辽宁省盘锦市第二高级中学2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题

辽宁省盘锦市第二高级中学2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题

盘锦市第二高级中学高二上学期期初考试物理试卷 注意事项：‎ ‎1．本试卷共4页，满分100分，考试用时90分钟。‎ ‎2．用黑色中性笔、黑色墨水的钢笔在试题答题纸上做答。‎ 一、选择题（本题有12个小题，每题4分，共48分．2.3.6.11.12. 为多选题，全选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。）‎ ‎1.关于点电荷的说法,正确的是(　　)‎ A. 只有体积很小的带电体,才能看作点电荷 B. 体积很大的带电体一定不能看作点电荷 C. 点电荷一定是电荷量很小的电荷 D. 两个带电的金属小球,不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 点电荷是理想化模型，只有当体积、形状等对于研究问题没有影响，才可看作点电荷，D正确。‎ ‎2.关于电动势，下列说法正确的是（ ）‎ A. 电源两极间的电压等于电源的电动势 B. 电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大 C. 电源的电动势与外电路的组成无关 D. 电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和.当电源没有接入电路时,电路中没有电流,电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故A错误.‎ BD．电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，所以电动势越大的电源，表示将其他形式的能转化为电能的本领越大,所以B正确，D错误.‎ C．电动势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故C正确.‎ ‎3.下列关于匀强电场中场强和电势差的关系的说法中，正确的是（ ）‎ A. 在相同的距离上，电势差大的其场强也必定大 B. 任意两点的电势差，等于场强与这两点间距离的乘积 C. 沿着电场线方向，相等距离上的电势降落必定相等 D. 电势降低最快的方向，必定是电场强度的方向 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．根据公式：‎ 可以知道两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积.相同距离没有说明是否是电场方向的距离，故A错误，B错误.‎ C．在匀强电场中根据公式：‎ 可以知道沿电场线方向距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等.所以C正确.‎ D．电势减小的方向不是场强的方向，电势降低最快的方向才是场强的方向，故D正确.‎ ‎4.根据部分电路欧姆定律，下列判断正确的有（ ）‎ A. 导体两端的电压越大，电阻就越大 B. 导体中的电流越大，电阻就越小 C. 比较几只电阻的I－U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较大的那个电阻的 D. 由可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 导体的电阻与导体两端的电压和导体中的电流无关，只有导体本身决定，选项BA错误；比较几只电阻的I－U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较小的那个电阻的，选项C错误；由可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比，选项D正确；故选D.‎ ‎5.如图所示，在匀强电场中有A、B两点，将一电量为q正电荷从A点移到B点，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，则 （ ）‎ A. W1＞W2＞W3 ‎ B. W1＜W3＜W2‎ C. W1=W2 =W3‎ D. W1=W2＜W3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 电场力做功根路径无关，所以A B D错误C正确。‎ ‎6.如图所示，在一个正点电荷产生的电场中的一条电场线上依次有A、B、C三点，分别把+q和－q的两个检验电荷依次放在三点上，关于它所具有的电势能的正确说法是（ ）‎ A. 放上+q时，它们的电势能EPA＞EPB＞EPC B. 放上+q时，它们的电势能EPA＜EPB＜EPC C. 放上－q时，它们的电势能EPA＞EPB＞EPC D. 放上－q时，它们的电势能EPA＜EPB＜EPC ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB、放上+q时，沿着电场线运动电场力做正功，所以电势能减小，故EPA＞EPB＞EPC，A对；B错；‎ CD、放上－q时，沿着电场线运动电场力做负功，电势能增加，所以EPA＜EPB＜EPC，故C错；D对；‎ 综上所述本题答案是：AD ‎7. 