物理卷·2017届河北省定州中学高三（承智班）下学期周练（5-7）（2017-05）

物理卷·2017届河北省定州中学高三（承智班）下学期周练（5-7）（2017-05）

河北定州中学2016-2017学年第二学期高三承智班物理周练试题（5.7）‎ 一、选择题 ‎1．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比n1:n2＝4:1，原线圈两端连接光滑导轨，副线圈与电阻R相连组成闭合回路．当直导线AB在匀强磁场中沿导轨匀速地向右做切割磁感线运动时，电流表A1的读数是12毫安，那么电流表A2的读数是( )‎ ‎ ‎ A. 0 B. 3毫安 C. 48毫安 D. 与R值大小有关 ‎2．如图所示，竖直平面内的同心圆是一点电荷在真空中形成电场的一簇等势线，一正电小球从 A点静止释放，沿直线到达 C 点时速度为零，以下说法正确的有 ‎ ‎ A. 此点电荷为负电荷 B. 场强E A > E B > EC C. 电势 D. 小球在 A 点的电势能小于在 C 点的电势能 ‎3．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1＝220sin100πt（V），则 ‎ ‎ A. 当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22V B. 当单刀双掷开关由a拨到b后，原线圈的输入功率变为原来的4倍 C. ‎ 单刀双掷开关与a连接，在滑动变阻器触头P向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小 D. 当单刀双掷开关由a拨向b时，电压表和电流表的示数均变小 ‎4．如图所示的虚线区域内，充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场．一带电粒子a（不计重力）以一定的初速度由左边界的O点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的O′点（图中未标出）穿出．若撤去该区域内的磁场而保留电场不变，另一个同样的粒子b（不计重力）仍以相同初速度由O点射入，从区域右边界穿出，则粒子b（ ）‎ ‎ ‎ A．穿出位置一定在O′点下方 B．穿出位置一定在O′点上方 C．运动时，在电场中的电势能一定减小 D．在电场中运动时，动能一定减小 ‎5．下列关于弹力产生条件的说法中正确的是（ ）‎ A．只要两个物体接触就一定有弹力产生 B．轻杆一端所受弹力的作用线一定与轻杆方向垂直 C．压力和支持力的方向总是垂直于接触面 D．形变大的物体产生的弹力一定比形变小的物体产生的弹力大 ‎6．如图所示，皮带始终保持v＝3m/s的速度顺时针运转，一个质量为m＝1kg，初速度为零的物体放在传送带的左端。若物体与传送带之间的动摩擦因数μ＝0．15，传送带左右两端距离s＝4．5m，则物体从传送带左端到右端所需时间t，设传送带轮是由电动机带动的，由于传送物体而使电动机多消耗的电能为W，（ g＝10m/s2）则（ ）‎ ‎ ‎ A．t＝2s B．t＝2．5s C．W＝4．5J D．W＝9J ‎7．下列说法中正确的是（ ）‎ A．摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置 B．电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置 C．电视机接收的画面是连续的 D．摄像机在1s内要送出25张画面 ‎8．有关运动的合成，下列说法正确的是 A．两个直线运动的合运动一定是直线运动 B．两个直线运动的合运动可以是曲线运动 C．两个互成角度的匀速直线运动的合运动，一定是匀速直线运动 D．两个分运动的时间一定和它们合运动的时间相等 ‎9．下列说法中正确的是（ ）‎ A. 布朗运动越显著，说明悬浮在液体中的微粒质量越小 B. 将红墨水滴入一杯清水中，水的温度越高整杯清水都变成红色的时间越短 C. 将体积相同的水和酒精混在一起，发现总体积小于混合前水和酒精的体积之和，说明分子间存在引力 D. 向气球内吹气，气球的体积变大，这是气体分子间有斥力的缘故 ‎10．如图所示，电路电源电动势为E，内阻r ，R1、R2为定值电阻，调节电阻箱R的阻值，使电压表V的示数增大△U，在此过程中（ ）‎ ‎ ‎ A．路端电压增加，增加量一定等于△U B．电阻R2两端的电压减小，减少量一定等于△U C．通过电阻R1的电流增加，增加量一定等于△U / R1、‎ D．通过电阻R2的电流减小，但减少量一定大于△U /R2‎ ‎11．