18．解：（1）电子在电场中运动的受力情况及轨迹如图甲所示．‎ 在x＞0的空间中，沿y轴正方向以v0的速度做匀速直线运动，沿x轴负方向做匀加速直线运动，设加速度的大小为a，‎ 则F=eE=ma，‎ 解得：t1= （2分）‎ 电子从A点进入x＜0的空间后，沿y轴正方向仍做v0的匀速直线运动，沿x轴负方向做加速度大小仍为a的匀减速直线运动，到达Q点．‎ 根据运动的对称性得，电子在x轴方向速度减为零的时间为：t2=‎ 电子的x方向分运动的周期：（2分）‎ ‎（2）由以上的分析可知，粒子第二次通过y轴时速度的大小与第一次通过y轴的速度大小相等，沿x轴方向的分速度的大小：（1分）‎ 电子第二次通过y轴时的速度大小：（2分）‎ ‎（3）电子运动的轨迹与y轴的各个交点中任意两个交点间的距离等于电子沿y轴正方向的半个周期内的位移，即：‎ L=（3分）‎ 答：（1）电子x方向分运动的周期是；‎ ‎（2）电子第二次通过y轴时的速度大小是；‎ ‎（3）电子运动的轨迹与y轴的各个交点中任意两个交点间的距离是