一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两板间的场强，U表示电容器的电压，W表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（ ）‎ A. U变大，E不变 B. E变大，W变大 C. U变小，W不变 D. U不变，W不变 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ 试题分析：电容器充电后与电源断开，所以电容器所带电荷量Q是一个定值，根据公式，公式,公式,可得,与极板间的距离无关，所以极板间的电场强度不变，正极板下移过程中，正电荷仍旧静止，所以电场力不做功，电势能不变，下移过程中d减小，所以C增大，又因为Q不变，所以U减小，负极板接地，所以电势为零，P点到负极板的电势差为为P到负极板的距离，保持不变，所以电势不变，故C正确 考点：考查平行板电容、电场强度、电势、电势能的关系 点评：处理此类问题，先要分析电容器的变量和不变量，判断电容变化，再由电场中的电势、电势能、电势差和场强的关系求解 ‎8.图示电路中电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计。那么，开关K接通后流过R2的电流是K接通前的（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】设三个电阻均为R；开关S接通前，流过R2的电流为：；开关S接通后，流过R2的电流为：。则I2：I1=2：3；故选B。‎ ‎9. 图中实线表示电场线，虚线表示等势面，过a.b两点的等势面的电势分别为40V、20V，那么ab连线的中点c的电势值为 （　　）‎ A. 等于30V B. 大于30V C. 小于30V D. 无法确定 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】电场线越密场强越大，所以ac间的平均场强大于bc间的平均场强，由U=Ed可知Uac较大，所以C点电势小于30V，C对；‎ ‎10.在电场中，已知A点的电势高于B点的电势，那么 ( )‎ A. 把负电荷从A点移到B点，电势能减少 B. 把负电荷从A点移到B点，电场力做正功 C. 把正电荷从B点移到A点，电势能增加 D. 把正电荷从B点移到A点，电场力做正功 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．A点的电势高于B点的电势，则负电荷在A处电势能小于在B处电势能，负电荷从A点移到B点，电势能增大，电场力作负功.所以A错误，B错误;‎ CD．A点的电势高于B点的电势，则正电荷在A处电势能大于在B处电势能，把正电荷从B点移到A点，电势能增加，电场力做负功，所以C正确，D错误.‎ ‎11.如图 ，绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电＋q的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是 （ ）‎ ‎ ‎ A. 小球在运动过程中机械能守恒 B. 小球经过环的最低点时速度最大 C. 小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg＋Eq）‎ D. 小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+ qE）‎ ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒。根据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大。根据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿第二定律求出环对球的支持力，得到球对环的压力。‎ ‎【详解】小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒。故A错误。小球所受的电场力竖直向下，从最高点到最低点的过程中，合力做正功，则根据动能定理得知，动能增大，速度增大，所以小球经过环的最低点时速度最大。故B正确。小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：（mg+qE）R=mv2；又由 N-mg-qE=m，联立解得：N=3（mg+qE）。根据牛顿第三定律得，小球经过环的最低点时对轨道压力N′=N=3（mg+qE）。故C错误，D正确。故选BD。‎ ‎12.如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和-q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（ ）‎ A. 悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mg B. 悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mg C. 悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mg D. 悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 运用整体法研究OA绳与竖直方向的夹角，再隔离B研究，分析AB绳与竖直方向的夹角，得到两夹角的关系，判断系统平衡状态．‎ ‎【详解】ABC．A带正电，受到的电场力水平向右，B带负电，受到的电场力水平向左．