物理·山东省德州市禹城市综合高中2016-2017学年高二上学期10月月考物理试题 Word版含解析

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物理·山东省德州市禹城市综合高中2016-2017学年高二上学期10月月考物理试题 Word版含解析

禹城市综合高中高二物理月考试题 ‎20161020‎ 内容:选修3--1 第一章+第二章前七节 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。第Ⅰ卷56分,第Ⅱ卷44分,共100分;考试时间90分钟。‎ 第Ⅰ卷(选择题,共56分)‎ 一. 选择题(本题共14小题,每小题4分,共56分。1--8为单选题,9--14为多选。答对得4分,少选得2分,多选或不选得0分,请将正确答案的序号填涂在答题卡上)‎ ‎1.下列说法中,正确的是 A.适用于真空中点电荷产生的电场,采用了比值定义法 B.电场中某点场强的方向与试探电荷的正负无关 C.电场强度方向就是放入电场中的负电荷受到的电场力的方向 D.在一个以点电荷为中心,r为半径的球面上各处的电场强度都相同 ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了电场强度知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 公式适用于真空中点电荷产生的电场,其中电场强度与场源电荷Q,以及距离点电荷的距离有关,不是比值法定义的,选项A错误;电场中某点场强的方向,与试探电荷的正负无关,与正点电荷受到的电场力方向相同,与负点电荷受到的电场力方向相反,选项 B正确;电场强度方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向,选项 C错误;在一个以点电荷为中心,r为半径的球面上各处的电场强度的大小都相同,而方向不同,选项D错误。综上本题选B。‎ ‎2如图虚线a、b、c代表电场中三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即,实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,据此可知 A.P点的电势高于Q点的电势 B.该质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大 C.该质点通过P点时的动能比通过Q点时大 D.该质点通过P点时的加速度比通过Q点时小 ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了等势面,电势能等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由粒子运动的运动轨迹图可知负电荷做曲线运动,电场力指向曲线的内侧,根据电场线与等势面垂直,结合轨迹弯曲的方向和负电荷可知,电场线斜向上,沿电场线方向电势降低,则c的电势(Q点)最高,选项A错误;利用推论:负电荷在电势高处电势能小,则可知P点电势能大,选项 B正确;只有电场力做功,电势能和动能之和守恒,故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和,P点电势能大,动能小,选项C错误;相邻等势面之间的电势差相等,根据等差等势面的疏密可以表示电场的强弱,P处的等势面密,所以P点的电场强度大,粒子受到的电场力大,粒子的加速度大,选项 D错误。综上本题选B。‎ ‎3如图所示,a、b、c是一条电场线上的三点,电场线的方向由a到c,a、b间距离等于b、c间距离,用φa、φb、φc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和场强,可以判定 ‎ A.φa>φb>φc B.Ea>Eb>Ec ‎ C.φa -φb=φb -φc D.Ea = Eb = Ec ‎【答案】A ‎【解析】本题考查了电场强度,电势等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由题意可知,只有一条电场线,不能确定周围电场线的分布情况,无法比较电场强弱及两点间的电势差,公式U=Ed也不能适用,选项BCD错误;沿电场线方向电势降低,根据电场线方向可知,选项A正确。综上本题选A。‎ ‎4平行板电容器充电后断开电源,现将其中一块金属板远离另一板平移一小段距离.下图表示此过程中电容器两板间有关的物理量随两板间距离d的变化关系,正确的是 A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】本题考查了电容器,电容等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 根据公式,可知d增大,则电容C减小,选项A错误;平行板电容器充电后断开电源,电量Q保持不变,选项B错误;结合公式,与,得,可见此时电场强度与d无关,选项C正确;根据,得,可知电容减小,电量不变,则电势差增大,选项 D错误。