福建省厦门市湖滨中学2019-2020学年高一下学期第三次月考物理试题

福建省厦门市湖滨中学2019-2020学年高一下学期第三次月考物理试题

‎2019---2020学年第二学期高一物理第三次月考 ‎1.用力F使质量为10kg的物体从静止开始，以的加速度匀加速上升，不计空气阻力，g取，那么2 s内F做功(     )‎ A. 80J B. 200J C. 480J D. 400J ‎2.质量为m的小物块，从离桌面高H处由静止下落，桌面离地面高为h，如图所示．如果以桌面为参考平面，那么小物块落地时的机械势能及整个过程中重力势能的变化分别是（   ）‎ A.mgh，减少mgh            ‎ B.mgh，增加mg（H+h）‎ C.mgH，减少mg（H+h）   ‎ D.﹣mgh，减少mg（H+h）‎ ‎3.如图，倾角θ=37°的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L=0.75m，质量m=1.0kg的物块从斜面顶端无初速度释放，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取， 则（   ）‎ A. 物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为18W B. 物块滑到斜面底端时的动能为1.5J C. 物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为24W D. 物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力做功为7.5J ‎4.质量为m的物体在拉力F的作用下从静止以2g的加速度匀加速上升h，不计空气阻力，则（    ）    ‎ ‎(1)  ‎ A. 拉力F做功2mgh                      ‎ B. 物体克服重力做功2mgh C. 物体的动能增加了2mgh D. 物体的机械能增加了2mgh ‎5.美国的NBA篮球赛非常精彩，吸引了众多观众。经常能看到这样的场面：在终场前0.1s的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的最后胜利。已知球的质量为m，运动员将篮球投出，球出手时的高度为、动能为、篮筐距地面高度为。不计空气阻力。则篮球进筐时的动能为 A.‎ B.‎ C.‎ D.‎ ‎6.小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬骑车匀速前行．设小明与车的总质量为100kg，人与车的速度恒为5m/s，骑行过程中所受阻力约为车和人总重的0.02倍，取，小明骑此电动车做功的功率约为（　　）‎ A. 10 W B. 100 W C. 1000 W D. 10000 W ‎7.如图所示，不计空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从小球接触弹簧到将弹簧压缩到最短的整个过程中，下列说法正确的是(    )‎ ‎ ‎ A.小球动能和弹簧的弹性势能之和一直增大 B. 小球弹簧组成的系统重力势能、弹性势能和动能之和保持不变 C. 小球动能一直减小 D. 小球重力势能与弹簧弹性势能之和一直增大 ‎8.一汽车的额定功率为，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为，则(    )‎ A. 若汽车以额定功率启动，则做加速度减小的直线运动 B. 若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于 C. 无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力均成正比 D. 汽车以速度匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力 ‎9.在一次冰壶比赛中，运动员以一定的初速度将冰壶沿水平面抛出，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化图线如图所示，已知冰壶质量为19kg，g 取，则以下说法正确的是（　）‎ A.           ‎ B.‎ C. 滑行时间      ‎ D. 滑行时间  ‎ ‎10.