如图所示，弹簧秤和细绳重力不计，不计一切摩擦，物体重G=5N，弹簧秤A和B的读数分别为（ ） ‎ ‎ ‎ A. 5N，0N B. 5N，10N C. 5N，5N D. 10N，5N ‎12．如图所示，在甲、乙两种情况下，人用同样大小的恒力拉轻质绳子，使人和船均向右运动，经过相同的时间t，图甲中的A船没有到岸，图乙中船A没有与船B碰撞，则经过时间t，则： ‎ ‎ ‎ A. 图甲中A船（包括人）的速度比图乙中的A船（包括人）的速度大 B. 图甲中人对绳子的拉力的冲量比图乙中人对绳子拉力的冲量小 C. 图甲中人对绳子的拉力的冲量和图乙中人对绳子拉力的冲量一样大 D. 两种情况下，人做的功一样多 ‎13．如图所示，正六边形abcdef区域内有垂直于纸面的匀强磁场。一带正电的粒子从f点沿fd方向射入磁场区域，当速度大小为vb时，从b点离开磁场，在磁场中运动的时间为tb，当速度大小为vc时，从c点离开磁场，在磁场中运动的时间为tc，不计粒子重力。则 ‎ ‎ A. vb:vc=2:2，tb:tc=1:2 B. vb:vc=1:2，tb:tc=2:1‎ C. vb:vc=2:1，tb:tc=2:1 D. vb:vc=1:2，tb:tc=1:2‎ ‎14．船在静水中的航速是1m/s，河岸笔直，河宽恒定，河水靠近岸边的水流速度为2m/s，河中间的水流速度为3m/s．以下说法中正确的是：‎ A．船过河的最短时间是一定的 B．因船速小于水流速度，船不能到达对岸 C．船不能沿一直线过河 D．船航行的轨迹不能垂直河岸 ‎15．如图所示，质量为的木块在质量为m2的长木板上向右滑行，木块同时受到向右的拉力F的作用，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则（ ）‎ ‎ ‎ A. 木块受到木板的摩擦力的大小等于F B. 木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1m1g C. 木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2（m1＋m2）g D. 无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动 ‎16．如图是主动轮P通过皮带带动从动轮Q的示意图，A与B、C与D分别是皮带与轮缘相互接触的点，如果皮带不打滑，当主动轮P沿顺时针方向旋转时，A、B、C、D各点所受摩擦力的方向（ ）‎ ‎ ‎ A. 向上，向下，向下，向上 B. 向下，向上，向下，向上 C. 向下，向上，向上，向下 D. 向上，向下，向上，向下 ‎17．如图所示电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，电流表和电压表均为理想电表，闭合电键S，当滑动变阻器R1的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，电流表示数变化量的大小为△I、电压表V、V1和V2示数变化量的大小分别为△U、△U1和△U2，下列说法错误的是（ ）‎ ‎ ‎ A．△U1>△U2 B．△U1/△I变小 C．△U2/△I不变 D．△U/△I不变 ‎18．如图甲所示，两根足够长，电阻不计的平行金属导轨相距1m，导轨平面与水平面的夹角为37°，下端接有阻值为1.5Ω的电阻R。虚线MN下侧有与导轨平面垂直、磁感应强度大小为0.4T的匀强磁场。现将金属棒ab从MN上方某处垂直导轨由静止释放，金属棒运动过程中始终与导轨保持良好接触，已知金属棒接入电路的有效阻值为0.5Ω，金属棒运动的速度-时间图像如图乙所示，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，下列判断正确的是 ‎ ‎ A. 金属棒的质量为0.2kg B. 0~5s内系统产生的热量为20J C. 0~5s内通过电阻R的电荷量为5C D. 金属棒匀速运动时，ab两端的电压为1V ‎19．如图甲所示，间距为L的光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B，轨道左侧连接一定值电阻R．垂直导轨的导体棒ab在水平外力F作用下沿导轨运动，F随t变化的规律如乙图所示。在0~t0时间内，棒从静止开始做匀加速直线运动。乙图中t0、F1、F2为已知，棒和轨道的电阻不计。则 ‎ ‎ A. 在t0以后，导体棒一直做匀加速直线运动 B. 在t0以后，导体棒先做加速，最后做匀速直线运动 C. 在0～t0时间内，导体棒的加速度大小为 D. 在0~t0时间内，通过导体棒横截面的电量为 ‎20．