综上本题选C。‎ ‎5如图所示,电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动,然后射入电势差为U2的两块水平的平行极板间的偏转电场中,入射方向跟极板平行.整个装置处在真空中,重力可忽略.在满足电子能射出平行板区域的条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏转角θ变小的是 A.U1变大、U2变大 B.U1变小、U2变大 C.U1变大、U2变小 D.U1变小、U2变小 ‎【答案】C ‎【解析】本题考查了带电粒子在匀强电场中的运动知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 设电子被加速后获得初速为,则由动能定理得:,又设极板长为l,则电子在电场中偏转所用时间:‎ ‎,又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a,由牛顿第二定律得:,电子射出偏转电场时,平行于电场方向的速度:,联立以上各式可得:,则有:,则 一定能使电子的偏转角θ变小是U1变大,U2变小,选项C正确,选项ABD错误。综上本题选C。‎ ‎6关于电动势下列说法正确的是 ‎ A.电源电动势等于电源正负极之间的电势差 ‎ B.用电压表直接测量电源两极得到的电压值,实际上总略小于电源电动势的准确值 ‎ C.电源电动势总等于内、外电路上的电压之和,所以它的数值与外电路的组成有关 ‎ D.外电路的总电阻越小,则路端电压越接近电源的电动势 ‎ ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了电源的电动势和内阻,闭合电路欧姆定律等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小,电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压,只有当电源处于断路状态时,电源的电动势才等于路端电压,选项A错误;电压表是有内阻的,跟电源连接后构成一个闭合回路,测量的是电压表内阻两端的电压,所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势,选项B正确;电动势反映电源的特性,与外电路的结构无关,选项 C错误;根据闭合电路的欧姆定律可知,外电路的总电阻越大,则路端电压越接近电源的电动势,选项D错误。综上本题选B。‎ ‎7如图所示的电解池接入电路后,在秒内有个价正离子通过液体内截面,有个价负离子通过内截面,设为元电荷,以下说法正确的是 A.当时电流强度为零 B.当时,电流方向从,电流强度 C.当时,电流方向从,电流强度 D.电流方向从,电流强度 ‎【答案】D ‎【解析】本题考查了电流知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 电荷的定向移动形成电流,正电荷的定向移动方向是电流方向,由图示可知,溶液中的正离子从A向B运动,因此电流方向是,则电流强度为:,选项D正确,选项ABC错误。综上本题选D。‎ ‎8用同种导体材料做成一个边长为a的正方体,接入电路时的电阻为R,若将其切成8块边长均为a/2的小正方体,每小块正方体接入电路时的电阻为 A.R/8 B.R /2 C.R D.2R ‎【答案】D ‎【解析】本题考查了电阻定律知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 边长为a的正方体,横截面积为a2,根据电阻定律得:,边长为的正方体,横截面积为,根据电阻定律得:,所以,选项D正确,选项ABC错误。综上本题选D。‎ ‎9小灯泡通电后其电流随所加电压变化的图线如图所示,为图线上一点,为图线的切线,为轴的垂线,为轴的垂线.则下列说法中不正确的是 A.随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大 B.随着所加电压的增大,小灯泡的电阻减小 C.对应点,小灯泡的电阻为 D.对应点,小灯泡的电阻为 ‎【答案】BD ‎【解析】本题考查了欧姆定律知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 根据欧姆定律得,电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数,由图可知图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小,说明电阻逐渐增大,选项A正确,选项B错误;对应P点,由图可知,小灯泡两端的电压是U1,流过小灯泡的电流是I2,所以电阻,选项C正确,选项D错误。本题选不正确的选项,综上本题选BD。‎ ‎10在电子仪器中。常用两个阻值不同的电位器(可变电阻)调节电路中的电流,一个做粗调(电流改变量大)一个做细调(电流改变量小)现连成如图所示两种方式已知R1>R2,则 A.串联时,R1做粗调 B.串联时,R1做细调 C.