如图所示，木块放在光滑水平面上，一颗子弹水平射入木块中，子弹受到的平均阻力为f，射入深度为d，此过程中木块位移为s，则（     ）‎ A.子弹损失的动能为fd               ‎ B.木块增加的动能为fs C.子弹动能的减少等于木块动能的增加 D.子弹、木块系统总机械能的损失为fd ‎11.用如图实63甲所示的装置“验证机械能守恒定律”。‎ ‎(1)下列物理量需要测量的是________，通过计算得到的是________(填写代号)。‎ A．重锤质量         B．重力加速度 C．重锤下落的高度   D．与下落高度对应的重锤的瞬时速度 ‎(2)设重锤质量为m、打点计时器的打点周期为T、重力加速度为g。图乙是实验得到的一条纸带，A、B、C、D、E为相邻的连续点。根据测得的、、、写出重锤由B点到D点势能减少量的表达式_____________，动能增加量的表达式_____________。‎ ‎12.如图所示，用竖直向上的拉力F提升原来静止的质量m=10kg的物体，使其以的加速度匀加速竖直上升，不计其他阻力，，求开始运动的3s内：‎ ‎(1)物体重力做的功；‎ ‎(2)拉力F做的功；‎ ‎(3)物体合外力做功的平均功率．‎ ‎13.为缓解能源紧张压力、减少环境污染，汽车制造商纷纷推出小排量经济实用型轿车．某公司研制开发了某型号小汽车发动机的额定功率为24kW，汽车连同驾乘人员总质量为m＝2t，在水平路面上行驶时受到恒定的阻力是1000 N，如果汽车从静止开始以的加速度做匀加速直线运动，功率达到最大后又以额定功率运动了一段距离，最终汽车达到了最大速度．在刚达到最大速度时，汽车共运动了40s，g取，求：‎ ‎(1)汽车所能达到 最大速度多大；‎ ‎(2)汽车做匀加速运动过程能维持多长时间？‎ ‎(3)汽车速度为12 m/s时的加速度．‎ ‎(4)汽车在整个加速过程中，汽车的位移为多少？‎ ‎14.如图所示，一轻弹簧原长L=1m，其一端固定在倾角为37°的固定直轨道AC的底端A处，另一端位于直轨道上B处，弹簧处于自然状态， AC＝3.5L 。质量m=1kg的小物块P自C点由静止开始下滑，最低到达E点(未画出)，随后P沿轨道被弹回，最高到达F点，AF＝ 2L，已知P与直轨道间的动摩擦因数μ ＝0.25 。 （取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，重力加速度g取) 求：‎ ‎(1)P第一次运动到B点时速度的大小；‎ ‎(2)P运动到E点时弹簧的压缩量x及弹簧的弹性势能 。‎ 2019- ‎--2020学年第二学期高一物理第三次月考参考答案 ‎【知识点】(1)功 ‎【详解】(1)由F−mg=ma可得：‎ F=10×2+10×10=120N；‎ ‎2s内物体的位移为：=12×2×4=4m，‎ 则拉力的功为：W=FL=120×4J=480J，‎ ‎【答案】(1)C ‎2.【能力值】无 ‎【知识点】(1)机械能和机械能守恒定律 ‎【详解】(1)以桌面为参考平面，小物块落地时在桌面下方，所以小物块落地时的重力势能为−mgh.。据重力做功与重力势能变化的关系得：‎ ‎ 小球下落的过程中 所以小球重力势能减少mg（H+h）。‎ ‎【答案】(1)C ‎3.【能力值】无 ‎【知识点】(1)由受力情况判断物体的运动情况、动能定理的应用 ‎【详解】(1)A. 由受力分析可知 瞬时功率为：，故A正确 B. 根据动能定理可得：，故B错误 C. 由得：t=0.5s 平均功率为：，故C错误 D. 重力做的功为：，故D错误；‎ ‎【答案】(1)A ‎4.【能力值】无 ‎【知识点】(1)功能关系 ‎【详解】(1)A. 根据牛顿第二定律得，F−mg=2mg，解得F=3mg，则拉力做功W=Fh=3mgh.故A错误。‎ B. 物体克服重力做功的大小为mgh，故B错误。‎ C. 根据动能定理知，合力做功为2mgh，则动能的增量为2mgh.故C正确。‎ D. 除重力以外其它力做功等于机械能的增加量，则△E=Fh=3mgh.故D错误。‎ ‎【答案】(1)C ‎5.【能力值】无 ‎【知识点】(1)机械能和机械能守恒定律 ‎【详解】(1)篮球机械能守恒得，‎ 解得，‎ ‎【答案】(1)A ‎6.【能力值】无 ‎【知识点】(1)功率 ‎【详解】(1)试题分析:设人汽车的速度大小为5m/s,人在匀速行驶时，人和车的受力平衡，‎ 阻力的大小为f =0.02mg =0.02x1000N= 20N ,‎ 此时的功率P=Fv= fv=20x 5W =100W，‎ ‎【答案】(1)B ‎7.