如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的感光板．从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场正对着圆心O射入带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m,不考虑粒子重力，关于粒子的运动，以下说法正确的是( )‎ ‎ ‎ A. 粒子在磁场中通过的弧长越长时间也越长 B. 出磁场的粒子其出射方向的反向延长线也一定过圆心0‎ C. 出磁场的粒子一定能垂直打在MN上 D. 只要速度满足v＝ ，入射的粒子出射后一定垂直打在MN上 ‎ ‎ ‎ ‎ 二、实验题 ‎21．图甲为《探究电磁感应现象》实验中所用器材的示意图。现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、B，电流计及开关连接成如图所示的电路。‎ ‎ ‎ ‎（1）电键闭合后，下列说法中正确的是（ ）‎ A．只要将线圈A放在线圈B中就会引起电流计指针偏转 B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，电流计指针偏转的角度越大 C．滑动变阻器的滑片P滑动越快，电流计指针偏转的角度越大 D．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，电流计指针不会发生偏转 ‎（2）在实验中，如果是因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转。这时，是__________转化为电能。‎ ‎（3）上述实验中，线圈A、B可等效为一个条形磁铁，将线圈B和灵敏电流计简化如图乙所示。当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转。则乙图中灵敏电流计指针向__________接线柱方向偏转（填：正、负）。‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 三、计算题 ‎22．有三块质量和形状都相同的板A、B、C，其中板A放在板B上且两端对齐，两板作为整体一起以速度v0沿光滑水平面滑动，并与正前方的板C发生碰撞， B与C发生碰撞后粘在一起，当板A从板B全部移到板C上后，由于摩擦， A相对C静止且恰好两端对齐。板A与板C间的动摩擦因数为μ，板A和板B间的摩擦不计。‎ ‎ ‎ 求：（1）A相对C静止时系统的速度大小。‎ ‎（2）板的长度是多少。‎ 参考答案 ‎1．A ‎【解析】由于直导线AB匀速运动，则AB切割磁场产生的电流时恒定的，线圈产生的磁通量也是恒定的，所以不会引起副线圈的磁通量的变化，所以副线圈不会有感应电流产生，即安培表A2的读数为0．故选A.‎ 点睛：变压器只能在交流电路中工作，变压器是根据磁通量的变化来工作的，知道变压器的工作的原理就可以解决本题.‎ ‎2．D ‎【解析】小球由静止从A点释放，到达C点时速度为零，而小球受重力和电场力作用，由于重力竖直向下，故说明电场力一定竖直向上，故说明电场线向上，故点电荷带正电；故A错误；因点电荷的电场强度越靠近源电荷电场强度越大，则有：EA＜EB＜EC，故B错误；沿电场线的方向电势降落，故电势φA＜φB＜φC；故C错误； 因由A到C过程中，电场力做负功，故电势能增加，小球在A点的电势能小于在C点的电势能，故D正确．故选D．‎ 点睛：本题考查点电荷电场的性质，要注意明确其电场线的分布，知道电场线的疏密表示场强大小，而电场线的方向表示场强方向，而沿电场线的方向电势降落．‎ ‎3．B ‎【解析】当单刀双掷开关与a连接时，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，根据变压规律，又U1=220V，可得电压表读数为U2=22V，所以A错误；当单刀双掷开关由a拨到b后，即原线圈的匝数减为原来的一半，可得U2=44V，再根据输出功率知，输出功率增大为原来的4倍，原线圈的输入功率变为原来的4倍，B正确；若将滑动变阻器触片P向上移动，负载电阻增大，电流都减小而电压不变，故C错误；若将单刀双掷开关由a拨向b，则输出电压增大，输出功率增大，两电流表的示数均变大，所以D错误。‎ ‎4．C ‎【解析】‎ 试题分析：a粒子要在电场、磁场的复合场区内做直线运动，则该粒子一定做匀速直线运动，故对粒子a有：Bqv=Eq 即只要满足E=Bv无论粒子带正电还是负电，粒子都可以沿直线穿出复合场区，当撤去磁场只保留电场时，粒子b由于电性不确定，故无法判断从O’点的上方或下方穿出，故AB错误；粒子b在穿过电场区的过程中必然受到电场力的作用而做类似于平抛的运动，电场力做正功，其电势能减小，动能增大，故C项正确D项错误．