并联时,R1做粗调 D.并联时,R1做细调 ‎【答案】AD ‎【解析】本题考查了闭合电路欧姆定律,串并联电路等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 串联时,电路中电流相等,由于R1>R2,根据欧姆定律,可知,在电压一定的情况下,电阻大的对电路中的电流影响大,故R1对电流的影响大,起粗略调节作用,R2电阻小,对电路中的电流影响较小,做细调,选项A正确,选项B错误;并联时,电路中电压相等,根据欧姆定律,可知,在电压一定的情况下,电阻越小,其对干路电流的影响就越大,故R2对电流的影响大,起粗略调节作用,R1影响较小,做细调,选项C错误,选项D正确。综上本题选AD。‎ ‎11如图所示,电源电动势为E,内阻为r,、、是三个可变电阻,在这三个可变电阻发生下列各组变化过程中,一定能够使通过的电流变小的是 A. 只是变大,其他电阻不变 ‎ B.只是变小,其他电阻不变 C.只是、变小,其他电阻不变 D.只是变小,其他电阻不变 ‎【答案】AD ‎【解析】本题考查了闭合电路欧姆定律,串并联电路等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由电路图可知与并联后再与串联,只是变大时,电路总电阻增大,总电流减小,因并联部分电阻不变,故流过的电流减小,选项A正确;只是变小时,电路总电阻减小,总电流增大,则分流增大,选项B错误;只是变小,总电阻变小,由闭合电路欧姆定律可知,总电流增大,由于不变,根据并联电路电流之比等于电阻的反比,可知中电流将增大,选项 C错误;只是变小,总电阻变小,由闭合电路欧姆定律可知,总电流增大,内电压以及两端的电压增大,则可知并联部分电压减小,所以流过的电流减小,选项D正确。综上本题选AD。‎ ‎12用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5 V和10 V的电压表,串联后测量12 V的电压,则 A.两表的电压示数相同,均为6 V B.两表头的指针的偏角相同 C.两表头的指针的偏角不相同 D.两表的电压示数不同 ‎【答案】BD ‎【解析】本题考查了把电流表改装成电压表知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 因改装后的电压表量程不同,可知内阻不同,则分压不同,故串联后测量12 V的电压,两电压表示数不同,选项A错误,选项D正确;因两个改装后的电压表串联,通过表头的电流相等,则指针偏转角度相同,选项B正确,选项C错误。综上本题选BD。‎ ‎13两只定值电阻R1=10 Ω,R2=30 Ω,电压表一个,练习使用电压表测电压,电路连接如图所示,电源输出电压U=12 V不变,先用电压表与R1并联,电压表示数为U1,再用电压表与R2并联,电压表示数为U2,则下列说法正确的是 A.U1一定为3.0 V B.U2一定小于9.0 V C.U1与U2之和一定为12 V D.U1与U2之和小于12 V ‎【答案】BD ‎【解析】本题考查了闭合电路欧姆定律,串并联电路等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由题可知,不接电压表时,串联,电压之比,而,解得:, ,当电压表并联在两端时,,则可知,选项A错误;同理,当电压表并联在两端时,,选项B正确;由于,,所以,选项C错误,选项D正确。综上本题选BD。‎ ‎14如图所示是将滑动变阻器用作分压器的电路,A、B为分压器的输出端,电源电压U恒定,若把变阻器的滑片放在变阻器的中间,下列判断正确的是 A. AB间不接负载时输出电压UAB= B.当AB间接上负载R时,输出电压UAB < C.负载电阻R越大,UAB越接近 D.接上负载后要使UAB=,则滑片P应向下移动 ‎【答案】ABC ‎【解析】本题考查了串联电路与并联电路知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 当AB间不接负载时,触头把滑动变阻器分成相等的两部分,由串联电路特点可知,输出电压为电源电压的一半,即输出电压为UAB=‎ 选项A正确;当AB间接上负载R时, R与滑动变阻器的下半部分并联,再与滑动变阻器的上半部分串联,因为并联电路的总电阻总要小于任一支路的电阻,而串联电路中各支路的电压与电阻成正比,所以接R时,输出电压,选项B正确;负载电阻R的阻值越大,负载电阻与滑动变阻器下半部分电阻的并联总电阻值越大,输出电压越大,UAB就越接近,选项C正确;接上负载R时,电路总电阻变小,干路电流变大,滑动变阻器上半部分电压变大,大于电源电压的一半,则A、B间的输出电压,要使输出电压,滑片应向上移动,以增大并联电阻的总阻值,选项 D错误。综上本题选ABC。‎ 二、实验题。‎ ‎15(3分)如图所示,有一未知电阻Rx,为了较准确地测出其电阻值,某同学通过以下两组测量数据,判断电压表S端是接a点还是接b点。当电压表的S端接a点时,两个电表的示数分别为11V、1.9A;当电压表的S端接b点时,两个电表的示数分别为10V、2.0A,那么S接在 端(填“a”或“b”)时误差较小,该电阻的测量值较为准确的数值应是 ,测量值与真实值的偏差情况是 (填“偏大”或“偏小”)。