河北省蠡县中学2018-2019学年高二9月月考物理试题

河北省蠡县中学2018-2019学年高二9月月考物理试题

高二物理月考试题 学校：__________姓名：__________班级：__________考号：__________‎ 一、选择题（每题4分，共48分，1-8题为单项选择，9-12为多项选择，选对但不全得2分，错选得0分）‎ ‎1、关于点电荷和元电荷的说法中错误的是( )‎ A、只有很小的球形带电体才叫做点电荷 B、带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至于带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷 C、把1.60×10－‎19C的电量叫做元电荷 D、任何带电体的电量都是元电荷的整数倍 ‎2、下列说法中，正确的是( )‎ A、由E=可知，以点电荷Q为中心，r为半径的球面上各处的电场强度都相同 B、在电场中某一点，放入一个正电荷时的场强与放入负电荷时的场强方向相同 C、由U=可知，某两点的电势差与电场力做功成正比，与电荷带电荷量成反比 D、某两点电势差为零，把电荷从这两点中的一点移到另一点，电场力做功一定为零 ‎3、如图所示，A、B为两个固定的等量的同种正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计电荷C所受的重力，则关于电荷C运动过程中的加速度情况，下列说法正确的是(　 　)‎ A．加速度始终增大 ‎ B．加速度始终减小 C．加速度先增大后减小 D．电场情况未知，所以加速度变化情况未知 ‎4、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知∠CAB=60°，AB=‎2AC=‎2cm，将一带电量为q=3×10‎-5C的正电荷从A点移到C点，电场力做功6×10-5J，则下列说法正确的是( )‎ A．C点电势为2V B．电场强度E沿AB方向由A→B，大小为400N／C C．该正电荷在B点具有的电势能为2.4×10-4J D．将该正电荷从C点移到B点，电势能增加了1.8×10-4J ‎5、如图所示，实线AB为一电子在电场中的运动轨迹，虚线为等势线且相邻两等势线间的电势差相等、距离相等，电子运动到等势线φ1上时，具有动能3.0×10﹣20J，它运动到等势线φ3上时，具有动能1.0×1.0﹣20J．令φ0=0，电子重力不计，则下列说法正确的是（　　）‎ A．电场方向水平向左 B．电子在运动过程中加速度变小 C．当该电子的电势能为4×10﹣21J时，其动能大小为3.6×10﹣20J D．电子在A点的电势能为负值 ‎6、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（　　）‎ A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变 B.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小 C.对应P点，小灯泡的电阻为R=30Ω D.对应P点，小灯泡的电阻为R=10Ω ‎7、一个电流表，刻度盘的每1小格代表1，内阻为．如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表，则( )‎ A．给它串联一个电阻，阻值为 B．给它串联一个电阻，阻值为 C．给它并联一个电阻，阻值为 D．给它并联一个电阻，阻值为 ‎8、关于磁感应强度B的概念，下列说法正确的是( )‎ A．根据磁感应强度B的定义式B＝可知，通电导线在磁场中受力为零时该处B为0‎ B．一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力不一定为零 C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度不一定为零 D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同 ‎9、下列关于电场与电场线的说法中，正确的是（　　）‎ A.电场是人为规定的 B.电场是客观存在的特殊物质，它对放入其中的电荷有力的作用 C.电场线是客观存在的一条条的线 D.电场线既能描述电场的方向，又能描述电场的强弱 ‎10、关于电流，下列说法中正确的是( )‎ A.电流流向总是从高电势流向低电势 B.导体中的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比 C.单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大 D.因为电流有方向，所以电流是矢量 ‎11、压敏电阻的阻值R随所受压力的增大而减小，某兴趣小组利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图甲所示．将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体A，电梯静止时电压表示数为Uo，电梯在某次运动过程中，电压表的示数变化情况如图乙所示，下列判断中错误的是（　　）‎ A. 乙图表示电梯可能做变减速下降 B. 乙图表示电梯可能做匀减速下降 C. 乙图表示电梯可能做变减速上升 D. 乙图表示电梯可能做匀速下降 ‎12、如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断正确的是（　　）‎ A. 电源内电路消耗功率一定逐渐增大 B. 灯泡L2一定逐渐变暗 C. 