故选C。‎ 考点：带电粒子在电场中的运动 ‎【名师点睛】带电粒子在复合场中运动的综合分析，这类问题综合了带电粒子在电场和磁场组成的复合场中的匀速直线运动、电场中的类平抛运动、磁场中的匀速圆周运动三个方面：‎ ‎（1）在电场和磁场组成的复合场中做匀速直线运动时，符合二力平衡：qE=qvB．‎ ‎（2）若撤去磁场，带电粒子在电场中做类平抛运动，应用运动的合成与分解的方法分析．有时也要结合能量问题分析解决．‎ ‎（3）若撤去电场，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，符合洛伦兹力提供向心力：qvB＝m ‎5．C ‎【解析】‎ 试题分析：两个物体相互接触，若是没有相互挤压，就不会产生弹性形变，就不会产生弹力．故A错误；轻杆一端所受弹力的作用线可能沿着轻杆方向垂直，也可能与其方向垂直，具体弹力方向根据受力平衡来确定的，故B错误；压力和支持力均属于弹力，其的方向总是垂直于接触面，故C正确；物体发生弹性形变时才会产生弹力，但形变大的物体产生的弹力不一定比形变小的物体产生的弹力大，还与劲度系数有关，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ 考点：弹力的方向 ‎【名师点睛】本题主要考查了弹力的方向。弹力是发生形变的物体，由于要恢复原状，对与它接触的物体会产生力的作用．这就说明弹力产生要具备这样几个条件，一是要相互接触，二是接触面要发生弹性形变（或者说相互挤压）．‎ ‎6．BD ‎【解析】‎ 试题分析：假设小球一直做匀加速运动，物体在皮带上运动的加速度a=μg=1．5m/s2；设达到与传送带速度相等用的时间为t：3m/s=at，得t=2s；2s内的位移为：x=at2=×1．5×4=3m之后4．5-3=1．5m小物体做匀速直线运动：，所以运动的时间为t总=t+t′=2+0．5=2．5s；选项A错误，B正确；摩擦力做功Wf=μmgx=0．15×1×10×（3×2-×1．5×22）=4．5J；物体在最右端的速度v=at=3m/s，物体动能的增量△Ek=mv2=×1×32=4．5J，消耗的电能E=Wf+△EK=4．5+4．5J=9J．选项C错误，D正确；故选BD．‎ 考点：牛顿第二定律的应用；功能关系 ‎【名师点睛】解决本题的关键会根据受力判断物体的运动情况，以及知道消耗的电能等于摩擦产生的内能与物体动能增量之和。‎ ‎7．ABD ‎【解析】‎ 试题分析：摄像机是将光信号转化成电信号的光电传感器，在1s内要送出25张连续的画面，故A正确，D正确；电视机是将电信号转化为图象信号，图象信号是每秒25张的静态不连续画面，利用人眼的视觉暂留效应，产生动态效果，故B正确，C错误；‎ 故选ABD。‎ 考点：摄像机、电视机的工作原理 ‎【名师点睛】传感器是指能感受规定的被测量件并按照一定的规律（数学函数法则）转换成可用信号的器件或装置，通常由敏感元件和转换元件组成．摄像机是将图象信号转化成电信号的光电传感器；电视机是将电信号转化为图象信号的光电传感器。‎ ‎8．BCD ‎【解析】‎ 试题分析：平抛运动在水平方向和竖直方向都是直线运动，但合运动为曲线运动，A错误B正确；两个匀速直线运动的合运动一定是直线运动，因为合加速度为零，具有合速度，做匀速直线运动，故C正确；根据合运动与分运动具有等时性可得D正确；‎ 考点：考查了运动的合成与分解 ‎【名师点睛】解决本题的关键知道合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上．以及会根据平行四边形定则判断合速度与分速度的大小关系．‎ ‎9．B ‎【解析】布朗运动越显著，可能是悬浮在液体中的微粒质量越小，或者是液体的温度越高，选项A错误； 将红墨水滴入一杯清水中，水的温度越高，则分子扩散的速度越快，整杯清水都变成红色的时间越短，选项B正确； 将体积相同的水和酒精混在一起，发现总体积小于混合前水和酒精的体积之和，说明分子间存在间隙，选项C错误； 向气球内吹气，气球的体积变大，这是气体压强作用的缘故，选项D错误；故选B.‎ ‎10．C ‎【解析】‎ 试题分析：电压表V的示数增大，和r两端的电压减小，干路电流减小，则两端的电压减少，电源的内电压也减小，则路端电压即外电路两端的总电压增大，增加量一定小于，故A错误；电压表V的示数增大，和r两端的电压减小，干路电流减小，则两端的电压减少，电源的内电压也减小，则路端电压即外电路两端的总电压增大，所以两端的电压减少量一定小于电压表V的示数增大量，故B错误；电压表V的示数增大，则通过的电流增加，由于是定值电阻，所以其电流增加量一定等于，故C正确；电压表V的示数增大，和r两端的电压减小，干路电流减小，通过的电流减小，电压减小量小于，所以电流减少量一定小于，故D错误；‎ 考点：考查了电路动态变化 ‎【名师点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．