【能力值】无 ‎【知识点】(1)机械能和机械能守恒定律 ‎【详解】‎ ‎(1)A项:小球的重力势能一直减小,由系统的机械能守恒知,小球动能和弹簧的弹性势能之和一直增大,故A正确;B、D项:对小球和弹簧组成的系统,只有重力和弹力做功,系统的机械能守恒,即小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变,由于小球的动能先增大后减小,则小球重力势能与弹簧弹性势能之和先减小后增大,故B正确, D错误。C项:小球在刚接触弹簧的阶段,弹簧的弹力小于重力,合力向下,小球做加速运动。弹簧的弹力越来越大,后来弹簧的弹力大于小球的重力,合力向上,小球做减速运动,所以小球的动能先增大后减小,故C错误;‎ ‎【答案】(1)A,B ‎8.【能力值】无 ‎【知识点】(1)恒定功率启动 ‎【详解】(1)A、当汽车以额定功率启动时,由P= FV可以知道，牵引力随着速度的增大而减小，则加速度也减小，故汽车做加速度减小的直线运动;所以A选项是正确的;‎ B、汽车匀加速启动时,刚达到额定功率时加速度不为零,此后还要继续加速;故没有达到最大速度;故B错误;C、因汽车受到阻力,故加速度和牵引力与阻力的合力，成正比;故C错误;D、汽车匀速行驶时牵引力等于阻力,故要减速时,应减少牵引力;所以D选项是正确的;‎ ‎【答案】(1)A,D ‎9.【能力值】无 ‎【知识点】(1)动能定理的应用 ‎【详解】(1)由动能定理得:；由图知: s= 5m, 代入得-μx19x10x5=0- 9.5 ;计算得出μ= 0.01 ;设冰壶的初速度为v.则有:。mu2= 9.5 ,得v= 1m/s由得:滑行时间所以BD选项是正确的 ‎【答案】(1)B,D ‎10.【能力值】无 ‎【知识点】(1)与动量能量结合的板块模型 ‎【详解】(1)A. 对子弹运用动能定理得,.故子弹损失的动能为f(s+d)，故A错误；‎ B. 对木块运用动能定理得,，则木块获得的动能为fs，故B正确；‎ C. 子弹减少的动能转化为木块增加的动能和系统增加的内能，故子弹动能的减少大于木块动能的增加。故C错误；‎ D. 系统损失的机械能转化为产生的内能Q=fd，故D正确。‎ ‎【答案】(1)B,D ‎11.【能力值】无 ‎【知识点】(1)原理设计与器材选择 ‎(2)原理设计与器材选择 ‎【详解】(1)实验中需要直接测量的是重锤下落的高度，通过计算得到的是与下落高度相对应的重锤的瞬时速度。‎ ‎(2)重锤重力势能的减少量为，‎ ‎，‎ ‎，‎ 故重锤动能的增加量为.‎ ‎【答案】(1)C　D ‎(2)  ‎ ‎12.【能力值】无 ‎【知识点】(1)功 ‎(2)功 ‎(3)功率 ‎【详解】(1)3s内物体上升的高度,‎ 物体重力做的功为：WG=-mgh=-100×9J=-900J ‎(2)根据牛顿第二定律得，F-mg=ma 解得F=mg+ma=100+10×2N=120N 则拉力做功W=Fh=120×9J=1080J ‎(3)‎ 则平均功率 ‎【答案】(1)-900J ‎ ‎(2)1080J ‎(3)60W ‎13.【能力值】无 ‎【知识点】(1)恒定加速度启动 ‎(2)恒定加速度启动 ‎(3)恒定加速度启动 ‎(4)匀变速直线运动的平均速度 ‎【详解】(1)汽车速度达到最大时，机车牵引力F=f 又P＝Fv，‎ 所以最大速度为：‎ ‎(2)设汽车匀加速结束时速度为，此时汽车的功率达到额定功率，则 又由 联立代入数据得 ‎(3)汽车速度为12m/s时，牵引力，‎ 根据牛顿第二定律得，汽车的加速度.‎ ‎(4)匀加速直线运动的位移,‎ 汽车整个加速过程中，根据动能定理得,‎ 代入数据得S=288m.‎ ‎【答案】(1)24m/s ‎ ‎(2)8s ‎(3)‎ ‎(4)288m ‎14.【能力值】无 ‎【知识点】(1)动能定理的应用 ‎(2)动能定理的应用 ‎【详解】(1)根据题意知，B、C之间的距离为3.5L－L=2.5L　   ‎ 设P到达B点时的速度为vB，由动能定理得 解得：.‎ ‎(2)设BE＝x，P到达E点时弹簧的弹性势能为，P由C点运动到E点再弹回到F点的过程中，由动能定理有 ‎ mg（3.5L-2L）sin37°－μmgL1cos37°＝0  ‎ 且 ‎ 解得x=0.5m ‎ P由C点运动到E点的过程中，由动能定理有 则 ‎【答案】(1)‎ ‎(2)12J　   ‎