以整体为研究对象，分析受力如图．‎ 设OA绳与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得：‎ ‎，‎ 因此；‎ D．而绳子AO的拉力等于2mg；故C正确，AB错误；‎ AB绳子拉力：‎ ‎，‎ 故D正确．‎ 二.填空题（共18分　每空2分）‎ ‎13.描绘一个标有“6V 3W”字样的小灯泡的伏安特性曲线，实验室备有下列器材：‎ a．标有“6V 3W”字样的小灯泡一个；‎ b. 9伏学生电源一个；‎ c．量程为0-9V的电压表，内阻约为15千欧；‎ d．量程为0-3V的电压表，内阻约为3千欧；‎ e．量程为0-0.6A的电流表，内阻约为0.5欧；‎ f．量程为0-3A的电流表，内阻约为0.1欧；‎ g．滑动变阻器（阻值范围0-500欧，允许通过的最大电流0.5A）；‎ h．滑动变阻器（阻值范围0-50欧，允许通过的最大电流1.5A）；电键一个，导线若干．‎ ‎（1）为减小实验误差，方便调节，请在图中给定的四个电路图和上述所给的器材中选取适当的电路和器材，并将它们的编号填在横线上．应选取的电路是____，电压表应选____；电流表应选______；滑动变阻器应选取________．‎ ‎（2）根据实验测定的数据，以电压U为横坐标，电流强度I为纵坐标画出图线，在图中给出的四个I-U图线中，最能反映实际情况的是________，简要说明理由________． ‎ ‎【答案】 (1). C (2). c (3). e (4). h (5). C (6). 灯丝电阻随温度升高而增大 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]因为实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法；因为待测电阻较小满足：‎ 电流表应用外接法，所以应选取的电路是C;‎ ‎[2][3][4]根据小灯泡额定电压为6V可以知道电压表应选择c，小灯泡的额定电流为：‎ 所以电流表应选择e；变阻器采用分压式时变阻器的阻值越小调节越方便，所以变阻器应选择h.‎ ‎(2)[5][6]由：‎ 可以知道图象上的点与原点连线的斜率倒数等于导体的电阻，因为金属的电阻随温度的升高而增大，所以图线上的点与原点连线的斜率应逐渐减小，所以最能反映实际情况的是C.‎ ‎14.在电场强度为500 N/C的匀强电场中，A、B两点相距5 cm，若A、B两点连线是沿着电场方向时，则A、B两点的电势差是______V。若A、B两点连线与电场方向成60°时，则B、A两点的电势差是______V；若A、B两点连线与电场方向垂直时，则A、B两点的电势差是_______V。‎ ‎【答案】 (1). 25V (2). -12.5V (3). 0V ‎【解析】‎ ‎【详解】根据匀强电场的电势差与电场强度的关系：‎ ‎[1]若A、B两点连线是沿着电场方向时：‎ 所以：‎ ‎[2]若A、B两点连线与电场方向成60°时：‎ 所以：‎ 所以：‎ ‎[3]若A、B两点连线与电场方向垂直时，AB两点是等电势点，故AB间的电势差为零.‎ 三、计算题（共34分，15题10分. 16题10分，第一问4分，第二问6分. 17题14分第一问3分，第二问3分，第三问3分，第四问5分写明必要演算步骤、相关数值和单位）‎ ‎15.如图所示，在电场强度E为2.5×104V/m的匀强电场中，将某一电荷量为-4×10-4 C的带负电的点电荷由A点移到B点，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60度角，求： ‎ ‎（1）A、B两点间的电势差UAB； ‎ ‎（2）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；‎ ‎【答案】（1）UAB= 500 V （2）-0.2J ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)根据匀强电场的电势差与电场强度的关系由图可知A、B两点间的电势差为：‎ ‎(2)电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功为：‎ 答：(1)A、B两点间的电势差UAB=500V．‎ ‎(2)电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB= -0.2J．‎ ‎16.一束电子流（忽略其重力）由静止开始在U1的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示。若平行板间的距离为d，板长l.（电子的带电量为e，质量为m）‎ ‎(1)进入平行板的速度v0为多大？‎ ‎(2)如果U1=500V，d=2cm，l=5cm问至少在平行板上加多大电压U2才能使电子不飞出平行板？‎ ‎【答案】（1） （2）160V ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)电子经U1加速时，电场力做正功，根据动能定理可得：‎ 解得：‎ ‎(2)电子飞入平行板电场后做类平抛运动，在水平方向电子做匀速直线运动，最大运动时间：‎ 在竖直方向电子做初速为零的匀加速运动，由电场力提供加速度为：‎ 当电子恰好不从平行板边缘射出时根据运动学公式有：‎ 由以上各式解得：‎ 所以要使电子不飞出平行板，偏转电压至少为160V.‎ 答：(1)进入平行板的速度.‎ ‎(2)至少在平行板上加160V电压才能使电子不飞出平行板.‎ ‎ ‎ ‎ ‎