‎ ‎11．C ‎【解析】试题分析：弹簧秤的示数等于弹簧的拉力．根据共点力平衡求出弹簧的拉力，从而得出弹簧秤的示数．‎ 两图分别对物体分析，物体受重力和绳子的拉力，绳子的拉力等于弹簧的拉力，所以弹簧秤的示数都等于物体的重力，等于5N，故C正确．‎ ‎12．C ‎【解析】根据题意，两幅图中，拉力等大，作用时间相同，故拉力对绳子的冲量都为：I=Ft，相同，故C正确，B错误；由上可知I=Ft相同，根据动量定理：I=Ft=△P=(M+m) △‎ v，可知速度一样大，故A错误；两种情况下F相同，乙的位移大，根据W=FS可知乙做的功多，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎13．B ‎【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有 得 ；‎ ‎ 粒子在磁场中运动的轨迹如图，从B点离开磁场的粒子，圆心在a点，半径等于正六边形的边长，即rb＝a; 从C点离开磁场的粒子，圆心是O点，半径等于正六边形边长的2倍，即rc＝2a；根据半径公式得 ，‎ ‎，从b点离开磁场的粒子，圆心角èb＝120°；从C点离开磁场的粒子，圆心角èc＝60°; 根据 ，得，故B正确，ACD错误，故选B.‎ 点睛：本题考查了粒子在磁场中的运动，应先分析清楚粒子的运动过程，然后应用牛顿第二定律解题，本题的解题关键是画轨迹，由几何知识求出带电粒子运动的半径和圆心角．‎ ‎14．ACD ‎【解析】‎ 试题分析：当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，与水流速度无关，即船过河的最短时间是一定的,故A正确；只要船头指向对岸，船就一定可以到达对岸，故B错误；因河水的流速是变化的，故合速度是变化的，故船不能沿一直线过河，故C正确；由于水流速度大于船速，合速度不可能垂直河岸，故航线轨迹不能垂直河，故D正确；故选ACD．‎ 考点：运动的合成和分解 ‎【名师点睛】要知道船参与了两个分运动，沿水流方向的直线运动和沿船头指向的匀速直线运动，当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，由于水流速度的变化，合速度的大小和方向都会变化。‎ ‎15．BD ‎【解析】试题分析：A、对分析可得，受到长木板给的摩擦力和拉力F的作用，由于受到的是滑动摩擦力，所以，A错误；‎ B、对木板：水平方向受到木块向右的滑动摩擦力和地面的向左的静摩擦力，因为和是一对相互作用力，所以，由平衡条件得：，故B正确；‎ C、由于木板处于静止状态，所以木板受到地面的摩擦力的大小是μ1m1g．不一定是μ2（m1＋m2）g，C错误；D、无论F多大时，m1给长木板的摩擦力都不可能超过 ‎，所以长木板不会发生运动，D正确；‎ 故选BD。‎ 考点：力的平衡、静摩擦力 ‎【名师点睛】木块与木板之间的摩擦力是滑动摩擦力，大小按照滑动摩擦力公式计算。长木板处于静止状态，木板与地面之间的摩擦力是静摩擦力，大小按照平衡条件计算。无论F多大时，m1给长木板的滑动摩擦力都不可能超过，所以长木板不会发生运动。‎ ‎16．D ‎【解析】试题分析：A点位置在与主动轮接触的皮带上，轮子带着传送带逆时针运动，故传送带受到轮子的摩擦动力，方向向上，那么皮带对主动轮上B点的摩擦力方向向下；同理，C点位置在与从动轮接触的皮带上，轮子是在传送带的带动向下运动的，故皮带对从动轮上D点的摩擦力方向向下，根据牛顿第三定律可知，传送带上的C点受到的摩擦力的方向向上；可知选项D正确。‎ 考点：摩擦力的判断与计算、静摩擦力和最大静摩擦力 ‎【名师点睛】摩擦力方向判定就是要判定物体间的相对运动，涉及到的主动轮和从动轮是个难点，这个要分清主动轮是轮子带动皮带，从动轮是皮带带动轮子，这样就可以判定相对运动，进而确定摩擦力方向。‎ ‎17．B ‎【解析】‎ 试题分析：当滑动变阻器R1的滑动触头P向右滑动时，R1减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U减小，则U1减小．因为U=U1+U2，则△U1＞△U2．根据闭合电路欧姆定律得：U1=E-I（R2+r），则=R2+r，不变；R2为定值电阻，则=R2，不变．由U=E-Ir，得=r，不变，故B错误，ACD正确．本题选错误的，故选B．