电源效率一定逐渐减小 D. R上消耗功率一定逐渐变小 二、实验题（本题共两小题，共14分；每空2分，作图4分。）‎ ‎13、某同学要测量一均匀新材料制成的热敏电阻的电阻．步骤如下：‎ ‎（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为　 　mm；‎ ‎（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为　 　mm；‎ ‎（3）该同学准备设计实验研究热敏电阻阻值随温度的变化规律，现有以下实验器材：‎ A．热敏电阻（常温下约300Ω）‎ B．温度计 C．电流表A1（60mA，约10Ω）‎ D．电流表A2（‎3A，约0.1Ω）‎ E．电压表V（6V，约15kΩ）‎ F．滑动变阻器R1（200Ω，‎0.5A）‎ G．滑动变阻器R2（5Ω，‎2A）‎ H．蓄电池（9V，0.05Ω）‎ I．开关一个，带夹的导线若干 ‎①实验要求通过热敏电阻的电流从零开始增加，电流表应选择　 　，滑动变阻器选择 　．‎ ‎②请设计电路图，在图3实物图上连线．‎ ‎③通过实验，他得到了该热敏电阻的伏安特性曲线如图4所示，由图可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而　　．‎ 三、计算题（本题共4小题，共50分）‎ ‎14、（7分）规格为“8V、4W”的小灯泡与小型直流电动机（其线圈内阻为r0=0.4Ω）并联后，接至电动势为10V，内电阻r=0.5Ω的电源上，小灯泡恰好正常发光，求：‎ ‎（1）通过小灯泡的电流IL和电源的内电压U′．‎ ‎（2）电路中的总电流I和通过电动机D的电流ID．‎ ‎（3）电动机的输入功率P，发热功率P热和电动机的输出功率P出．‎ ‎15、（10分）如图电路中，电源的电动势E=3V，内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，R2=R4=1Ω，R3=8Ω，R5=5Ω，电容器的电容C=100μF，求闭合电键K后，通过电阻R3的总电量．‎ ‎16、（10分）如图所示，有一正粒子，质量为m，电荷量为q，由静止开始经电势差为U1的电场加速后，进入两块板间距离为d，板间电势差为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入偏转电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场．求：‎ ‎（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0；‎ ‎（2）粒子在偏转电场中运动的时间和金属板的长度；‎ ‎（3）粒子穿出偏转电场时的动能．‎ ‎17、（11分）如图，光滑绝缘半球槽的半径为R，处在水平向右的匀强电场中，一质量为m的带电小球从槽的右端A处无初速沿轨道滑下，滑到最低点B时，球对轨道的压力为1.5mg．求 ‎（1）小球受到的电场力的大小和方向．‎ ‎（2）带电小球在滑动过程中的最大速度．‎ 参考答案 ‎1、A 2、D 3、C 4、B 5、C 6、D 7、D 8、C 9、BD 10、BC 11、BCD ‎ ‎12、ABC ‎13、（1）52.30；（2）4.300；（3）①A1，R2；②如图；③减小 ‎14、解：（1）由题意规格为“8V、4W”的小灯泡恰好正常发光，可知电路的路端电压U=8V，则内电压：‎ U内=E﹣U=10V﹣8V=2V；‎ 由于灯泡正常发光，所以灯泡的电流为：‎ IL==‎‎0.5A ‎（2）电路的总电流：‎ I=‎ 电动机的电流为：‎ ID=I﹣IL=4﹣0.5=‎‎3.5A ‎（3）电动机线圈的发热功率：‎ P热=ID2r0=3.52×0.4W=4.9W；‎ 电动机的总功率的大小为：‎ P=UI=8×3.5W=28W；‎ 所以电动机的输出的功率为：‎ P′=28﹣4.9=23.1W ‎15、解：电键K断开时，电容器充电电压为电阻两端的电压，‎ 则充电电量且上正下负 K电键闭合后，电阻并联与电源内阻串联分压，‎ 外电路的总电阻为：=‎ 总电流为 路端电压为：U=E﹣Ir=3﹣1×1=2V 的电压为 的电压 电容器的电压等于与电压之差，为 则得电容器的带电量 因为，外电路中顺着电流方向电势降低，可得电容器下极板的电势高，带正电，上极板的电势低，带负电 因此，闭合电键K后，通过电阻的总电量 ‎16、解：（1）粒子在加速电场后经电场加速，根据动能定理有：‎ 可得 ‎（2）粒子在右边的偏转电场中可分解为沿板方向的匀速直线运动和垂直板方向的匀加速直线运动，所以沿板方向：‎ x=L=v0t…①‎ 垂直板方向：‎ y==at2…②‎ 而加速度：．a=…③‎ 由以上各式解得：L=；t=；‎ ‎（3）质子先在加速电场中电场力对其做正功，而后又在偏转电场中，尽管做曲线运动，但电场力对它仍然做正功，且电场力做功与路径无关．所以整个过程由动能定律得：‎ eU1+e=Ek﹣0‎ 所以质子射出电场时的动能为：Ek=e（U1+）‎ ‎17、【解答】解：（1）设小球运动到最底位置B时速度为v，此时…①‎ 解得：v=‎ 若不受电场力，则 解得：‎ 因为v′＞v 所以此过程中电场力做负功，电场力方向水平向右 设电场力大小为F，由题意，小球从A处沿槽滑到最底位置B的过程中，根据动能定理得：…②‎ 由①、②两式得：…③，方向水平向右 ‎（2）小球在滑动过程中最大速度的条件：是小球沿轨道运动过程某位置时切向合力为零，设此时小球和圆心间的连线与竖直方向的夹角为θ，如图 mgsinθ=Fcosθ…④‎ 由④得：tanθ=小球由A处到最大速度位置得过程中mgRcosθ﹣FR（1﹣sinθ）=m﹣0，‎ 得：vm=‎