‎ ‎【答案】b  5.0     偏小 ‎【解析】本题考查了伏安法测电阻的电学实验,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由题意可知电压表示数变化了1V,电流表示数变化了0.1A,因为, ,可见电压表示数变化明显,为减小测量误差,S接在应接在b点。此时电流表采用的是外接法,则电阻测量值,由于采用电流表外接法,使电压测量值大于真实值,电阻测量值大于真实值,即测量值与真实值的偏差情况是偏大。‎ ‎16.(8分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,可供选择的器材及代号如下:‎ A.待测小灯泡“3.0V 15Ω”‎ B.电流表(量程200mA,内阻约为1Ω)‎ C.电流表(量程0.6A,内阻约为0.5Ω)‎ D.电压表(量程3.0V,内阻约为10kΩ)‎ E.电压表(量程6.0V,内阻约为20kΩ)‎ F.滑动变阻器(最大阻值为100Ω,额定电流50mA)‎ G.滑动变阻器(最大阻值为10Ω,额定电流1.0A)‎ H.电源(电动势为4.0V,内阻不计) I.电键及导线等 ‎(1)(3分)为了使实验完成的更好,电流表应选用 ;电压表应选用 ;滑动变阻器应选用 。(只需填器材前面的字母即可)‎ ‎(2)请在线框内画出实验电路图。(5分)‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎【答案】(1)B D G ‎(2) ‎ ‎【解析】本题考查了描绘小电珠的伏安特性曲线的电学实验,意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)由题可知待测小灯泡“3.0V 15Ω”,所以电压表应选D;由欧姆定律可知通过小灯泡的额定电流为 ‎ ‎,所以电流表应选B;因为电压、电流需从零开始测起,所以滑动变阻器采用分压式接法,在保证安全性原则下,为了方便调节应选用较小的滑线变阻器,所以滑动变阻器应选用G。综上本题选BDG。‎ ‎(2)因为电压、电流需从零开始测起,滑动变阻器采用分压式接法,小灯泡的电阻比较小,电流表采用外接法,实验电路如图所示:‎ 三.计算题(要有必要的文字说明,重要的原始公式和重要的演算步骤。8+12+13=33分)‎ ‎ 17(8分)如图所示为某一用直流电动机提升重物的装置,重物的质量m=50kg,电源的电动势E=110V.不计电源电阻及各处的摩擦,当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时,电路中的电流I=5A,试求: (1)电动机的输出功率; (2)电动机的输入功率; (3)电动机线圈的电阻 ‎【答案】(1)450W  (2)550W  (3) 4Ω ‎【解析】本题考查了电功、电功率知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)电动机的输出功率P2=mgv=500×0.9W=450W;‎ ‎(2)电动机的输入功率P1=EI=110×5W=550W;‎ ‎(3)根据能量守恒定律得P1-P2=I2r,则线圈内阻r=Ω=4Ω。‎ ‎18(12分).在如图所示的电路中,电源电动势E=3.0V,内电阻r=1.0Ω;电阻R1=R2 =10Ω,R3=30Ω,电容器的电容C=100uF,电容器原来不带电。求接通电键K后流过R4的总电荷量。‎ ‎【答案】2×10-4C ‎【解析】本题考查了电容,闭合电路欧姆定律,串联电路与并联电路等知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ 当电路稳定后,外电路总电阻为R===8Ω,‎ 路端电压为U=E=V,电阻的电压为=U=2V,则电容器的电压Uc=U3=2V,则接通电键K后流过R4的总电量为Q=CUc=100×10-6×2C=2×10-4C。‎ ‎19(13分)一质量为m、带电荷量为+q的小球以水平初速度v0进入竖直向上的匀强电场中,如图甲所示.今测得小球进入电场后在竖直方向下降的高度y与水平方向的位移x之间的关系如图所示.根据图乙给出的信息(重力加速度为g).求:(1)匀强电场场强的大小. ‎ ‎(2)小球在h高度处的动能 ‎【答案】(1)-  (2)m+‎ ‎【解析】本题考查了带电粒子在匀强电场中的运动知识点,意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)小球进入电场后,水平方向做匀速直线运动,设经过时间t,则 水平方向: L=v0t,竖直方向:h=,由牛顿第二定律得:a=‎ 解得:E=-;‎ ‎(2)由动能定理得:mgh-qEh= Ek – m,解得:Ek=m+。‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎
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