‎ 考点：电路的动态分析 ‎【名师点睛】本题的难点在于确定电压表示数变化量的大小，采用总量法，这是常用方法。‎ ‎18．AC ‎【解析】 A、由图知，金属棒未进磁场前，‎ 进磁场后匀速运动，，联立两式，代入数据求得，，A正确；‎ B、由功能关系知：，v-t图象中面积表示位移，则x=，，代入上式得：，B错误；‎ C、由得：，C正确；‎ D、金属棒匀速运动时，ab两端的电压为：，D错误：‎ 故选AC。‎ ‎19．BD ‎【解析】由题意可知， ，在t0时刻， ，且， ，联立可得： ‎ A、B、在t0以后， 不变，t增大，a减小，直到后匀速，A错误；B正确；C 、由和可得： ，C错误；‎ D、在0~t0时间内，通过导体棒横截面的电量为： ，D正确；‎ 故选BD。‎ ‎20．BD ‎【解析】速度不同的同种带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期相等，对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中轨迹半径越大，弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，由t=知，运动时间t越小．故A错误；带电粒子的运动轨迹是圆弧，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也一定过圆心．故B正确；速度不同，半径不同，轨迹对应的圆心角不同，对着圆心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN上，与粒子的速度有关．故C错误；速度满足时，粒子的轨迹半径为r==R，入射点、出射点、O点与轨迹的圆心构成菱形，射出磁场时的轨迹半径与最高点的磁场半径平行，粒子的速度一定垂直打在MN板上，故D正确．故选BD ‎【名师点睛】带电粒子射入磁场后做匀速圆周运动，对着圆心入射，必将沿半径离开圆心，根据洛伦兹力充当向心力，求出时轨迹半径，确定出速度的偏向角．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即可分析时间关系．‎ ‎21．（1） BC （2） 机械能 （3） 负 ‎【解析】‎ 试题分析：（1）当将线圈A放在线圈B中，因磁通量不变，则不会引起电流计指针偏转，故A错误；线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故B正确；滑动变阻器的滑片P滑动越快，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故C正确；滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则电流计指针会发生偏转，故D错误；故选BC。‎ ‎（2）如果是因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转，对应的是动生电动势，由能量守恒定律可知，是将机械能转化为动能；‎ ‎（3）因电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，‎ 根据楞次定律，依据图可知，螺线管的感应电流由下向上，则灵敏电流计指针向负接线柱方向偏转；‎ 故答案为：（1）BC；（2）感应电场的电场力，机械能；（3）负．‎ 考点：研究电磁感应现象．‎ ‎【名师点睛】考查感应电流产生条件，掌握楞次定律与法拉第电磁感应的内容，根据感生电动势与动生电动势产生原理，结合感应电场，及能量守恒与转化，即可判定；当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，依据楞次定律的内容，结合电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，即可确定。‎ ‎22．（1）2v0/3（2）v02/（6μg）‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）系统全过程动量守恒 ‎2mv0=3mv2‎ v2=2v0/3‎ ‎（2）BC发生完全非弹性碰撞，有 mv0=2mv1‎ 得v1=v0/2‎ 根据能量守恒有 mv02/2+2mv12/2=3mv22/2+Wf 求出Wf= mv02/12‎ A在C上滑动时摩擦力按线性关系增大，‎ 所以做功大小为Wf= μmgl/2‎ 得l= v02/（6μg）‎ 考点：动量守恒定律及能量守恒定律的应用 ‎【名师点睛】本题综合考查了动量守恒定律和能量守恒定律，综合性较强，对学生的能力要求较高，要加强这方面的训练。‎